2023屆河南省信陽市盧氏縣第三高級中學物理高一第二學期期中達標檢測試題含解析

2023屆河南省信陽市盧氏縣第三高級中學物理高一第二學期期中達標檢測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、一只小船渡河，運動軌跡如圖所示．水流速度各處相同且恒定不變，方向平行于河岸；小船相對于靜水分別做勻加速、勻減速、勻速直線運動，船的初速度大小均相同，方向垂直于河岸，且船在渡河過程中船頭方向始終不變．由此可以確定船A．沿三條不同路徑渡河的時間相同B．沿AC軌跡渡河所用的時間最短C．沿AC軌跡船到達對岸的速度最小D．沿AB軌跡運動時，船在垂直于河岸方向做勻減速直線運動2、如圖所示，洗衣機脫水桶在轉動時，衣服貼靠在勻速轉動的圓筒內(nèi)壁上而不掉下來，則衣服：（）A．受到重力、彈力、靜摩擦力和向心力四個力的作用B．所需的向心力由重力提供C．所需的向心力由靜摩擦力提供D．所需的向心力由重力、彈力、靜摩擦力的合力提供3、如圖所示為時鐘面板的示意圖．當時鐘正常工作時，關于時鐘的時針、分針和秒針轉動的角速度的大小，下列說法正確的是（）A．時針轉動的角速度最大B．分針轉動的角速度最大C．秒針轉動的角速度最大D．時針、分針、秒針三者轉動的角速度相等4、如圖所示，細繩跨過定滑輪懸掛兩物體M和m，且M＞m，不計摩擦，系統(tǒng)由靜止開始運動的過程中（）A．M、m各自的機械能分別守恒B．M減少的機械能大于m增加的機械能C．M減少的重力勢能等于m增加的重力勢能D．M和m組成的系統(tǒng)機械能守恒5、如圖所示，自行車的輪盤通過鏈條帶動車軸上的飛輪一起轉動．P是輪盤的一個齒，Q是飛輪上的一個齒．轉盤的半徑大于飛輪的半徑，下列說法中正確的是()A．P點周期等于Q點周期 B．P點線速度大于Q點線速度C．P點角速度小于Q點角速度 D．P點向心加速度大于Q點的向心加速度6、如圖所示，A、B是兩個摩擦傳動的靠背輪，A是主動輪，B是從動輪，它們的半徑，a和b兩點在輪的邊緣，c和d在各輪半徑的中點，則各點線速度、角速度的關系下列判斷正確的是()A．B．C．D．7、隨著人們生活水平的提高,高爾夫球將逐漸成為普通人的休閑娛樂.如圖所示,某人從高出水平地面h的坡上水平擊出一個質量為m的高爾夫球,由于恒定的水平風力作用,高爾夫球豎直地落入距擊球點水平距離為L的A穴（其寬度忽略不計）,則()A．球被擊出后做平拋運動B．該球在空中運動的時間為C．該球被擊出時的初速度大小為LD．球被擊出后受到的水平風力大小為8、某同學將質量為m的一礦泉水瓶(可看成質點)豎直向上拋出，水瓶以5g/4的加速度勻減速上升，上升的最大高度為H,水瓶往返過程受到的阻力大小不變.則(??)A．水瓶落回地面時動能大小為mgH/4B．上升過程中水瓶的機械能減少了5mgH/4C．上升過程中水瓶的動能改變量為5mgH/4D．水瓶上升過程克服重力做功的平均功率大于下落過程重力的平均功率9、兩質量之比為m1:m2A．線速度大小之比為vB．運動的周期之比為TC．向心加速度大小之比為aD．角速度之比為ω10、下列說法正確的是（）A．合外力對物體不做功，動量一定不變 B．合外力對物體做功（不為零），動量一定變化C．合外力對物體不做功，動能一定不變 D．合外力對物體做功（不為零），動能可能不變11、關于速度、加速度、合外力間的關系，下列說法正確的是（）A．物體的速度越大，則加速度越大，所受的合外力也越大B．物體的速度為零，則加速度為零，所受的合外力也為零C．物體的速度為零，但加速度可能很大，所受的合外力也可能很大D．物體的速度很大，但加速度可能為零，所受的合外力也可能為零12、如圖所示，輕質彈簧一端固定，另一端與一質量為m、套在光滑豎直固定桿A處的圓環(huán)相連，彈簧水平且處于原長．圓環(huán)從A處由靜止開始下滑，經(jīng)過B處的速度最大，到達C處的速度為零，重力加速度為g，下列說法中正確的是（）A．在C處時，彈簧的彈性勢能為mghB．由A到C的過程中，圓環(huán)的機械能守恒C．由A到C的過程中，圓環(huán)的動能與重力勢能之和一直減小D．由A到B的過程中圓環(huán)重力勢能的減少量等于動能的增加量二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）為了測量某電池的電動勢E（約為3V）和內(nèi)阻r（約為3Ω），可供選擇的器材如下：A．電流表G1（2mA100Ω）B．電流表G2（1mA內(nèi)阻未知）C．電阻箱R1（0~999.9Ω）D．電阻箱R2（0~9999Ω）E．滑動變阻器R3（0~10Ω1A）F．滑動變阻器R4（0~1000Ω10mA）G．定值電阻R0（800Ω0.1A）H．待測電池I．導線、電鍵若干①采用如圖（甲）所示的電路，測定電流表G2的內(nèi)阻，得到電流表G1的示數(shù)I1、電流表G2的示數(shù)I2如下表所示：根據(jù)測量數(shù)據(jù)，請在圖（乙）坐標中描點作出I1—I2圖線．由圖得到電流表G2的內(nèi)阻等于____Ω．②在現(xiàn)有器材的條件下，測量該電池電動勢和內(nèi)阻，采用如圖（丙）所示的電路．在給定的器材中，圖中滑動變阻器①應該選用____，電阻箱②應該選用_____（均填寫代號，如A,B等）．14、（10分）為了“探究外力做功與物體動能變化的關系”，查資料得知：“彈簧的彈性勢能，其中k是彈簧的勁度系數(shù)，x是彈簧的形變量”．某同學用壓縮的彈簧推靜止的小球（已知質量為m）運動來探究這一問題．為了研究方便，把小鐵球O放在水平桌面上做實驗，讓小鐵球O在彈力作用下運動，即只有彈簧推力做功．該同學設計實驗如下：（1）如圖甲所示，將輕質彈簧豎直掛起來，在彈簧的另一端掛上小鐵球O，靜止時測得彈簧的形變量為d．在此步驟中，目的是要確定______，用m、d、g表示為______．（2）如圖乙所示，將這根彈簧水平放在光滑桌面上，一端固定在豎直墻面，另一端與小鐵球接觸（不連接），用力推小鐵球壓縮彈簧；小鐵球靜止時測得彈簧壓縮量為x，撤去外力后，小鐵球被彈簧推出去，從水平桌面邊沿拋出落到水平地面上．（3）測得水平桌面離地高為h，小鐵球落地點離桌面邊沿的水平距離為L，則小鐵球被彈簧彈出的過程中初動能Ek1＝______，末動能Ek2＝______（用m、h、L、g表示）；彈簧對小鐵球做的功W＝______（用m、x、d、g表示）．對比W和（Ek2－Ek1）就可以得出“外力做功與物體動能變化的關系”，即：“在實驗誤差范圍內(nèi)，外力所做的功等于物體動能的變化”．三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示，用長為L的細繩拴住一個質量為m的小球，當小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動時，細繩與豎直方向成θ角，求：（1）細繩對小球的拉力；（2）小球做勻速圓周運動的周期．16、（12分）已知地球繞太陽做圓周運動的軌道半徑為R、周期為T，萬有引力常量為G。求：(1)太陽的質量M；(2)已知金星繞太陽做圓周運動的周期為0.6T，求地球與金星相鄰兩次距離最近時的時間間隔t。17、（12分）如圖所示，800m的標準跑道，直道部分AB，CD長度均為200m，彎道部分BC，DA是圓弧，長度也為200m。假設A點為400m賽跑的起點，經(jīng)B點到終點C。求：運動員從A點開始經(jīng)BC到達D點所經(jīng)過的路程和位移（結果保留一位小數(shù)）？

