2022-2023學(xué)年山東省滕州市善國中學(xué)高二物理第二學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測試題含解析

2022-2023學(xué)年山東省滕州市善國中學(xué)高二物理第二學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，光滑水平面上有大小相同的A、B兩球在相向運(yùn)動(dòng)，它們的動(dòng)量大小分別是pA=5kg·m/s，pB=8kg·m/s，然后發(fā)生正碰，規(guī)定向右為正方向，則碰后兩球的動(dòng)量增量可能分別為（）A．，B．，C．，D．，2、一矩形線圈在勻強(qiáng)磁場中繞一固定轉(zhuǎn)軸作勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)線圈剛好處于如圖所示的位置時(shí)，則它的（

）A．磁通量最大，磁通量的變化率最小，感應(yīng)電動(dòng)勢最小B．磁通量最大，磁通量的變化率最大，感應(yīng)電動(dòng)勢最大C．磁通量最小，磁通量的變化率最大，感應(yīng)電動(dòng)勢最大D．磁通量最小，磁通量的變化率最小，感應(yīng)電動(dòng)勢最小3、線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生交變電流的圖象如圖所示，由圖中信息可以判斷（）A．在A和C時(shí)刻，線圈處于中性面位置B．在B和D時(shí)刻，穿過線圈的磁通量為零C．從A→D時(shí)間內(nèi)，線圈轉(zhuǎn)過的角度為πD．1s內(nèi)交變電流方向改變50次4、如圖所示，拖拉機(jī)拉著耙耕地，拉力F與水平方向成角，若將該力沿水平和豎直方向分解，則它的水平分力為A． B． C． D．5、關(guān)于布朗運(yùn)動(dòng)和擴(kuò)散，下列說法正確的是()A．布朗運(yùn)動(dòng)就是氣體或液體的分子的熱運(yùn)動(dòng)B．布朗運(yùn)動(dòng)就是組成固體小顆粒的分子的運(yùn)動(dòng)C．陽光從縫隙射入教室，從陽光中看到的塵埃運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)D．生產(chǎn)半導(dǎo)體器件時(shí)需要在純凈的半導(dǎo)體材料中摻入其他元素，這可以在高溫條件下利用分子的擴(kuò)散來完成6、質(zhì)量為2kg的小球從某一高度由靜止釋放，經(jīng)3s到達(dá)地面，不計(jì)空氣阻力，g=10m/s2；則（）A．落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率為600WB．落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率為300WC．3s內(nèi)重力的平均功率為450WD．3s內(nèi)重力的平均功率為900W二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、在兩平行金屬板間，有如圖所示的互相正交的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場。α粒子（氦原子核）以速度v0從兩板的正中央垂直于電場方向和磁場方向從左向右射入，恰好能沿直線勻速通過。下列說法正確的是（）A．若電子以速度沿相同方向射入，電子將向下偏轉(zhuǎn)B．若質(zhì)子以速度沿相同方向射入，質(zhì)子將沿直線勻速通過C．若質(zhì)子以大于的速度沿相同方向射入，質(zhì)子將向下偏轉(zhuǎn)D．若質(zhì)子以大于的速度沿相同方向射入，質(zhì)子將向上偏轉(zhuǎn)8、下列說法正確的是()A．方程式是重核裂變反應(yīng)方程B．光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)都說明光具有粒子性C．β衰變所釋放的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成質(zhì)子時(shí)所產(chǎn)生的D．德布羅意首先提出了物質(zhì)波的猜想，而電子衍射實(shí)驗(yàn)未證實(shí)他的猜想9、如圖a所示，圓形線圈P靜止在水平桌面上，其正上方固定一螺線管Q，P和Q共軸，Q中通有變化電流i，電流隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖b所示．P所受的重力為G，桌面對P的支持力為FN，則()A．t1時(shí)刻FN＞G，P有收縮的趨勢．B．t2時(shí)刻FN＝G，此時(shí)穿過P的磁通量最大．C．t3時(shí)刻FN＝G，此時(shí)P中無感應(yīng)電流．D．