2021年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試第三次適應性考試聯(lián)考試卷-理綜試題

2021年普通高等學校招生全國統(tǒng)一考試聯(lián)考理科綜合能力試注事：本試卷分第Ⅰ卷（選擇題）和第Ⅱ卷（非選擇題）兩部分。答題前，考生務必將自己的姓名、考生號填寫在答題卡上?；卮鸬冖窬頃r，選出每小題的答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。寫在試卷上無效。回答第Ⅱ卷時，將答案填寫在答題卡上，寫在試卷上無效?？荚嚱Y束，將本試卷和答題卡一并交回?？赡苡玫降南鄬υ淤|(zhì)量H1C12NS32ClV56Cu第卷選題共126分）一選題本題小，小6分。在小給的個項，有項符合目求。．生物膜的結構與功能存在密切的聯(lián)系，下列有關敘述錯誤的是A葉綠體的類囊體膜上存在催化ATP合成的酶B神經(jīng)細胞膜上存在能識別神經(jīng)遞質(zhì)的受體C．粒體位線粒體外膜上，編碼參與呼吸作用的酶D．細膜上有引起特異性免疫反應的抗原【答案】【解析葉體的類囊體膜是光反應的場所綠的類囊體膜上存在催化合的酶，A正；神經(jīng)細胞上存在能識別神經(jīng)遞質(zhì)的受體B正；線粒體于線粒體基質(zhì)中C誤；癌細胞膜上有引起特異性免疫反應的抗原能被免疫系統(tǒng)清除D正。．在氧氣充足的環(huán)境下，細胞內(nèi)的丙酮酸分解產(chǎn)生大量乳酸的現(xiàn)象稱為瓦氏效應。究發(fā)現(xiàn)，瓦氏效應是腫瘤細胞獲取能量的重要方式。下列說法正確的是A瓦氏效應產(chǎn)生的ATP比有氧呼更多B細胞內(nèi)產(chǎn)生丙酮酸的生理過程稱為三羧酸循環(huán)

2222C．瘤細胞攝取的葡萄糖主要在線粒體中被利用D．正細胞相比，腫瘤細胞需要攝取更多的葡萄糖【答案】【解析瓦效應中丙酮酸中的能量轉(zhuǎn)移到乳酸中，沒有釋放出來，故產(chǎn)生ATP有氧呼吸少A錯誤細胞內(nèi)產(chǎn)生丙酮酸的生理過程稱為糖酵解B錯；腫瘤細胞攝取的葡萄糖形成乳酸，主要在細胞質(zhì)基質(zhì)中被利用錯；與正常細胞相比，腫瘤細胞將葡萄糖形成乳酸，產(chǎn)生的ATP較少，故需要攝取更多的葡萄糖D正。．在某真核生物細胞中，以RNA為模板合成蛋質(zhì)時，部分氨基酸的密碼子包括：色氨酸（UGG、谷氨酸（GAA/GAG）、酪氨酸（）組氨酸（CAU/CAC）若某小肽對應的mRNA序為UACGAACAUUGG，列有關該小肽敘述錯誤的A小肽的模板合成場所為細胞核，小肽合成場所為核糖體B小肽的氨基酸序列是酪氨—谷氨酸組氨酸色氨酸C．成小肽時沿糖體移動，依次讀取下一個密碼子D．該肽對應DNA序發(fā)生堿基替換，有可能改變小肽的氨基酸序列【答案】【解析】合成小肽的模板為mRNA的合成場所為細胞核，通過轉(zhuǎn)錄合成的，小肽的合成場所為核糖體，A正；小肽對應的mRNA序為UACGAACAUUGG，其密碼子分別為UACGAACAUUGG其決定的氨基酸序列分別為酪氨—谷氨酸組氨酸—色氨酸B正合小時核糖體沿移依次讀取下一個密碼子誤；若該小肽對應序列發(fā)生堿基替換mRNA所應的密碼子會發(fā)生改變密子決定的氨基酸種類可能發(fā)生變化，從而會改變小肽的氨基酸序列，或者該密碼子變?yōu)榻K止密碼子，翻譯提前終止，從而使小肽的氨基酸總數(shù)量減少D正。．無機鹽對于維持人體的生命活動具有重要作用，下列相關敘述錯誤的是A蔬菜中的草酸不利于機體對食物中鈣的吸收B生活在高原地區(qū)的人應該適當補鐵以提高血液運輸O的力C．大量排汗而不及時補鈉，會影響到神經(jīng)細胞靜息電位的大小D．活缺碘地區(qū)的人，應該食用有碘鹽，以防止地方性甲狀腺腫【答案】【解析】菜中的草酸與鈣結合草酸鈣，影響鈣的吸收A正確；鐵是組成血紅蛋白的元素，生活在高原地區(qū)的人應該適當補鐵促進血紅蛋白的合成，以提高血液運輸O的

11111．．11111．．力B正；鈉離子內(nèi)流引起神經(jīng)細胞產(chǎn)生動作電位，所以人大量排汗而不及時補鈉，會影響到神經(jīng)細胞動作電位的大小誤合成甲狀腺激素的元素在碘地區(qū)人，應該食用有碘鹽，以防止地方性甲狀腺腫D正確。．某自花且閉花受粉植物紫花和白花由染色體上的一對等位基因A控，假設A基含2000個基對，含個嘧啶。讓多個紫花的親本植株自然繁殖F的現(xiàn)型及比例為紫花∶白∶1（不考慮變異和致死）。下列有分析不正確的是AA基連續(xù)復，第次嘌呤脫氧核苷酸8000個BF紫植株中純合子占C．本的基因型有AA、Aa種，且比例為∶1D．讓本隨機授粉，則白花所占比例為1/64【答案】B【解析A因連續(xù)復制制次后有個A基中呤=嘧數(shù)個，第3次需嘌呤脫氧核苷酸4×個A正的現(xiàn)型及比例為紫花∶白=15∶，親本的基因型有AA、Aa兩，且比例為3∶，即親本為3/4AA，自然繁殖后（自交→3/4AA1/4（1/4aa即F中AA為Aa為，aa為1/16故子代中F紫植株中純合子（AA）占，B錯，正確；讓親本相互授粉，則雌配子中A∶∶1雄配子中A∶1則白花所占比例為1/64，D正。．自然湖泊因長期排放生活污水而被污染。投放活性淤泥（多種微生物聚合而成的塑狀團塊）、持續(xù)通入空氣有助于凈化有機污染物。下列敘述錯的是A湖泊受污染的根本原因是人類的破壞超過了自身凈化能力B人為投放活性淤泥能提高該湖泊的恢復力穩(wěn)定性C．續(xù)通入空氣有利于加速好氧細胞的有氧呼吸，促進物質(zhì)循環(huán)D．經(jīng)生態(tài)系統(tǒng)的能量為生產(chǎn)者所固定的所有太陽能【答案】【解析】態(tài)系統(tǒng)的自動調(diào)節(jié)能是有一定限度的，人類的破壞超過了自身凈化能力，湖泊就容易受污染A確人投放活性淤泥能有助于凈化有機污染物短該湖泊恢復原狀的時間B正；持續(xù)通入空氣有利于加速好氧生物的有氧呼吸，促進物質(zhì)循環(huán)正確該態(tài)系統(tǒng)的能量為生產(chǎn)者固定的太陽能和人工排放有機污染物的化學能錯。．化學與人類生產(chǎn)、生活、社會可持續(xù)發(fā)展密切相關。下列說法正確的是

33A222322A222A33A222322A222AA加酶洗衣粉是洗衣粉中的新產(chǎn)品，從化學反應速率的角度分析，使用溫度越高的水洗滌衣服，其去污效果會越好B“紅燒魚是道常見的四川家常菜做紅魚時常要加入料酒和醋其主要的目的是調(diào)味，讓魚的味道更加酸辣可口C．司匹林是生活中常見的消炎藥，服用阿司匹林出現(xiàn)水楊酸反應時，可用溶液解毒D近期的空氣質(zhì)量報告中常出“中度污”“度污染的結論霾中含有大量超標的主要物質(zhì)是二氧化硫【答案】【解析A酶在溫水中活性最好從化學反應速率的角度分析用溫水洗滌衣服，其去污效果會越好，故A錯；B．紅燒魚時通常要加入料酒和醋，其最主要的目的是乙醇和乙酸生成具有香味的乙酸乙酯，故B錯．水楊酸顯酸性，與小蘇打反應生成二氧化碳，服用阿司匹林出現(xiàn)水楊酸反應時，可以N溶解毒，故C正D．霧霾中含有大量超標的主要物質(zhì)是可吸入顆粒物，故錯；選C。．設阿伏加德羅常數(shù)的值為N，則下列說法正確的是A1molFe與完反應時轉(zhuǎn)移的電數(shù)為3

AB標準狀況下HO含的中子數(shù)為8N

AC．準狀況下的HF含有的HF分數(shù)為N

AD．50mL?

