2023屆四川省廣安、眉山、內(nèi)江、遂寧高一物理第二學期期中學業(yè)質(zhì)量監(jiān)測模擬試題含解析

2023屆四川省廣安、眉山、內(nèi)江、遂寧高一物理第二學期期中學業(yè)質(zhì)量監(jiān)測模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、在一次校運會中，某足球運動員用力F將質(zhì)量為m的足球由靜止踢出，飛出速度為V0，足球沿水平地面滾動了S米后停止．那么，下列關(guān)于功和能的分析中，正確的是A．運動員踢球過程中，足球沒有位移，人對足球的作用力沒有做功B．運動員踢球過程中，運動員對足球做正功，足球動能增加C．足球滾動過程中，地面阻力對足球做-FSD．足球滾動過程中，足球的動能消失了2、如圖所示，一根不可伸長的輕質(zhì)細線，一端固定于O點，另一端拴有一質(zhì)量為m的小球，可在豎直平面內(nèi)繞O點擺動，現(xiàn)拉直細線使小球位于與O點在同一豎直面內(nèi)的A位置，細線與水平方向成30°角，從靜止釋放該小球，當小球運動至懸點正下方C位置時，細線承受的拉力是（）A．1.75mg B．3mgC．3.5mg D．4mg3、如圖所示，一足夠長的木板靜止在光滑水平面上，一物塊靜止在木板上，木板和物塊間有摩擦?，F(xiàn)用水平力向右拉木板，當物塊相對木板滑動了一段距離但仍有相對運動時，撤掉拉力，此后木板和物塊相對于水平面的運動情況為（）A．物塊先向左運動，再向右運動B．木板和物塊的速度都逐漸變小，直到為零C．木板向右運動，速度逐漸變小，直到為零D．物塊向右運動，速度逐漸增大，直到做勻速運動4、如圖所示，摩天輪上有A、B兩點，在摩天輪轉(zhuǎn)動時，A、B兩點的角速度分別為ωA、ωB，線速度大小分別為vA、vB，則（）A．ωA=ωB，vA>vB B．ωA=ωB，vA<vBC．ωA>ωB，vA=vB D．ωA<ωB，vA=vB5、關(guān)于勻速圓周運動的說法中正確的是（）A．勻速圓周運動就是勻速運動B．勻速圓周運動的線速度不變C．勻速圓周運動的向心加速度不變D．勻速圓周運動的線速度和加速度都變化6、如圖，O點為彈簧振子的平衡位置，小球在B、C間做無摩擦的往復運動。若BC間的距離為10cm，小球從O點開始計時到再次運動到O點歷時0.1s，則小球振動過程中經(jīng)過0.5s所經(jīng)歷的路程為（）A．0.25m B．0.5mC．0.75m D．lm7、設(shè)地球的半徑為R，質(zhì)量為m的衛(wèi)星在距地面高為2R處做勻速圓周運動，地面的重力加速度為g，則（）A．衛(wèi)星的角速度為B．衛(wèi)星的線速度為C．衛(wèi)星做圓周運動所需的向心力為mgD．衛(wèi)星的周期為2π8、宇航員在某星球表面以初速度2.0m/s水平拋出一物體，并記錄下物體的運動軌跡，如圖所示，O點為拋出點，若該星球半徑為4000km，萬有引力常量G=6.67×10﹣11N?m2?kg﹣2，則下列說法正確的是（）A．該星球表面的重力加速度4.0m/s2B．該星球的質(zhì)量為2.4×1023kgC．該星球的第一宇宙速度為4.0km/sD．若發(fā)射一顆該星球的同步衛(wèi)星，則同步衛(wèi)星的繞行速度一定大于4.0km/s9、如圖所示，自由下落的小球從它接觸彈簧開始，到彈簧壓縮到最短的過程中，如果不計空氣阻力，并且彈簧的形變始終沒有超過彈性限制，則（）A．小球的加速度先減小后增大 B．小球的速度一直減小C．小球的機械能一直減小 D．小球的重力勢能和彈簧的彈性勢能之和不變10、一輛賽車在經(jīng)過凸形橋的最高點時，若速度，此時關(guān)閉發(fā)動機，如圖所示，則賽車（）A．將沿橋面下滑到M點B．此時對橋面的壓力為零C．先沿橋面滑到某點N，再離開橋面做斜下拋運動D．