湖北省荊州市北門中學2019-2020學年高二期中考試物理試卷含答案

學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精湖北省荊州市北門中學2019-2020學年高二期中考試物理試卷含答案物理試卷一、單選題（本大題共9小題，共36.0分）甲、乙、丙、丁是四個長度、橫截面積均相同的金屬導體,某同學對它們各進行了一次測量，把每個導體中通過的電流和兩端的電壓在I－U坐標系中描點,如圖所示，四個導體中電阻率最大的是()?甲B。乙C。丙D.丁如圖所示為一塊手機電池的背面印有的一些符號，下列說法正確的是（

)該電池儲存的最大電能為

B.該電池儲存的最大能量為

C.該電池在工作1小時后達到的電流為500mA

D。若電池以10mA的電流工作,可用50小時

某種位移式傳感器的原理示意圖如圖所示，E為電源，R為電阻，平行金屬板A、B和介質(zhì)P構成電容器，在可移動介質(zhì)P向右勻速移出的過程中（）電容器的電容變大

B。電容器的電荷量保持不變

C。M點的電勢比N點的電勢低

D。流過電阻R的電流方向從M到N如圖所示是某個電路的一部分，其中，R1=6Ω，R2=2Ω，R3=1Ω，I1=1A,I2=2A，則下列說法中錯誤的是（）R1兩端電壓為6V， B。R2兩端電壓為4V， C。R3兩端電壓為2V, D.R3兩端電壓為0V，兩只額定電壓均為110V的燈泡A和B,額定功率分別為100W和40W，為了使它們接到220V電源上能正常發(fā)光,同時電路消耗的電功率最小，如圖所示的四個電路中最合理的是圖（)A. B。 C。 D。電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源與定值電阻R1、R2及滑動變阻器R連接成如圖所示的電路,當滑動變阻器的觸頭由a端滑向b端時，下列說法正確的是（）電壓表和電流表讀數(shù)都減小電壓表和電流表讀數(shù)都增大

C。電壓表讀數(shù)增大，電流表讀數(shù)減小D。電壓表讀數(shù)減小,電流表讀數(shù)增大如圖甲所示,AB是某電場中的一條電場線，若有一電子僅在電場力作用下,以某一初速度沿AB由A點運動到B點所經(jīng)位置的電勢隨與A點距離的變化規(guī)律如圖乙所示以下說法錯誤的是A、B兩點的電場強度B。電子在A、B兩點的速度

C.A、B兩點的電勢D。電子在A、B兩點的電勢能如圖所示，在點電荷Q產(chǎn)生的電場中，實線MN是一條方向未標出的電場線，虛線AB是一個電子只在靜電力作用下的運動軌跡。設電子在A、B兩點的加速度大小分別為aA、aB，電勢能分別為EpA、EpB．下列說法正確的是（）電子一定從A向B運動

B.若，則Q靠近M端且為負電荷

C。無論Q為正電荷還是負電荷一定有

D.B點電勢可能高于A點電勢如圖，平行板電容器兩極板的間距為d，極板與水平面成45°角，上極板帶正電。一電荷量為q（q＞0）的粒子在電容器中靠近下極板處。以初動能Ek0豎直向上射出.不計重力,極板尺寸足夠大，若粒子能打到上極板,則兩極板間電場強度的最大值為(

）

A.B.C。D.二、多選題(本大題共3小題，共12.0分)用輕繩拴著一質(zhì)量為m、帶正電的小球在豎直面內(nèi)繞O點做圓周運動，豎直面內(nèi)加有豎直向下的勻強電場,電場強度為E,如圖甲所示，不計一切阻力，小球運動到最高點時的動能Ek與繩中張力F間的關系如圖乙所示,當?shù)氐闹亓铀俣葹間，由圖可推知（）A。輕繩的長度為B。小球所帶電荷量為

C。小球在最高點的最小速度為D.小球在最高點的最小速度為一勻強電場的方向平行于xOy平面,平面內(nèi)a、b、c三點的位置如圖所示,三點的電勢分別為10V、17V、26V。下列說法正確的是()線段ac中點處電勢為18V

B.坐標原點處的電勢為0V

C。電子在a點的電勢能比在b點的低7eV

D.電子從b點運動到c點,電場力做功為9eV

將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在同一坐標系中,如圖所示，則下列說法正確的是（）圖線b表示電源內(nèi)部的發(fā)熱功率隨電流I的變化關系

