高考物理動(dòng)量守恒定律(一)解題方法和技巧及練習(xí)題含解析

高考物理動(dòng)量守恒定律(一)解題方法和技巧及練習(xí)題含解析一、高考物理精講專(zhuān)題動(dòng)量守恒定律1．如圖所示，在光滑的水平面上有一長(zhǎng)為L(zhǎng)的木板B，上表面粗糙，在其左端有一光滑的四分之一圓弧槽C，與長(zhǎng)木板接觸但不相連，圓弧槽的下端與木板上表面相平，B、C靜止v在水平面上．現(xiàn)有滑塊A以初速度從右端滑上B，一段時(shí)間后，以0滑離B，并恰好能v20m到達(dá)C的最高點(diǎn)．A、B、C的質(zhì)量均為．求：（1）A剛滑離木板B時(shí)，木板B的速度；（2）A與B的上表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（3）圓弧槽C的半徑R；（4）從開(kāi)始滑上B到最后滑離C的過(guò)程中A損失的機(jī)械能．5vv215mv20v20gL【答案】（）＝0；（2）1v（3）R064g（4）EB41632【解析】【詳解】(1)對(duì)A在木板B上的滑動(dòng)過(guò)程，取A、B、C為一個(gè)系統(tǒng)，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：vmvm2mvB＝＋002vv解得＝0B4(2)對(duì)A在木板B上的滑動(dòng)過(guò)程，A、B、C系統(tǒng)減的少動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量mgL＝12mv2－1m(0)2－12m()vv02222405v2016gL解得(3)對(duì)A滑上C直到最高點(diǎn)的作用過(guò)程，A、C系統(tǒng)水平方向上動(dòng)量守恒，則有：mvmv2mv0＋＝2BA、C系統(tǒng)機(jī)械能守恒：mgR＝1m(0)21m(0)212mv2vv22242解得Rv0264g(4)對(duì)A滑上C直到離開(kāi)C的作用過(guò)程，A、C系統(tǒng)水平方向上動(dòng)量守恒mvmv0mvmv024ACA、C系統(tǒng)初、末狀態(tài)機(jī)械能守恒，m(v0)21m(v0)21mv21mv21222422ACv04v解得＝.A所以從開(kāi)始滑上B到最后滑離C的過(guò)程中A損失的機(jī)械能為：E＝1mv－1mv＝15mv202022232A【點(diǎn)睛】該題是一個(gè)板塊的問(wèn)題，關(guān)鍵是要理清A、B、C運(yùn)動(dòng)的物理過(guò)程，靈活選擇物理規(guī)律，能夠熟練運(yùn)用動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律列出等式求解．2．如圖，質(zhì)量分別為m=1.0kg和m=2.0kg的彈性小球a、b，用輕繩緊緊的把它們捆在一12起，使它們發(fā)生微小的形變．該系統(tǒng)以速度=0.10m/s沿光滑水平面向右做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)．某v0時(shí)刻輕繩突然自動(dòng)斷開(kāi)，斷開(kāi)后兩球仍沿原直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)．經(jīng)過(guò)時(shí)間t=5.0s后，測(cè)得兩球相距_____________、______________；兩s=4.5m，則剛分離時(shí)，a球、b球的速度小大分別為球分開(kāi)過(guò)程中釋放的彈性勢(shì)能為_(kāi)____________．【答案】①0.7m/s,-0.2m/s②0.27J【解析】試題分析：①根據(jù)已知，由動(dòng)量守恒定律得聯(lián)立得②由能量守恒得代入數(shù)據(jù)得考點(diǎn)：考查了動(dòng)量守恒，能量守恒定律的應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】關(guān)鍵是對(duì)過(guò)程分析清楚，搞清楚過(guò)程中初始量與末時(shí)量，然后根據(jù)動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律分析解題3．如圖，質(zhì)量分別為、的兩個(gè)小球A、B靜止在地面上方，B球距地面的高度h=0.8m，A球在B球的正上方．先將B球釋放，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后再將A球釋放．當(dāng)A球t=0.3sBP下落時(shí)，剛好與球在地面上方的點(diǎn)處相碰，碰撞時(shí)間極短，碰后瞬間球的速A度恰為零．