2022-2023學(xué)年山西省長(zhǎng)治市上黨區(qū)第一中學(xué)高二上學(xué)期期末物理試題（解析版）

長(zhǎng)治市上黨區(qū)一中高二期末考試卷物理考生注意：1.本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。2.答題前，考生務(wù)必用直徑0.5毫米黑色黑水簽字筆將密封線內(nèi)項(xiàng)目填寫清楚。3.考生作答時(shí)，請(qǐng)將答案答在答題卡上。選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑；非選擇題請(qǐng)用直徑0.5毫米黑色黑水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效，在試題卷、草稿紙上作答無效。4.本卷命題范圍：必修第一冊(cè)，第二冊(cè)，第三冊(cè)，選擇性必修第一冊(cè)，選擇性必修第二冊(cè)第一章。一、選擇題（本題共12小題，每小題4分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～8題只有一項(xiàng)符合題目要求，第9～12題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）1.質(zhì)量為0.1kg的彈性小球從空中某高度由靜止開始下落，該下落過程對(duì)應(yīng)的圖像如圖所示，0.5s時(shí)球與水平地面相碰，離開地面時(shí)的速度為碰撞前的，設(shè)球受到空氣阻力的大小恒為，重力加速度取，下列說法正確的是（）A.下降過程的平均速度大小與上升過程的平均速度大小之比為2∶1B.彈性小球受到的空氣阻力的大小為0.4NC.下降過程與上升過程的加速度大小之比為2∶3D.彈性小球第一次碰撞后反彈的最大高度為0.25m【答案】C【解析】【詳解】A．設(shè)下降過程的末速度為v1，由題意可得上升過程的初速度大小為下降過程的平均速度為上升過程的平均速度大小為綜合比較可得A錯(cuò)誤；B．下降過程，由速度時(shí)間關(guān)系可得由牛頓第二定律可得由題圖可得綜合解得B錯(cuò)誤；C．上升過程，由牛頓第二定律可得解得則有C正確；D．上升過程由速度位移關(guān)系式可得結(jié)合綜合解得D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示，質(zhì)量為的物體靜止在光滑水平地面上，時(shí)對(duì)物體施加一與水平方向夾角為、大小為的恒力，，，則下列說法正確的是（）A.末物體的動(dòng)能大小為 B.經(jīng)過力F做功為C.末力F的功率為 D.前力F的平均功率為【答案】C【解析】【詳解】A．對(duì)物體進(jìn)行受力分析可知，物體再水平面上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故在水平方向上由牛頓第二定律可得解得設(shè)1s末物體的動(dòng)能為Ek，則由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律及動(dòng)能定理可得解得故A錯(cuò)誤；B．設(shè)2s末物體的速度為v，則由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得故由動(dòng)能定理可得，經(jīng)過2s力F做功為故B錯(cuò)誤；C．末力F的功率為故C正確；D．前力F的平均功率為故D錯(cuò)誤。故選C?！军c(diǎn)睛】明確物體的運(yùn)動(dòng)情況，熟悉動(dòng)能的定義，掌握平均功率和瞬時(shí)功率之間的區(qū)別。3.一個(gè)單擺在地面上做受迫振動(dòng)，其共振曲線（振幅A與驅(qū)動(dòng)力頻率f的關(guān)系）如圖所示，則（）A.此單擺的固有周期約為0.5s B.此單擺的擺長(zhǎng)約為1mC.若擺長(zhǎng)增大，單擺的固有頻率增大 D.