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文檔簡介
第=page11頁,共=sectionpages11頁2023年遼寧省丹東市高考物理質(zhì)檢試卷(一)一、單選題(本大題共7小題,共28.0分)1.2020年12月17日,我國嫦娥五號月面采樣歸來。研究發(fā)現(xiàn)月壤中含有大量氦3,可實現(xiàn)全人類數(shù)千年甚至上萬年的能源供應(yīng)。氦3聚變的核反應(yīng)方程為?23He+23He→24He+211A.(m1?m2?m3)2.“引體向上”是體育運動中的一種常見項目。圖中為某中學(xué)生的預(yù)備動作,身體處于懸掛靜止狀態(tài),則(
)A.兩臂間張角變小,每只胳膊的張力變小
B.兩臂間張角變小,每只胳膊的張力變大
C.兩臂間張角變大,單杠對每只手的摩擦力變小
D.兩臂間張角變大,單杠對每只手的摩擦力不變
3.據(jù)報道,尹某在小區(qū)內(nèi)不幸被樓上拋落的酒瓶砸傷左腳。辦案民警分析監(jiān)控可描繪出酒瓶落在尹某腳面時速度與水平地面所成角度,隨后民警又測量出尹某所在位置與樓房的水平距離。假設(shè)酒瓶飛出窗口的速度是水平的,若已知每層樓房高度,不計空氣阻力,當(dāng)?shù)刂亓铀俣纫阎瑒t通過以上信息能估算出(
)
①酒瓶落至尹某腳面時的速度
②酒瓶從飛出至落地所用時間
③酒瓶對腳面的平均作用力
④酒瓶是從第幾層樓房拋出的A.①②③ B.①②④ C.4.如圖所示,OBCDE為14圓柱體玻璃的橫截面,OB、OE為半徑,一束復(fù)色光沿PO′方向從真空射入玻璃,在玻璃中分成a、b兩束單色光。則aA.光子能量大,在玻璃中傳播速度大
B.光子能量大,在玻璃中傳播波速小
C.光子能量小,在玻璃中傳播波速大
D.光子能量小,在玻璃中傳播波速小5.如圖所示,圓形閉合金屬線圈在水平勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動,轉(zhuǎn)動周期為T,豎直轉(zhuǎn)軸OO′過圓心且垂直于磁場方向。從線圈平面與磁場方向平行開始計時,當(dāng)t=T6時,線圈中的感應(yīng)電動勢為4A.43V
B.4366.空間存在沿x軸方向的靜電場,其電勢φ隨x按正弦規(guī)律變化,如圖所示。質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子,從O點以初速度v0沿x軸正方向運動。不計帶電粒子的重力,下列說法正確的是(
)A.在0~x0區(qū)間的場強方向與2x0~3x0區(qū)間的場強方向相同
B.粒子從x0處運動到3x0處的過程中,電勢能先減少后增加
C.若粒子運動能經(jīng)過37.如圖所示,空間存在沿x軸正方向的勻強電場和勻強磁場,電場強度大小為E,磁感應(yīng)強度大小為B。t=0時刻,質(zhì)子以初速度v0從坐標原點O沿y軸正方向射出,已知質(zhì)子質(zhì)量為m,電荷量為e。重力不計,則(
)
A.t=πmeB時刻,質(zhì)子的速度沿z軸的負方向
B.t=πmeB時刻,質(zhì)子的坐標為(mEπ22eB,0二、多選題(本大題共3小題,共18.0分)8.一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖如圖所示,B與C兩質(zhì)點相距2m,此時A質(zhì)點速度方向沿y軸正向,經(jīng)過t=0.06s質(zhì)點
A.該波沿x軸負方向傳播 B.該波的周期T=0.14s
C.該波的傳播速度v0=12.5m/s9.科技發(fā)展使人類有望在赤道上建造垂直于水平面的“太空電梯”。a?r圖中r為“太空電梯”中航天員到地心的距離,R為地球半徑,圖線A表示地球引力對航天員產(chǎn)生的加速度大小與r的關(guān)系,圖線B表示航天員由于地球自轉(zhuǎn)而產(chǎn)生的向心加速度大小與r的關(guān)系,關(guān)于靜止在“太空電梯”中的航天員,下列說法正確的是(
