通用版帶答案高中物理選修一綜合測試題易錯知識點總結

單選題1、如圖是一水平彈簧振子做簡諧振動的振動圖像（x-t圖像），由圖可推斷，振動系統(tǒng)（

）A．在t1和t2時刻具有相等的動能和相同的動量B．在t3和t4時刻具有相等的勢能和相同的動量C．在t4和t6時刻具有相同的位移和速度D．在t1和t6時刻具有相同的速度和加速度答案：BA．t1和t2時刻振子位移不同速度不相等，所以動能和動量也不相等，故A錯誤；B．t3和t4時刻振子位移大小相等方向相反，速度相同，所以系統(tǒng)的勢能相等，動量也相同，故B正確；C．t4和t6時刻位移均為負且相等，速度大小相等方向相反，故C錯誤；D．t1和t6時刻位移大小相等方向相反，速度相同，而加速度大小相等方向相反，故D錯誤。故選B。2、如圖所示，若手機質量m=200g，從離人眼約h=20cm的高度無初速掉落，砸到眼睛后經=0.01s手機停止運動，取重力加速度g=10m/s2，下列分析正確的是（

）A．手機對眼睛的作用力大小約為30NB．手機對眼睛的作用力大小約為40NC．全過程手機重力的沖量大小約為0.42N?sD．全過程手機重力的沖量大小約為0.40N?s答案：CAB．手機自由下落h時的速度為手機與眼相互作用過程，以豎直向下為正方，據動量定理可得解得手機受到的作用力大小為由牛頓第三定律可知，手機對眼睛的作用力大小約為42N，AB錯誤；CD．手機自由下落時間為全過程手機重力的沖量大小為C正確，D錯誤。故選C。3、如圖所示，質量分別為、的兩小物塊A、B用平行于斜面的輕細線相連，兩物塊均靜止于斜面上，用平行于斜面向上的恒力拉A，使其以加速度沿斜面向上運動，經時間，細線突然被拉斷，再經時間，B上滑到最高點，則B到達最高點時A的速度大小為（

）A．B．C．D．答案：B細線被拉斷前，以A、B為整體，由牛頓第二定律得時，A、B的速度為細線突然被拉斷后，整體受到的合力保持不變，再經時間，B上滑到最高點，此時B的速度為零，設此時A的速度為，以A、B為整體，根據動量定理可得解得故選B。4、如圖所示，光滑水平面上有大小相同的A、B兩球在同一直線上運動，兩球質量關系為mB＝2mA，規(guī)定向右為正方向，A、B兩球的動量大小均為6

kg·m/s，運動中兩球發(fā)生碰撞，碰撞后A球的動量增量為-4kg·m/s，則（

）A．左方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為2∶5B．右方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為2∶5C．左方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為1∶10D．右方是A球，碰撞后A、B兩球速度大小之比為1∶10答案：A規(guī)定向右為正方向，因為碰撞后A球的動量增量為-4kg·m/s，可知A球受到的沖擊力為負方向，因此A球一定位于左方，A、B兩球的動量大小均為6

kg·m/s，根據mB＝2mA可知因此A球動量一定為正方向，若B球動量為正方向，根據動量守恒因此碰后A球的動量為2kg·m/s，碰后B球的動量為10kg·m/s，則若B球動量為負方向，碰后A球的動量為2kg·m/s，碰后B球的動量為-2kg·m/s，則會發(fā)生二次碰撞，不符合碰撞規(guī)律，故A正確，BCD錯誤。故選A。5、某小組做驗證動量守恒定律實驗時，在氣墊導軌上放置P、Q兩滑塊。碰撞前Q靜止，P勻速向Q運動并發(fā)生碰撞，利用頻閃照相的方法連續(xù)4次拍攝得到頻閃照片如圖所示，在這4次閃光的過程中，P、Q兩滑塊均在0~80cm范圍內，且第1次閃光時，P恰好位于x=10cm處。相鄰兩次閃光的時間間隔為T，P、Q兩滑塊的碰撞時間及閃光持續(xù)時間均可忽略不計，則P、Q兩滑塊的質量之比為（

）A．1:1B．1:2C．1:3D．1:4答案：C由圖可知，第1次閃光時，滑塊P恰好位于10cm處；第二次P在30cm處；第三次P在50cm處；兩次閃光間隔中P的位移大小均為20cm，相同，所用時間均為T，則速度相同，PQ不可能相碰；而Q開始時靜止在60cm處，故可知，從第三次閃光到碰撞P的位移為10cm，所以時間為，故從碰撞到第四次閃光時間也為，通過距離為5cm，所以若碰前P的速度為v，則碰后P的速度為，而Q在時間的位移為5cm，所以碰后Q的速度為，則根據動量守恒定律可得故C正確，ABD錯誤。故選C。6、如圖所示，半徑為R光滑的圓弧軌道PA固定安裝在豎直平面內，A點的切線水平，與水平地面的高度差為R，讓質量為m=0.2kg的小球甲（視為質點）從P點由靜止沿圓弧軌道滑下，從A點飛出，落在地面的B點，飛出后落到地面的水平位移為x=0.9m；把質量為M=0.4kg的小球乙（與甲的半徑相同）靜止放置在A點，讓小球甲重新從P點由靜止沿圓弧軌道滑下，與乙發(fā)生彈性碰撞，空氣的阻力忽略不計、重力加速度，下列說法正確的是（