若擺長(zhǎng)增大，共振曲線的峰將向右移動(dòng)【答案】B【解析】【詳解】A．由共振曲線可知，此單擺的固有頻率約為所以，固有周期約為故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)單擺周期公式得故B正確；CD．根據(jù)單擺周期公式得，若擺長(zhǎng)增大，則單擺的固有周期增大，所以固有頻率減小，共振曲線的峰將向左移動(dòng)，故CD錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示，等邊三角形線框LMN由三根相同的導(dǎo)體棒連接而成，固定于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直，線框頂點(diǎn)M、N與直流電源兩端相接。已知導(dǎo)體棒MN受到的安培力大小為2F，則線框LMN受到的安培力的大小為（）A.2F B.3F C.4F D.0【答案】B【解析】【詳解】設(shè)導(dǎo)體棒MN長(zhǎng)度為l，MN棒中電流為I，則其受到的安培力大小MLN的電阻是MN棒電阻的兩倍，二者并聯(lián)，兩端電壓相同，則流過MLN的電流為0.5I，MLN受到的安培力的合力為MN棒和MLN受到的安培力方向相同，故線框LMN受到的安培力大小為3F。故選B。【點(diǎn)睛】確定電路的連接方式，根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律，確定電流電壓之間的關(guān)系，再根據(jù)安培定則判斷各部分所受安培力的大小和方向。最后根據(jù)力的合成與分解進(jìn)行解答即可。5.如圖所示，把一矩形均勻薄玻璃板ABCD壓在另一個(gè)矩形平行玻璃板上，一端用薄片墊起，將紅單色光從上方射入，這時(shí)可以看到明暗相間的條紋，下列關(guān)于這些條紋的說法中正確的是（）A.條紋方向與AB邊平行B.條紋間距不是均勻的，越靠近BC邊條紋問距越大C.減小薄片的厚度，條紋間距變小D.將紅單色光換為藍(lán)單色光照射，則條紋間距變小【答案】D【解析】【分析】【詳解】A．薄膜干涉的光程差（d為薄膜厚度），厚度相同處產(chǎn)生的條紋明暗情況相同，因此條紋應(yīng)與BC邊平行，故A錯(cuò)誤；B．因?yàn)閮刹Ａчg形成空氣膜厚度均勻變化，因此條紋是等間距的，故B錯(cuò)誤；C．減小薄片厚度，條紋間距將增大，故C錯(cuò)誤；D．將紅光換成藍(lán)光照射，入射光波長(zhǎng)減小，條紋間距將減小，故D正確。故選D。6.假如水星和地球在同一平面內(nèi)繞太陽公轉(zhuǎn)，把公轉(zhuǎn)軌道均視為網(wǎng)形，如圖所示，在地球上觀測(cè)，發(fā)現(xiàn)水星與太陽可呈現(xiàn)的視角（把太陽和水星均視為質(zhì)點(diǎn)，它們與眼睛連線的夾角）有最大值，已知最大視角的正弦值為k，引力常量為G，下列說法正確的是（）A.若水星與太陽的距離為r，地球與太陽之間的距離為R，則B.水星的公轉(zhuǎn)周期為年C.若地球的公轉(zhuǎn)周期為，水星與太陽之間的距離為r，則水星的加速度為D.若水星的公轉(zhuǎn)周期為，地球與太陽之間的距離為R，則太陽的質(zhì)量為【答案】D【解析】【詳解】A．分析可知，當(dāng)?shù)厍蚝退堑倪B線與水星軌跡相切時(shí)，太陽和水星分別與眼睛連線的夾角最大，則化簡(jiǎn)得故A錯(cuò)誤；B．由開普勒第三定律可知結(jié)合解得故B錯(cuò)誤；C．水星的加速度為故C錯(cuò)誤；D．對(duì)水星，由萬有引力提供向心力得結(jié)合解得故D正確。故選D。7.一水平長(zhǎng)繩上系著一個(gè)彈簧和小球組成的振動(dòng)系統(tǒng)，小球振動(dòng)的固有頻率為2Hz，現(xiàn)在長(zhǎng)繩兩端分別有一振源P、Q同時(shí)開始以相同振幅A。