B。M點對應的功率為最大輸出功率

C。在圖線上A、B、C三點的縱坐標一定滿足關系

D.兩個交點M與N的橫坐標之比一定為，縱坐標之比一定為

三、實驗題（本大題共4小題,共20.0分）（1）下圖中是螺旋測微器和游標卡尺的某次測量。其中螺旋測微器的讀數(shù)為__________mm。某表頭滿偏電流為1mA、內(nèi)阻為982Ω。為了將表頭改裝成量程為50mA的電流表，需要一個阻值約為____Ω的電阻與表頭并聯(lián)（計算結果取整數(shù))測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻．電池的內(nèi)阻較小，為了防止在調(diào)節(jié)滑動變阻器時造成短路，電路中用一個定值電阻R0起保護作用．除電池、開關和導線外，可供使用的實驗器材還有：a．電流表(量程0.6A、3A）;b．電壓表（量程3V、15V)；c．定值電阻(阻值1Ω、額定功率5W)；d．定值電阻(阻值10Ω、額定功率10W)；e．滑動變阻器(阻值范圍0～10Ω、額定電流2A);f．滑動變阻器(阻值范圍0~100Ω、額定電流1A)那么:(1）要正確完成實驗，R0應選擇______（填c或d）。（2）實驗測得的6組數(shù)據(jù)已在U－I圖中標出,如圖所示,可由圖線求出該電池的內(nèi)阻r＝________Ω。(結果保留兩位小數(shù))某型號多用電表歐姆檔的電路原理圖如圖甲所示。微安表是歐姆表表頭，其滿偏電流,內(nèi)阻。電源電動勢，內(nèi)阻。電阻箱和電阻箱的阻值調(diào)節(jié)范圍均為。（1）甲圖中的端應與___________（紅或黑）表筆連接。

(2）某同學將圖甲中的、端短接，為使微安表滿偏，則應調(diào)節(jié)______Ω；然后在、端之間接入一電阻后發(fā)現(xiàn)微安表半偏，則接入的電阻阻值為__________Ω.某學習小組探究一標有“3V，1。5W”小電珠在不同電壓下的電功率大小，實驗器材如下：

A．電池組（電動勢為4.5V，內(nèi)阻約1Ω）；B．直流電流表0～0。6A(內(nèi)阻約為0。125Ω)E．滑動變阻器（10Ω，5AC．直流電壓表0～3V(內(nèi)阻約3kΩ）F．滑動變阻器(1kΩ，300mA)D．直流電壓表0～15V（內(nèi)阻約15kΩ)G．開關、導線若干(1)本實驗中滑動變阻器應選用________（選填“E”或“F”）．（2）如圖所示，現(xiàn)已完成部分導線的連接．實驗要求滑動變阻器的滑片從左到右移動過程中,電流表的示數(shù)從零開始逐漸增大，請按此要求用筆畫線代替導線在圖甲實物接線圖中完成余下導線的連接；

該小組描繪出的伏安特性曲線如圖所示，將這個小電珠與阻值為9Ω的定值電阻R0串聯(lián),接到電動勢為4V、內(nèi)阻為1Ω的電源兩端，這個小電珠的實際功率為________W。

四、計算題(本大題共3小題，共32。0分）如圖所示，M為一線圈電阻RM＝0。4Ω的電動機，R＝24Ω，電源電動勢E＝40V．當開關S斷開時,理想電流表的示數(shù)I1＝1.6A，當開關S閉合時，理想電流表的示數(shù)為I2＝4.0A．求:（1)電源內(nèi)阻r；（2）開關S閉合時,通過電動機的電流及電動機消耗的總功率．

如圖所示，一帶電液滴的質(zhì)量為m、電荷量為，在豎直向下的勻強電場中剛好與水平面成角以速度向上做勻速直線運動。重力加速度為g。

求勻強電場的電場強度的大小;

若電場方向改為垂直速度方向斜向下,耍使液滴仍做直線運動，電場強度為多大？液滴前進多少距離后可返回？

如圖所示，水平絕緣光滑的軌道AB與處于豎直平面內(nèi)的半圓形絕緣光滑軌道BC平滑連接，半圓形軌道的半徑．在軌道所在空間存在水平向右的勻強電場，電場線與軌道所在的平面平行，電場強度．現(xiàn)有一電荷量，質(zhì)量m=0。10kg的帶電體（可視為質(zhì)點)，在水平軌道上的P點由靜止釋放，帶電體恰好能通過半圓形軌道的最高點C，然后落至水平軌道上的D點．?。嚽螅海?)帶電體在圓形軌道C點的速度大?。?2）PB間的距離（3)D點到B點的距離．（4）試確定帶電體在半圓軌道上動能最大時的位置．答案和解析1.【答案】A

【解析】?【分析】

I－U圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)。結合電阻率公式求解即可。

本題考查電阻率，對ρ＝的理解，且注意U—I圖線的應用.