立即離開橋頂做平拋運動11、假設(shè)“神舟”十號實施變軌后做勻速圓周運動，共運行了n周，起始時刻為t1，結(jié)束時刻為t2，運行速度為v，半徑為r.則計算其運行周期可用()A． B． C． D．12、對于熱量、功和內(nèi)能三者的下列說法中正確的是：________．A．三者單位相同，物理意義相同B．熱量和功是內(nèi)能的量度C．熱量和功由過程決定，而內(nèi)能由物體狀態(tài)決定D．系統(tǒng)內(nèi)能增加了100J，可能是外界采用絕熱方式對系統(tǒng)做功100J，也可能是外界單純地對系統(tǒng)傳熱100J二．填空題(每小題6分，共18分)13、某實驗小組用如圖所示的裝置探究功和速度變化的關(guān)系：將小鋼球從固定軌道傾斜部分不同位置由靜止釋放，經(jīng)軌道末端水平飛出，落到鋪著白紙和復寫紙的水平地面上，在白紙上留下點跡．為了使問題簡化，小鋼球在軌道傾斜部分下滑的距離分別為、、、…，這樣的軌道傾斜部分合外力對小鋼球做的功就可以分別記為、、、…．①為了減小實驗誤差必須進行多次測量，在、、、…處的每個釋放點都要讓小鋼球重復釋放多次，在白紙上留下多個點跡，那么，確定同一位置釋放的小鋼球在白紙上的平均落點位置的方法是______________________________；②為了寫出探究動能定理的關(guān)系式__________，還需測量__________．A．小鋼球釋放位置離斜面底端的距離的具體數(shù)值B．小鋼球的質(zhì)量C．小鋼球離開軌道后的下落高度D．小鋼球離開軌道后的水平位移③該實驗小組利用實驗數(shù)據(jù)得到了如圖所示的圖像，則圖像的橫坐標為__________（用實驗中測量的物理量符號表示）．14、右圖為一小球做平拋運動的閃光照相照片的一部分，圖中背景方格的邊長均為5cm．如果取g=10m/s2，那么（1）閃光頻率是_________Hz（2）小球運動中水平分速度的大小是_________m/s．（3）小球經(jīng)過B點時的速度大小是__________m/s．（4）根據(jù)圖示數(shù)據(jù)可知，A點一定_______（填“是”或“不是”）小球平拋的開始位置．15、某學生在做“研究平拋物體的運動”實驗中，忘記記下小球做平拋運動的起點位置O，A為物體運動一段時間后的位置，根據(jù)圖求出物體做平拋運動的初速度為__________(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字，g取10m/s2)三．計算題(22分)16、（12分）如圖所示，在距一質(zhì)量為m0、半徑為R、密度均勻的大球體R處有一質(zhì)量為m的質(zhì)點，此時大球體對質(zhì)點的萬有引力為F1，當從大球體中挖去一半徑為的小球體后（空腔的表面與大球體表面相切），剩下部分對質(zhì)點的萬有引力為F2，求F1：F2。17、（10分）如圖所示，動摩擦因數(shù)均為=0.1的水平軌道AB和DE分別長2.0m和10.0m，光滑圓弧形軌道CD半徑R=0.5m，光滑斜面EF足夠長。一質(zhì)量m=0.4kg的滑塊（可視為質(zhì)點）靜止于水平軌道上的A點，現(xiàn)對滑塊施加一水平外力，使其向右運動，外力的功率恒為P=10.0W；經(jīng)過一段時間后撤去外力，滑塊繼續(xù)滑行至B點后水平飛出，恰好在C點沿切線方向進入固定在豎直平面內(nèi)的光滑圓弧形軌道CD，軌道的最低點D處裝有壓力傳感器，當滑塊到達傳感器上方時，傳感器的示數(shù)為25.6N；已知半徑OC和豎直方向的夾角=37°，（空氣阻力可忽略，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8），求：(1)滑塊運動到C點時速度vC的大??；(2)滑塊從B點運動到C點重力做的功；(3)滑塊在水平軌道AB段上水平外力作用在滑塊上的時間t和最終滑塊停在距D點多遠的位置。

