2022年河南省鄭州市高考物理一模試卷

????2022年河南省鄭市高考物理一試卷

物理學中每一個物理量都有著歷史的印記有特定的描述內(nèi)容和物理意義下面關于一些物理量說法正確的是B.C.

加速度是描述運動快慢的物理量，是單位時間內(nèi)物體空間位置隨時間的變化角速度是描述物體做圓周運動快慢的物理量，是單位時間內(nèi)物體轉過的弧長電場強度是描述電場力的性質(zhì)的物理量，其大小等于單位電荷在電場中某點受到的電場力D.

電勢是描述電場能的性質(zhì)的物理量，其大小等于單位電荷在電場中兩點移動時

電場力做的功如圖所示光滑球體放在三角支架與豎直墻壁之間，三角支架的傾角可根據(jù)實際情況調(diào)節(jié)。若緩慢增大支架傾角架在地面上的位置沒有發(fā)生變化。下列說法正確的C.

球體受到豎直墻面的支持力變小三角支架受到地面的支持力不變

B.D.

球體受到三角支架的支持力變小三角支架受到地面的摩擦力不變

如圖所示，一質(zhì)點做勻加速直線運動，依次經(jīng)過、b、c、d四點。已知經(jīng)過、bc和三所用時同之比為2ab段位移為段位移為10m則cd段的位移

B.

C.

D.

m

如圖所示在勻強電場中有長為的邊三角形ABC三形所在平面勻強電場的電楊線平.點為該三角形的中心角形各頂點電勢分別、，列說法正確的????

，B.C.D.

電勢為勻強電場的場強大小，方向由指向C在三角形的切圓的圓周上的D點勢最低將電子由點到F點電子的電勢能增加了1eV第1頁，共22頁

????721122????721122

粗糙水平面上有甲、乙兩個相同材料的物塊，兩物塊均可看作質(zhì)點，它們運動的一t圖如圖所示，s時物塊發(fā)生了完全非彈碰，已知甲物體的質(zhì)量為，重力加速度??知下列說法正確的是

2

，根據(jù)圖象可B.C.D.

乙物塊質(zhì)量物塊與水平面之間的動摩擦因數(shù)從0刻到兩物體相遇，甲比乙多走的位兩小球碰撞過程中損失的機械能為J

如圖所示，MFN為豎直平面內(nèi)的光滑圓弧軌道，半徑為，心為OOF豎直，OM與直方向角。質(zhì)量為m的球由P沿水平方向拋出，初速度為

√

3

，運動到M點，速度方向恰好與圓弧軌道相切、ON三在同一水平線上。重力加速度為g下列說法正確的B.C.

小球在點對圓弧道的壓力為3小球在N點對圓弧軌道的壓力為mg小球運動到圓弧軌道上與M等高的位置時的速度√D.

小球從N點離圓弧軌道后，繼續(xù)上升的最大高

兩個完全相同的彈簧秤豎直放置懸掛一祖細均勻的水平直導線度為L。整個裝置處在垂直于紙面向里的勻強磁場中，如圖所示。若在通入由的恒定電流I，其中一個彈簧秤的示數(shù)，將電流反向，大小不變，其中一個彈簧秤的示數(shù)。下列說法正確的B.

直導線ab的量直導線ab的質(zhì)量

2

22C.

勻強磁場的磁感應強

22

1D.

勻強磁場的磁感應強

2??

1第2頁，共22頁

3257????2223257????222

豎直平面內(nèi)有水平放置的兩金屬板、，相距為，兩極板加上恒定電U如圖所示。質(zhì)量為m，電荷量粒子，從中處初動能進入電場度與水平方向夾角??30°，子沿著的跡恰好運動到下極板右邊緣的，為動軌跡的最高點，MN與板垂直。不計粒子重力，則關粒子的說法正確的(

粒子運動到點時的動

2B.C.D.

運動軌跡最高點到下極板的距8水平方向運動的位移之比AN：2若將上極板上移極小一段距離，則粒子將打在B點側

九重之際向天問掠驚蒼穹宮空間站中三名宇航員正環(huán)燒地球運行，與此同時，“天問”探測器在環(huán)繞火星運行，假設它們的運行軌道都是圓軌道，地球與火星的質(zhì)量之比為天宮”與“天問”的軌道徑之比為q“天宮”空間站與“天問”探測器說法正確的C.