)
A.航天員所處高度越高,線速度越大
B.圖中r0為地球同步衛(wèi)星的軌道半徑
C.隨著r增大,航天員受到電梯艙的作用力減小
D.航天員在r10.如圖所示,木板置于光滑水平面上,傾角θ=53°的光滑斜劈放在木板上,一平行于斜面的輕繩上端系在斜劈上,另一端拴接一小球,木板、斜劈、小球質(zhì)量均為1kg,斜劈與木板間動摩擦因數(shù)為μ,系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)?,F(xiàn)對木板施加一水平向右拉力F,若gA.若μ=0.4、F=5N時,木板相對斜劈向右運動
B.若μ=0.5、不論F多大,小球與斜面間總有彈力
C.若μ=0.7、F三、實驗題(本大題共2小題,共14.0分)11.某實驗小組為驗證系統(tǒng)機械能守恒,設(shè)計了如甲圖所示的裝置,實驗過程如下:
(1)用螺旋測微器測量砝碼上端固定的遮光片厚度時,螺旋測微器示數(shù)如圖乙所示,則d=______mm,測得砝碼和遮光片總質(zhì)量m=0.026kg;
(2)按圖甲安裝實驗器材并調(diào)試,確保砝碼豎直上下振動時,遮光片運動最高點高于光電門1的激光孔,運動最低點低于光電門2的激光孔;
(3)實驗時,利用計算機記錄彈簧拉伸量x及力傳感器的讀數(shù)F,畫出F?x圖像,如圖丙所示;
(4)測量遮光片經(jīng)過光電門1的擋光時間t1=0.0051s,彈簧的拉伸量x1=0.04m,經(jīng)過光電門2的擋光時間t2=0.010212.某實驗小組從電動玩具中拆下一節(jié)電池,欲測量其電動勢(約1.5V)和內(nèi)阻(約1Ω)實驗室備有下列器材可供選擇:
A.電壓表(量程0.6V,內(nèi)阻約1kΩ);
B.電壓表(量程1.8V,內(nèi)阻約2kΩ);
C.電壓表(量程15V,內(nèi)阻約5kΩ);
D.定值電阻R0(阻值1Ω);
E.滑動變阻器(0~20Ω);
F.滑動變阻器(0~200Ω);
G.開關(guān)及導(dǎo)線若干。
(1)根據(jù)圖甲連接實驗電路,其中電壓表V1應(yīng)選______,電壓表V2應(yīng)選______,滑動變阻器應(yīng)選______;(填器材前的選項字母)
(2)閉合開關(guān)前,應(yīng)將滑動變阻器的滑片P滑到______(四、簡答題(本大題共3小題,共40.0分)13.現(xiàn)有A、B兩個小物塊在同一長直水平氣墊導(dǎo)軌上做碰撞實驗,導(dǎo)軌上帶有刻度坐標。利用照相機對兩個物塊進行4次連續(xù)拍照,頻閃拍照的時間間隔為0.1s,獲得如圖所示照片。四次拍照時兩物塊均在圖示坐標范圍內(nèi),且前三次拍照物塊B均靜止在x=60cm處,不計兩物塊大小且碰撞瞬間完成。已知mA=0.1kg,根據(jù)照片求:
(1)碰撞前物塊A的速度大小;
(2)物塊B的質(zhì)量m14.水銀氣壓計在超失重情況下不能顯示準確的氣壓,但太空無液氣壓計卻能顯示超失重情況下的準確氣壓。若某次火箭發(fā)射中攜帶了一只太空無液氣壓計和一只水銀氣壓計。發(fā)射的火箭艙密封,起飛前艙內(nèi)溫度T0=300K,水銀氣壓計顯示艙內(nèi)氣體壓強p0為1個大氣壓。太空氣壓計讀數(shù)也是p0,當(dāng)火箭以加速度g豎直向上運動時,艙內(nèi)水銀氣壓計示數(shù)為p1=15.如圖所示,P、Q是兩根固定在水平面內(nèi)的光滑“Z”型平行金屬導(dǎo)軌,窄處間距為L=0.3m,寬處間距為窄處的2倍,導(dǎo)軌足夠長且電阻可忽略不計。圖中EF左側(cè)區(qū)域、GH右側(cè)區(qū)域有豎直方向的勻強磁場,磁感應(yīng)強度大小均為B=2T,方向相反。同種材料制成的粗細相同的均勻金屬棒a、b,長度分別與所在處導(dǎo)軌間距相等,均靜止在靠近磁場邊界的位置。a棒質(zhì)量為m=0.2kg,電阻為R=4Ω。現(xiàn)使a棒瞬間獲得一向左的初速度,大小為v0