已知能損失．，重力加速度大小為，忽略空氣阻力及碰撞中的動(dòng)iB（）球第一次到達(dá)地面時(shí)的速度；iiP（）點(diǎn)距離地面的高度．v4m/sh0.75mB【答案】p【解析】iB試題分析：（）球總地面上方靜止釋放后只有重力做功，根據(jù)動(dòng)能定理有mgh12mv2BBBv2gh4m/s可得B球第一次到達(dá)地面時(shí)的速度Bvgt3m/s（）球下落過(guò)程，根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)可得A球的速度AiiAv'B設(shè)B球的速度為，則有碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒mvmv'mv''AABBBB1過(guò)程沒(méi)有動(dòng)能損失則有mv212mv'212mv''2碰撞2AABBBB解得v'1m/sv''2m/s，BBvv4m/s根據(jù)沒(méi)有動(dòng)能損失所以B離開(kāi)地面上拋時(shí)速度0BB小球與地面碰撞后v2v'2Bhp0.75m所以P點(diǎn)的高度02g考點(diǎn)：動(dòng)量守恒定律能量守恒4．如圖，光滑冰面上靜止放置一表面光滑的斜面體，斜面體右側(cè)一蹲在滑板上的小孩和其面前的冰塊滑平地滑上3m/s冰塊均靜止于冰面上．某時(shí)刻小孩將冰塊以相對(duì)冰面的速度向斜面體推出，h="0.3"mh升的最大高度為（小于斜面體的高斜面體，在斜面體上上m="30"kg，冰塊的m="10"kg總質(zhì)量為質(zhì)量為，小孩與滑板始度）．已知小孩與滑板的12g="10"m/s2．終無(wú)相對(duì)運(yùn)動(dòng)．取重力加速度的大小i（）求斜面體的質(zhì)量；ii（）通過(guò)計(jì)算判斷，冰塊與斜面體分離后能否追上小孩？i20kgii【答案】（）（）不能【解析】①M(fèi)試題分析：設(shè)斜面質(zhì)量為，冰塊和斜面的系統(tǒng)，水平方向動(dòng)量守恒：mv(mM)v222mgh1(mM)v21mv系統(tǒng)機(jī)械能守恒：2222222解得：M20kg②mvmv,人推冰塊的過(guò)程：得（向右）v1m/s11221mvmvMv3冰塊與斜面的系統(tǒng)：22221mv21mv2+1Mv232222222v1m/s解得：（向右）2v=v因，且冰塊處于小孩的后方，則冰塊不能追上小孩．21考點(diǎn)：動(dòng)量守恒定律、機(jī)械能守恒定律．5．牛頓的《自然哲學(xué)的數(shù)學(xué)原理》中記載，、兩個(gè)玻璃球相碰，碰撞后的分離速度和AB15∶16接近速度之比總是約為．分離它們碰撞前的速度是指碰撞后B對(duì)A的速度，接近速度是指碰撞前A對(duì)B的速度．若上述過(guò)程是質(zhì)量為的玻璃球A以速度v碰撞質(zhì)量為2mm0對(duì)心碰撞，求的靜止玻璃球B，且為碰撞后A、B的速度大小．v【答案】v00AB【解析】設(shè)、球碰撞后v別為和1v速度分2由動(dòng)量守恒定律得＝1＋mv2mv2mv02且由題意知＝解得v1＝v0，v2＝視頻v06．一輕質(zhì)彈簧一端連著靜止的體物B，放在光滑的水平面上，靜止的體物A被水平速度為v0的子彈射中并且嵌入其中，隨后一起向右運(yùn)動(dòng)壓縮彈簧，已知體物A的質(zhì)量是體物B的31子彈的質(zhì)量是體物B的質(zhì)量的，求：4質(zhì)量的，4(1)體物A被擊中后的速度大??；(2)彈簧壓縮到最短時(shí)B的速度大小。11vv80【答案】(1)vv；(2)410【解析】【分析】【詳解】(1)AAv1設(shè)子彈射入后，與子彈的共同速度為，由動(dòng)量守恒定律可得1413mv(mm)v4401解得v1v410(2)ABAB當(dāng)速度相等時(shí)，彈簧的壓縮量最大，設(shè)此時(shí)、的共同速度為，v取向右為正方向，對(duì)子彈、A、B組成的系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒定律可得1mv(1m3mm)v4404解得v1v807．如圖所示，m=0.45kg一質(zhì)量的平頂小車(chē)靜止在光滑的水平軌道上．車(chē)頂右端放一質(zhì)量1m2=0.4kgm=0.05kgv=100以水平速度0的小物體，m/s射中小車(chē)左端，已知子彈與車(chē)相互作用時(shí)間極短，小物體與車(chē)間的動(dòng)摩μ=0.5，最終小物體以5m/s的速度離開(kāi)小車(chē)．g取10m/s2．求：小物體可視為質(zhì)點(diǎn)．