濃硫酸與足量銅微熱反應，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為N

A【答案】B點燃【解析】．反應2Fe+3Cl可知1mol與1.5mol才能完全反應，則1mol與Cl完全反應時轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為2N，故A錯B．標準狀下，H的物質(zhì)的量為1mol于HO中H原無中子個O原中含8個子以1molHO中所含的中子數(shù)為8N，故B對C．況下HF為體，所以不能用氣體摩爾體積進行相關計算，故錯；D．隨著反應的進行，濃硫酸濃會降低，即稀硫酸與反應，硫酸未完全反應，所以無法計算該反應所轉(zhuǎn)移的電子數(shù)，故D。答案選B。．化合物丙是一種醫(yī)藥中間體，可以通過如圖反應制得。下列說法正確的是

10l610l610142A丙的分子式為CHB甲的一氯代物有4種不考慮立體異構C．可以發(fā)生取代反應、加成反應、氧化反應D．、均不能使酸性高錳酸鉀溶液褪色【答案】【解析】丙的結構簡式可知，的分子式為；的分子中有種同化學環(huán)境的氫原子，則其一氯代物有3種不考慮立體異構）；甲、丙結構中均含有碳碳雙鍵，能被高錳酸鉀氧化，則均能使酸性高錳酸鉀溶液褪色；綜上所述，答案為。10關于下列裝置圖的敘述正確的是A裝置①是洗氣裝置，除去氯氣中的氯化氫B實驗室用裝置②制取氨氣C．置③可用于制備氫氧化亞鐵并觀察其顏色D．置中X若四氯化碳，可用于吸收氨氣，防止倒吸【答案】【解析】A．置①作洗氣裝置時，氣體應從導管進短導管出，圖中氣體的進入方向不合理，故A錯B．制取氨氣的藥品不能選擇化銨，因為加熱氯化銨生成的氯化氫和氨氣在試管口處會重新反應生成氯化銨，故B錯C生成的氫氧化亞鐵易被氧化，應在溶液下擠出溶，或在試管中加少量苯隔絕空氣，故C錯；D．X若四氯化碳，可使氨氣與水不能直接接觸且氣在四氯化碳中的溶解度很小裝置④可以防止倒吸故D正。故答案為D

222222222224636463611一種用于合成治療免疫疾病藥物的物質(zhì)，其結構如圖所示，其中X、YZ、QW為1~20號素原子序數(shù)依次增大與同主族，Q和的單離子具有相同的電子層結構。下列敘述正確的是AWX是價化合物B原子半徑W>Z>YC．高價氧化物對應的水化物的酸性Q<YD．和X、Y、、Q均成至少兩種二元化合物【答案】【解析】據(jù)題目信息均是前20元素與Q同族Q和W的單離子具有相同的電子層結構形成如圖所示離子化合物知Y是C是H是Q是S）是鉀K）WX是，離子化合物故A錯誤；同周期，序越大，半徑越小，故原子半徑關系為W>Y>ZB錯；元素的非金屬性越強，其最高價氧化物對應的水化物的酸性就越強氧性高氧化物對應的水化物的酸性Q>YC錯誤；和XY、WQ形的二元化合物均在兩種及以上HO、HO；、；、SO；KO、KO；故D正。12一種雙電子介體電化學生物傳感器于測水體性生物毒性其工作原理如圖。下列說法正確的是A圖中所示電極為陽極，其電極反應式為KFe(CN)-e=KB甲萘醌在陰極發(fā)生氧化反應C．作時+

向圖中所示電極移動D．NAD(P)H轉(zhuǎn)為NAD(P)的過程失去電子【答案】【解析據(jù)圖示可知KFe(CN)在電極表面失電子生成KFe(CN)圖示電極為陽極，

4636223aa23a1a22h1h1sp3sp22222334636223aa23a1a22h1h1sp3sp22222333spspsp3322其電極方程式為KFe(CN)-e?

=KFe(CN)+K+

，A項誤；甲萘醌應在陰極發(fā)生還原反應，B項誤工作時在電池中陽離子應向陰極移動項誤根據(jù)圖示該程NAD(P)H被甲萘醌氧化，即失去電子D項確；答案選D。13常溫下，向0.1mol·L1

BaCl溶中滴加0.2mol·L1

Na溶的滴定曲線如圖所示。已知pBa=-lgc(Ba)，；溫下，pK=10.3下列說法正確的是A常溫下Na溶的為級解常數(shù))B常溫下K(BaCO)?C．、、G三的K從大到小的順序為D．他件相同，用MgCl溶液替代BaCl溶，向G點移【答案】【解析】．+H

HCO-+OH

-

，

KKwK

，

=pK=14-10.3=3.7w

，A項符合題意B．0.1mol·L1

BaCl溶液中滴加0.2mol·L?

NaCO溶，當加入10mLNaCO溶液時Ba2+CO?恰完全反應生成BaCO，時溶液中(Bac(CO

，點pBa=4.5，c(Ba

2+

-4.5

，

K(BaCO)=c(Ba2+)sp33

=10?9

，不符合題意；C．只與溫度有關，溫度不變K不變，故EF、G三的K相，項符合題意DMgCO微于水BaCO難于水，若用MgCl溶替代溶液，當恰好完全反應時，溶液中(Mg

)＞(Ba

)，則

Mg<pBa

，F(xiàn)向下移動D項不符合題意；答案選A。二選題本共小，題分，在小給的個項，～18題有個項合目求第19～21題有選題要。部答的分選但全得3分，選的分。14做豎直上拋運動的物體，每秒的速度增量總是A大小不等，方向不同

B大小相等，方向不同

km0kmcckm013111km0kmcckm01311121C．小不等，方向相同D．小等，方向相同【答案D【解析】豎直上拋運動是勻變速直線運動，加速度為g，方向豎直向下，根據(jù)

gt

，知每秒速度增量大小相等，方向豎直向下。故ABC錯，正。15圖甲光電效”實電路圖圖為某“電效應實驗中得到的同一光電管兩端的遏止電壓U隨射光頻率變的函數(shù)系圖像，下列判斷正確的是A入射光的頻率v不，遏止電壓U相同B入射光的頻率v不，光照強度不同U－v圖的斜率同C．要光的光照強度相同，光電子的最大初動能就一定相同D．甲示電路中，當電壓表增大到一定數(shù)值時，電流計將達到飽和電流【答案B【解析】逸出功與金屬材料有關與入射光的頻率無關，由E＝ν－可知，入射光的頻率不同，電子的最大初動能不同，又eUE，所以射光的頻率不同，遏止電壓U

h不同A錯由＝ν－ν＝eU可U故圖線的斜率為相同的常量B正確由愛因斯坦光電效應E＝－可知在入射光頻率不同的情況下電的最大初動能不同最初動能與光照強無關C錯必使圖甲所示電路中的電源正負極反接過來才能用來驗證光電流與電的關系當電壓表增大到一定數(shù)值時電流計將達到飽和電流，D錯。16如圖，一理想變壓器ab端交流電源，原線圈匝數(shù)為匝，R、、R阻相等。則當開關斷時功為，當S閉合時功為P，∶＝925，則副線圈匝數(shù)為A25B．．200D

