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文檔簡(jiǎn)介

2020年高考理綜物理真題試卷(新課標(biāo)川)

閱卷人一、選擇題(本題共8小題,每小題6分,共48分。在每小題給出的

四個(gè)選項(xiàng)中,第廣5題只有一項(xiàng)符合題目要求,第6~8有多項(xiàng)符合題

得分目要求,全部選對(duì)的得6分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0

分。)(共5題;共30分)

1.(6分)如圖,水平放置的圓柱形光滑玻璃棒左邊繞有一線圈,右邊套有一金屬圓環(huán)。圓環(huán)初始時(shí)

靜止。將圖中開(kāi)關(guān)S由斷開(kāi)狀態(tài)撥至連接狀態(tài),電路接通的瞬間,可觀察到()

A.撥至M端或N端,圓環(huán)都向左運(yùn)動(dòng)

B.撥至M端或N端,圓環(huán)都向右運(yùn)動(dòng)

C.撥至M端時(shí)圓環(huán)向左運(yùn)動(dòng),撥至N端時(shí)向右運(yùn)動(dòng)

D.撥至M端時(shí)圓環(huán)向右運(yùn)動(dòng),撥至N端時(shí)向左運(yùn)動(dòng)

【答案】B

【解析】【解答】無(wú)論開(kāi)關(guān)S撥至哪一端,當(dāng)把電路接通一瞬間,左邊線圈中的電流從無(wú)到有,電流

在線圈軸線上的磁場(chǎng)從無(wú)到有,從而引起穿過(guò)圓環(huán)的磁通量突然增大,根據(jù)楞次定律(增反減同),

右邊圓環(huán)中產(chǎn)生了與左邊線圈中方向相反的電流,異向電流相互排斥,所以無(wú)論哪種情況,圓環(huán)均

向右運(yùn)動(dòng)。

故答案為:Bo

【分析】結(jié)合電流的方向判斷通電螺線管產(chǎn)生的磁場(chǎng),進(jìn)而判斷出圓環(huán)磁通量的變化,再利用楞次

定律判斷的運(yùn)動(dòng)方向。

2.(6分)甲、乙兩個(gè)物塊在光滑水平桌面上沿同一直線運(yùn)動(dòng),甲追上乙,并與乙發(fā)生碰撞,碰撞前

后甲、乙的速度隨時(shí)間的變化如圖中實(shí)線所示。已知甲的質(zhì)量為1kg,則碰撞過(guò)程兩物塊損失的機(jī)械

能為()

【解析】【解答】由v-t圖可知,碰前甲、乙的速度分別為D平=5m/s,=lm/s.碰后甲、

乙的速度分別為。'尹=-lm/s,vz=2m/s,甲、乙兩物塊碰撞過(guò)程中,由動(dòng)量守恒得

m鏟甲+1nzy乙=租./甲乙6乙

解得小2=6kg

則損失的機(jī)械能為AE二品尹味+品乙吸一/血即彳一品乙噓

解得AE=3/

故答案為:Ao

【分析】v-t圖像中,橫坐標(biāo)為時(shí)間,縱坐標(biāo)為速度,以此讀出兩個(gè)物體的初末速度,利用末狀態(tài)的

機(jī)械能減去初狀態(tài)的機(jī)械能即為系統(tǒng)損失的機(jī)械能。

3.(6分)“嫦娥四號(hào)”探測(cè)器于2019年1月在月球背面成功著陸,著陸前曾繞月球飛行,某段時(shí)間

可認(rèn)為繞月做勻速圓周運(yùn)動(dòng),圓周半徑為月球半徑的K倍。已知地球半徑R是月球半徑的P倍,地

球質(zhì)量是月球質(zhì)量的Q倍,地球表面重力加速度大小為g。貝廣嫦娥四號(hào)”繞月球做圓周運(yùn)動(dòng)的速率

為()

【答案】D

【解析】【解答】假設(shè)在地球表面和月球表面上分別放置質(zhì)量為m和m0的兩個(gè)物體,則在地球和

月球表面處,分別有G^=mg,G%4=mog'

R(?)