上下振動(dòng)了一段時(shí)間，某時(shí)刻兩個(gè)振源在長(zhǎng)繩上形成波形如圖所示，兩列波先后間隔一段時(shí)間經(jīng)過彈簧振子所在位置，觀察到小球先后出現(xiàn)了兩次振動(dòng)，小球第一次振動(dòng)時(shí)起振方向向上，且振動(dòng)并不顯著，而小球第二次發(fā)生了共振現(xiàn)象，則（）A.由Q振源產(chǎn)生的波先到達(dá)彈簧振子處B.兩列波可能形成干涉C.由Q振源產(chǎn)生的波的波速較接近4m/sD.繩上不會(huì)出現(xiàn)振動(dòng)位移大小為2A的點(diǎn)【答案】C【解析】【詳解】A．因?yàn)樾∏虻谝淮握駝?dòng)時(shí)起振方向向上，根據(jù)P、Q振源產(chǎn)生波的波形可知，由P振源產(chǎn)生的波先到達(dá)彈簧振子處，故A錯(cuò)誤；BC．由題意可知，P、Q兩振源的頻率不等，所以不能形成干涉。其中Q的頻率比較接近小球振動(dòng)的固有頻率2Hz，所以由Q振源產(chǎn)生的波的波速較接近于故B錯(cuò)誤，C正確；D．雖然兩列波的頻率不同，不會(huì)產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉，但根據(jù)波的疊加原理，在繩上一定會(huì)有這兩列波的波峰與波峰相遇、波谷與波谷相遇的位置，此位置質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)位移大小為2A，故D錯(cuò)誤。故選C。8.如圖所示，電源的電動(dòng)勢(shì)為E＝12V、內(nèi)阻為r＝2Ω，定值電阻、、，電容器的電容為，閉合開關(guān)、。則下列說法正確的是（）A.電容器所帶的電荷量為B.流過的電流是電流的2倍C.斷開開關(guān)，電容器所帶的電荷量不變D.斷開開關(guān)，電源內(nèi)部消耗的功率增大【答案】B【解析】【詳解】A．閉合開關(guān)、，R2、R3并聯(lián)，并聯(lián)后電阻阻值為根據(jù)串聯(lián)電路分壓特點(diǎn)有電容器所帶的電荷量為故A錯(cuò)誤；B．R2、R3電阻相等，通過R2、R3的電流相等，則流過的電流是電流的2倍，故B正確；C．?dāng)嚅_開關(guān)，兩端的電壓為電容器所帶的電荷量為則電容器所帶的電荷量變化，故C錯(cuò)誤；D．?dāng)嚅_開關(guān)，電路的總電阻增大，總電流減小，根據(jù)電源內(nèi)部消耗的功率減小，故D錯(cuò)誤。故選B。9.A、B、C三條平行光線垂直于半圓柱體玻璃磚的截面直徑從空氣射向玻璃磚，如圖所示，光線B正好過圓心O，光線A、C從光線B的兩側(cè)對(duì)稱入射，光線A、C從玻璃磚右表面進(jìn)入空氣后與光線B交于D、E。下列說法正確的有（）A.玻璃對(duì)A光的折射率大于對(duì)B光的折射率 B.玻璃對(duì)A光的折射率大于對(duì)C光的折射率C.玻璃對(duì)三種光的折射率關(guān)系為 D.A光穿過該半圓柱體玻璃磚所需時(shí)間比C光長(zhǎng)【答案】BD【解析】【詳解】AC．由于B光入射角為，故無法判斷玻璃對(duì)B光的折射率大小，A、C錯(cuò)誤；B．由圖可知，A光和C光入射角相同，但A光折射角較小，根據(jù)折射率公式可知，玻璃對(duì)A光的折射率大于對(duì)C光的折射率，B正確；D．根據(jù)公式由于A光的折射率大，則A光在玻璃中的傳播速度較小，又由圖可知A光在玻璃磚中的傳播路徑較長(zhǎng)，故A光穿過該半圓柱體玻璃磚所需時(shí)間比C光長(zhǎng)，D正確。故選BD。10.一只質(zhì)量為的烏賊吸入的水，靜止在水中。遇到危險(xiǎn)時(shí)，它在百分之一秒時(shí)間內(nèi)把吸入的水向后全部噴出，以2m/s的速度向前逃竄。以下說法正確的是（）A.該烏賊與噴出的水的動(dòng)量變化大小相等、方向相同B.該烏賊噴出的水的速度大小為28m/sC.該烏賊在這一次逃竄過程中消耗的能量為D.該烏賊噴出水的過程中對(duì)水的平均作用力大小為280N【答案】BD【解析】【詳解】A．