【解答】

根據(jù)電阻定律R＝ρ可知，導體的電阻率ρ＝。分別把甲、乙、丙、丁所在的位置與坐標原點O連接，I－U圖線的斜率表示電阻的倒數(shù),由題圖可知甲導體的電阻最大,丁導體的電阻最小．因甲、乙、丙、丁四個導體的長度、橫截面積均相同，則甲的電阻率最大,A正確。

?故選A。

2。【答案】D

【解析】【分析】

本題考查讀取電池銘牌信息的能力。要知道電池的容量是指電池所能釋放的總電量.根據(jù)銘牌讀出電池的容量和電動勢,電池的容量是指電池能釋放的總電量,根據(jù)電流的定義式求出該電池在工作1小時后達到的電流和以10mA的電流工作可用的時間.

【解答】

A。500mA·h是電池的容量，不是電池儲存的最大電能，故A錯誤;

B。該電池儲存的最大能量，故B錯誤；

C。由電池的容量可知該電池在連續(xù)工作1小時時，電流為I＝500mA，不是電池在工作1小時后達到的電流為500mA，故C錯誤；

D.若待機時的電流為10mA，理論上可待機,故D正確.

故選D。

3.【答案】D

【解析】【分析】

根據(jù)電容的決定式C=，分析電容的變化，電容器板間電壓不變，由電容的定義式C=分析電荷量的變化,即可確定流過電阻R的電流方向。

本題是電容器的動態(tài)分析問題，在抓住電容器電壓不變的基礎上，根據(jù)電容的決定式和定義式結合分析。

【解答】

介質(zhì)P向右勻速移出的過程中，介電常數(shù)減小，根據(jù)電容的決定式C=，分析可知電容變小，而電容器的電壓不變，由C=分析可知其電荷量變小，電容器處于放電狀態(tài)，由圖可和上極板帶正電,則流過電阻R的電流方向從M到N，M點的電勢比N點的電勢高,故ABC錯誤，D正確。

故選D.

4?！敬鸢浮緿

【解析】【分析】

本題考查歐姆定律的應用和電流方向的判斷,本題涉及電勢的概念，以及節(jié)點法判斷電流方向以及電流大小，要求大家掌握更多關于電學的知識.根據(jù)歐姆定律分別求出R1兩端的電壓和R2兩端的電壓，然后根據(jù)電勢確定R3兩端的電壓以及電流的方向，再根據(jù)歐姆定律求出通過R3的電流，最后根據(jù)節(jié)點法確定通過電流表電流的方向和大小。【解答】R1兩端的電壓U1=I1R1=1×6V=6V，R2兩端的電壓U2=I2R2=2×2V=4V,R1左端與R2的左端電勢相等,U1＞U2，則R1右端的電勢低于R2右端的電勢，故R3兩端的電壓U3=U1-U2=6V-4V=2V，通過R3的電流，R3上端電勢低，下端電勢高，電流方向由下向上,因I2=I3，故通過電流表的電流為0，故選D。

5.【答案】C

【解析】【分析】

由題可知，燈泡的電壓相等，但是燈泡的功率不同,由此可以知道兩種燈泡的電阻的大小不同，再由電路的串并聯(lián)的知識先逐個分析燈泡能否正常的發(fā)光，再判斷消耗的功率最小的電路．

解答本題是一定要注意題目要同時滿足兩個條件即燈泡能夠正常發(fā)光并且消耗的功率還要最?。?/p>

【解答】

A.燈泡的額定電壓為110V,圖中，A燈泡的電壓等于220V，大于額定電壓，燒壞了,故A錯誤；

B.由于額定電壓都是110V，額定功率PA=100W、PB=40W，由此可知RB＞RA,把燈泡A與電阻并聯(lián)的話，會使并聯(lián)的部分的電阻更小，所以AB的電壓不會平分，AB不會同時正常發(fā)光，故B錯誤;