2

解得g'D5

設(shè)嫦娥四號(hào)衛(wèi)星的質(zhì)量為m,根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得=

1(冷)KP

解得八意

故答案為:D。

【分析】衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng),萬(wàn)有引力提供向心力,結(jié)合衛(wèi)星的軌道半徑,根據(jù)向心力公式列方程求

解衛(wèi)星的線速度即可。

4.(6分)如圖,懸掛甲物體的細(xì)線拴牢在一不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)繩上0點(diǎn)處;繩的一端固定在墻上,

另一端通過(guò)光滑定滑輪與物體乙相連。甲、乙兩物體質(zhì)量相等。系統(tǒng)平衡時(shí),0點(diǎn)兩側(cè)繩與豎直方

向的夾角分別為a和惘若a=70。,則。等于()

A.45°B.55°C.60°D.70°

【答案】B

【解析】【解答】由于甲、乙兩物體質(zhì)量相等,則設(shè)它們的質(zhì)量為m,對(duì)O點(diǎn)進(jìn)行受力分析,下面繩

子的拉力mg,右邊繩子的拉力mg,左邊繩子的拉力F,如圖所示:

因處于靜止?fàn)顟B(tài),依據(jù)力的平行四邊形定則,則有:

豎直方向:mgcos70°+FcosP=mg

水平方向:mgsiMOWFsin。

因a=70°

聯(lián)立上式,解得:6=55°

故答案為:B?

【分析1對(duì)節(jié)點(diǎn)O進(jìn)行受力分析,在兩個(gè)三個(gè)拉力的作用下,物體處于平衡狀態(tài),其中有兩個(gè)拉力

大小等于兩個(gè)物體的重力,合力為零,根據(jù)該條件列方程分析求解即可。

5.(6分)真空中有一勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁場(chǎng)邊界為兩個(gè)半徑分別為a和3a的同軸圓柱面,磁場(chǎng)的方向與

圓柱軸線平行,其橫截面如圖所示。一速率為v的電子從圓心沿半徑方向進(jìn)入磁場(chǎng)。已知電子質(zhì)量

為m,電荷量為e,忽略重力。為使該電子的運(yùn)動(dòng)被限制在圖中實(shí)線圓圍成的區(qū)域內(nèi),磁場(chǎng)的磁感應(yīng)

強(qiáng)度最小為()

A3mvRmv「3mvn3mv

A?友4HFD,磁

【答案】C

【解析】【解答】為了使電子的運(yùn)動(dòng)被限制在圖中實(shí)線圓圍成的區(qū)域內(nèi),則其運(yùn)動(dòng)軌跡,如圖所示

A點(diǎn)為電子做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心,1?為半徑,由圖可知AABO為直角三角形,則由幾何關(guān)系可得

(3a-fax)2=r2.a*+a2

解得「max=ga;

由洛倫茲力提供向心力eBv=m^

r

解得Bmin=,C符合題意,ABD不符合題意。

故答案為:C,

【分析】帶電粒子在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力,在洛倫茲力的作用下粒子做圓周運(yùn)動(dòng),粒子運(yùn)動(dòng)的半徑

越大,磁感應(yīng)強(qiáng)度越?。焕脦缀侮P(guān)系求解軌道半徑,再結(jié)合向心力公式求解磁感應(yīng)強(qiáng)度。

閱卷人

二、多選題(共3題;共18分)

得分

6.(6分)1934年,約里奧一居里夫婦用a粒子轟擊鋁箔,首次產(chǎn)生了人工放射性同位素X,反應(yīng)方

程為:荊e+抬4-X+徐。X會(huì)衰變成原子核Y,衰變方程為XTY+%,貝U()

A.X的質(zhì)量數(shù)與Y的質(zhì)量數(shù)相等

B.X的電荷數(shù)比Y的電荷數(shù)少1

C.X的電荷數(shù)比弘⑷的電荷數(shù)多2

D.X的質(zhì)量數(shù)與冬⑷的質(zhì)量數(shù)相等

【答案】A,C

【解析】【解答】設(shè)X和y的質(zhì)子數(shù)分別為Hi和n2,質(zhì)量數(shù)分別為mi和m2,則反應(yīng)方程

為羽e+冬4T富X+為,胃Xt郡+?e

根據(jù)反應(yīng)方程質(zhì)子數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒,解得2+13=%,ni=n2+l