運行周期之比為加速度之比為

3??

B.D.

環(huán)繞速度之比為動能之比為

??10.“敏阻”是一種具有非線性伏安特性的電阻器件一限壓型保護器件敏電阻具有這樣的特點：只有加在它兩端的電壓大于某一值時，才會有電流通過。在如圖所示的電路中為壓敏電阻，為定值電阻A為想交流電流表理變壓器原線圈匝數(shù)副圈匝數(shù)可通過滑片P節(jié)當副線圈滑片在圖中位置時原圈加某交變電小燈泡出現(xiàn)周期性發(fā)光，閉合開關K，小燈泡熄滅不再發(fā)光。下列說祛正確的(B.C.

閉合開關K，兩電壓增大閉合開關后，僅增大交流電頻率，通的流不變閉合開關K，僅讓滑片P向滑，可能使燈泡繼續(xù)周期性發(fā)光，發(fā)光頻率第3頁，共22頁

不變D.

閉合開關K后，僅讓滑片下滑動，電流表示數(shù)減小11.傾為的傳送帶AB以度順針勻速轉動，如圖所示，傳送帶底端B點水平軌道平連接一質(zhì)量為m的小物塊從傳送帶上由靜止釋放到底端B時好達到與傳送帶速度相等，在點無機械能損失，且恰好運動到水平軌道上Q點物塊與傳送帶之間與水平地面之間的動摩擦因數(shù)均。重力加速度為g。關于小物塊的運動，下列說法正確的B.C.D.

若從上方某一位置由靜止釋放小物塊，小物塊仍恰好運動到點若從點下方某一位置由靜止釋放小物塊，物塊仍恰好運動到點小物塊從點動到B點過程中，傳帶電動機增加的功率??小物塊從點動到Q點過程中，整個系統(tǒng)由于摩擦面產(chǎn)生的內(nèi)能

212.如所：兩條光滑平行金屬導軌水平固定，導軌電阻忽略不計，虛線ab均導軌垂直，在ab與之存在有垂直于軌道所在平面向里的勻強磁場。將兩根相同的導體棒，平于ab放置在導軌上兩者始終與導軌垂且接觸良好在對施相同的恒力F作用，先后自導軌上同一位置由靜止開始運動。已知PQ進入磁場時加速度恰好為零。從PQ進入磁場開始計時，到MN開磁場區(qū)域為止運動速度v、流過PQ的流I隨間t變的圖象可能正確的B.C.D.13.某學如圖示的裝置測量滑塊與長木板之間的動摩擦數(shù)木板固定在水平桌面上，木板左端固定一個擋板，擋板與滑塊之間有一個輕質(zhì)彈簧，輕質(zhì)彈簧與擋板固定連接，滑塊靠近彈簧。長木板上安裝有兩個光電門。第4頁，共22頁

用旋測微器測量素光片的寬度，如圖2所，其讀數(shù)為______mm給塊裝上遮光片，向左推動滑塊，壓縮彈簧到適當位，由靜止松手，滑塊離開彈簧后分別通過Q位置的光電門，與光電門相連的計時器分別記錄下滑塊上遮光片通過光電門的時間和，變彈簧的壓縮程度進行多次實驗，并計算得出多組滑塊通過和點速度和，據(jù)表中的數(shù)據(jù)在坐標紙上描繪描點連線，作出

圖象。

???

若力加速度

度測出間的距??14.