答案和解析1.【答案】C
【解析】解:虧損的質(zhì)量:Δm=2m1?m2?2m3,根據(jù)質(zhì)能方程可知,該反應(yīng)放出的能量為E=(2.【答案】A
【解析】解:AB.以人為研究對象,進行受力分析如圖甲所示,設(shè)每只胳膊對身體的張力是F,建軸分解豎直方向上:2Fsinθ=mg
兩臂間張角變小,則θ變大,F(xiàn)變小,每只胳膊的張力變小,故A正確,B錯誤;
CD.以左手為研究對象,進行受力分析如圖乙所示,建軸分解水平方向上根據(jù)平衡條件可得:f=Fcosθ
兩臂間張角變大,則θ變小,cos3.【答案】B
【解析】解:根據(jù)題意可知,速度與水平方向的夾角已知,則tanθ=vyv0=gtv0
位移與水平方向的夾角tanα=yx=12gt2v0t=gt2v0=2tanθ
則位移與水平方向的夾角正切值已知,又因為尹某所在位置與樓房的水平距離已知,則豎直方向的下落高度h可以求出,樓層高度已知,所以可以計算出酒瓶是從第幾層樓房拋出的,故④正確;
4.【答案】C
【解析】解:a光與b光相比入射角相等,而右圖可知a光的折射角大于b光的折射角,
根據(jù)光的折射定律有(空氣中的折射率為1):sinθ入=n?sinθ折
則:n=sinθ入sinθ折
因為θa折>θb折,則sinθa折>sinθb折,則na<nb
故可得玻璃對a光的折射率更小,
根據(jù):n=cv,(v是波速)
可得a光在玻璃中傳播波速大,根據(jù)波長、波速、頻率關(guān)系:v=fλ,頻率f不變,故a光的波長較長。
根據(jù)德布羅意關(guān)系知:p=hν5.【答案】D
【解析】解:由題可知,從線圈平面與磁場方向平行開始計時,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢表達式為:
e=Emcosωt
當(dāng)t=T6時,線圈中的感應(yīng)電動勢為4V,即Emcosπ3=4V
解得:6.【答案】D
【解析】解:A.沿電場方向電勢降低,所以在0~x0區(qū)間的場強方向向x軸負向,2x0~3x0區(qū)間的場強方向向x軸正向,方向相反,故A錯誤;
B.根據(jù)Ep=φq,粒子從x0處運動到3x0處的過程中,電勢一直減小,而粒子帶正電,所以電勢能一直減小,故B錯誤;
C.若粒子運動能經(jīng)過3x0處,只需到達x0處即可,則根據(jù)動能定理可知粒子經(jīng)3x0處速度最小值為12mv2=q[φ0?(?φ0)]7.【答案】C
【解析】解:AD、沿x軸方向,在電場力作用做初速度為零的勻加速直線運動。
根據(jù)左手定則,洛倫茲力初始時刻沿z軸負方向,可判斷質(zhì)子在yOz平面做勻速圓周運動,所以質(zhì)點運動軌跡在yOz平面內(nèi)的投影是經(jīng)過O點的圓。
當(dāng)t=πmeB=12T時刻,在yOz平面質(zhì)子分速度方向沿y軸負方向,沿x軸方向分速度沿x軸正方向,所以質(zhì)子的合速度方向不沿z軸的負方向,故AD錯誤;
C、質(zhì)子每經(jīng)過一個周期可經(jīng)過一次x軸,沿x軸方向在電場力作用做初速度為零的勻加速直線運動,根據(jù)比例關(guān)系可知依次經(jīng)過x軸的坐標值之比為:1:4:9……,故C正確。
B、當(dāng)t=πmeB=12T時刻,沿x軸方向根據(jù)牛頓第二定律:Ee=ma
位移:x=12at2=128.【答案】AD【解析】解:A、質(zhì)點A點速度沿y軸正方向,結(jié)合平移法可知波沿x軸負方向傳播,故A正確;