CD.由于額定電壓都是110V，額定功率PA=100W、PB=40W，由此可知RB＞RA,把燈泡B與電阻并聯(lián)的話，可以使并聯(lián)部分的電阻減小，可能使A與并聯(lián)部分的電阻相同，所以AB能同時正常發(fā)光，并且電路消耗的功率與A燈泡的功率相同，所以總功率的大小為200W；

把AB并聯(lián)之后與電阻串連接入電路的話，當電阻的阻值與AB并聯(lián)的總的電阻相等時,AB就可以正常發(fā)光，此時電阻消耗的功率為AB燈泡功率的和,所以電路消耗的總的功率的大小為280W；由CD的分析可知，正常發(fā)光并且消耗的功率最小的為C,故C正確，D錯誤。

故選C。

6?！敬鸢浮緽

【解析】【分析】

首先認識電路的連接關系：R2與R并聯(lián)后與R1串聯(lián)，電壓表測路端電壓，電流表測量流過R2的電流;滑片向b端移動時，滑動變阻器接入電阻增大，則由閉合電路的歐姆定律可知電路中干路電流的變化及路端電壓的變化；再分析并聯(lián)電路可得出電流表示數(shù)的變化。

本題中R1也可直接作為內(nèi)電阻處理，可直接由閉合電路歐姆定律得出并聯(lián)部分的電壓增大,流過R2的電流增大。

【解答】

當滑片向b滑動時，R接入電阻增大,總電阻增大；由閉合電路的歐姆定律可知電路中總電流減小，則內(nèi)電壓減小，由U=E-Ir可知路端電壓增大,即電壓表示數(shù)增大；

因路端電壓增大，R1兩端的電壓減小，故并聯(lián)部分電壓增大,由歐姆定律可知電流表示數(shù)增大；故B正確；

故選B。

7.【答案】B

【解析】【分析】

根據(jù)φ—x圖象的斜率大小等于電場強度,分析場強的變化．由圖看出，電勢逐漸降低,可判斷出電場線的方向，確定電勢的高低，由電場力做功正負，分析速度的大小并判斷電子電勢能的變化.

本題關鍵要理解φ—t圖象的斜率等于場強,由電勢的高低判斷出電場線的方向，來判斷電場力方向做功情況，并確定電勢能的變化。

【解答】

A.φ-x圖象的斜率大小等于電場強度，由幾何知識得知,圖象的斜率減小,則從A到點B場強減小，則有EA＞EB，故A正確;

BD。由圖看出，電勢逐漸降低，可判斷出電場線的方向從A到B，在移動過程中,電場力做負功，電子的動能減小，速度減小，而電子的電勢能增大。即有vA＞vB,故B錯誤，D正確；

C.電場線的方向從A到B,則A、B兩點的電勢φA＞φB,故C正確。

本題選錯誤的，故選B。

8.【答案】C

【解析】解:A、由運動軌跡只能得到電子受力指向凹的一側,不能得到運動走向，故A錯誤;

B、由電場場源為點電荷，aA＞aB可得：點電荷Q靠近M端；又有電子受力指向凹的一側可得：MN上電場線方向向右,故點電荷Q為正電荷,故B錯誤；

C、電子受力指向凹的一側可得：根據(jù)電子只受電場力作用;電場力做正功,電勢能減小;電場力做負功,電勢能增大可得：EpA＜EpB，故C正確；

D、電子受力指向凹的一側可得：MN上電場線方向向右；根據(jù)沿著電場線電勢降低可得：B點電勢可能低于A點電勢，故D錯誤;

故選:C。

根據(jù)運動軌跡得到電場力方向，從而得到電場力做功及場強方向,即可由電場力做功得到電勢能變化,由場強方向得到電勢變化；根據(jù)加速度得到場源，即可根據(jù)場強方向得到場源電性.

沿著電場線電勢降低,但是電勢能和電荷電性相關，故我們一般根據(jù)電場力做功情況來判斷電勢能變化，以避免電性不同，電勢能變化趨勢不同的問題.

9.【答案】B

【解析】【分析】

粒子在電場中只受到電場力的作用，只有電場力做功，粒子恰好到達上極板時速度恰好與上極板平行,所以將粒子初速度分解為垂直極板和平行極板的分速度,再結合運動學公式可求得E。

本題關鍵是明確粒子的受力情況和運動情況，然后根據(jù)類平拋運動的規(guī)律和動能定理計算電場強度的大小即可.