圖象可得，滑塊與長木板間的動摩擦因數(shù)結果保留兩位小。一同學想要測定某電源的電動勢和內(nèi)電阻，所使用的器材有：待測干電池一節(jié)、電流表程內(nèi)阻小于電流量程阻未阻箱、動變阻單刀雙擲開關、單刀單擲開關K各個，導線若干。為更準確地進行測量，該同學計劃先用歐姆表測出電表A內(nèi)阻。所用歐姆表內(nèi)部電源電動勢為，表盤中間刻線示為”，將該歐姆表紅、表筆接在電流表兩接線柱上，則紅表筆應接在電表填正”或“負”接柱，歐姆表選取“”位時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度較大，而此時電表讀數(shù)，第5頁，共22頁

222知電流表內(nèi)阻為_。保兩位有效數(shù)222該同又設計了如圖所電路進行實驗操作。利該電路測電流表A的內(nèi)阻；閉合開關，將開關S與D接通，通過調(diào)節(jié)電阻箱和滑動變阻，讀取電表的示數(shù)為.20、電流的數(shù)為??，電阻箱的示數(shù)為，電表的阻

______。保兩位有效數(shù)測源的電動勢和內(nèi)阻：斷開開關K，調(diào)節(jié)阻

，將開關C，記錄電阻箱的阻值和電流表A的示數(shù)；多次調(diào)節(jié)電阻重新實驗，并記錄多電阻箱的阻值和電流表A示數(shù)I如3所是由實驗數(shù)據(jù)繪出的圖獲得圖象的斜率為k，縱軸的截距b，由此求出干電池的電動______、內(nèi)阻。均字母k，b

表示15.

貨車在裝載貨物的時候都要盡可能把貨物固定在車廂內(nèi)遇到緊急情況容易出現(xiàn)危險。如圖所示，貨車的車廂長度m車廂中間位置放著一個可以看作質(zhì)點的貨物，貨物與貨車相對靜止。貨車

的度在平直的公路上勻速行駛時機看到前方有障物刻采取制動措施貨車以最大加速

2

的加速度勻減速剎車。若車廂和內(nèi)貨物沒有固定，貨物與車廂底部之間的動摩擦因，車剎車停止后不再移動，重力加速度取。：貨運動到車廂前壁時，貨車與貨物的速度分別是多大要貨物不與車廂前壁發(fā)生碰撞，貨物與車廂底部之間動摩擦因數(shù)至少需要多大。16.

如圖所示光水平地面上用自裝置固定一安裝有小車軌道的木塊塊與軌道總質(zhì)量軌道由粗糙水平軌道和分之一光滑圓弧軌道BC組。第6頁，共22頁

??AB長度，周軌道半，O為BC的圓心。一質(zhì)量??的小車從點由靜止啟動發(fā)機功率恒定????停止小在AB上動時受到的阻力為重力倍經(jīng)B點自動裝置釋放木塊

。求：小運動到點時速度大小；小運動到時木塊的速度大小；小運動到時小車的速度大小。17.

豎直平面內(nèi)有Ⅰ個區(qū)域的勻強磁場均垂直紙面向外域界相切，如圖所示。Ⅰ區(qū)域是半徑為R圓形邊界磁場，磁感應強度大小為；Ⅱ區(qū)域是邊長為的正方形邊界場感應強度大小為2以形邊界磁場最底端為點建立直坐標系。一質(zhì)量為m，電荷量的粒子，由原點O與x軸方向夾角進Ⅰ磁場區(qū)域，速度大。子重力略不計，求：粒運動到x軸的位置；若區(qū)域內(nèi)磁場反向，則粒子再次經(jīng)過軸的位置。第7頁，共22頁

18.

如圖所示光斜面體固定在水地面上斜與地面間的夾角為，斜面上放質(zhì)量為的塊，滑塊上固定著一個質(zhì)量為、電阻為、邊長為L的正方形單匝線圈其中線圈的一邊好與斜面平行塊載著線圈無初地進入一有界勻強磁場磁邊界與斜面垂直，寬度，磁場方向與線平面垂直并指向紙內(nèi)、磁感應強度大小為。已知線圈與滑塊之間絕，滑塊長度與線框邊長相同，重力加速度為。求塊和線圈進入磁場的過程中流過線圈橫截面的電荷q若線圈的gh邊入磁場到進入磁場所用的時間為，求線圈的ef邊入磁場瞬間的速度；若塊和線圈完全穿出磁場時的速度產(chǎn)生的熱量。