11111abab111122222n2222211111abab111122222n222221【答案B【解析】設副線圈匝數(shù)為n當開關S斷開，設變壓器左邊電流為I，壓為U，右邊電流為I為電為阻均為R電＝U＋I，U1

100n

，In1I1

，＝R，＝I

2；當開關閉合時，設變壓器左邊電流為I，壓為U，100右邊電流為I壓為U′源電壓UU＋，UIab22

2R

In，，I1002P＝I

2

，∶＝∶，聯(lián)立得＝，確。17年23日我國首次火星探測任“天問一號探器，在中國文昌航天發(fā)射場應用長征五號運載火箭送入地火轉(zhuǎn)移軌道。為了節(jié)省燃料，我們要等火星與地球之間相對位置合適的時候發(fā)射探測器，受天體運行規(guī)律的影響，這樣的發(fā)射機會很少。已知火星的公轉(zhuǎn)周期約是地球公轉(zhuǎn)周期的1.9簡計算為地球和火星在同一平面上、沿同一方向繞太陽做勻速圓周運動，如圖所示。根據(jù)上述材料，結合所學知識，下列說法正確的是A地球的公轉(zhuǎn)向心加速度小于火星的公轉(zhuǎn)向心加速度B探測器從點運動到點的過程中處于加速狀態(tài)C．果火星運動到點，地球恰好在點，此時發(fā)射探測器，那么探測器沿軌AC運動到點，恰好與火星相遇D．果過某一發(fā)射時機，那么下一個發(fā)射時機需要再等約2.1年【答案DMm【解析】火星軌道半徑大于地球道半徑，根據(jù)G＝可知，向心加速度與軌道半r2徑的平方成反比，所以，地球的公轉(zhuǎn)向心加速度大于火星的公轉(zhuǎn)加速度錯；據(jù)開普勒第二定律可知，探測器從A點運動到點的過程中，離太陽的距離越來越大，速度會越來越小，所以應該是減速過程錯；根據(jù)普勒第三定律，火星與探測器的公轉(zhuǎn)半徑不

0P0f120P0f12同則公轉(zhuǎn)周期不相同此探測器與火星不會同時到達C不在C點遇C錯誤；地球的公轉(zhuǎn)周期為1年火星的公轉(zhuǎn)周期約是地球公轉(zhuǎn)周期的1倍兩者的角速度之差為

2π2π1.8ππ，則地球再一次追上火星的用時為t年，D確。11.918總質(zhì)量為m的車在平公路上以速度v勻行駛時，發(fā)動機的功率為。機為合理進入限速區(qū)，減小了油門，使汽車功率立即減小到并保持該功率繼續(xù)行駛，設汽車行駛過程中所受阻力大小不變。從司機減小油門開始，汽車的－象如圖，從汽車開始減速到再次達到勻速運動的過程中，行駛的位移為，汽車因油耗而改變的質(zhì)量可忽略。則在該過程中，下列說法不正確的是A汽車再次勻速運動時速度大小為v0Bt＝0時，汽車的加速度大小為C．車的牽引力不斷減小

PmvD．歷時間為【答案

32v

5P【解析汽車以速度v勻行駛時，牽引力于阻力，有F，車以功率P勻vP2速行駛時牽引力等于阻力，有f，可得A確；＝時，汽車的牽引3力F

v

汽車的加速度大小

P3mv

B正汽做減速運動速度減小，1功率不變＝Fv知力斷增大誤能定理有Pt－(v－，f2020其中克服阻力做功fs，解得

3s2

5mv，D正。P19如圖，在水平桌面上疊放著兩個物塊M和M與面的動摩擦因素為μ，與M間的動摩擦因素為一根輕繩一端與M相另一端過光滑的定滑輪系豎直桿上的點?，F(xiàn)將另一個物體G用滑輕質(zhì)掛鉤掛在輕繩上之的O點已知整個裝置處于靜止狀態(tài)時，豎直桿與繩OB的角為，

121121A將繩的端向上緩慢移動一小段距離時繩的張力不變B將豎直桿緩慢向右移動一小段距離時繩的張力增大C．M所的摩擦力為μ(MgD．斷A處繩瞬間，m的加速度為【答案【解析輪和豎直桿之間的繩長為L為據(jù)衣繩模型可知sin

，而2Tcosα＝G解得繩子上的張力

G2cos

，所以將繩的B端上緩慢移動一小段距離時，d不，不，故α不，所以繩子的張力不變A正；將豎直桿緩慢向右移動一小段距離，則d變，L不，故變，因此繩子的張力增大正；由于有整個裝置處于靜止狀態(tài)，所以和m都受力平衡。所以和之沒有摩擦力，因此M所的摩擦力等于繩子的張力于是靜摩擦力以Mg錯斷處繩瞬間，m的速度為零，錯。20如圖所示，在豎直平面內(nèi)存在勻強電場OAB是正三角形，邊長為lOC長l沿豎直方向個質(zhì)量為量絕對值為的電小球以的動能從點出，99運動到點的動能為mgl，運動到C點動能為已知重力加速度為，則下84列說法正確的有AO到A的程，電場力做功為－B帶電小球一定帶負電C．場線一定垂直D．場度的大小為【答案

6

0000ab0000ab【解析到的程根據(jù)動能定理

l93mgl，解得電場力做功2813l9，A錯；同理OC的過程，根據(jù)動能定理mgl42解得電場力做功W

38

21mgl則運到B的程解得電場做功mgl可3知A、為等勢點，AB為條等勢線，電場強度的方向垂直AB，C正確；由于無法判斷電3場強度具體指向B錯誤；O到的過程W＝mgl＝qEl，以2

36

，正；21如圖所示，在直角坐標系x的第一象限內(nèi)，有強大小為、向沿軸方向的勻強電場，第二象限內(nèi)有一半徑為L的圓形勻強磁場區(qū)域，磁感應強度大小為，場方向垂直于xOy平向里，圓形磁場邊緣與軸切于點點標為（L0有兩個電子a、b從點相同速率沿同方向同時射入勻強磁場區(qū)域，、b的度方向與y軸方向夾角均為θ＝60°。電經(jīng)過軸的點入第一象限點中沒畫出知個電子恰好都經(jīng)過圓形磁場邊緣的同一點K（點中未畫出子質(zhì)量m電荷量為e

，不計重力，則A電子a入第一象限前在磁場中運動的時間差是

B電子在電場中運動離y軸遠距離為

BC．Q的坐標(0

L

)D．子、時到達K點【答案BDv【解析】在磁場中，根據(jù)＝，解得0r

rL

，兩個電子恰好都經(jīng)過圓形磁場邊緣的同一點K子開場進入電場到再次返回磁場的運動過程，a兩子都平行軸如圖甲所示，所以b兩個電子的偏轉(zhuǎn)角分別是θ＝，＝150°電子在磁場中的運動的周期