烏賊噴水過程時(shí)間較短,系統(tǒng)內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，系統(tǒng)動(dòng)量守恒,則該烏賊與噴出水的動(dòng)量變化大小相等、方向相反，故A錯(cuò)誤；B．選取烏賊逃竄的方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒定律得解得故B正確；C．該烏賊在這一次逃竄過程中消耗的能量故C錯(cuò)誤；D．該烏賊噴出水的過程中對(duì)水的平均作用力大小為解得故D項(xiàng)正確。故選BD。11.如圖甲所示，長(zhǎng)為的兩塊平行金屬板A、B水平放置，兩金屬板間接如圖乙所示的電壓，一質(zhì)量為、電荷量為的小球在時(shí)刻從貼近上極板的邊緣以沿水平方向的初速度進(jìn)入電場(chǎng)，一段時(shí)間后小球垂直撞在平行金屬板右側(cè)豎直放置的彈性絕緣板MN上并被原速反彈。不計(jì)小球與彈性板碰撞的時(shí)間，且在碰撞過程中小球的電荷量不發(fā)生變化，重力加速度為。下列說法正確的（）A.時(shí)刻兩極板間的電壓與兩極板間距離的關(guān)系為B.兩極板間距離的最小值為C.小球在運(yùn)動(dòng)過程中的最大動(dòng)能為D.當(dāng)時(shí)，小球回到出發(fā)點(diǎn)【答案】ACD【解析】【詳解】A．由題意可知小球時(shí)以沿水平方向的速度撞在彈性板上，小球在豎直方向上一定先加速后減速，所以小球受到的電場(chǎng)力方向一定豎直向上，當(dāng)電壓為時(shí)有當(dāng)電壓為時(shí)有且小球時(shí)以沿水平方向的速度撞在彈性板上，豎直方向速度剛好減速為0，則有解得故A正確；B．由A項(xiàng)分析可得小球在時(shí)豎直方向的速度時(shí)間內(nèi)小球在豎直方向上的位移時(shí)間內(nèi)小球在豎直方向上的位移所以兩極板間的距離B錯(cuò)誤；小球在時(shí)在豎直方向上的速度最大，此時(shí)小球的動(dòng)能最大，則C正確；D．小球在豎直方向上一定先加速后減速，所以小球受到的電場(chǎng)力方向一定豎直向上，當(dāng)電壓為時(shí)豎直方向加速度大小有則在時(shí)間內(nèi)豎直方向位移大小為當(dāng)電壓為時(shí)豎直方向加速度大小有則在時(shí)間內(nèi)豎直方向位移大小為即時(shí)小球在豎直方向只回到時(shí)間內(nèi)加速結(jié)束時(shí)的高度，設(shè)時(shí)的速度為，且有則時(shí)間內(nèi)小球在豎直方向一直向上做減速運(yùn)動(dòng)，且向上減速所走的位移為滿足即當(dāng)時(shí)，小球回到出發(fā)點(diǎn)，故D正確。故選ACD。12.如圖所示，半徑為的圓形區(qū)域中有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫出），磁感應(yīng)強(qiáng)度，一比荷為的帶正電粒子從圓形磁場(chǎng)邊界上的點(diǎn)以的速度垂直直徑射入磁場(chǎng)，恰好從點(diǎn)射出，且，下列選項(xiàng)正確的是（）A.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑為B.粒子從點(diǎn)射出方向豎直向下C.若粒子改為從圓形磁場(chǎng)邊界上的點(diǎn)以相同的速度入射，一定從點(diǎn)射出D.若要實(shí)現(xiàn)帶電粒子從點(diǎn)入射，從點(diǎn)出射，則所加圓形磁場(chǎng)的最小面積可調(diào)整為【答案】AC【解析】【詳解】A．根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得解得A正確；BD．如圖所示，連接兩點(diǎn)由單邊磁場(chǎng)的特點(diǎn)可知，入射方向與的夾角等于出射方向與的夾角，故粒子從點(diǎn)射出方向不是豎直向下的，若要實(shí)現(xiàn)帶電粒子從點(diǎn)入射，從點(diǎn)出射，則所加圓形磁場(chǎng)的直徑為時(shí)對(duì)應(yīng)的面積最小，最小面積為B錯(cuò)誤，D正確；C．