，求在穿過磁場的整個過程中線圈中第8頁，共22頁

12答案和解析121.【答案】C【解析】解：、速度是描述物體速度變化快慢的物理量，是單位時間內(nèi)速度隨時間的變化，故A錯；B、角速度是描述體做圓周運動快慢的物理量，但是單位時間內(nèi)物體角度的變化，故B錯；C、場強度是描述電場的物理量，在數(shù)值上等于單位電荷所受到的電場力的大小，故C正；D根據(jù)電勢的物理意義可知，電勢是描電場能的性質(zhì)的物理量；根據(jù)電勢的定義可知，電場中某點的電勢，其大小等于單位正電荷從該點移動到零電勢點時，電場力所做的功，故D誤；故選：。運用加速度、角速度、電場強度和電勢的概念和性質(zhì)進行解題本題考查了基本物理量的理解，解題的關鍵是熟練掌握并理解加速度、角速度、電場強度和電勢的概念。2.【答案】C【解析】解：以為究對象，受力分析如圖由平衡條件可得2

1若緩慢增大支架傾角，球體受到豎直墻面的支持變，球體受到三角支架的支持力變，故AB錯；對腳架和球整體受力分析系可知，可知豎直方向三角支架受到地面的支持力等于第9頁，共22頁

1234563145161????411231????三腳架和球的重力不變?nèi)艿降孛娴哪?234563145161????411231????故選：。以小球為研究對象，分析受力情況，作出力圖，根據(jù)平衡條件求出豎直墻面和三角支架對球體的彈力的大小以小球三角架組成的整體為研究對象據(jù)平衡條件求出地面對三角劈的摩擦力和支持力的大?。绢}兩個物體的平衡問題鍵靈活選擇研究對象用隔離法和整體法結合求解比較簡便．3.【答案】【解析解段為，bc段成時間相等的兩段，位移分別、，將cd段成時間相等的三段，位移分別、、，設每一段時間為T，根據(jù)勻變速直線動的推論知，21

2

，??2

2

，3

2

，??

2

，

2

，可知312

2

知23

2

，聯(lián)立解得：

故B正，誤。故選：B。將段、段別分成時間相等的兩段和三段，抓住時間相等，結合連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量進行求解。解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動運動學公式和推論能靈活運用有時運用推論求解會使問題更加簡捷。4.【答案】D【解析解、據(jù)勻強電場電勢隨距離均勻變除等勢的點AC中點F的勢為：

??

????2

，B點勢相等，又??等邊三角形可知連與AC垂，即3，A錯；B、根據(jù)為等勢線且垂直AC可AC為場線；根據(jù)沿著電場線方向電勢逐漸降低可知，電場方向由C指；根據(jù)勻強電場中可，第10頁，共22頁

5??10.05

，

故B錯；C、據(jù)沿著電場線方向電勢逐漸降低可知點勢最低，故C錯誤；D、作垂直于AC，于點線段，如圖所示：由幾何關系可得??

1

1.250.0125根據(jù)可?1電場力做負功，電勢能增加eV，故正；故選：D根據(jù)勻強電場電勢隨距離均勻變除等勢的特點中的電勢為3V則BOF一條等勢線連即為一電場線，由間電勢差，由公求出場強大小、方向；根據(jù)沿著電場線方向電勢逐漸降低，可以判斷電勢最低點；由電場力做功與電勢能的關系，求勢能變化。本題考查對勻強電場中兩點電勢差與兩點沿電場方向的距離成正與運用公式求電場力做功的能力，注意平時的積累。5.【答案】【解析解由圖知，碰撞前瞬間甲的速度，的速度為0，碰撞后甲乙速度相等為，動量守恒定律得代入數(shù)據(jù)解得故A正；B由圖知乙的加速度大小為第頁，共22頁

，根據(jù)

??22解得??22故B錯；C根圖與t軸成面積表示位移可知從0時到兩物體相遇，甲比乙多走故誤；D.球碰撞過程中損失的機械能

代入數(shù)據(jù)解得??故D錯。故選：A。根據(jù)圖像結合碰撞過程動量守恒可解得的質(zhì)量，根據(jù)乙的加速度與牛頓第二定律結合可解得動摩擦因數(shù)據(jù)圖與t軸成面積表示位移可知甲比乙多走的位移，根據(jù)能量守恒定律可解得損失的機械能。本題的關鍵是分析清楚A、的運動過程，知道碰撞遵守的基本規(guī)律是動守恒定律。要明確圖的率表示加速度，面積表示位移。6.【答案】D【解析解A、對小球從到點用動能定理可得：????