【解答】

?據(jù)電荷的受力情況可知,粒子在電場中做曲線運動，如圖所示，

將粒子的速度v0分解為垂直于板的vy和平行于板的vx，由于極板與水平面夾角45°，粒子的初速度方向豎直向上,所以粒子初速度在垂直于板的方向的速度為vy=v0sin45°=。

當電場足夠大時，粒子到達上極板時速度恰好與上極板平行，即粒子垂直于極板方向的速度vy′=0。

根據(jù)運動學公式有—vy′2=2d

又知Ek0=m

聯(lián)立以上各式求得E=

故B正確,ACD錯誤.

故選B。

10。【答案】AC

【解析】【分析】

小球在豎直面內(nèi)做圓周運動，到最高點時由繩對小球的拉力、重力和電場力的合力提供向心力，根據(jù)圖象、應用向心力公式、牛頓第二定律分析答題．寫出EK—F的表達式,找到斜率和截距代表的意義，即可解題。

本題主要考查了圓周運動向心力公式和機械能守恒定律的綜合應用，關鍵要正確分析小球圓周運動的向心力。

【解答】

?解:A、在最高點時，繩對小球的拉力、重力和電場力的合力提供向心力,則得：F+mg+Eq=m,即mv2?（）=F+mg+Eq，由于EK=，故EK=F+（mg+Eq），由圖象可知，圖象斜率k==，即L=，故A正確；

B、當F=0時,由mg+Eq=m,=a,解得，q=,故B錯誤;

C、當F=0時,重力和電場力提供向心力，此時為最小速度,=a,解得v=，故C正確，D錯誤;

故選：AC.

11?！敬鸢浮緼D

【解析】【分析】

?根據(jù)勻強電場的電場強度公式E=,結合電勢差與場強間距，即可求解；依據(jù)電勢差等于電勢之差；根據(jù)電場力做功表達式W=qU，從而確定電場力做功，同時也能確定電勢能的變化情況．

考查勻強電場中，電勢之間的關系，掌握電場強度公式E=的應用，理解幾何關系的運用，并理解W=qU中各量的正負值含義．

?【解答】

A、如圖所示，在ac連線上，確定一b′點，電勢為17V,將bb′連線，即為等勢線，那么垂直bb′連線，則為電場線，再依據(jù)沿著電場線方向，電勢降低，則電場線方向如下圖,

因為勻強電場,則有：E=，

依據(jù)幾何關系，則d===3。6cm,

因此電場強度大小為E==2.5V/cm，故A正確；

B、根據(jù)φc—φa=φb-φo，因a、b、c三點電勢分別為φa=10V、φb=17V、φc=26V,解得:原點處的電勢為φ0=1V，故B正確;

C、因Uab=φa—φb=10—17V=—7V,電子從a點到b點電場力做功為W=qUab=7eV，因電場力做正功,則電勢能減小，那么電子在a點的電勢能比在b點的高7eV，故C錯誤;

D、同理,Ubc=φb-φc=17-26V=—9V,電子從b點運動到c點，電場力做功為W=qUbc=9eV，故D正確；

故選：ABD．

12.【答案】AB

【解析】【分析】

根據(jù)電源消耗的總功率的計算公式可得電源的總功率與電流的關系，根據(jù)電源內(nèi)部的發(fā)熱功率可得電源內(nèi)部的發(fā)熱功率與電流的關系，從而可以判斷abc三條線代表的關系式，在由功率的公式可以分析功率之間的關系。

本題考查電路中的功率問題,并結合P—I圖像進行分析,常規(guī)題目.

?【解答】

A.由電源的總功率、輸出功率和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率表達式PE＝EI，PR＝EI－I2r，Pr＝I2r，可知，a表示的是電源的總功率隨電流I的變化關系；b表示的是電源內(nèi)部的發(fā)熱功率隨電流I的變化關系；c表示輸出功率PR隨電流I的變化關系,A正確；

B.當R＝r時，輸出功率最大，M點是輸出功率最大的位置，B正確;

C。A、B、C為在a、b、c三條圖線上橫坐標相同的三點，因為直流電源的總功率等于輸出功率和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率之和，所以這三點的縱坐標一定滿足關系PA＝PB＋PC，C錯誤;