現(xiàn)有一質(zhì)量的子彈0并留在車(chē)中，擦因數(shù)為（1）子彈從射入小車(chē)到相對(duì)小車(chē)靜止的過(guò)程中對(duì)小車(chē)的沖量大小．（2）小車(chē)的長(zhǎng)度．5.5【答案】（1）4.5Ns（2）m【解析】①子彈進(jìn)入小車(chē)的過(guò)程中，子彈與小車(chē)組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，有：mv(mm)v，可解得v10m/s；10o011，4.5Ns(或kgm/s)；對(duì)子彈由動(dòng)量定理有：ImvmvI10②三物體組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律有：(mm)v(mm)vmv；0110122mgL12(mm)v212(mm)v212mv設(shè)小車(chē)長(zhǎng)為，由能量守恒有：L220110122L＝5.5m；聯(lián)立并代入數(shù)值得：點(diǎn)睛子彈擊中小車(chē)過(guò)程子彈與小車(chē)組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可以求出小車(chē)，的速度根據(jù)動(dòng)量定理可求子彈對(duì)小車(chē)的沖量；對(duì)子彈、物塊、小車(chē)組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，對(duì)系統(tǒng)應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律可以求出小車(chē)的長(zhǎng)度．8．如圖所示，木塊m靜止在高h(yuǎn)=0．45m的水平桌面的最右端，木塊m靜止在距m左212側(cè)s=6．25m處．現(xiàn)木塊m在水平拉力F作用下由1靜止開(kāi)始沿水平桌面向右運(yùn)動(dòng)，與m20碰前瞬間撤去F，m和m發(fā)生彈2性正碰．碰后m落在水平地面上，落點(diǎn)距桌面右端水平21距離s=l．2m．已知m=0．2kg，m=0．3kg，m與桌面的動(dòng)1摩擦因素為0．2．（兩個(gè)12木塊都可以視為質(zhì)點(diǎn)，g=10m／s2）求：（1）碰后瞬間m的速度是多少？2（2）m碰撞前后的速度分別是多少？1（3）水平拉力F的大小？【答案】（1）4m/s（2）5m/s；-1m/s（3）0．8N【解析】1試題分析：（1）m做平拋運(yùn)動(dòng)，則：h=gt2；22s=vt；2得解v=4m/s2（2）碰撞過(guò)程動(dòng)量和能量守恒：mv=mv+mv111221211mv2=mv2+mv22222111代入數(shù)據(jù)得解：v=5m/sv=-1m/s1（3）m碰前:v2=2as1Fmgma11代入數(shù)據(jù)得解：F=0．8N考點(diǎn)：動(dòng)量守恒定律；能量守恒定律；【名師點(diǎn)睛】此題關(guān)鍵是搞清兩個(gè)物體的運(yùn)動(dòng)結(jié)合牛頓定律列出方程求．解牛頓第二定律的應(yīng)用特征,分清物理過(guò)程；用動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律9．如圖所示，一輕質(zhì)彈簧的一端固定在滑塊B上，另一端與滑塊C接觸但未連接，該整H體靜止放在離地面高為的光滑水平桌面上.現(xiàn)有A曲面上離桌面h高處由靜一滑塊從光滑BC止開(kāi)始滑下，與滑塊發(fā)生碰撞并粘在一起壓縮彈簧推動(dòng)滑塊向前運(yùn)動(dòng)，經(jīng)一段時(shí)間，C.滑塊脫離彈簧，繼續(xù)在水平桌面上勻速運(yùn)動(dòng)一段后從桌面邊緣飛出已知mm,m2m,m3m，求：ABC1AB（）滑塊與滑塊碰撞結(jié)束瞬間的速度；v2E（）被壓縮彈簧的最大彈性勢(shì)能；Pmax3Cs.（）滑塊落地點(diǎn)與桌面邊緣的水平距離1【答案】（）v1mgh362Hh1v2gh2（）（）3331【解析】【詳解】(1)解：滑塊A從光滑曲面上h高處由靜止開(kāi)始滑下的過(guò)程，機(jī)械能守恒，設(shè)其滑到底面的mgh1mvv1速度為，由機(jī)械能守恒定律有：22AA1v2gh1解之得：vA與碰撞的過(guò)程，A、系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，碰撞結(jié)束瞬間具有共同速度設(shè)為，由BB滑塊mvmmv動(dòng)量守恒定律有：A1ABvv12gh1解之得：331(2)滑塊A、發(fā)生碰撞后與滑塊一起壓縮彈簧，壓縮的過(guò)程機(jī)械能守恒，被壓縮彈簧的CBA、、C速度相等，設(shè)為速度v2彈性勢(shì)能最大時(shí)，滑塊Bmvmmmv量守恒定律有：由動(dòng)A1ABC2212(mm)v2mmmv由機(jī)械能守恒定律有：EPmaxABABC2E解得被壓縮彈簧的最大彈性勢(shì)能：1mgh6Pmax(3)被壓縮彈簧再次恢復(fù)自然長(zhǎng)度時(shí)，滑塊脫離彈簧，設(shè)滑塊CA、的速度為，滑塊vB3C的速度為v，分別由動(dòng)mmvmmvmv量守恒定律和機(jī)械能守恒定律有：4ABAB3C41mmv112C4mmvmv223222ABAB1v2gh解之得：0，v334svtC從桌面邊緣飛出后做平拋運(yùn)動(dòng)：4滑塊H12gt22C落地點(diǎn)與桌面邊緣的水平距離：sHh3解之得滑塊Mm10．