高考物理二輪復(fù)習(xí)選擇題提速練15

選擇題加速練151—5為單項選擇，6—8為多項選擇(2018河·南鄭州一模)如圖，一半徑為R的絕緣環(huán)上，平均地帶有電荷量為Q的電荷，在垂直于圓環(huán)平面的對稱軸上有一點P，它與環(huán)心O的距離OPL.設(shè)靜電力常量為k，對于P點的場強E，以下四個表達式中有一個是正確的，請你依據(jù)所學(xué)的物理知識，經(jīng)過必定的剖析，判斷正確的表達式是(D)kQkQLA.R2＋L2B.R2＋L2kQRkQLC.D.R2＋L23R2＋L23分析：假想將圓環(huán)平分為n個小段，當n相當大時，每一小段都能夠看做點Q電荷，其所帶電荷量為q＝n①由點電荷場強公式可求得每一點電荷在P處的場強為EP＝kQQ②nr2＝k22nR＋L由對稱性可知，各小段帶電環(huán)在P處的場強垂直于軸向的重量Ey互相抵消，而軸向重量Ex之和即為帶電環(huán)在P處的場強E，故E＝nEx＝n×kQL＝kQL③×nL2＋R2rrL2＋R2而r＝L2＋R2④聯(lián)立①②③④可得E＝kQL3，D正確．R2＋L22．如下圖，足夠長的斜面上有a、b、c、d、e五個點，ab＝bc＝cd＝de，從a點水平拋出一個小球，初速度為v時，小球落在斜面上的b點，落在斜面上時的速度方向與斜面夾角為θ，不計空氣阻力．當初速度為2v時(D)A．小球可能落在斜面上的c點與d點之間B．小球必定落在斜面上的e點下方C．小球落在斜面時的速度方向與斜面的夾角大于θD．小球落在斜面時的速度方向與斜面的夾角也為θ分析：設(shè)ab＝bc＝cd＝de＝L0，斜面傾角為α，當初速度為v時，小球落122v時，有Lcosα在斜面上的b點，則有L0cosα＝vt1，L0sinα＝2gt1，當初速度為＝2vt12，聯(lián)立解得L＝4L0，即小球必定落在斜面上的e點，選項A、2，Lsinα＝2gt2B錯誤；由平拋運動規(guī)律可知，小球落在斜面上時的速度方向與斜面的夾角也為θ，選項C錯誤，選項D正確．3．(2018·遼寧五校協(xié)作體模擬)如下圖，A放在固定的圓滑斜面上，B、C兩小球在豎直方向上經(jīng)過勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連，C球放在水平川面上，現(xiàn)用手控制住A，使細線剛才拉直但無拉力作用，并保證滑輪左邊細線豎直、右側(cè)細線與斜面平行．已知

A的質(zhì)量為

4m，B、C的質(zhì)量均為

m，重力加快度為g，細線與滑輪之間的摩擦不計，開始時整個系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)．開釋