2m

，則電子進入第一象限前在磁場中運的時間差是

00

512

T

112

T

23Be

，A錯；在電中，電子速度向右減速到零，則離y最遠，根據(jù)動能定理

12

mv0

2

，解得

eL2

，正；根據(jù)幾何關系點的縱坐標

rrcos30

L

，所以電子經(jīng)過軸上的點坐標為，

L

)，C錯誤兩電子恰好都經(jīng)過圓形場邊緣的同一點K子離開磁場進入電場到再次返回磁場的運動過程，如圖乙所示，根據(jù)對稱性可知K點的坐標為（－2，2L根據(jù)對稱性可得、在場運動時間相同，在磁場運動時間也相同，在無場區(qū)域運動時間相同，所以、同時到達K點D正確。第卷非擇，分）三非擇(包括必題選題部。22題第32題必題每個題生必作。題第題選題考根要做(一必考(共129分22(5分某同學為探究氣球在空氣中運動時所受空氣阻力的大小跟速率的定關系，所使用的器材如下：鐵架臺、鉤碼、彈簧測力計、細繩、氣球、毫米刻度尺、具有連拍功能的手機，其實驗步驟如下：A測出氣球及鉤碼的總重力；B吹好氣球，用細繩將氣球扎緊，另一端系上鉤碼；C．刻度尺豎直固定在鐵架臺上，將氣球（含鉤碼）從較高位置釋放，使其經(jīng)過刻度尺附近時能勻速下落；D．用機連拍功能，拍攝氣球勻速運動時的多張照片；E．改變所懸掛的鉤碼質(zhì)量，重復以上步驟；F．記錄并處理數(shù)據(jù)請回答以下問題：

(1)某次拍攝的兩張照片如圖甲、，可以從中計算出氣球下落的位移。圖乙中所示位置的讀數(shù)為cm(2)記錄每次實驗中氣球（含鉤碼重力和鄰兩次拍攝時間氣球下落的位移l如下表所示，已知相鄰兩次拍攝的時間間隔為1s，根據(jù)表格數(shù)據(jù)以計算出每組實驗中氣球所受阻力f和其勻速運動時的速率v。圖丙中已出了部分數(shù)據(jù)，請補描第三組的實驗數(shù)據(jù)并繪制出f－關圖像。次數(shù)重力G/(10

9.5

10.

2

N)

位移l

28.

32.2

.80

.60

(3)根據(jù)所繪制的圖像，可以得到實驗結論為?！敬鸢?2)見解析圖(3)在誤差允許的范圍內(nèi)，此氣球受到空氣阻力跟速率成正比【解析】(1)圖乙中所示位置的讀為7.00；(2)第三組數(shù)據(jù)是＝＝6.5×10

2

N時＝19.80制fv關系圖像如圖；

00000000(3)根據(jù)所繪制的圖像可知，圖像過原點的直線，可以得到的實驗結論為：在誤差允許的范圍內(nèi)，此氣球受到空氣阻力跟速率成正比。23(10分)興趣學習小組將電壓表改裝成測量物體質(zhì)量的儀器，如圖甲所示。所用實驗器材有：直流電源：電動勢為，內(nèi)阻為r理想電壓表V：量程0；滑動變阻器R：規(guī)格～Ω；豎直固定的粗細均勻的直電阻絲：總長為1cm，總阻值為9；豎直彈簧：下端固定于水平地面，上端固定秤盤，彈簧上固定一水平導體桿，導體桿右端點P與電阻絲R接良且無摩擦；開關S以導線若干。實驗步驟如下：(1)秤盤中未放被測物前，將導體右端點置直阻絲上a處秤處于靜止狀態(tài)。(2)直流電源的U－I圖如乙示電源電動勢E＝阻r＝_______。(3)在彈簧的彈性限度內(nèi)，在秤盤輕輕放入被測物，待秤盤靜止平衡后，導體桿右端點P正好處于直電阻絲R下端b處，要使此時電壓表達到滿偏，則動變阻器接電路的阻值為_______Ω。知彈簧的勁度系數(shù)k＝9.8×103

N/m，當?shù)刂亓铀俣龋絤/s2

，則被測物的質(zhì)量＝。由此在電壓表的刻度盤上標示相應的質(zhì)量數(shù)值，即將該電壓表改裝成了測量物體質(zhì)量的儀器，則質(zhì)量刻度______填均勻或非勻）。(4)直流電源使用較長時間后，電勢減小，內(nèi)阻r增。在此情況下，改裝成的測量

gababgabab物體質(zhì)量的儀器的數(shù)與被測的質(zhì)量的真值相_（“大偏小或相同”【答案】1(3)210

均勻

(4)偏小【解析(2)UI圖與縱軸交點表示電動斜率表示內(nèi)阻E＝4＝。(3)電壓表達到滿偏U時動阻器入電路的阻值為

U

Er

，解得＝Ω。由平衡條件可klmg，解得m10，因為電壓表示數(shù)與彈簧形變成正比被物的質(zhì)量也與彈簧形變成正比以將該電壓表改裝成測量物體質(zhì)量的儀器質(zhì)量刻度是均勻的。(4)直流電源使用較長時間后，電勢減小，內(nèi)阻r增，電路中電流偏小，當右端點P處相同位置時壓表示數(shù)較小改裝成的測量物體質(zhì)量的儀器的示數(shù)與被測物的質(zhì)量的真實值相比偏小。24(14分如甲所示，傾角為30°的光滑斜面固定在粗糙程度大的水平地面上，斜面底部域內(nèi)及側(cè)區(qū)域分布著豎直向上的勻強磁場，磁感應強度大小為，邊界MN、PQ間的距離為L為面最低處。將質(zhì)量為m、阻為R、邊長為的正方形勻質(zhì)金屬框（表面涂有絕緣漆）從邊距邊的距離為L處靜止釋放，當cd邊達PQ處時剛好速度為零，接著用外力使框翻頭運動，框以cd邊軸順時針翻轉(zhuǎn)以邊為軸順時針翻轉(zhuǎn)1cd邊為軸順時針翻轉(zhuǎn)1如此不斷重復每到豎直和水時位置記為IIIIIIIVVVI…翻過程中，金屬框不打滑，并保持角速度大小恒為空阻力不計，重力加速度為，以位置I作為計時起點即t＝0。(1)求金屬框進入?yún)^(qū)的過程中，流過邊電量；(2)寫出金屬框從位置Ⅰ到位置Ⅱ過程中點的電勢差U隨時間變化的函數(shù)式；(3)求金屬框從位置Ⅰ到位置Ⅱ的程中，外力對框做的功；(4)在圖示坐標系內(nèi)畫出金屬框從置Ⅰ到位置V的過程中電勢差U隨間變化的函

abab數(shù)圖像（標出相應的縱橫坐標【解析】(1)流過邊電量

I

ΔΔRR由于

BL2所以

BL2R

。(2)從位置Ⅰ到位置Ⅱ的過程中ab邊以邊中心勻速轉(zhuǎn)動邊上產(chǎn)生的電動勢為ecosab

2

其中為邊與豎直方向的夾角，所以a點的電勢差為1UBL4(3)從位置Ⅰ到位置Ⅱ的過程中，培力做的功在數(shù)量上等于導體產(chǎn)生的熱量，即BLππW)22

4由動能定理得

12

解得

πL41

。(4)在位置Ⅰ及位置，邊切割磁感線，且速度方向與磁感線垂直，所以電勢差32Uab4在位置記為IIIIIIV，邊止不動cd切磁感線，所以電勢差

ab

14

2由于線框勻速轉(zhuǎn)動，所以曲線為正弦曲線，圖形如下圖所示：25分)如甲所示水平面有一質(zhì)量＝1kg“忽）以速度v＝m/s向做勻速直線運動刻質(zhì)量m的可視為質(zhì)點的物塊以速度v＝6m/向右水平上木板，經(jīng)過t＝時物塊與木板右端的擋板發(fā)生彈性碰撞。

112L112112L112已知物塊與木板間的動摩擦因數(shù)靜摩擦力等于滑動摩擦力102

(1)木板的長度；(2)從碰撞后到物塊與木板共速所歷的時間；(3)若物塊與木板碰撞結束的瞬間給木板施加一水平向右的力F，力只用2s時，大小隨時間t的化圖像如圖乙所示已知在力F作的間內(nèi)塊相對木板運動的位移＝，最終物與擋板之間的距離?！窘馕觥?1)對木塊由牛頓第二定有a2m/s可得

mg

2對木板由牛頓第二定律有可得2

Ma

兩物體相向運動的位移之和等于板長，有解得。vv1、，有(2)設兩物體碰撞前的速度為t3m/s11t0m/s22板與木塊彈性碰撞，有mvmv11111mvmv222