4+27=啊+1,叫=牝+0

解得幾1=15,n2=14,mi—30,m2=30

即x的質(zhì)量數(shù)與y的質(zhì)量數(shù)相等,得X電荷數(shù)比召川的電荷數(shù)多2,得X電荷數(shù)比各山的質(zhì)

量數(shù)多3,AC符合題意,BD不符合題意。

故答案為:ACo

【分析】對(duì)于核反應(yīng)方程式,箭頭左右兩端的微觀粒子遵循質(zhì)量數(shù)守恒、能量守恒、電荷守恒,結(jié)

合方程式分析即可。

7.(6分)在圖(a)所示的交流電路中,電源電壓的有效值為220V,理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)

比為10:1,Ri、R2、R3均為固定電阻,R2=10H,R3=200,各電表均為理想電表。已知電阻R?

中電流i2隨時(shí)間t變化的正弦曲線如圖(b)所示。下列說(shuō)法正確的是()

%

圖(a)圖(b)

A.所用交流電的頻率為50HzB.電壓表的示數(shù)為100V

C.電流表的示數(shù)為1.0AD.變壓器傳輸?shù)碾姽β蕿?5.0W

【答案】A,D

【解析】【解答】A.交流電的頻率為T(mén)=0^2s=50"z

A符合題意;

B.通過(guò)R電流的有效值為/=1A

27F

/?2兩端即副線圈兩端的電壓,根據(jù)歐姆定律可知U2=IR2=1x10K=10V

根據(jù)理想變壓器的電壓規(guī)律用=,可知原線圈的電壓力噴力=1。x10V=100,

電阻飛兩端分壓即為電壓表示數(shù),即UV=UO-U1=220V-100V=120V

B不符合題意;

C.電流表的示數(shù)為<4=*=巖4=0.5A

C不符合題意;

D.副線圈中流過(guò)的總電流為/2=/+〃=14+0.5/1=1.54

變壓器原副線圈傳輸?shù)墓β蕿镻=I2U2=15UZ

D符合題意。

故答案為:AD。

【分析】通過(guò)交流電壓的圖像讀出電壓的最大值和角速度,計(jì)算出電壓的有效值和頻率,利用變壓

器原副線圈匝數(shù)比與電壓的關(guān)系求解副線圈的電壓,再利用歐姆定律求解電流,進(jìn)而求解功率。

8.(6分)如圖,/M是銳角三角形PMN最大的內(nèi)角,電荷量為q(q>0)的點(diǎn)電荷固定在P點(diǎn)。下

列說(shuō)法正確的是()

p

A.沿MN邊,從M點(diǎn)到N點(diǎn),電場(chǎng)強(qiáng)度的大小逐漸增大

B.沿MN邊,從M點(diǎn)到N點(diǎn),電勢(shì)先增大后減小

C.正電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能比其在N點(diǎn)的電勢(shì)能大

D.將正電荷從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn),電場(chǎng)力所做的總功為負(fù)

【答案】B,C

【解析】【解答】A.點(diǎn)電荷的電場(chǎng)以點(diǎn)電荷為中心,向四周呈放射狀,如圖

ZM是最大內(nèi)角,所以PN>PM,根據(jù)點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式E=*(或者根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程

度)可知從MTN電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小,A不符合題意;

B.電場(chǎng)線與等勢(shì)面(圖中虛線)處處垂直,沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低,所以從M-N電勢(shì)先增大后

減小,B符合題意;

C.M、N兩點(diǎn)的電勢(shì)大小關(guān)系為<PM>(PN,根據(jù)電勢(shì)能的公式Ep=q<P可知正電荷在M點(diǎn)

的電勢(shì)能大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能,C符合題意;

D.正電荷從M-N,電勢(shì)能減小,電場(chǎng)力所做的總功為正功,D不符合題意。

故答案為:BC。

【分析】結(jié)合點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線模型,電場(chǎng)線密集的區(qū)域電場(chǎng)強(qiáng)度大,沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)減小,電場(chǎng)