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解析】

A、B項：踢球過程中，人對足球的作用力做正功，足球的動能增加，根據(jù)動能定理可得運動員對足球做功為故A錯誤，B正確；C、D項：足球滾動過程中，地面阻力對足球做負功，根據(jù)動能定理可得地面阻力對足球做功為故C、D錯誤．故選B2、C【解析】對小球進行受力分析及運動過程分析如下圖所示；

根據(jù)題意可知，從靜止釋放小球，細線松弛，小球只受重力做自由落體運動，下落到A與水平面的對稱點B時細線將張緊，根據(jù)自由落體運動的規(guī)律，則v＝，方向豎直向下；在B位置細線突然張緊，對小球施以沖量，使小球沿細線方向的速度突然減至零，使小球豎直向下的速度變?yōu)檠貓A弧切線方向上的速度，大小為vB'=vBcos30°，小球由B運動至C，繩子的拉力與運動方向垂直不做功，只有重力做功，機械能守恒．則得：mgl(1?cos60°)＝mvC2?mv′B2，解得vC＝，在C點，根據(jù)牛頓第二定律得：T?mg＝m，解得T=3.5mg，故C正確，ABD錯誤；故選C．點睛：對本題要進行層層深入的分析方式，不要忽視了懸繩從伸直到對小球有拉力為止的短暫過程中，機械能的損失，所以不能直接對小球從初位置到末位置列機械能守恒的方程求最低點速度．3、D【解析】由題知道：當物塊相對木板滑動了一段距離仍有相對運動時撤掉拉力，此時物塊的速度小于木板的速度，兩者之間存在滑動摩擦力，物塊受到木板的滑動摩擦力方向向右，與其速度方向相同，向右做加速運動，而木板受到物塊的滑動摩擦力方向向左，與其速度方向相反，向右做減速運動，當兩者速度相等時一起向右做勻速直線運動。故選D。點睛：本題關(guān)鍵要分析得到撤掉拉力時兩個物體之間仍存在摩擦力，并且物塊受的摩擦力向前；考查分析物體受力情況和運動情況的能力．4、A【解析】

AB兩點同軸轉(zhuǎn)動，角速度相同ωA=ωB；根據(jù)v=ωr可以，rA>rB，則vA>vB，故選A.5、D【解析】

勻速圓周運動速度大小不變，方向時刻變化，速度是變化的，是變速運動，勻速圓周運動的加速度的方向始終指向圓心，方向時刻改變，所以不是勻變速運動，是變加速運動。故D正確ABC錯誤。故選D。6、B【解析】

小球從O點開始計時到再次運動到O點歷時0.1s，可知，T=0.2s，則0.5s=2.5T，則小球振動過程中經(jīng)過0.5s所經(jīng)歷的路程為：2.5×4A=10A=50cm=0.5m。A．0.25m，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B．0.5m，與結(jié)論相符，選項B正確；C．0.75m，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D．lm，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；7、BC【解析】

地球表面的物體受到的萬有引力等于重力，即得A．衛(wèi)星繞地球做圓周運動，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得解得故A錯誤；B．衛(wèi)星繞地球做圓周運動，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得解得故B正確；C．衛(wèi)星做圓周運動所需的向心力故C正確；D．衛(wèi)星繞地球做圓周運動，萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得解得故D錯誤。故選BC。8、AC【解析】