1

1at2tatL22聯(lián)立解得

v

，

v碰撞后到物塊與木板共速，由系統(tǒng)動量守恒有1解得

v2v2m/s共

共

F共122452F共122452443微沸數(shù)分鐘還原轉(zhuǎn)化2522對木板由動量定理，有t解得

mgtMv1共即碰后經(jīng)木與木塊共速。若塊與木板碰撞結束的瞬間，給木板施加一水平向右的力，只作用時，對木塊加速有11對木板，

F

82

其用動量定理

Ft

mgtMv

設為2s木板速度變化量，有由系統(tǒng)動量守恒和能量守恒，有

v共111mv22

2

解得

v

共

，

故總的相對位移為

x5.42m

。．（分）實室以VO為原料制備氧釩（）式碳酸銨晶體{(NH))(OH)]·10HO}，流程如圖：6mol·L1鹽酸N·2HClNH溶V液堿碳酸銨晶體（1還原過程中的還原劑是（填化學式）。（2已知VO

能被O氧，轉(zhuǎn)可在如圖裝置中進行。①儀器M的名稱是，實驗開始前的操作是。②裝置的用是。

2443422422224434224222422224342③加完VOCl溶液后繼續(xù)攪拌一段時間應完全行列操作為（填字母）。a錐形瓶口塞上橡膠塞．取下Pc．將錐形瓶置于干燥器中，靜過濾④得到紫紅色晶體，抽濾，并用飽和NHHCO溶洗滌次用無水乙醇洗滌2次再用乙醚洗滌次，抽干稱重。用飽和NH溶洗滌除去的陰離子主要（填離子符號），用無水乙醇洗滌的目的。⑤稱量g產(chǎn)于錐形瓶中，用餾水與稀酸溶解后，加入0.02mol·L?1KMnO溶液至稍過量，充分反應后繼續(xù)滴加的NaNO溶至稍過量，再用尿素除去過量，最后用cmol·L

(NH)Fe(SO)

標準溶液滴定至終點（已知滴定反應為++Fe+2H=VO+HO消耗標溶液的體積為VmL若NH)Fe(SO)

標準溶液部分變質(zhì)，會使測定結果填“偏”“偏或無影響”）產(chǎn)品中釩的質(zhì)量分數(shù)為__________以VO2+的量進行計算，列出計算式）?！敬鸢浮浚?）H2HCl（2長頸漏斗

檢查裝置的氣密性

除去二氧化碳氣體中的氯化氫

Cl

除去晶體表面的水

偏高

67

×100%6.7cV/m%【解析】(1)化還原反應中還原劑失電子被氧化，化合價升高，對比反應物和生成物，V的合價降低被還原、Cl合價不變H元已是最高價不能被氧化，所以被氧化的元素應為N元素，所以還原劑為NH2HCl(2)①根據(jù)M的構特點可知其為長頸漏斗；實驗開始前要檢查裝置的氣密性；②稀鹽酸具有揮發(fā)性，生成的二氧化碳氣體中有HCl雜質(zhì)，裝置B中放飽和碳酸氫鈉溶液可以除去二氧化碳氣體中的氯化氫；③加完VOCl溶液后繼續(xù)攪拌一段時間反應全下裝防止氧釩Ⅳ)堿式碳酸銨晶體被氧化需要在錐形瓶瓶口塞上橡膠塞，之后將錐形瓶置于干燥器中，靜置過濾，所以順序為bac④根據(jù)元素守恒可知用飽和NH溶洗滌除去的陰離子主要是Cl；醇與水互溶，無水乙醇易揮發(fā)，可以帶走晶體表面的水分；⑤(NH))

標準溶液部分變質(zhì)，溶液中

濃度減小消耗更多的標準液致測定結果偏高標準溶液的體積為V，根據(jù)滴定反應可知n(VO2+)=n(Fe2+)=cV×

?3

mol，以產(chǎn)品中釩的質(zhì)量分數(shù)為

m

cV

222224212222223222422222421222222322244222260p442244422442×100%。27（分近年來CO變廢為寶，改善環(huán)境是科學研究的重要課題，對于實現(xiàn)廢氣資源的再利用及碳循環(huán)經(jīng)濟技術的發(fā)展都具有重要意義。Ⅰ．已知CO、H為料合成H涉的主要反應如下：①H(g)CH(g)+HΔH=+9kJ·mol1②H(g)+H(g)③(g)+CO(g)

CH(g)ΔH?1HO(g)+CO(g)ΔH?④COH

CH(g)+HH

4(1)H=___0.1MPa時密閉容器中充入和CH，生反應④，溫度對催化劑K－Fe－Mn/Si性的影響如圖：工業(yè)生產(chǎn)綜合各方面的因素，根據(jù)圖中的信息判斷反應的最佳溫度℃。在800℃時，∶n(CH∶，充入一定體積的密閉容中，在有催化劑存在的條件下，發(fā)生反應④，初始壓強為，一段時間后達到平衡，產(chǎn)物的總物質(zhì)的量與剩余反應物的總物質(zhì)的量相等，則該溫度下反應的平衡常數(shù)K用衡分壓代替平衡濃度計算，分=壓物質(zhì)的量分數(shù)，用最簡分式表)。Ⅱ．科學家利用Li吸CO有重要的現(xiàn)實意義CO的收及材料再生的原理如圖所示：(1)吸附過程中主要反應的化學方程式_。(2)為了探究Li的吸附效果，在剛性容器中放入的LiSiO，入10mol不比例的N和CO混合氣體，控制反應時間均為小，到Li吸附后固體樣品質(zhì)量分數(shù)與溫度的關系如圖所示：

224423226222224423226222222242222①該反應為_________反(“吸熱或放”。②保持A點溫度不變?nèi)粲脛傂匀萜黧w積變?yōu)樵瓉硪话雱t平衡時c(CO)較原平衡_________(填增”、減或不變)。③若在A點CO的收率為，A點縱坐標的為_______?！敬鸢浮浚??1

（2

1655

0Ⅱ．（1）Li=Li+Li（2放熱

不變

【解析Ⅰ(1)

Δ=-Δ=41+136=+177kJ/mol4

；該反應的目的是生成CH，參考H和的化率知，最佳溫度是℃左右；假設初始通入是1mol，CH是3mol，達到平衡時反了xmol，則CO

+CH(g)

CH(g)+H+2

26

2

4

2初

轉(zhuǎn)

平

可得x+x+x=(1-x)+(3-x)，得x=0.8mol達到平衡時是，H是，CHCO均0.8mol此總物質(zhì)的量為CO的物質(zhì)的量分數(shù)為

CH的物質(zhì)的量分數(shù)為

1124

1，H、HO的物質(zhì)的量分數(shù)均為，器的體積固定，隨著6反應的進行，容器的壓強增大，達到平衡時，容器的壓強為

=1.2p00

。K=p

p(CH)p(H242p(CO)p(CH)226

=

111×1.2p?×1.2p?×1.2p60606111×1.2p?×1.2p240240

0

16=p55

0

16000p0p0044222344216000p0p004422234422344222224224224sp4sp222422111pp666111552424

；Ⅱ．(1)附過程中的反應物是LiSiO、CO，產(chǎn)物是LiCO和Li，方程式為Li=Li+LiSiO；①由圖像知，相同)n(N)

，最高點以后，溫度升高，吸附后固體樣品的質(zhì)量分數(shù)降低，反應向逆反應方向進行度高向吸熱方向進行以逆反應是吸熱反應該反應為放熱反應溫度不變，平衡常數(shù)不變，即

K=

1)

，所以重新平衡后，二氧化碳的濃度不變；③由吸附反應LiSiO+CO=LiCO+LiSiO知固體增重的質(zhì)量是吸收的二氧化碳的質(zhì)量點

)n(N)

，氣體總量是10mol的是率是70%收的CO是，所以。．（分）硫酸鉛廣泛應用于制造鉛蓄電池、白色顏料以及精細化工產(chǎn)品3PbO·PbSO·HO(三鹽)。工業(yè)生產(chǎn)中利用方鉛主要成分為，有FeS等雜質(zhì)制備的藝流程如下：已知：PbCl難于冷水易溶于熱水。②(s)+2Cl(aq)

?