力做正功,電勢(shì)能減小,電場(chǎng)力做負(fù)功,電勢(shì)能增加。

閱卷人

三、非選擇題(共4題;共47分)

得分

9.(6分)某同學(xué)利用圖(a)所示裝置驗(yàn)證動(dòng)能定理。調(diào)整木板的傾角平衡摩擦阻力后,掛上鉤

碼,鉤碼下落,帶動(dòng)小車(chē)運(yùn)動(dòng)并打出紙帶。某次實(shí)驗(yàn)得到的紙帶及相關(guān)數(shù)據(jù)如圖(b)所示。

圖(a)

單位:cm

圖(b)

已知打出圖(b)中相鄰兩點(diǎn)的時(shí)間間隔為0.02s,從圖(b)給出的數(shù)據(jù)中可以得到,打出B點(diǎn)

時(shí)小車(chē)的速度大小VB=m/s,打出P點(diǎn)時(shí)小車(chē)的速度大小VP=m/s(結(jié)果均保留2

位小數(shù))。

若要驗(yàn)證動(dòng)能定理,除了需測(cè)量鉤碼的質(zhì)量和小車(chē)的質(zhì)量外,還需要從圖(b)給出的數(shù)據(jù)中求得

的物理量為。

【答案】0.36;1.80;B、P之間的距離

402

【解析】【解答】由勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于平均速度Vb=(°-^xl0-m/

s=0.36m/s

Vp=(57.86-50.66)x10-2m/s=i.80m/s驗(yàn)證動(dòng)能定理需要求出小車(chē)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中拉力對(duì)小車(chē)做的

功,所以需要測(cè)量對(duì)應(yīng)的B、P之間的距離。

【分析】求解B、P兩點(diǎn)的速度等于物體在相鄰兩段中運(yùn)動(dòng)的平均速度,即利用相鄰兩段的長(zhǎng)度除以

對(duì)應(yīng)的時(shí)間即可;已知物體的初末速度可以求解物體動(dòng)能的改變量,那么還需要測(cè)量合外力做功,

即需要測(cè)量重物移動(dòng)的距離。

10.(9分)已知一熱敏電阻當(dāng)溫度從10℃升至6()℃時(shí)阻值從幾千歐姆降至幾百歐姆,某同學(xué)利用伏

安法測(cè)量其阻值隨溫度的變化關(guān)系。所用器材:電源E、開(kāi)關(guān)S、滑動(dòng)變阻器R(最大阻值為20

C)、電壓表(可視為理想電表)和毫安表(內(nèi)阻約為100C)。

(I)(2分)在答題卡上所給的器材符號(hào)之間畫(huà)出連線,組成測(cè)量電路圖。

(2)(2分)實(shí)驗(yàn)時(shí),將熱敏電阻置于溫度控制室中,記錄不同溫度下電壓表和亳安表的示數(shù),

計(jì)算出相應(yīng)的熱敏電阻阻值。若某次測(cè)量中電壓表和毫安表的示數(shù)分別為5.5V和3.0mA,則此時(shí)

熱敏電阻的阻值為.kC(保留2位有效數(shù)字)。實(shí)驗(yàn)中得到的該熱敏電阻阻值R隨溫度t變

圖(b)

(3)(2.5分)將熱敏電阻從溫控室取出置于室溫下,測(cè)得達(dá)到熱平衡后熱敏電阻的阻值為

2.2kC。由圖(a)求得,此時(shí)室溫為℃(保留3位有效數(shù)字)。

(4)(2.5分)利用實(shí)驗(yàn)中的熱敏電阻可以制作溫控報(bào)警器,其電路的一部分如圖(b)所示。圖

中,E為直流電源(電動(dòng)勢(shì)為10V,內(nèi)阻可忽略);當(dāng)圖中的輸出電壓達(dá)到或超過(guò)6.()V時(shí),便觸發(fā)