如圖所示若粒子改為從圓形磁場(chǎng)邊界上的點(diǎn)以相同的速度入射，入射方向與垂直，由上分析可知，四邊形是個(gè)菱形，對(duì)邊互相平行，豎直向下，由此可知，粒子一定從點(diǎn)射出，C正確。故選AC。二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共12分）13.如圖甲為用單擺測(cè)重力加速度實(shí)驗(yàn)裝置，在實(shí)驗(yàn)中用最小刻度為的刻度尺測(cè)擺長(zhǎng)，測(cè)量情況如圖乙所示。（1）下列說法正確的有_________。（填字母）A．測(cè)擺長(zhǎng)時(shí)，擺線應(yīng)接好擺球，使擺球處于自然下垂?fàn)顟B(tài)B．?dāng)[長(zhǎng)等于擺線的長(zhǎng)度加上擺球的直徑C．測(cè)單擺的周期時(shí)，應(yīng)從擺球經(jīng)過最高點(diǎn)速度為0時(shí)開始計(jì)時(shí)D．如果有兩個(gè)大小相等且都帶孔的銅球和木球，應(yīng)選用木球作擺球（2）為懸掛點(diǎn)，從圖乙可知單擺的擺長(zhǎng)為_________。（3）若用表示單擺的擺長(zhǎng)，表示單擺振動(dòng)周期，可求出當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮________。（4）若把該單擺放在月球上，則其擺動(dòng)周期_________（填“變大”“變小”或“不變”）?！敬鸢浮竣?A②.（均可）③.④.變大【解析】【詳解】（1）[1]A．測(cè)擺長(zhǎng)時(shí)擺線應(yīng)接好擺球，使擺球處于自然下垂?fàn)顟B(tài)，否則，擺長(zhǎng)的測(cè)量不準(zhǔn)確，故A正確；B．?dāng)[長(zhǎng)等于擺線長(zhǎng)度加上擺球的半徑，故B錯(cuò)誤；C．計(jì)時(shí)應(yīng)從擺球經(jīng)過平衡位置（或最低點(diǎn)）時(shí)開始計(jì)時(shí)，測(cè)多次全振動(dòng)所用時(shí)間后求出周期的平均值，故C錯(cuò)誤；D．?dāng)[球應(yīng)選擇質(zhì)量大一些、體積小一些的小球，如果有兩個(gè)大小相等且都帶孔的銅球和木球，應(yīng)選用銅球作擺球，故D錯(cuò)誤。故選A。（2）[2]從懸點(diǎn)到球心的距離即為擺長(zhǎng)，由圖可讀出擺長(zhǎng)；（3）[3]若用表示單擺的擺長(zhǎng)，表示單擺振動(dòng)周期，由單擺的周期公式，可求出當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮。?）[4]由于月球上的重力加速度比地球上的重力加速度小，所以將同一單擺放在月球上時(shí)，其擺動(dòng)周期將變大。14.某同學(xué)將微安表改裝成多量程電流表并進(jìn)行校準(zhǔn)：（1）該同學(xué)要將一量程為的微安表（如圖）改裝為量程為的電流表，測(cè)得微安表內(nèi)阻為，需要________（填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”）阻值________的電阻。（2）關(guān)于將微安表改裝成大量程的電流表，下列說法正確的是_________。A．改裝原理為并聯(lián)電阻能增大通過微安表的電流B．改裝成電流表后，微安表本身允許通過的最大電流并不改變C．改裝后，微安表自身的電阻減小了D．改裝后使用時(shí)，微安表本身的參量都不變，整個(gè)并聯(lián)電路允許通過的電流增大（3）若把改裝的電流表與標(biāo)準(zhǔn)的電流表串聯(lián)進(jìn)行校準(zhǔn)，發(fā)現(xiàn)改裝表的示數(shù)比標(biāo)準(zhǔn)表的示數(shù)偏小。①出現(xiàn)這種問題如果是因?yàn)槲脖韮?nèi)阻的測(cè)量有誤差造成的，微安表的實(shí)際內(nèi)阻稍_________（選填“大于”或“小于”）。