B、由圖示波形圖可知,此時質(zhì)點A在平衡位置向上振動,經(jīng)過34T第一次到達波谷,則波的周期為:T=43×0.06s=0.08s,故B錯誤;
C、由圖示波形圖可知,BC間的距離等于一個波長,根據(jù)v=λT,解得v=25m/s,故C錯誤;
D、t=0.02s=9.【答案】AB【解析】解:A.航天員與地球自轉(zhuǎn)角速度相等,由v=ωr可知,航天員所處高度越高,即r越大,v越大,故A正確;
B.由圖可知,在r0位置時,萬有引力完全提供隨地球自轉(zhuǎn)的向心力,與同步衛(wèi)星的運動情況一致,所以r0為地球同步衛(wèi)星的軌道半徑,故B正確;
C.航天員受到電梯艙的彈力等于航天員的“重力”,萬有引力與彈力的合力提供向心力,r<r0時,彈力向上,即GMmr2?F彈=mω2r
隨著r增大,萬有引力減小,向心力增大,彈力減?。籸>r0時,彈力向下,即GMm10.【答案】BD【解析】解:A、整個系統(tǒng)要一起向右運動且斜劈與木板不發(fā)生相對運動,則最大加速度不能超過最大靜摩擦力所能提供的極限,則μ=0.4時,整個系統(tǒng)一起向右運動的最大加速度為a1=μg=0.4×10m/s2=4m/s2
則整個系統(tǒng)要一起向右運動且斜劈與木板不發(fā)生相對運動的最大拉力為Fmax=m總a1=3×4N=12N>5N=F,所以F=5N時,木板不會相對斜劈向右運動,故A錯誤;
B、μ=0.5時,斜劈與小球一起向右運動的最大加速度為a2=μg=0.5×10m/s2=5m/s2
小球與斜面恰好沒有彈力一起向右運動的加速度為a11.【答案】2.040
1.60×10?【解析】解:(1)螺旋測微器的分度值為0.01mm,則遮光片厚度為:
d=2mm+4.0×0.01mm=2.040mm
(5)遮光片從光電門1運動到光電門2的過程中,彈性勢能增加量為:Ep1=0.2+0.42×0.04J=0.012J重力勢能減小量為:Ep212.【答案】B
A
E
最左端
1.48
0.667
【解析】解:(1)電壓表V1測的是路端電壓,電壓表V2測的是R0兩端電壓,因電池的電動勢約為1.5V,故電壓表V1應(yīng)選B,電壓表V2應(yīng)選A。
電池內(nèi)阻和定值電阻都較小,為方便調(diào)節(jié)電路,滑動變阻器選用阻值較小的,選E。
(2)閉合開關(guān)前,為保護電路,滑動變阻器應(yīng)調(diào)到阻值最大處,應(yīng)將滑片P滑到最左端。
(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律E=U1+U2R0r
整理得U1=?rR0U2+E
結(jié)合圖像可得E=1.4813.【答案】解:(1)物塊A做勻速直線運動,在0.1s內(nèi)位移大小為20cm,則
vA=xt
代入數(shù)據(jù)得:vA=2m/s
(2)設(shè)向右為正方向,碰撞前物塊B靜止vB=0,vA=2m/s
碰撞后v′A=?0.050.05m/s=?1m/s,v′B=0.050.05m/s=1【解析】碰撞前,物體A做勻速直線運動,在相等時間內(nèi)通過的位移都相等,由v=xt求出碰撞前后A、B滑塊運動的速度大?。桓鶕?jù)動量守恒定律求mB的質(zhì)量;根據(jù)動量守恒定律與能量守恒定律求碰撞過程中損失的機械能。
14.【答案】解:起飛前m0g=p0S,m0=ρH0S
起飛后,設(shè)實際氣壓p1實,對水銀氣壓計中水銀柱由牛頓第二定律得:
p1實S?m1g=m1a【解析】根據(jù)對水銀柱的受力分析,結(jié)合牛頓第二定律列式得出氣壓計的讀數(shù);
氣體發(fā)生等容變化,根據(jù)查理定律列式得出對應(yīng)的氣體溫度。
本題
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