報(bào)警器(圖中未畫(huà)出)報(bào)警。若要求開(kāi)始報(bào)警時(shí)環(huán)境溫度為50°C,則圖中(填“RJ或

"R2”)應(yīng)使用熱敏電阻,另一固定電阻的阻值應(yīng)為kQ(保留2位有效數(shù)字)。

(2)1.8

(3)25.5

(4)Ri;1.2

【解析】【解答】(1)滑動(dòng)變阻器由用分壓式,電壓表可是為理想表,所以用電流表外接。連線如圖

(2)由部分電路歐姆定律得/?=7=—%,l.SkH

10.3x10

(3)由該電阻的阻值隨溫度變化的曲線直接可讀得:25.5℃。

(4)①溫度升高時(shí),該熱敏電阻阻值減小,分得電壓減少。而溫度高時(shí)輸出電壓要升高,以觸發(fā)報(bào)

警,所以Ri為熱敏電阻。②由圖線可知,溫度為50℃時(shí),Ri=0.8kQ,由歐姆定律可得E=/(&+

此)

U=1R2

代入數(shù)據(jù)解得R2=12k。o

【分析】(1)為了能得到比較多的數(shù)據(jù),采用分壓法,電流表內(nèi)阻比較大,對(duì)電壓影響比較大,故

采用電流表外接法;

(2)結(jié)合電流表和電壓表示數(shù),利用歐姆定律求解電阻的阻值即可;

(3)結(jié)合題目給出的電壓與溫度的圖像求解此時(shí)的溫度即可;

(4)對(duì)圖b電路應(yīng)用閉合電路歐姆定律列方程,對(duì)熱敏電阻應(yīng)用部分電路歐姆定律列方程,聯(lián)立求

解外加電阻的阻值。

11.(12分)如圖,一邊長(zhǎng)為Io的正方形金屬框abed固定在水平面內(nèi),空間存在方向垂直于水平

面、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一長(zhǎng)度大于5/2/0的均勻?qū)w棒以速率v自左向右在金屬框

上勻速滑過(guò),滑動(dòng)過(guò)程中導(dǎo)體棒始終與ac垂直且中點(diǎn)位于ac上,導(dǎo)體棒與金屬框接觸良好。已知導(dǎo)

體棒單位長(zhǎng)度的電阻為r,金屬框電阻可忽略。將導(dǎo)體棒與a點(diǎn)之間的距離記為x,求導(dǎo)體棒所受安

培力的大小隨x(0<%<V2Z0)變化的關(guān)系式。

【答案】解:當(dāng)導(dǎo)體棒與金屬框接觸的兩點(diǎn)間棒的長(zhǎng)度為1時(shí),由法第電磁感應(yīng)定律可知導(dǎo)體棒上感

應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為E=Blv

由歐姆定律可知流過(guò)導(dǎo)體棒的感應(yīng)電流為/=/

式中R為這一段導(dǎo)體棒的電阻。按題意有R=rl

此時(shí)導(dǎo)體棒所受安培力大小為F=BII

{2%,(OWx《氫)

由題設(shè)和幾何關(guān)系有/=]萬(wàn)2

[2(V2/0-x),(^/0<x<V2/0)

(2B2V”/儲(chǔ)、

聯(lián)立各式得昨2-'---X,("0<X<-52-/n)

誓glo—x),(^/0<x<V2Z0)

【解析】【分析】利用法拉第電磁感應(yīng)定律求解電壓的大小,再利用歐姆定律求解回路中電流的大

小;利用左手定則和公式求解安培力的方向,再結(jié)合安培力公式求解導(dǎo)體棒受到的安培力大小。

12.(20分)如圖,相距L=11.5m的兩平臺(tái)位于同一水平面內(nèi),二者之間用傳送帶相接。傳送帶向右

勻速運(yùn)動(dòng),其速度的大小V可以由驅(qū)動(dòng)系統(tǒng)根據(jù)需要設(shè)定。質(zhì)量m=10kg的載物箱(可視為質(zhì)點(diǎn)),

以初速度v°=5.0m/s自左側(cè)平臺(tái)滑上傳送帶。載物箱與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)產(chǎn)(M0,重力加速度

取2

g=10m/so

(1)(6.5分)若v=4.0m/s,求載物箱通過(guò)傳送帶所需的時(shí)間;

(2)(6.5分)求載物箱到達(dá)右側(cè)平臺(tái)時(shí)所能達(dá)到的最大速度和最小速度;