(aq)H＞③(PbSO?8K)=1.6×10(1)浸取時需要加熱，此時鹽酸與MnO、以發(fā)反生成NaPbCl、S等物質(zhì)的學方程式為驟中和MnO顆可以組兩個原電池，如圖所示：

222222242224222322244422222242222222222242224222322244422222242222224222222其中，MnO原電池反應迅速，而FeS原電池由于生成的硫覆蓋在FeS顆表面，溶解速率變慢。①原電池中，每消耗MnO，。②原電池負極上的電極反應式為___________。(2)濾渣2的要成分___________。(3)沉降操作時加入冰水的目的是。(4)上述流程中可循環(huán)利用的物質(zhì)__________(名稱)。(5)PbCl經(jīng)沉淀轉(zhuǎn)化后得到PbSO，若用1L硫溶液轉(zhuǎn)化的，則硫酸溶液的最初濃度不得低___________用酸鉛與氫氧化鈉溶液在50℃~60℃反應以制備三鹽，該反應的離子方程式為?！敬鸢浮浚ǎ㎝nO+S+MnCl+2HFeS?=Fe

+2S（2）（3）難于冷水，降低PbCl的溶解度，便于PbCl析晶體（4鹽酸（5）10.27mol·L℃～℃（6）=============PbSO·H?+2H【解析】方鉛礦精礦主要成分為，有FeS等雜)軟錳(要成分為MnO)中加入稀鹽酸，鹽酸與MnO、發(fā)反應生成PbCl和，MnO被原成Mn

，加入的可進反應PbCl(s)+2Cl

?

平衡正向移動，使更多的元素存在于溶液中；加入MnO調(diào)溶液pH，使鐵離子轉(zhuǎn)化成氫氧化鐵沉淀去，然后過濾難溶于冷水，將濾液冷水沉降過濾得到PbCl晶體，之后加入稀硫酸發(fā)生沉淀轉(zhuǎn)化，生成硫酸鉛晶體，過濾得到晶體，烘干得到硫酸鉛粉末，濾液中主要成分HCl(1)浸”時需要加熱，此時鹽酸與MnO、PbS及發(fā)反應生成NaPbCl、等物質(zhì)，反的化學方程式為MnOO；①根據(jù)電子得失守恒：MnO原電池中1mol錳2mol電亞離子被氧化成鐵離子消耗MnO生成6molFe3+

。故答案為：6；在電池負極上失電子被氧化生成硫單質(zhì)，電極反應式為FeS?=Fe

+2S。故答案為：FeS-2e=Fe

+2S；加入MnO調(diào)節(jié)溶液pH，使鐵離子轉(zhuǎn)

3324422222222244sp24?44423324422222222244sp24?444224424化成氫氧化鐵沉淀除去渣2的要成分是Fe(OH)答為Fe(OH)(3)度降低，(s)+2Cl

(aq)

?

(aq)平衡左移，使?

轉(zhuǎn)化為，便于析出晶或難溶于冷水，降低PbCl的解度，便于出PbCl晶)，所以沉降時加入冰水。故答案為PbCl難于冷水PbCl的解度PbCl析出晶體(4)濾分離出

4后液主要成分為HCl可于方鉛礦的浸取述程中可循環(huán)利用的物質(zhì)是鹽填名稱答為酸(5)淀轉(zhuǎn)化的方程式為PbCl2

(aq)PbSO(s)+2Cl

，該反應的平衡常數(shù)K=

c2cSOcSOc244

K()Ksp4

=

1.6

當?

ol1

?1時，c(SO2

)=

（=0.27mol·L，加上沉淀硫酸鉛的10mol硫，則硫酸溶液的最初濃度不得低于?。答為?1用硫酸鉛與氫氧化鈉溶液在50℃℃反應可以制備三鹽鹽硫(·HO)，℃～℃根據(jù)質(zhì)量守恒配平反應方程式：+6NaOH=============3PbO·PbSO·HO+3Na，反應的離子方程為

+6OH

℃～℃=============3PbO·PbSO·H2?+2H。29在連翹生長期連續(xù)晴朗的幾天，用Li-6400便式光合分析儀對連翹相同葉位的葉片測定其光合日變化。從8:00～每2h測次光速率Pn、蒸騰速率Tr）、氣孔導度（Gs，反應氣孔的開放程度），結果如下。請回答下列問題：（1）要連續(xù)幾天測定各種數(shù)據(jù)的原因是__________

__________，天選擇的葉片必須是（2為了分析引起連翹生長期一天中凈光合率蒸騰速率氣導度變化的原因，還需要測定__________等的日變化。（3）從圖1分8:00~18:00期，單位時間積累有機物最多的時間；

22222222222222累有機物總量最多的時間_。（4從圖2可以看出，氣孔導度最高時間是中午，但是經(jīng)測定，此時葉肉細胞的胞間濃并是一天中最高的，原因_____________________________（5經(jīng)研究發(fā)現(xiàn)，連翹總光合作用最強的時期發(fā)生在時。與12:00相比，連翹時呼吸作用強__________【答案】（1減少實驗誤差（降低實驗的偶然性

相同的（2光照、溫度、大氣中濃度、空氣濕度（318:00（4此時，光照強度、溫度較高，光合作用強，大量的胞間被收利用（5更強【解析（1）連續(xù)幾天測定各種數(shù)據(jù)，可以取大量數(shù)據(jù)，減少實驗誤差（降低實驗的偶然性）為了排除無關變量的響，實驗中無關變量應保持相同，即每天選擇的葉片必須是生長狀況相同的。2）了分析引起連翹生長期一天中凈光合速率、蒸騰速率、氣孔導度變化的原因需要測定與凈合速率速率孔導度有關的其它因素如光照、溫度、大氣中濃度、空氣濕度等。3從圖分，時凈光合作用最強，所以單位時間積累有機物最多的時間是；期間凈光合速率一直大于0，即有機物積累越來越多，所以積累有機物總量最多的時間是8:00（）從圖可看出，氣孔導度最高的時間是中午12:00，說明此時從外界吸收的CO最多，但是此時，光照強度、溫度較高，光合作用強，大量的胞間CO被吸收利用，所以此時葉肉細胞的胞間濃度并不是一天中最高的。（）上述可知連翹時光合作用最強，又知連翹總光合作用最強的時期發(fā)生在時所以與12:00時比，時的連翹的呼吸作用強度（呼吸作用強度=總光合作用強度凈光合作用強度）更強。30某校2021年組織了一次師生籃球賽。賽場，師生帶球飛馳，揮汗如雨，少數(shù)老師很快氣喘吁吁，但在師生啦啦隊的吶喊聲中依舊勁頭十足。回答下列問題：（1汗如雨導體內(nèi)________升高引合成分泌的抗利尿激素增多，促進了腎小管和集合管對水的重吸收，以維持體內(nèi)水的平衡。（2呼的調(diào)節(jié)過程屬于神經(jīng)調(diào)節(jié)其低級樞位于腦干但特殊情況下人可以通過大腦皮層有意識的屏住呼吸，這說________。（3氣喘吁吁的師在啦啦隊雷鳴般的吶喊聲中，其腎上腺分泌增多，該過程的調(diào)節(jié)屬于________節(jié)。