在點向心力表達式可知：??聯(lián)立可得

根據(jù)牛頓第三定律小球在點對圓弧軌道的壓力為，A錯；B、由機械能守恒知，小球在點速度仍，向心力表達式可得??0，代入數(shù)據(jù)解??

，根據(jù)牛頓第三定律小球在N點對圓弧軌道的壓力為，錯；C、M點小球的速度進行正交分解，如圖所示；根據(jù)幾何關系可得小球在點第12頁，共22頁

0001??01????13????的速度0001??01????13????

cos??

cos60

0

所小球運動到圓弧軌道上與點高位置時的速度

√

??3

，故錯；D、球N點離圓弧軌道后，由動能定理可得??，解，6正確。故選：D對小球從P點點N點應用動能定理、頓第二定律、牛頓第三定律得到小球在點時對圓弧軌道的壓力；在M將小球的速度進行正交分解，根據(jù)幾何關系求解小球在M點的速度；小球從點脫離圓弧軌道后，由動能定理求解高度。本題主要是考查了豎直平面內(nèi)的圓周運動鍵是弄清楚小球的運動情況根據(jù)動能定理、向心力公式進行解答。7.【答案】【解析】解：設線量為，當ab中入由到恒定電流I時，由左手定則和平衡條件，當電流反向時，

，，聯(lián)立可得：

????

2故A正，B錯誤；由中析可知，

，可得21

，故錯。故選：A。開始時電流沿a到，據(jù)左手定則，導線受安培力的方向豎直向上，保持電流大小不變，使電流方向反向，則安培力變?yōu)樨Q直向下，根據(jù)力的平衡條件可解得．本題考查安培力的計算，解題關鍵掌握左手定則的運用，注意力的平衡條件的應用。8.【答案】【解析粒子在兩極板間僅受電場作用到B過中據(jù)動能定理得：???又

??

，解得：

，第13頁，共22頁

??3371：12??2??4??故A錯；??3371：12??2??4??B、分解粒子運動水平方向做勻速直線運動，豎直方向做勻變速直線運動，粒子沿豎直方向初速度，??0豎直方向上，從到高點M過中，根據(jù)動能定理得：??又，聯(lián)立解得：′，8則軌跡最高點到下極板的距

78

，故B正；C、子在豎直方向做勻變速直線運動，由B知減速位移為，速位移為，據(jù)88??2

2

知，減速、加速時間之比為12

：，水平方向做勻速直線運動，位移之比：：：，故誤；D、將極板上移極小一段距離，根知，勻強電場場強變小，電場力變小，加速度變小，粒子加速減速時間變長，到達下極板時，水平方向位移變大，粒子將打在B點側，故錯。故選：B。根據(jù)動能定理求粒子打到下極板時的動能；分解粒子運動，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做勻變速直線運動，根據(jù)動力學規(guī)律分析粒子的運動情況。本題考查帶電粒子在勻強電場中的運動用處理類平拋運動的方法處理粒子運動鍵是分析清楚哪個方向上是勻速直線運動，哪個方向上是勻加速直線運動。9.【答案】AB【解析地星引力提供向心力有：??22

??2??

3

，代入數(shù)據(jù)解得：，正；第14頁，共22頁

??????1112221??212??1B、對于近地衛(wèi)星由正確；??????1112221??212??1

2??