(3)(7分)若v=6.0m/s,載物箱滑上傳送帶4t=1|s后,傳送帶速度突然變?yōu)榱?。求載物箱

從左側(cè)平臺(tái)向右側(cè)平臺(tái)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,傳送帶對(duì)它的沖量。

【答案】(1)解:傳送帶的速度為v=4.0m/s時(shí),載物箱在傳送帶上先做勻減速運(yùn)動(dòng),設(shè)其加速

度為a,由牛頓第二定律有:=ma①

設(shè)載物箱滑上傳送帶后勻減速運(yùn)動(dòng)的距離為Xi,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有/-詔=-2axi②

聯(lián)立①②式,代入題給數(shù)據(jù)得xi=4.5m;③

因此,載物箱在到達(dá)右側(cè)平臺(tái)前,速度先減小至v,然后開(kāi)始做勻速運(yùn)動(dòng),設(shè)載物箱從滑上傳送帶到

離開(kāi)傳送帶所用的時(shí)間為L(zhǎng),做勻減速運(yùn)動(dòng)所用的時(shí)間為t2,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有〃-at?④

ti=b+第⑤

聯(lián)立①③④⑤式并代入題給數(shù)據(jù)有ti=2.75s;⑥

(2)解:當(dāng)載物箱滑上傳送帶后一直做勻減速運(yùn)動(dòng)時(shí),到達(dá)右側(cè)平臺(tái)時(shí)的速度最小,設(shè)為vi,當(dāng)載

物箱滑上傳送帶后一直做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí),到達(dá)右側(cè)平臺(tái)時(shí)的速度最大,設(shè)為V2住動(dòng)能定理有

-limgL=

limgL=^mv2-話⑧

由⑦⑧式并代入題給條件得

Vj=\[2m/s,v2=4V3m/s(9)

(3)解:傳送帶的速度為v=6.0m/s時(shí),由于為<u<〃2,載物箱先做勻加速運(yùn)動(dòng),加速度大

小仍a。設(shè)載物箱做勻加速運(yùn)動(dòng)通過(guò)的距離為X2,所用時(shí)間為t3,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有V=%+成3⑩

v2—VQ=2a%2?

聯(lián)立①⑩?式并代入題給數(shù)據(jù)得t3=l.Os?

X2=5.5m?

因此載物箱加速運(yùn)動(dòng)1.0s、向右運(yùn)動(dòng)5.5m時(shí),達(dá)到與傳送帶相同的速度。此后載物箱與傳送帶共同

勻速運(yùn)動(dòng)(a-土3)的時(shí)間后,傳送帶突然停止,設(shè)載物箱勻速運(yùn)動(dòng)通過(guò)的距離為X3有右=破加-

t3)?

由①式可知2

???|mv>iimg(L—x2—X3)

即載物箱運(yùn)動(dòng)到右側(cè)平臺(tái)時(shí)速度大于零,設(shè)為由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有,2

V3,vj-v=-2a(L-%2-

%3)?

設(shè)載物箱通過(guò)傳遠(yuǎn)帶的過(guò)程中,傳送帶對(duì)它的沖量為I,由動(dòng)量定理有/=m(%-Vo)

代題給數(shù)據(jù)得I=0

【解析】【分析】(1)對(duì)物體進(jìn)行受力分析,利用牛頓第二定律求解物體的加速度,利用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式

求解物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間;

(2)摩擦力對(duì)物體做正功,物體的速度增加,摩擦力做負(fù)功,速度減小,對(duì)物體進(jìn)行受力分析,利

用動(dòng)能定理列方程求解末速度;

(3)結(jié)合物體的加速度和運(yùn)動(dòng)時(shí)間,利用公式求解當(dāng)傳送帶靜止時(shí)物體的速度,進(jìn)而求解物體滑出

傳送帶是的速度,利用動(dòng)量定理求解摩擦力沖量即可。

閱卷入

------------------四、[物理一選修3-3]供1題;共15分)

得分

13.(15分)

(1)(7.5分)如圖,一開(kāi)口向上的導(dǎo)熱氣缸內(nèi)。用活塞封閉了一定質(zhì)量的理想氣體,活塞與氣缸

壁間無(wú)摩擦?,F(xiàn)用外力作用在活塞上。使其緩慢下降。環(huán)境溫度保持不變,系統(tǒng)始終處于平衡狀

態(tài)。在活塞下降過(guò)程中()