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、B【解析】

船沿著船頭指向方向做勻加速直線運動的同時還要隨著水流一起運動；曲線運動的加速度指向軌跡的內(nèi)側，故AC軌跡船相對于靜水沿v0方向做勻加速運動，AB軌跡船相對于靜水沿v0方向做勻速運動，AD軌跡船相對于靜水沿v0方向做勻減速運動；船相對于水的初速度大小均相同，方向垂直于岸邊，因運動的性質不同，則渡河時間也不同，故A錯誤；沿AC軌跡，垂直河岸方向做勻加速直線運動，則渡河所用的時間最短，故B正確；沿AC軌跡，船是勻加速運動，則船到達對岸時垂直河岸的速度最大，此時船的速度最大，故C錯誤；沿AB軌跡運動時，船在垂直于河岸方向做勻速直線運動，故D錯誤．2、D【解析】

衣服貼靠在勻速轉動的圓筒內(nèi)壁上而不掉下來時，受重力G、支持力N和靜摩擦力f的作用，如圖所示：重力和靜摩擦力大小相等方向相反，合力為零，彈力提供向心力，但不能說受到向心力的作用。故D正確，ABC錯誤。3、C【解析】

由公式知，得時針的周期是1h，分針的周期是1h，它們的周期比為1：1，則角速度之比為1：1．分針的周期2min，秒針的周期是1min，它們的周期比為2：1，所以角速度之比為1：2．所以秒針的角速度最大，故C正確，ABD錯誤．4、D【解析】

A、對單個物體進行受力分析可知，除了受重力外還受到繩子的拉力，繩子拉力對M做負功，M的機械能減小，拉力對m做正功，m的機械能增加，即各自機械能都不守恒，故A錯誤；