（4悉該校教師籃球隊隊長在賽后第二天身體感覺異常酸痛分析此現(xiàn)象出現(xiàn)的原因?！敬鸢浮浚?細胞外液滲透壓

下丘腦（2吸的低級中樞受到大腦中高級中樞的調(diào)或吸的低級中樞腦干受到大腦皮層的調(diào)控）（3腎腺素無氧呼吸產(chǎn)生乳酸

神經(jīng)調(diào)節(jié)

比賽過程中該校教師籃球隊隊機體缺氧分細胞【解析（1“揮汗如雨導致體內(nèi)細胞外液滲透壓升高?？估蚣に赜上虑鹉X分泌作用是促進腎小管和集合管對水的重吸收。）人可以通過大腦皮層有意識的屏住呼吸，體現(xiàn)了呼吸的低級中樞受到大腦中高級中樞的調(diào)呼吸的低級中樞腦干受到大腦皮層的調(diào)控）。（3“喘吁吁的師在啦啦隊雷鳴般的吶喊聲中，其腎上腺分泌的腎上腺素會增多，這屬于神經(jīng)調(diào)節(jié)。（4由于劇烈運動，身體會缺氧，部分細胞無氧呼吸產(chǎn)生乳酸，導致肌肉酸痛。31山湖紅荷濕地是由微山湖昭陽湖南陽湖和獨湖組成被稱為南四湖施退岸還濕退還”工十幾年來恢和提升了濕生態(tài)系統(tǒng)的整體功能育了極為豐富的物種資源。回答相關問題：（1鯽是微山湖中主要的魚類之一標重捕法調(diào)查鯽魚的種群密度時若調(diào)查中部分魚身上的標志物脫落，所得調(diào)查數(shù)值比實際數(shù)值______（填大或?。?該濕地的昭陽湖和獨山湖各有一條食物鏈如圖所示。若昭陽湖中的水草養(yǎng)活了1000尾魚，能量傳遞效率均按20%計算，則山湖中等量的同種水草能養(yǎng)_______鯽魚。（3“岸還濕、退岸還”工程使得被稱水熊的花水母鳥中熊貓的旦鴉雀也在這重現(xiàn)江湖。中震旦雀是鳥類中“模范夫”每年4月份開始雌雄共同筑巢，一起哺育雛鳥，這說明__________________離不開信息傳遞。該工程使生態(tài)系統(tǒng)的抵抗力穩(wěn)定性越來越強同使市的氣候宜人景色秀麗成為人們觀光旅游休度假的詩意家園，這體現(xiàn)了生物多樣性價。（4微山湖濕地生態(tài)系統(tǒng)的結構包括______________________________。【答案】（1大

（2（3生物種群的繁衍

直接

生態(tài)系統(tǒng)的組成成分和營養(yǎng)結構（食物鏈和食物網(wǎng)）【解析】（）標志重捕法計為：第一次捕捉數(shù)量：總=第二次捕捉到被標記的：第二次捕捉的總數(shù)分標志物落后會導致第二次捕捉到被標記的個體數(shù)變少查數(shù)值偏大。（）能量流動是逐級遞減的，在兩個營養(yǎng)級之間傳遞效率只有10%。昭陽湖中水草養(yǎng)活尾魚，水草中的能最多為10000在獨山湖中，相同水草傳遞給河蝦的能量最多為2000蝦傳遞給鯽魚的能量最多為2000×0.2=400最可以養(yǎng)活鯽魚尾（3）根據(jù)分析，雌雄鳥屬于一個種群，該過程體現(xiàn)了種群的繁衍離不開信息傳遞岸還濕、退岸還湖使生態(tài)系統(tǒng)物種多樣性增加，抵抗力穩(wěn)定性增強，觀光旅游、休閑度假體現(xiàn)了生物多樣性的直接價值。）生態(tài)系統(tǒng)的結構包生態(tài)系統(tǒng)的組成成分、食物鏈和食物網(wǎng)（營養(yǎng)結構）。32果蠅的體色由位于常染色體上的兩對基因（分別A和B/b表）控制，一個野生型的純合黃體品系中偶然出現(xiàn)了一只黑體果蠅（雄性）和一只黑檀體果蠅（雌性），已知這兩只突變個體與純合黃體品系間都只有一個基因存在差異這只突變個體雜交，子代的表現(xiàn)型及比例為灰體∶黑體∶黑檀體∶黃體1∶∶1∶?；卮鹣铝袉栴}：（1兩只突變個體的基因型分別。（2同學通過上述雜結果分析得這兩對基因一定位于一對同源染色體”的結論，該同學的結論是否正確？。請說明理由：________________________________________________。（3請設計雜交實驗來探究這兩對基因是否符合自由組合定律考突變和交叉互換）實驗方案：______________________________________________________。預期結果及結論__________________________________________________________?！敬鸢浮浚?、（2不正確

無論兩對基因是否位于一對染色體上，都會得到相同的結果（3方案一：子一代中的灰體雌雄果蠅交配，統(tǒng)計雜交后代的表型及比例方案二：子一代中的灰體果蠅與異性黃體果蠅交配，統(tǒng)計雜交后代的表型及比例

方案一預期結果及結論：若子二代果蠅出現(xiàn)灰體∶黑體∶黑檀體∶黃=93∶3，符合自由組合定律；若子二代果蠅出現(xiàn)灰體∶黑體∶黑檀體∶1∶，不符合自由組合定律（或未出現(xiàn)灰體∶黑體∶黑檀體∶黃=9∶∶∶1不合自由組合律也給分）

方案二預期結果及結論：若子二代果蠅出現(xiàn)灰體∶黑體∶黑檀體∶黃體=111∶1，符合自由組合定律；若子二代果蠅出現(xiàn)黑體∶黑檀∶1不符合自由組合定律（或未出現(xiàn)灰體∶黑體∶黑檀體∶黃=∶∶1∶1不符合自由組合定律也給分）【解析1兩只突變個體與純合黃體品系間都只有一個基因存在差異，由于一個基因突變而產(chǎn)生了新的性狀則突可能為顯性突變說原個體為隱性個體兩只突變個體的基因型為、。（）兩只突變個體（基因型為aaBb、Aabb）雜交，無論兩對基因是否位于一對染色體上，每個個體產(chǎn)生的配子類型均為兩種aaBb生ab和aB兩配子，生Ab和ab兩配子），子代的表現(xiàn)型和比例是相同的，所有不能對兩對基因的位置關系作出判斷（3兩只突變個體（基因型為aBb、Aabb雜交，子一代的基因型和表現(xiàn)型為（灰體aaBb（黑體或黑檀體Aabb（黑檀體或黑體（黃體，想證明兩位基因是位于一對同源染色體上還是兩對同源染色體上雜交親本之一必須滿足的條件是：愛兩種不同的位置關系下能產(chǎn)生出不同類型的配子，只有AaBb灰體）符合要求而論是灰體間相互交配體與黃體之間雜交都會因基因位置的不同而產(chǎn)生不同的結果。方案一：子一代中的灰體雌雄果蠅交配雜交后代的表型及比例。方案一預期結果及結論：若子二代果蠅出現(xiàn)灰體∶黑體∶黑檀體∶黃∶3∶∶1，符合自由組合定律；若子二代果蠅出現(xiàn)灰體∶黑體∶黑檀體=2∶1∶1，符合自由組合定律（或未出現(xiàn)灰體∶黑體∶黑檀體∶黃體=9∶∶3∶，不符合自由組合定律）。方二：子一代中的灰體果蠅與異性黃體果蠅交配統(tǒng)計雜交后代的表型及比例案二預期結果及結論若子二代果蠅出現(xiàn)灰體∶黑體∶黑檀體∶黃∶∶1，合自由組合定律；若子二代果蠅出現(xiàn)黑體∶黑檀∶1不符合自由組合定律（或未出現(xiàn)灰體∶體∶黑檀體∶黃∶∶1，不符合自由組合定律）。（）考（分，考從2道理、道學、道物中科選題作，果做則科所的一計。33【物選33】15分(1)(5分)下列說法正確的是_正答案標號。選對個2分選對個得4分選對得5分。每選錯1扣3分，最低得分為0分A具有各向同性的物體一定沒有固定的熔點B晶體熔化時，溫度不變，但內(nèi)能變化C．眼觀察到空氣中灰塵的運動也是布朗運動D．粒小，布朗運動越明顯