A后，A沿斜面下滑至速度最大時

C恰巧走開地面．以下說法正確的選項是

(

B)A．斜面的傾角α＝60°mB．A獲取的最大速度為2g5kC．C剛走開地面時，B的加快度最大D．從開釋A到C剛走開地面的過程中，A、B兩小球構(gòu)成的系統(tǒng)機械能守恒分析：A、B兩球的速度大小時刻相等，當A沿斜面下滑至速度最大時，B球豎直上漲的速度也達到最大，此時A、B兩球的加快度均為零，選項C錯誤；依據(jù)“此時C恰巧走開地面”可知，彈簧的彈力大小等于mg，對B由均衡條件可得，繩的拉力大小為2mg，對A由均衡條件得4mgsinα＝2mg，解得α＝30°，選項A錯誤；從開釋A到A沿斜面下滑至速度最大的過程中，彈簧由被壓縮mgkmg漸漸變?yōu)楸焕靕，在此過程中，由三個小球和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)機械能守恒，2mg·2mg＝12，解得v＝設(shè)A獲取的最大速度為v，則4mg·k°－mg·k2×5mvsin302gm，選項B正確；從開釋A到C剛走開地面的過程中，彈簧對B的彈力5k先做正功后做負功，所以由A、B兩小球構(gòu)成的系統(tǒng)的機械能先增大后減小，即機械能不守恒，選項D錯誤．4.如下圖，甲、乙兩同學(xué)從河中O點出發(fā)，分別沿直線游到A點和B點后，立刻沿原路線返回到O點，OA、OB分別與水流方向平行和垂直，且OA＝OB.若水流速度不變，兩人在靜水中游速相等，則他們所用時間t甲、t乙的大小關(guān)系為(C)A．t甲<t乙B．t甲＝t乙C．t甲>t乙D．沒法確立分析：設(shè)水速為v，人在靜水中速度為v，對甲，由O→A所用時間ts，01由A→O所用時間t2＝s，則甲所用時間t甲＝t1＋t2＝s＋s＝22v2sv－v0v＋v0v－v0v－v0①式；對乙，由O→B和由B→O的實質(zhì)速度v′＝22，故所用時間t乙＝2s＝v－v0v′2s②式；兩式對比得t甲v，即t甲>t乙，故C正確．22＝22>1v－v0t乙v－v05．傳感器是自動控制設(shè)施中不行缺乏的元件，已經(jīng)浸透到宇宙開發(fā)、環(huán)境保護、交通運輸以及家庭生活等各樣領(lǐng)域．以下圖為幾種電容式傳感器，此中經(jīng)過改變電容器兩極間距離而惹起電容變化的是(C)分析：圖A中是經(jīng)過改變電介質(zhì)而惹起電容變化的，圖B和D是經(jīng)過改變兩極的正對面積而惹起電容變化的，圖C中是經(jīng)過改變電容器兩極間距離而引起電容變化的，選項C正確．6．2016年10月，寧東—浙江±800kV直流特高壓輸電工程達成大負荷試驗工作，成為我國第5個直流特高壓輸變電工程．如下圖是遠距離輸電表示圖，電站的原輸出電壓U1＝250kV，輸出功率P1＝1×105kW，輸電線電阻R＝8Ω.則進行遠距離輸電時，以下說法中正確的選項是(AC)A．若電站的輸出功率忽然增大，則降壓變壓器的輸出電壓減小B．若電站的輸出功率忽然增大，則升壓變壓器的輸出電壓增大n11C．輸電線消耗比率為5%時，所用升壓變壓器的匝數(shù)比n2＝16D．用800kV高壓輸電，輸電線消耗功率為8000WU1n1知U12也不變，選項B錯誤；由32P1分析：由U2＝n2不變時，UU＝U－U2R知，電站的輸出功率忽然增大，UU3n3也減小，選項A正確；34I1＝P＝400A，I2＝P＝25A，I2＝n＝25＝1，選項C正確；用800千11U1RI1n24001622P1222伏高壓輸電，即′＝＝125A，P′＝I＝×，1.25kWU2′R10選項D錯誤．7．(2018·新課標全國卷Ⅱ)甲、乙兩汽車在同一條平直公路上同向運動，其速度—時間圖象分別如圖中甲、乙兩條曲線所示．已知兩車在t2時刻并排行駛，以下說法正確的選項是(BD)A．兩車在t1時刻也并排行駛B．t1時刻甲車在后，乙車在前C．甲車的加快度大小先增大后減小D．乙車的加快度大小先減小后增大分析：

v-t

圖象中圖象包圍的面積代表運動走過的位移，兩車在

t2時刻并排行駛，利用逆向思想并借助于面積可知在

t1時刻甲車在后，乙車在前，故

A錯誤，B正確；圖象的斜率表示加快度，所以甲的加快度先減小后增大，乙的加快度也是先減小后增大，故C錯，D正確，應(yīng)選BD.8．如下圖，S處有一電子源，可向紙面內(nèi)隨意方向發(fā)射電子，平板MN垂直于紙面，在紙面內(nèi)的長度L＝9.1cm，中點O與S間的距離d＝4.55cm，MN與SO直線的夾角為θ，板所在平面有電子源的一側(cè)地區(qū)有方向垂直于紙面向外的勻強磁場，磁感覺強度B＝2.0×10－4T.電子質(zhì)量m＝9.1×10－31kg，電量e＝－1.6×10－19C，不計電子重力．電子源發(fā)射速度v＝1.6×106m/s的一個電子，該電子打在板上可能地點的地區(qū)的長度為l，則(AD)A．θ＝90°時，l＝9.1cmB．θ＝60°時，l＝9.1cmC．θ＝45°時，l＝4.55cmD．θ＝30°時，l＝4.55cm分析：電子在磁場中受洛倫茲力作用做勻速圓周運動，依據(jù)洛倫茲力大小計v2mv算公式和向心力公式有：evB＝mr，解得電子圓周運動的軌道半徑為：r＝eB＝9.1×10－31×1.6×106－L1.6×－19××－4m＝4.55×102m＝4.55cm，恰巧有：r＝d＝2，因為電子102.010源S可向紙面內(nèi)隨意方向發(fā)射電子，所以電子的運動軌跡將是過S點的一系列半徑為r的等大圓，能夠打到板MN上的地區(qū)范圍如圖甲所示，實線SN表示電子恰巧經(jīng)過板N端時的軌跡，實線SA表示電子軌跡恰巧與板相切于A點時的軌跡，所以電子打在板上可能地點的地區(qū)的長度為：l＝NA，又由題設(shè)選項可知，MN與SO直線的夾角θ不定，但要使電子軌跡與MN板相切，依據(jù)圖中幾何關(guān)系可知，此時電子的軌