B、對兩個物體系統(tǒng)進行受力分析，只受重力，故系統(tǒng)機械能守恒，所以M減少的機械能等于m增加的機械能，故B錯誤，D正確；

C、M重力勢能減小，動能增加，m重力勢能和動能都增加，故M減小的重力勢能等于m增加的重力勢能和兩個物體增加的動能之和，故C錯誤。5、C【解析】

PQ兩點屬于皮帶傳送，因此PQ兩點的線速度相同，因此B錯；同時，由可知P點周期大于Q點周期，故A錯；由結合可知P點角速度小于Q點角速度，故C對；由結合可知P點向心加速度小于Q點的向心加速度6、C【解析】

由于A、B兩輪之間通過摩擦傳動，故a、b兩輪的邊緣的線速度大小相同，有va=vb，故A錯誤；根據(jù)v=ωr，可得ωaRA=ωbRB，解得ωa：ωb=RB：RA=1：2，即ωb=2ωa，故C正確；又由于a與c在同一個圓上，故ωa=ωc，c在輪半徑的中點，故va：vc=2：1，即va=2vc，故B錯誤；根據(jù)上分析可知，ωb=2ωa，又因為a、c兩點角速度相等，b、c兩點角速度為ωb=2ωc，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤．7、BD【解析】

A項：小球受重力和水平風力作用，不是平拋運動，故A錯誤；B項：小球在豎直方向上做自由落體運動，則運動的時間，故B正確；C項：小球在水平方向上做勻減速直線運動，則平均速度為，解得：，故C錯誤；D項：水平風力為：，故D正確。8、CD【解析】試題分析：上升過程中受到豎直向下的重力和豎直向下的阻力作用，故有mg+f=ma，解得f=14mg，上升過程中，根據(jù)動能定理可得WG+Wf考點：考查了動能定理，失重超重【名師點睛】由牛頓第二定律可分析物體受到的合力，則可求得摩擦力；由動能定理即可求得動能的改變量；根據(jù)重力之外的力做功等于機械能的改變量可求得機械能的改變量；對下落過程由動能定理可求得動能的增加量9、AC【解析】根據(jù)萬有引力等于向心力得：GMmr2=mv2r，解得：v=GMr，已知，代入得R1:R2=1:2，兩顆衛(wèi)星線速度之比為v1:v2=2:1，故A正確。根據(jù)萬有引力提供向心力得：GMmr2【點睛】已知衛(wèi)星的質量和軌道半徑之比，可以由萬有引力提供向心力列式，分析線速度，向心加速度，周期，角速度的關系．10、BC【解析】

合外力對物體不做功，物體的動能不變，但是動量不一定不變，例如做勻速圓周運動的物體，選項A錯誤；合外力對物體做功（不為零），則動能一定變化，即速度的大小一定變化，則物體的動量一定變化，選項B正確，D錯誤；由動能定理，合外力對物體不做功，動能一定不變，選項C正確．11、CD【解析】

物體的速度很大，可能做勻速直線運動，所以其加速度可能為零，合力可能為零，故A錯誤，D正確；物體的速度為零，加速度不一定為零，并且加速度有可能很大，故所受合力也很大，故B錯誤，C正確．故選CD．12、AC【解析】

A．由A到C的過程中，圓環(huán)動能變化量為零，則圓環(huán)重力勢能的減少量等于彈簧彈性勢能的增加量，所以在C處時，彈簧的彈性勢能為mgh，故A正確。

B．由A到C的過程中，彈簧對圓環(huán)要做功，圓環(huán)的機械能不守恒，故B錯誤。C．對于圓環(huán)和彈簧組成的系統(tǒng)，只有重力和彈力做功，系統(tǒng)的機械能守恒，即圓環(huán)的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能之和保持不變。由A到C的過程中，彈簧的彈性勢能一直增加，根據(jù)系統(tǒng)的機械能守恒，知圓環(huán)的動能與重力勢能之和一直在減小，故C正確。D．由A到B的過程中，彈簧的彈性勢能增加，圓環(huán)重力勢能減小，動能增加，因圓環(huán)的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能之和保持不變，所以圓環(huán)重力勢能的減少量大于動能的增加量，故D錯誤。

故選AC。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、①200；②R3；R2；【解析】

①將表格中的數(shù)據(jù)描點，連線如右圖所示；

已知電流表G1內(nèi)阻為100Ω，由并聯(lián)電路的規(guī)律可知：，故圖象的斜率為，解得：r2=200Ω；②滑動變阻器選擇阻值較小的R3即可；電流表G2的量程為1mA，內(nèi)阻為r2=200Ω；假如要改裝成量程為3V的電壓表，則需串聯(lián)的電阻為，則電阻箱②應該選用R2。14、彈簧勁度系數(shù)k0【解析】（1）將輕質彈簧豎直掛起來，在彈簧的另一端掛上小鐵球O，靜止時測得彈簧的形變量為d．在此步驟中，目的是由此確定彈簧的勁度系數(shù)，（3）小球彈出后做平拋運動，則水平方向：豎直方向：解得;所以小鐵球被彈簧彈出的過程中初動能Ek1＝0，末動能在此過程中彈簧彈力做功為故本題答案是：彈簧勁度系數(shù)k；；0