t4時(shí)刻FN＜G，此時(shí)穿過P的磁通量最?。?0、如圖所示，固定在地面上的水平氣缸內(nèi)由活塞B封閉著一定量的氣體，氣體分子之間的相互作用力可以忽略假設(shè)氣缸壁的導(dǎo)熱性能很好，環(huán)境的溫度保持不變?nèi)粲猛饬將活塞B緩慢地水平向右拉動(dòng)，則在拉動(dòng)活塞的過程中，關(guān)于地氣缸內(nèi)氣體的下列結(jié)論，其中正確的是A．氣體做等溫膨脹，分子的平均速率不變，氣體的壓強(qiáng)不變B．氣體做等溫膨脹，氣體分子單位時(shí)間對氣缸壁單位面積碰撞的次數(shù)將變少C．因?yàn)闅怏w內(nèi)能不變，所以氣體從外界吸收的熱能全用來對外做功D．氣體是從單一熱原吸熱，全用來對外做功，因此此過程違反熱力學(xué)第二定律三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖為“研究感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件”的實(shí)驗(yàn)電路圖。（1）將電路連接完整______（2）保持電鍵S始終閉合。列舉使線圈B中產(chǎn)生感應(yīng)電流的兩種方法：①______，②______。12．（12分）用如圖所示裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，質(zhì)量為mA的鋼球A用細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，質(zhì)量為mB的鋼球B放在離地面高度為H的小支柱N上，O點(diǎn)到A球球心的距離為L，使懸線在A球釋放前張直，且線與豎直線的夾角為α．A球釋放后擺動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)恰與B球正碰，碰撞后，A球把輕質(zhì)指示針OC推移到與豎直線夾角β處，B球落到地面上，地面上鋪一張蓋有復(fù)寫紙的白紙D．保持α角度不變，多次重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)，白紙上記錄到多個(gè)B球的落點(diǎn)．（1）圖中s應(yīng)是B球初始位置到________的水平距離．（2）某次實(shí)驗(yàn)中測得以下物理量：mA、mB、L、α、β、H、s；請用測得的物理量表示碰撞前后A球、B球的動(dòng)量：pA＝_______，pA′＝_____，pB＝________，pB′＝________．四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）半徑為R的固定半圓形玻璃磚的橫截面積如圖所示，O點(diǎn)為圓心，OO′與直徑AB的垂直。足夠大的光屏CD緊靠在玻璃磚的左側(cè)且與AB垂直。一光束沿半徑方向與OO′成θ＝30°射向O點(diǎn)，光屏CD區(qū)域出現(xiàn)兩個(gè)光斑，兩光斑間的距離為．求：①此玻璃的折射率②當(dāng)θ變?yōu)槎啻髸r(shí)，兩光斑恰好變?yōu)橐粋€(gè)。14．（16分）如圖所示，虛線上方有場強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場，方向豎直向下，虛線上下有磁感應(yīng)強(qiáng)度相同的勻強(qiáng)磁場，方向垂直紙面向外，ab是一根長為L的絕緣細(xì)桿，沿電場線放置在虛線上方的場中，b端在虛線上.將一套在桿上的帶正電的小球從a端由靜止釋放后，小球先做加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)到達(dá)b端．已知小球與絕緣桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.3，小球重力忽略不計(jì)，當(dāng)小球脫離桿進(jìn)入虛線下方后，運(yùn)動(dòng)軌跡是半圓，圓的半徑是L/3，求帶電小球從a到b運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力所做的功與電場力所做功的比值．15．（12分）如圖所示，小木塊A、B放在光滑平臺M上，A的質(zhì)量為1kg，B的質(zhì)量為3kg，D為側(cè)放的半圓凹型槽且固定在地面上，內(nèi)側(cè)面光滑，半徑為1.2m。C是質(zhì)量為1kg的長木板，C足夠長，開始時(shí)左端靠在凹型槽的最低端，C上表面與凹型槽內(nèi)側(cè)最低點(diǎn)相切并靜止在光滑地面上，上表面與小木塊B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2.某時(shí)刻，給木塊A一個(gè)8N·s的瞬時(shí)沖量，之后A、B發(fā)生彈性碰撞，B能夠與D內(nèi)側(cè)最高點(diǎn)相切進(jìn)入凹型槽。求：(1)B剛進(jìn)入半圓形內(nèi)側(cè)面最高點(diǎn)時(shí)對接觸面的壓力；(2)B、C最終的共同速度；(3)C至少多長，才能保證B不從C上掉下來。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】