hhE．硬幣能夠浮在水面上是因為液體表面張力的緣故【答案【解析多體具有各向同性，同時也具有固定的熔點，故A錯；晶體化時，溫度不變，但內(nèi)能在不斷變化，故B正確；肉眼觀察到空氣中灰塵的運動不是布朗運動，布朗運動是微粒的無規(guī)則運動，用肉眼觀察不到，要利用顯微鏡才能觀察得到，故C錯；微粒越小，分子對微粒碰撞的不均衡越顯著，布朗運動越明顯，故D正確；硬幣能夠浮在水面上是因為液體表面張力的緣故，故E正。分)如圖所示根重力為G的端封閉下端開口的橫截面積為的薄壁玻璃靜止直立于可視為無限大無限深的水槽中，已知水的密度為，重力加速度為，管內(nèi)空氣柱的長度為L空氣柱長度大于管內(nèi)外液面高度差。大氣壓強為，：管外液面高度差；(ii)若端加豎直向下大小也為的用力，待平衡后端移的高度端然在水面上）【解析】設氣柱壓強為p大氣壓強為p另外又有

p

，對玻璃管則有

ppSG。聯(lián)立兩式得到(ii)設氣柱壓強為p強為

0

，對玻璃管則有

Gp

0此時的管內(nèi)外液面高度差為，有p又有

ghA端移高度為

HLL

解得H

G(pS)LgSp0

。34【物理——選修34（分

(1)(5分)下列說法正確的是_正答案標號。選對個2分選對個得4分選對得5分。每選錯1扣3分，最低得分為0分A游泳時耳朵在水中聽到的音調(diào)與在岸上聽到的是一樣的，說明機械波從一種介質(zhì)進入另一種介質(zhì)時頻率并不改變B光纖通信是一種現(xiàn)代通信手段，它是利用了光的干涉原理傳遞信息C．攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時，在鏡頭前加一個偏振片可以減弱玻璃表面反射光的影響D．學通過比較星球與地球上同種元素發(fā)出的光的頻率來計算星球遠離球的速度是利用光的多普勒效應E．X射線比無線電波更容易發(fā)生衍射【答案ACD【解析】頻率由波源決定，游泳耳朵在水中聽到的音調(diào)與在岸上聽到的是一樣的，說明機械波從一種介質(zhì)進入另一種介質(zhì)時頻率并不改變正光纖通信是一種現(xiàn)代通信手段，它是利用了光的全反射原理傳遞信息B誤；拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時，在鏡頭前加一個偏振片可以減弱玻璃表面反射光的影響正科學家通過比較星球與地球上同種元素發(fā)出的光的頻率來計算星球遠離地球的速度是利用光的多普勒效應正射比無線電波的波長短，更不容易發(fā)生衍射現(xiàn)象E錯。(2)(10分某透明材料對紅光的折射率為n2用這種材料做出一個半徑為r的透明半球體而壁涂有光材料為球體的球心O點上方有一點光源S，能夠朝各個方向發(fā)射紅光，如圖為透明半球體的截面示意圖。已知OS距離＝1cm，空中的光速c＝3.0×10m/s經(jīng)透明半球體內(nèi)表面反射后射出的光算結果可以保留根式）求：紅射出透明半球體的最短時間；(ii)透半球體外表面發(fā)光區(qū)域在此截面上形成的弧長?！窘馕觥抗鈴腟點著方射出時，傳播時間最短。c光在介質(zhì)中傳播的速度v＝光在介質(zhì)中傳播的時間

t

r

通電22226A通電22226A得t

s

。(ii)光介質(zhì)射向空氣，臨界角滿足sinC得C＝30°恰好發(fā)生全反射的光路如圖所示，由正弦定理得

drC得∠ASO，∠AOS－∠ASO－＝15°透明半球體外表面發(fā)光區(qū)域在此截面上形成的弧長為35【化——修3：物質(zhì)結構與性質(zhì)】15）

2r360

。據(jù)《自然

通訊》(NatureCommunications)報，我國科學家發(fā)現(xiàn)了硒化銅納米催化劑在二氧化碳電化學還原法生產(chǎn)甲醇過程中催化效率高和硒等元素化合物在生產(chǎn)活應用廣泛。請回答下列問題：(1)基態(tài)硒原子的價電子排布式；所在主族元素的簡單氫化物中沸點最低的是________。CuSe(2)電還原法制備甲醇的原理為O2CH。①寫出該反應中由極性鍵構成的非極性分子的結構________。②標準狀況下，VLCO氣體含_______個π鍵苯分子中個C子，每個原有一個2p軌參與形成大π，可記為π（下角6“6表示6個子，右上角“”表示個用電子）。已知某化物的結構簡式為，不能使溴的四氯化碳溶液褪色，由此推知，該分子中存在大鍵可示______的化方式為_。黃礦由Cu、3+、2構成，其四方晶系晶胞結構如圖所示。則Cu的配位數(shù)為；若晶胞參數(shù)a=b=524pmc=1032pm用表示阿伏加德羅常數(shù)的值，該晶系晶體的密度是?3

(不必計算或化簡，列出計算式即)

222222222A2222222222A2【答案】（14s2

4p4

H（2）O=C=O

A11.2（3）

sp2（4）

64

A【解析】號元素，根據(jù)原子核外電子排布的構造原理，可知其核外電子排布式是2

2s2

3s2

3d

4s2，基態(tài)硒原子的價電子排布式為4s；硒所在主族元素是第VIA，簡單氫化物化學式通式是HX，這些氫化物都是由分子構成，分子之間通過分子間作用力結合分間作用力隨相對子質(zhì)量的增大而增大子間作用力越大克服分子間作用力使物質(zhì)氣化消耗的能量就越高，物質(zhì)的熔沸點就越高，由于H分之間存在氫鍵，增加了分子之間的吸引力，使其熔沸點在同族元素中最高，故第VIA的簡單氫化物中沸點最低的是H；(2)在方程式中的三種化合物分子中都存在極性共價鍵。其中CO是極性鍵構成的非極性分子，其空間構型為直線型，結構式是；②VL標狀況下CO的物質(zhì)的量是n(CO)=

VLL/mol

mol，由于在1分中含有2個π鍵，所以

VVVNmol氣中含有的π鍵目為N/mol=A；(3)知某化合物的22.411.2結構簡式為，能使溴的四氯化碳溶液褪色此推知該子中存在大π，根據(jù)結構簡式可知，形成大π鍵原個數(shù)是個有6個子參與成鍵，因此可表示為π，其中Se的化方式2根晶胞結構分析可知，由面心上2S連，晶胞中每個原與4個S連Cu+

的配位數(shù)為；②晶胞中

11數(shù)目，+8211的數(shù)目=6×+4×=4，S數(shù)為1=8所以晶胞內(nèi)共含個，a=b=524pm，24

ρ32足量3322ρ32足量3322，則晶體的密度=

m

64

A

g/cm3

或

A

g/cm3

。36【化——修5：有機化學基礎】（15分用兩種不飽和烴A為料可以合成有機物，合成路線如圖：已知：回答下列問題：的名稱，中的官能團名稱為_。(2)H與NaHCO溶反的化學方程式_____________。(3)已知B

②

K

催劑

L合下列條件的L的分異構體有__種。①含有五元碳環(huán)；②與反產(chǎn)生氣體。其中核磁共振氫譜顯示環(huán)上只有組，且峰面積之比為∶4∶1，寫出符合條件的一種同分異構體的結構簡式。(4)利用題中信息和所學知識