2

，整理??√，入數(shù)據(jù)解得：，??C、于近地衛(wèi)星，由

2

??，理得

2

，代入數(shù)據(jù)解得：，C錯誤；D、于法知道“天宮”空間站與“天問”探測器的質(zhì)量，無法計算動能之比，故D錯誤。故選：。根據(jù)萬有引力提供向心力可解得運動周期、速度、加速度之比，由于無法知道“天宮”空間站與“天問”探測器的質(zhì)量，無法計算動能之比。天體運動都可近似地看成勻速圓周運動，其向心力由萬有引力提供，即

，根據(jù)相應的向心力表達式進行分析。【案CD【解析合k線圈回路電阻變小線圈電壓U不路流變大兩端電壓變大，

兩端電壓變，故A錯；B、閉合k，僅增交流電頻率，由原線圈電知原線圈電壓增大，則副線圈電壓U也大由閉合電路歐姆定律知，回路流增大，通的電流變大，故B錯；C、合后僅讓滑片上滑動，副線圈電壓2增，副線圈回路電流I變??大，交變電流周期不變，燈泡繼續(xù)周期性發(fā)光，發(fā)光頻率不變，故C正；D、合關K后僅讓滑片P向滑動，副線圈電

2減，副線圈回路電??流I減小，原線圈回路電流I減，電流表示數(shù)減小，故D正。故選：。輸出電壓是由輸入電壓和匝數(shù)比決定的的功率的大小是由輸出功率的大小決定的，電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，根據(jù)理想變壓器的原理分析即可。本題和閉合電路中的動態(tài)分析類似以根據(jù)副線圈電阻的變化定出總電路的電阻的變化，進而可以確定總電路的電流的變化的情況，再根據(jù)電壓不變，來分析其他的原件的電流和電壓的變化的情況。第15頁，共22頁

121??2，聯(lián)立解得：12??121121200【案121??2，聯(lián)立解得：12??121121200【解析】解：、物塊在傳帶上做勻加速直線運動，到達底端時恰好達到與傳送帶速度相等，則

2

2，水平軌道上勻減速直線運動，恰好運動到點根據(jù)動能定理有：???；2若從P點方某一位置由靜止釋放小物塊??塊先做勻加速直線運動，直到與傳送帶速度相等后做勻速直線運動，所以物塊仍恰好運動到Q；若從P點方某一位置由靜止釋放小物塊塊達底端B速度小于傳送帶速度以物塊不能運動到點故確錯誤；C、物塊從P點運動到的過程中，根據(jù)功能關系及功率的計算公式有??，C正；D、物從P到B點由于摩擦產(chǎn)生的內(nèi)傳物????22

，根據(jù)牛頓第二定律及運動學公式有，

??

tan??

??2

2物塊從Q摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能

2

2則小物塊從P點動到Q點過程中，整個系統(tǒng)由于摩擦面產(chǎn)生的內(nèi)能

22??tan??

2

，故錯；故選：AC分析物塊在傳送帶的運動情況，結合運動學公式可判斷AB選；根據(jù)功能關系及功率的計算公式可解得小物塊從運動到B的過程中送帶電動機增加的功率據(jù)摩擦力做功大小等于產(chǎn)生的內(nèi)能結合做功公式解得。本題考查功能關系解關鍵掌物塊運動情況及受力情況的分析意率與做功公式的應用?！景窤CD【解析】解：設進磁場勻速運動的速度為v，勻強磁的磁感應強度為，軌寬度為，根導體棒的電阻均為R。根據(jù)法拉第電磁感應定和閉合電路的歐姆定律可得PQ進磁場時電流

??2??

保持不變題意其加速度為零??

222??

，PQ勻速通過磁場區(qū)域時MN在進入磁場有以下兩種可能：第16頁，共22頁

00①如果離磁場時MN還沒有進入磁場，此時電流為零；當MN進入磁場時也是00速運動，通過的應電流大小不變，方向相反，但離磁場后在拉力作用下繼續(xù)勻加速，故A正確，B錯，正確；②如果沒離開磁場時經(jīng)進入磁場，此時電流為零，當離磁場時MN的速度大于v，安培力大于拉力此時電流大MN做速運動，電流逐漸減小，直到MN勻運動，電流中的電流??，通過的應電流方向相反故D正。故選：。根據(jù)導體棒切割磁感應線產(chǎn)生的感應電動勢計算公式求解感應電流大小與速度的關系，根據(jù)PQ和MN進磁場的先后順序判斷電流的變化，根據(jù)右手定則判斷電流方向。根據(jù)拉力與安培力大小關系，判斷導體棒的運動情況。解決該題的關鍵是掌握感應電動勢和感應電流的產(chǎn)生條件感電流方向的判斷方法，明確導體棒在斜面上的運動情況；【案4.7020.25【解析解螺測微器精確度為.01，定刻度的示數(shù)，可動刻度的示數(shù)為.0120.2，此得4.702；根表格數(shù)據(jù)作圖如圖所：圖由能定理可得：簡可得，2