A．由于作用前的總動(dòng)量向左，則作用后的總動(dòng)量也是向左的，設(shè)碰撞后A的動(dòng)量為，B的動(dòng)量為，向右為正，根據(jù)題意則得到碰撞后A的動(dòng)量為方向向右，同理可以得到得到碰撞后B的動(dòng)量為方向向左，雖然總動(dòng)量仍然向左，而且動(dòng)量守恒，但是碰撞后總能量增加，不符合實(shí)際情況，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意則得到碰撞后A的動(dòng)量為方向向右，同理可以得到得到碰撞后B的動(dòng)量為方向向左，雖然總動(dòng)量仍然向左，而且動(dòng)量守恒，但是不符合實(shí)際情況，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)題意則得到碰撞后A的動(dòng)量為即碰撞后A球靜止不動(dòng)，同理可以得到得到碰撞后B的動(dòng)量為方向向左，雖然總動(dòng)量仍然向左，而且動(dòng)量守恒，但是不符合實(shí)際情況，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)題意則得到碰撞后A的動(dòng)量為方向向左，同理可以得到得到碰撞后B的動(dòng)量為方向向右，總動(dòng)量仍然向左，而且動(dòng)量守恒同時(shí)碰撞后的能量小于碰撞前的能量，符合實(shí)際情況，故D正確。故選D。2、C【解析】圖中位置，相框與磁場平行，磁通量為零，左右兩個(gè)邊在切割磁感線且正好垂直切割，所以感應(yīng)電動(dòng)勢最大，磁通量變化率最大．C對，思路分析：根據(jù)磁通量的計(jì)算公式判斷磁通量的大小，根據(jù)切割判斷此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢的大小．試題點(diǎn)評：考查瞬時(shí)電動(dòng)勢的大小3、C【解析】

A、由圖象可知，A、C時(shí)刻感應(yīng)電流最大，此時(shí)線圈與中性面垂直，故A錯(cuò)誤；B、由圖象可知，在B、D時(shí)刻，感應(yīng)電流為零，此時(shí)線圈位于中性面上，穿過線圈的磁通量最大，故B錯(cuò)誤；C、由圖象可知，到從A到D經(jīng)歷個(gè)周期，線圈轉(zhuǎn)過的角度為，故C正確；D、由圖象可知，從O～D是一個(gè)周期為0.02s，電流方向改變兩次；則1s是50個(gè)周期，電流方向改變100次；故D錯(cuò)誤；故選C.4、B【解析】

根據(jù)平行四邊形定則，以F為對角線作平行四邊形，如圖:則有；故選B.【點(diǎn)睛】根據(jù)平行四邊形定則，以F為對角線作平行四邊形，由數(shù)學(xué)知識求解豎直方向的分力．5、D【解析】

布朗運(yùn)動(dòng)就是懸浮在氣體或液體中的固體顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，只是氣體或液體分子熱運(yùn)動(dòng)的具體表現(xiàn)，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；布朗運(yùn)動(dòng)用肉眼是觀察不到的，則陽光從縫隙射入教室，從陽光中看到的塵埃運(yùn)動(dòng)不是布朗運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；生產(chǎn)半導(dǎo)體器件時(shí)需要在純凈的半導(dǎo)體材料中摻入其他元素，這可以在高溫條件下利用分子的擴(kuò)散來完成，選項(xiàng)D正確.6、A【解析】

AB．因?yàn)樾∏蚪?jīng)3s到達(dá)地面，故小球落地時(shí)的速度大小為v=gt=10×3=30m/s故落地時(shí)重力的瞬時(shí)功率為P=mgv=20N×30m/s=600W選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；CD．3s內(nèi)小球下落的高度為h=gt2=45m故重力做的功為W=Gh=20N×45m=900J則3s內(nèi)重力的平均功率為P==300W選項(xiàng)CD均錯(cuò)誤．故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】

粒子受到向上的洛倫茲力和向下的電場力，二力平衡時(shí)粒子沿直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)二力不平衡時(shí)，粒子做曲線運(yùn)動(dòng)，由公式qv0B=qE，電量與電性不會(huì)影響粒子的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)；再分析電子的受力情況，從而明確電子是否會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)。【詳解】由于α粒子從左向右射入正交的電場和磁場空間，恰能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則兩力平衡，即Eq=qvB，所以選擇的速度v=，與電性和電量無關(guān)，但有確定的進(jìn)、出口。若電子以相同的速度射入，相對α粒子電場力和洛侖茲力均反向，則電子仍將做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以選項(xiàng)A錯(cuò)誤；同理，質(zhì)子以相同的速度射入時(shí)，相對α粒子電場力和洛侖茲力雖減小，但兩力仍平衡，沿直線通過，所以選項(xiàng)B正確；若質(zhì)子進(jìn)入的速度變大，電場力不變，但向上的洛侖茲力變大，所以質(zhì)子將向上偏轉(zhuǎn)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，選項(xiàng)D正確。故選BD?！军c(diǎn)睛】本題考查了利用質(zhì)譜儀進(jìn)行粒子選擇原理，只要對粒子進(jìn)行正確的受力分析即可解決此類問題，注意掌握粒子做直線運(yùn)動(dòng)，一定是勻速直線運(yùn)動(dòng)，且粒子的電量與電性均不會(huì)影響運(yùn)動(dòng)性質(zhì)。8、BC【解析】A、方程式是衰變反應(yīng)，不是重核裂變反應(yīng)方程，故A錯(cuò)誤；