光滑水平面上放著一質(zhì)量為的槽，槽與水平面相切且光滑，如圖所示，一質(zhì)量為v的小球以向槽運(yùn)動(dòng)．0（1）若槽固定不動(dòng)，求小球上升的高度（槽足夠高）．（2）若槽不固定，則小球上升多高？vMv202【答案】（1）（2）02g2(Mm)g【解析】1mv2201hmgh（）槽固定時(shí)，設(shè)球上升的高度為，由機(jī)械能守恒得：11v解得：；02g2h1h，22（）槽不固定時(shí)，設(shè)球上升的最大高度為mvmMvv此時(shí)兩者速度為，由動(dòng)量守恒定律得：011mghmMv22再由機(jī)械能守恒定律得：2mv202Mv22mMgh聯(lián)立解得，上球上升的高度：0211．如圖所示，A為有光滑曲面的固定軌道，軌道底端的切線(xiàn)方向是水平的，質(zhì)量m40kg的小車(chē)B靜止于軌道右側(cè)，其上表面與軌道底端在同一水平面上，一個(gè)質(zhì)量1m20kg2的物體C以的初速度從軌道頂端滑下，沖上小車(chē)B后經(jīng)過(guò)一段時(shí)間與ms2.0/h1.6m，物體與小車(chē)小車(chē)相對(duì)靜止并一起運(yùn)動(dòng)。若軌道頂端與底端的高度差板面間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.40，小車(chē)與水平面間的摩擦忽略不計(jì)，取g10m/s2，求：（1）物體與小車(chē)保持相對(duì)靜止時(shí)的速度v；（2）物體沖上小車(chē)后，與小車(chē)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)經(jīng)歷的時(shí)間（3）物體在小車(chē)上相對(duì)滑動(dòng)的距離t；l。2m/s1s3m【答案】（1）；（2）；（3）【解析】11vmgh2m202m，代入數(shù)據(jù)得：v試題分析：（1）下滑過(guò)程機(jī)械能守恒，有：212v6m/s；設(shè)初速度方向?yàn)檎较?，物體相對(duì)于小車(chē)板面滑動(dòng)過(guò)程動(dòng)量守恒為：2mv（mM）v22062m/s。mv2v聯(lián)立解得：Mm2040Mv402tmg0.420101s。（2）對(duì)小車(chē)由動(dòng)量定理有：mgtMv，解得：（3）設(shè)物體相對(duì)于小車(chē)板面滑動(dòng)的距離為L(zhǎng)，由能量守恒有：Mmv23m。vmMv1（）代入數(shù)據(jù)解得：Lm22mgL122v2m22mg2考點(diǎn)：動(dòng)能定理、動(dòng)量守恒定律、機(jī)械能守恒定律【名師點(diǎn)睛】本題考查動(dòng)量定恒、機(jī)械能守恒及功能關(guān)系，本題為多過(guò)程問(wèn)題，要注意正確分析過(guò)程，明確各過(guò)程中應(yīng)選用的物理規(guī)律。A、C豎直平面內(nèi)有一個(gè)半圓形軌道ABC，半徑為，R如圖所示，兩點(diǎn)的連線(xiàn)水平，..12．在B點(diǎn)為軌道最低點(diǎn)其中AB部分是光滑的，BC部分是粗糙的有一個(gè)質(zhì)量為的物乙體靜mB止在處，另一個(gè)質(zhì)量為的甲物體從A點(diǎn)無(wú)初速度2m釋放，甲物體運(yùn)動(dòng)到軌道最低點(diǎn)與物乙體發(fā)生碰撞，碰撞時(shí)間極短，碰撞后結(jié)合成一個(gè)整體，甲乙構(gòu)成的整體滑上BC軌道，最高運(yùn)動(dòng)到DODOB點(diǎn)，與連線(xiàn)的夾角θ60.甲、兩乙物體可以看作質(zhì)點(diǎn)，重力加g速度為，求：(1)甲物與物乙體碰撞過(guò)程中，甲物體(2)甲物體與物乙體碰撞后的瞬間，甲乙構(gòu)成的整體對(duì)軌道最低點(diǎn)的(3)甲乙構(gòu)成的整體從運(yùn)B動(dòng)到D的過(guò)程中，摩擦力對(duì)其做的功．受到的沖量．壓力．2317m2gR