Ml

A.氣體體積逐漸減小,內(nèi)能增知

B.氣體壓強(qiáng)逐漸增大,內(nèi)能不變

C.氣體壓強(qiáng)逐漸增大,放出熱量

D.外界對(duì)氣體做功,氣體內(nèi)能不變

E.外界對(duì)氣體做功,氣體吸收熱量

(2)(7.5分)如圖,兩側(cè)粗細(xì)均勻、橫截面積相等、高度均為H=18cm的U型管,左管上端封

閉,右管上端開(kāi)口。右管中有高h(yuǎn)o=4cm的水銀柱,水銀柱上表面離管口的距離1=12cm。管底水平

段的體積可忽略。環(huán)境溫度為T(mén)i=283K。大氣壓強(qiáng)po=76cmHg。

(i)現(xiàn)從右側(cè)端口緩慢注入水銀(與原水銀柱之間無(wú)氣隙),恰好使水銀柱下端到達(dá)右管底部。

此時(shí)水銀柱的高度為多少?

(ii)再將左管中密封氣體緩慢加熱,使水銀柱上表面恰與右管口平齊,此時(shí)密封氣體的溫度為

多少?

【答案】(1)B;C;D

(2)解:(i)設(shè)密封氣體初始體積為V”壓強(qiáng)為pi,左、右管的截面積均為S,密封氣體先經(jīng)等溫

壓縮過(guò)程體積變?yōu)閂2,壓強(qiáng)變?yōu)镻2.由玻意耳定律有P.V1=p2V2

設(shè)注入水銀后水銀柱高度為h,水銀的密度為p,按題設(shè)條件有pi=p0+pg/io,P2=P0+

P9h

%=S(2H-l-h0),V2=SH

聯(lián)立以上式子并代入題給數(shù)據(jù)得h=12.9cm;

由蓋-呂薩克定律有知中

(ii)密封氣體再經(jīng)等壓膨脹過(guò)程體積變?yōu)閂3,溫度變?yōu)門(mén)2,

按題設(shè)條件有匕=S(2H-h)

代入題給數(shù)據(jù)得T2=363K

【解析】【解答】(1)A.理想氣體的內(nèi)能與溫度之間唯一決定,溫度保持不變,所以內(nèi)能不變。A

不符合題意;

B.由理想氣體狀態(tài)方程挈=。,可知體積減少,溫度不變,所以壓強(qiáng)增大。因?yàn)闇囟炔蛔?,?nèi)能

不變。B符合題意;

CE.由理想氣體狀態(tài)方程即=。,可知體積減少,溫度不變,所以壓強(qiáng)增大。體積減少,外接對(duì)

系統(tǒng)做功,且內(nèi)能不變,由熱力學(xué)第一定律AU=W+Q可知,系統(tǒng)放熱.C符合題意;E不符合

題意。

D.體積減少,外接對(duì)系統(tǒng)做功。理想氣體的內(nèi)能與溫度之間唯一決定,溫度保持不變,所以內(nèi)能不

變。D符合題意。

故答案為:BCDo

【分析】(1)利用熱力學(xué)第一定律AU=Q-W求解氣體內(nèi)能的變化即可,其中Q氣體的吸熱,W是

氣體對(duì)外界做的功;

(2)氣體做等溫變化,結(jié)合氣體初狀態(tài)和末狀態(tài)的壓強(qiáng)和體積,利用波意爾定律列方程求解末狀態(tài)

的體積;氣體做等壓變化,結(jié)合氣體初狀態(tài)和末狀態(tài)的體積和溫度,利用蓋一呂薩克定律列方程求

解末狀態(tài)的溫度即可。

閱卷人

五、[選修3-4](共1題;共15分)

得分

14.(15分)

(1)(7$分)如圖,一列簡(jiǎn)諧橫波平行于x軸傳播,圖中的實(shí)線和虛線分別為t=0和t=0.1s時(shí)

的波形圖。已知平衡位置在x=6m處的質(zhì)點(diǎn),在0到0.1s時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)方向不變。這列簡(jiǎn)諧波的周期