②下列措施可使讀數(shù)變準(zhǔn)確的是__________。A．在上并聯(lián)一比小得多的電阻B．在上并聯(lián)一比大得多的電阻C．在上串聯(lián)一比小得多的電阻D．在上串聯(lián)一比大得多的電阻【答案】①.并聯(lián)②.250③.BD##DB④.大于⑤.C【解析】【詳解】（1）[1][2]將小量程的電流變改裝成大量程的電流表時(shí)應(yīng)該并聯(lián)一個(gè)小電阻，小電阻起到分流作用，并聯(lián)電阻的阻值（2）[3]把表頭改裝成大量程的電流表時(shí)，只是并聯(lián)了一個(gè)分流電阻，使整體并聯(lián)電路允許通過的最大電流增大，但通過微安表的最大電流以及微安表自身的內(nèi)電阻等各種特征量都不變。故選BD。（3）[4]根據(jù)并聯(lián)電路的分流，改裝后電流表示數(shù)偏小，即流過微安表的電流偏小，可推斷微安表實(shí)際阻值應(yīng)稍大于。[5]發(fā)現(xiàn)改裝表的示數(shù)比標(biāo)準(zhǔn)表的示數(shù)偏小，說明流過表頭的電流偏小，并聯(lián)的電阻R0稍小了些，要使電流表讀數(shù)準(zhǔn)確，應(yīng)使并聯(lián)電阻稍大些，故在上串聯(lián)一個(gè)很小的電阻。故選C。三、計(jì)算題（本題共4小題，共40分。作答時(shí)應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）15.如圖所示，上端開口的直圓筒放在水平地面上，在筒底中心固定一個(gè)點(diǎn)光源，在圓筒口上端水平固定一個(gè)大光屏，觀察光源照亮光屏的面積。已知圓筒深度為，圓筒底部圓的半徑為，光屏與圓筒口上端距離為，已知水的折射率。（1）若筒中不注入水，畫出光源能照亮光屏的區(qū)域的示意圖（畫出一束光線的光路即可），并求光屏被光源照亮的區(qū)域半徑；（2）當(dāng)筒中注入深的水時(shí)，射向圓筒口邊緣的光線的折射角的正弦值為0.8，畫出光源能照亮光屏的區(qū)域的示意圖（畫出一束光線的光路即可），并求光屏被光源照亮的區(qū)域半徑?！敬鸢浮浚?）示意圖見解析，；（2）示意圖見解析，【解析】【詳解】（1）若筒中不注入水，光線在空氣中沿直線傳播，光源能照亮光屏的區(qū)域如圖所示設(shè)光屏被光源照亮的區(qū)域半徑為R，則有解得（2）當(dāng)筒中注入深的水時(shí)，光線在水面上折射后能照亮光屏的區(qū)域如圖所示設(shè)在水面O點(diǎn)處折射后的光線恰好能照射到光屏上，根據(jù)題意有則有由于解得所以光屏被光源照亮的區(qū)域半徑為16.一簡(jiǎn)諧橫波在均勻介質(zhì)中沿x軸傳播，a、b為x軸正方向上兩個(gè)點(diǎn)（且a更靠近坐標(biāo)原點(diǎn)），如圖甲所示，t=0時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，a、b兩點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖乙所示，a與b間的距離為5m。求：（1）處在平衡位置的b質(zhì)點(diǎn)從t=0開始到第三次處于波峰位置時(shí)，a質(zhì)點(diǎn)在振動(dòng)過程中通過的路程；（2）該簡(jiǎn)諧橫波的波長(zhǎng)和波速?！敬鸢浮浚?）0.77m；（2）若波沿x軸正方向傳播有：，；若波沿x軸負(fù)方向傳播有：，【解析】【詳解】（1）由題意知a點(diǎn)振動(dòng)了，則a質(zhì)點(diǎn)通過的路程為（2）若波沿x軸正方向傳播有，聯(lián)立得若波沿x軸負(fù)方向傳播有，聯(lián)立得17.如圖所示，紙面內(nèi)有互相垂直的虛線邊界、，且與水平方向夾角為，在上方和下方存在方向相反、大小相等的勻強(qiáng)磁場(chǎng).現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電