B、光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)都說明光具有粒子性，故B正確；

C、β衰變所釋放的電子，是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成質(zhì)子和電子時(shí)所產(chǎn)生的，故C正確；

D、德布羅意首先提出了物質(zhì)波的猜想，之后電子衍射實(shí)驗(yàn)證實(shí)了他的猜想，故D錯(cuò)誤；點(diǎn)睛：考查衰變與裂變的不同，理解β衰變的電子從何而來，注意光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)的作用，以及德布羅意對物質(zhì)波的猜想，這些細(xì)小的知識點(diǎn)，需要同學(xué)們在平時(shí)學(xué)習(xí)的過程中注意積累．9、AB【解析】時(shí)刻螺線管中電流增大，其形成的磁場不斷增強(qiáng)，因此線圈P中的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知線圈P將阻礙其磁通量的增大，故線圈有遠(yuǎn)離和面積收縮的趨勢，，故A正確；時(shí)刻與時(shí)刻，當(dāng)螺線管中電流不變時(shí)，其形成磁場不變，線圈P中的磁通量不變，因此磁鐵線圈中無感應(yīng)電流產(chǎn)生，故時(shí)刻和時(shí)刻，此時(shí)穿過P的磁通量最大，故B正確，D錯(cuò)誤；時(shí)刻螺線管中電流為零，但是線圈P中磁通量是變化的，因此此時(shí)線圈中有感應(yīng)電流．時(shí)刻螺線管中電流為零，因此兩個(gè)線圈之間沒有安培力，，故C錯(cuò)誤．故選AB．【點(diǎn)睛】當(dāng)螺線管中通入變化的電流時(shí)形成變化的磁場，這時(shí)線圈P中的磁通量發(fā)生變化，由其磁通量的變化根據(jù)楞次定律可以判斷P中產(chǎn)生感應(yīng)電流的大小方向以及P線圈收縮和擴(kuò)展趨勢．10、BC【解析】因氣缸導(dǎo)熱，氣體的溫度不變，故氣體的分子平均動(dòng)能不變，內(nèi)能不變；但由于氣體壓迫活塞，故氣體對外做功，則由熱力學(xué)第一定律可知，氣體應(yīng)吸熱，且吸收的熱量等于對外做功；氣體的體積增大，則單位體積內(nèi)的分子數(shù)減?。灰蝮w積增大，溫度不變，故氣體的壓強(qiáng)減小，故AD均錯(cuò)誤，BC正確；故選BC．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、斷開電鍵上下移動(dòng)線圈A（或移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片）?！窘馕觥?/p>

（1）[1]探究電磁感應(yīng)現(xiàn)象實(shí)驗(yàn)電路分兩部分，電源、開關(guān)、滑動(dòng)變阻器、A線圈組成閉合電路，檢流計(jì)與B線圈組成另一個(gè)閉合電路；電路圖如圖所示；（2）[2][3]根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生條件：穿過線圈的磁通量變化，當(dāng)閉合電鍵后，能使線圈B中產(chǎn)生感應(yīng)電流的方法：①斷開電鍵；②上下移動(dòng)線圈A（或移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片）。12、落地點(diǎn);;;0;;【解析】

（1）B球離開小支柱后做平拋運(yùn)動(dòng)，S是B球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移，即：B球初始位置到落地點(diǎn)的水平距離．

（2）小球從A處下擺過程只有重力做功，機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：

mAgL（1-cosα）=mAvA2-0，解得：vA=，則PA=mAvA=mA；

小球A與小球B碰撞后繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，在A碰后到達(dá)最左端過程中，機(jī)械能再次守恒，由機(jī)械能守恒定律得：-mAgL（1-cosβ）=0-mAvA′2，解得vA′=，PA′=mAvA′=mA；

碰前小球B靜止，則PB=0；

碰撞后B球做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向：S=vB′