為s,波速為m/s,傳播方向沿x軸(填“正方向''或"負(fù)方向

(2)(7.5分)如圖,一折射率為V3的材料制作的三棱鏡,其橫截面為直角三角形ABC,

ZA=90°,NB=30。。一束平行光平行于BC邊從AB邊射入棱鏡,不計(jì)光線在棱鏡內(nèi)的多次反射,

求AC邊與BC邊上有光出射區(qū)域的長(zhǎng)度的比值。

【答案】(1)0.4;10;負(fù)方向

(2)解:設(shè)從D點(diǎn)入射的光線經(jīng)折射后恰好射向C點(diǎn),光在AB邊上的入射角為國(guó),折射角

為出,如圖所示

A

仇D

由折射定律有sin%=nsin02

設(shè)從DB范圍入射的光折射后在BC邊上的入射角為8,,由幾何關(guān)系有夕=30。+%

代入題中數(shù)據(jù)解得劭=30°

nsin0z>1

所以從DB范圍入射的光折射后在BC邊上發(fā)生全反射,反射光線垂直射到AC邊,AC邊上全

部有光射出。設(shè)從AD范圍入射的光折射后在AC邊上的入射角為6",如圖所示

由幾何關(guān)系可知e"=90°-e2

根據(jù)已知條件可知nsin?!?gt;1

即從AD范圍入射的光折射后在AC邊上發(fā)生全反射,反射光線垂直射到BC邊上。設(shè)BC邊上

有光線射出的部分為CF,由幾何關(guān)系得CF=AC-sin30°

AC邊與BC邊有光射出區(qū)域的長(zhǎng)度比值為第=2

【解析】【解答】(1)因?yàn)閤=6m處的質(zhì)點(diǎn)在0?0.1s內(nèi)運(yùn)動(dòng)方向不變,所以該處質(zhì)點(diǎn)從正向位

移最大處經(jīng)過(guò)四分之一個(gè)周期向下運(yùn)動(dòng)至平衡位置處,即1r=0.1s

解得周期為T(mén)=0.4s,所以波速為》=*=黑=10m/s

在虛線上,x=6m處的質(zhì)點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng),根據(jù)同側(cè)法可知波沿x軸負(fù)方向傳播。

【分析】(1)通過(guò)圖像讀出波的波長(zhǎng),結(jié)合波移動(dòng)的距離和對(duì)應(yīng)的時(shí)間求解波速,進(jìn)而求出波的周

期;根據(jù)6m處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向求解波傳播的方向;

(2)結(jié)合光線的入射角和介質(zhì)的折射率,利用折射定律求解折射角,再根據(jù)光的全反射大致畫(huà)出光

的傳播路徑,進(jìn)而求解區(qū)域的比值關(guān)系。

試題分析部分

1、試卷總體分布分析

總分:125分

客觀題(占比)48.0(38.4%)

分值分布

主觀題(占比)77.0(61.6%)

客觀題(占比)8(57.1%)

題量分布

主觀題(占比)6(42.9%)

2、試卷題量分布分析

大題題型題目量(占比)分值(占比)

選擇題(本題共8小

題,每小題6分,共

48分。在每小題給

出的四個(gè)選項(xiàng)中,第

1~5題只有一項(xiàng)符合

題目要求,第6~85(35.7%)30.0(24.0%)

有多項(xiàng)符合題目要

求,全部選對(duì)的得6

分,選對(duì)但不全的得

3分,有選錯(cuò)的得0

分。)

非選擇題4(28.6%)47.0(37.6%)

[物理一選修3-3]1(7.1%)15.0(12.0%)

多選題3(21.4%)18.0(14.4%)

[選修3-4]1(7.1%)15.0(12.0%)

3、試卷難度結(jié)構(gòu)分析

序號(hào)難易度占比

1普通(57.1%)

2容易(42.9%)

4、試卷知識(shí)點(diǎn)分析

序號(hào)知識(shí)點(diǎn)(認(rèn)知水平)分值(占比)對(duì)應(yīng)題號(hào)

1電場(chǎng)強(qiáng)度和電場(chǎng)線6.0(4.8%)8

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