D。M點輸出功率最大，R＝r，IM＝，IN＝，＝，＝，D錯誤。

?故選AB。

13。【答案】(1)0.900

（2）

20

【解析】(1）【分析】游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù),不需估讀。螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀。解決本題的關鍵掌握游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù),不需估讀。螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀。【解答】螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為0.5mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×40.0mm=0.400mm，所以最終讀數(shù)為：0.5mm+0。400mm=0。900mm。故答案為：0。900；（2）【分析】把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)一個分壓電阻,把電流表改裝成電流表需要并聯(lián)一個分流電阻,應用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出串聯(lián)或并聯(lián)的電阻阻值.本題考查了電壓表和電流表的改裝,知道電壓表,電流表的改裝原理、應用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律即可正確解題?！窘獯稹苛砍虨?0mA時有:；故答案為20。

14.【答案】(1）c；（2）0.88;

【解析】【分析】

應用圖象法處理實驗數(shù)據(jù)是常用的實驗數(shù)據(jù)處理方法，要掌握應用圖象法處理實驗數(shù)據(jù)的方法，會根據(jù)圖象求電源電動勢與內(nèi)阻；會分析測電源電動勢與內(nèi)阻實驗的故障問題。

（1）常見的電路故障有斷路與短路兩種，根據(jù)電路故障現(xiàn)象分析電路故障原因；

（2）電源的U-I圖象與縱軸的交點的縱坐標值是電源電動勢，圖象斜率的絕對值是電源內(nèi)阻；

（3）把定值電阻與電源組成等效電源,求出等效電阻，然后求出定值電阻阻值。

故答案為:(1)c；0。88；

15?！敬鸢浮浚?）紅；（2）2049；3000；

【解析】【分析】本題考查多用電表的原理及使用。多用電表是基礎實驗儀器，應熟練掌握。

【解答】

（1)根據(jù)多用電表的原理及電流應從電流表的正接線柱流入,故甲圖中的端應與紅表筆連接；

（2）根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得,代入數(shù)據(jù)得，R1=2049Ω；,代入解得Rx=3000Ω；

（3）由題目可知,測得的電阻為Rx=1500Ω，由閉合電路歐姆定律得，代入數(shù)據(jù)得R2=950Ω；應使得電流表指針指到中央刻度附近，由題知中值電阻為1500Ω，而G與R2并聯(lián)電阻為475Ω，故R1=1500Ω—

475Ω-1Ω=1024Ω.

故答案為：?（1）紅；（2）2049；3000；

（3）950；1024。

16?！敬鸢浮?1）E；

（2）；

（3）0.3。

【解析】【分析】

根據(jù)燈泡額定電壓,選擇電壓表,測不同電壓下的功率,電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法；根據(jù)實驗要求滑動變阻器的滑片從左到右移動過程中，電流表的示數(shù)從零開始逐漸增大，連接電路圖;按照電流表的讀數(shù)方法讀數(shù);根據(jù)P=UI求這個小電珠的實際功率。

【解答】

(1）燈泡額定電壓為3v,則電壓表選擇C，測不同電壓下的功率，電壓與電流應從零開始變化,滑動變阻器應采用分壓接法，為方便實驗操作，滑動變阻器應選擇E。

?（2)根據(jù)實驗要求滑動變阻器的滑片從左到右移動過程中，電流表的示數(shù)從零開始逐漸增大，連接如圖；

(3）根據(jù)電流表的讀數(shù)方法讀數(shù)，電流表的示數(shù)為0。44A；

(4)根據(jù)圖丙得出小電珠的電流電壓值,由P=UI與求出小電珠的實際功率P=UI=0。3W；

故答案為：（1)CE;（2）;（3）0.44；（4）0.3。

17.【答案】解：（1）S斷開時，電源與定值電阻構成串聯(lián)回路,E＝I1（R＋r）

電源內(nèi)阻r＝－R＝1Ω；

（2）S閉合后，定值電阻與電動機構成并聯(lián)電路，電流表測干路電流

路端電壓U＝E－I2r＝36V

通過定值電阻的電流I2′＝＝1。5A

通過電動機的電流I2″＝I2－I2′＝2。5A

電動機消耗的總功率即電動機的電功率，P＝UI2″＝90W

【解析】本題考查了功率問題，對于電動機電路，正常工作時是非電阻電路，根據(jù)能量守恒求解其輸出功率，要區(qū)分電動機的輸出功率與輸入功率的不同，不能混淆。

（1）當S斷開時，根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電源的內(nèi)阻；

（2）當開關S閉合時,已知電流表的示數(shù)，求出路端電壓，由歐姆定律求出通過R的電流,得到通過電動機的電流，再根據(jù)P=UI求出?電動機消耗的總功率。

18.【答案】解：(1）因