由平拋運動的分位移公式，有：x=v0t；y=gt2；聯(lián)立解得：t=1s；g=4m/s2；該星球表面的重力加速度為4.0m/s2；故A正確；由可得：；故B錯誤；由g=可得，；故C正確；第一守宙速度是繞星球表面運行的速度；而衛(wèi)星的半徑越大，則繞行速度越??；故同步衛(wèi)星的速度一定小于4.0km/s；故D錯誤；故選AC．【點睛】本題關(guān)鍵關(guān)鍵明確估測行星質(zhì)量的方法，即先根據(jù)平拋運動的位移與時間公式求解重力加速度，然后根據(jù)萬有引力等于重力求解星球的質(zhì)量．9、AC【解析】

A.在彈力等于重力之前，彈力小于重力，合力向下，加速度為，彈力變大，加速度變小，當彈力大于重力，合力向上，加速度為，彈力變大，加速度變大，所以加速度先減小后增大，A正確B.當彈力小于重力，合力向下，加速度向下，小球繼續(xù)向下加速，B錯誤C.小球與彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，彈簧彈性勢能增大，所以小球的機械能一直減小，C正確D.從接觸到壓縮最短根據(jù)機械能守恒可得：小球的動能與重力勢能的減少量等于彈簧彈性勢能的增加量，所以小球的重力勢能和彈簧的彈性勢能之和等于小球動能的減少量，在增大，D錯誤10、BD【解析】

在最高點，根據(jù)牛頓第二定律得：mg-N=m解得：N=0知汽車在最高點，僅受重力，有水平速度，將做平拋運動．故BD正確，AC錯誤．故選BD．11、AC【解析】

AB．根據(jù)題意可知，“神舟五號”做勻速圓周運動運行n圈的時間為t2-t1，根據(jù)周期的定義得故A正確，B錯誤；CD．根據(jù)周期與線速度的關(guān)系可得故C正確，D錯誤．故選AC．12、CD【解析】

A、熱量、功和內(nèi)能的國際單位都是焦耳，但熱量、功、內(nèi)能三個量的物理意義是不同的，熱量和功是過程量，內(nèi)能是狀態(tài)量，故A錯誤；B、熱量和功二者可作為物體內(nèi)能改變的量度，而不是內(nèi)能大小的量度，故B錯誤；C、熱量和功由過程決定，而內(nèi)能由物體狀態(tài)決定，熱量和功是內(nèi)能變化的量度，故C正確；D、對一個絕熱過程，對一個單純熱傳遞過程，故D正確；故選CD．【點睛】熱量是熱傳遞過程中轉(zhuǎn)移的能量，是一個過程量；功是能量轉(zhuǎn)換的量度，也是一個過程量．二．填空題(每小題6分，共18分)13、(1)用盡可能小的圓圈住盡量多的落點，圓心即為平均落點的位置．(2)D(3)x2【解析】

(1)從相同高度多次釋放小球的落點存在前后左右的誤差，每兩個點連線的重點，即為這兩個點之間的平均位置，根據(jù)數(shù)學規(guī)律可知，用最小的圓將這些點圈在圓內(nèi)，取圓心位置即為所有點的平均位置．(2)根據(jù)動能定律可得：W=mv2

根據(jù)平拋規(guī)律可得：x=vt，h=gt2

聯(lián)立可得探究動能定理的關(guān)系式：W=，故還需要測量的量有：小鋼球的質(zhì)量、小鋼球離開軌道后的下落高度、小鋼球離開軌道后的水平位移．(3)根據(jù)圖象形狀可知，W與橫軸表示的物理量成正比例，又因為表達式為W=，所以圖象的橫坐標表示x214、10；1.5；2.5；不是【解析】

根據(jù)豎直方向運動特點△h=gt2，求出物體運動時間；然后利用水平方向小球勻速運動的特點，根據(jù)x=v0t即可求出物體的初速度；勻變速直線運動某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，即AC在豎直方向上的平均速度等于B點的豎直分速度，然后根據(jù)運動的合成可以求出物體經(jīng)過B點時的速度大?。弧驹斀狻浚?）在豎直方向上有：△h=gT2，其中△h=（5-3）×5cm=10cm=0.1m，代入求得：T==0.1s，則閃光頻率是．

（2）水平方向勻速運動，有：s=v0t，其中s=3l=15cm=