，解得：故答案為：；圖如圖所示第17頁，共22頁

????????????????????????????????????????圖。螺測微器讀數(shù)為固定刻可動刻度，可動刻度需要估讀分度值下一位；根動能定理列出關于

的等式關系合

圖像的截距計算出動摩擦因數(shù)。本題是通過動能定理計算出動摩擦因數(shù)的實驗，解題的關鍵是能夠正確列出等式關系，根據(jù)截距表達的物理意義求出結果。【案】負

??????

??【解析】解：a根據(jù)歐姆表的內(nèi)接電源負極是與紅表筆相連的，當用它測電流表的內(nèi)阻時，電流表接線要求從+”接線柱流進從“-”接線柱流出以姆表的表與電源負極相要與電流表的“-”接線柱相接。由題意知，該檔位的中值電

，歐姆零時??

，而

??

，將已知條件代入可得：

????(1開接電流表A的數(shù)電表的示數(shù)??

的示數(shù)??電箱??

，解得

??斷開關K將開關C，記錄電阻箱R1阻值R和流表示數(shù)I，多次重復實驗得到多組數(shù)據(jù)

??

得：??????????

題有，????

，解得??，????

??故答案為：a負、；、、????第18頁，共22頁

00000200a根據(jù)歐姆表的原理和電表的接線規(guī)則確定紅表筆的接法，根據(jù)閉合電路歐姆定律計算電流表00000200b根實驗原理與電路圖進行實驗，應用串并聯(lián)電路特點與歐姆定律可以求出電流表內(nèi)阻；根實驗電路應用閉合電路的歐姆定律求出圖線的函數(shù)表達式，然后根據(jù)圖示圖線求出電源電動勢與內(nèi)阻。本題考查測量電動勢和內(nèi)電阻的實驗查了實驗步驟與實驗數(shù)據(jù)處理等問題理解實驗原理是解題的前提與關鍵求圖象的函數(shù)表達式據(jù)圖示圖象可以求出電源電動勢。15.答案解貨的大加速′車廂出現(xiàn)相對滑動。設經(jīng)過時間t貨運動到車廂前壁貨車運動位貨物運動位′

故車剎車過程中物塊與聯(lián)立解得：此時貨車的速度????貨物的速度′????有中果分析可知，若增大貨物與貨車之間動摩擦因數(shù)，則貨車停止后貨物還有運動車廂前端。貨物減速的加速度大小為時恰好運動車廂端速度減小為0，則有0

解得

0

??

根據(jù)牛頓第二定律可得：?

0可得：?

0

答：貨運動到車廂前壁時，貨車與貨物的速度分別為0和。要貨物不與車廂前壁發(fā)生碰撞，貨物與車廂底部之間的動摩擦因數(shù)至少需要?！窘馕鲇晌飰K與車廂間發(fā)生相對滑動，根據(jù)運動學式求得發(fā)生碰撞時所需時間，結合速-時間公式求得速度；不生相對碰撞，結合運動學公式求得發(fā)生相對滑動時的加速度大小，即可求得摩第19頁，共22頁

????????????21擦因數(shù)。????????????21本題主要考查了牛頓第二定律和運動學公式速度是解決此類問題的中間橋梁住相對滑動時發(fā)生的相對位移即可?！景浮拷猓盒∮蛇\動到B的程中，由動能定可得2

2??

代入數(shù)據(jù)解得：??小由動到C的程中，整個系統(tǒng)水平方向動量守恒，以向左為正方向，由動量守恒定律得??

(????代入數(shù)據(jù)解得，小車運動到時木塊的速度

2小由動到C的程中，由系統(tǒng)機械能守恒定律得：222

2??代入數(shù)據(jù)解得，小車運動到時的速度

答：小運動到時的速度大小是；小運動到C點