）A．圓弧軌道的半徑R=0.9mB．乙從A點飛出至落至地面過程中重力的沖量大小為C．甲、乙碰撞后乙的速度2.0m/sD．乙對甲的沖量大小為答案：CA．甲由P到A，由機械能守恒定律可得甲由A到B，由平拋運動的規(guī)律可得綜合解得故A錯誤；B．乙做平拋運動的時間為重力的沖量計算可得故B錯誤；C．甲乙在A點發(fā)生碰撞，設碰后甲乙的速度分別為、，由動量守恒由能量守恒綜合解得故C正確；D．甲乙在碰撞的過程中，對甲應用動量定理，可得乙對甲的沖量大小為故D錯誤。故選C。7、可見光在空氣中波長范圍是4

400A到7

700A，即4.4×10－4

mm到7.7×10－4

mm，下面關于光衍射條件的說法正確的是（

）A．卡尺兩腳間的狹縫的寬度小到萬分之幾毫米以下時，才能觀察到明顯的衍射現(xiàn)象B．卡尺兩腳間的狹縫在小到0.2

mm以下時，通過它觀察各種光源，都能看到明顯的衍射現(xiàn)象C．卡尺兩腳間的狹縫在小到0.4

mm以下時，通過它觀察到線狀白熾燈絲，有明顯的衍射現(xiàn)象D．光的衍射條件“跟光的波長可以相比”是非常嚴格的，即只有孔或障礙物的尺寸跟波長差不多時才能觀察到光的衍射答案：C障礙物與波長相比相差不多或比波長更小時，才能發(fā)生明顯的衍射，但光并沒有機械波那么苛刻，縫的寬度太小時，透過的光太弱，不容易觀察到衍射現(xiàn)象，通常情況下，縫的寬度在0.4mm左右時，光的衍射現(xiàn)象比較明顯，ABD錯誤，C正確。故選C。8、如圖所示，A、B兩個小球靜止在光滑水平地面上，用輕彈簧連接，A、B兩球的質量分別為0.4kg和1.2kg?，F(xiàn)使A球獲得向右的瞬時速度。已知彈簧始終在其彈性限度之內，則在A、B兩球運動的過程中（

）A．B球的最大速度大小為1.5m/sB．B球速度最大時，A球的速度大小為3m/s，方向水平向左C．A球速度為0時，A、B組成的系統(tǒng)動能損失最大D．A球加速度為0時，B球的速度最大答案：BAB．當B球速度最大時，彈簧處于原長，以向右為正方向，設此時A、B速度為v1、v2，由動量守恒和機械能守恒有解得v1=-3m/s，v2=3m/sA錯誤，B正確；C．由能量守恒可知，A、B組成的系統(tǒng)動能損失最大時，彈簧彈性勢能達到最大值，此時A、B速度相同，設為，由動量守恒解得C錯誤；D．A球加速度為0時，彈簧處于原長，當彈簧從壓縮狀態(tài)逐漸恢復原長過程中，B球的速度逐漸增大，彈簧恢復原長時B速度達到最大；當彈簧從伸長狀態(tài)逐漸恢復原長過程中，B球的速度逐漸減小，彈簧恢復原長時B速度達到最小值，D錯誤。故選B。9、一位同學站在水平地面上，某時刻該同學屈膝下蹲并豎直向上跳起，在人跳離地面之前的過程中地面對該同學的支持力做功為W，沖量為I，則下列判斷正確的是（

）A．W=0，I=0B．W=0，I≠0C．W≠0，I=0D．W≠0，I≠0答案：B因為在人起跳的過程中人受到的支持力的作用點沒有位移，根據可知支持力做功為零。根據可知彈力的沖量不為零。故選B。10、如圖所示，質量均為m的木塊A、B與輕彈簧相連，置于光滑水平桌面上處于靜止狀態(tài)，與木塊A、B完全相同的木塊C以速度v0與木塊A碰撞并粘在一起，則從木塊C與木塊A碰撞到彈簧壓縮到最短的整個過程中，下列說法正確的是（

）A．木塊A、B、C和彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒，機械能不守恒B．木塊C與木塊A碰撞結束時，木塊C的速度為零C．木塊C與木塊A碰撞結束時，木塊C的速度為D．彈簧的最大彈性勢能等于木塊A、B、C和彈簧組成系統(tǒng)的動能減少量答案：AA．木塊A、B、C和彈簧組成的系統(tǒng)所受合外力為零，所以系統(tǒng)動量守恒。木塊C與A碰撞并粘在一起，此過程系統(tǒng)機械能有損失，故系統(tǒng)機械能不守恒，A正確；BC．木塊C與A碰撞并粘在一起，以木塊C與木塊A組成的系統(tǒng)為研究對象，取水平向右為正方向，根據動量守恒定律得解得即木塊C與木塊A碰撞結束時，木塊C的速度為，BC錯誤；D．木塊C與A碰撞過程中機械能有損失，之后粘合體在通過彈簧與物塊B作用過程中滿足動量守恒和機械能守恒，粘合體與物塊B達到共速時，彈簧的彈性勢能最大，但由于碰撞過程系統(tǒng)機械能有損失，所以彈簧的最大彈性勢能小于木塊A、B、C和彈簧組成系統(tǒng)的動能減少量，D錯誤。故選A。11、2021年5月15日，中國自主研發(fā)的火星探測器“天問一號”成功著陸火星。已知在火星表面一擺長為L的單擺完成n次全振動所用的時間為t。探測器在離開火星表面返回時，在離火星表面高度為h的圓軌道以速度v繞其運行一周所用時間為T。已知引力常量為G，火星可視為勻質球體，則火星的密度為（

）A．B．C．D．答案：A根據單擺的周期公式得根據黃金代換式

根據圓周運動得根據密度公式

解得故選A。12、如圖是一顆質量約為m＝50g子彈射穿一副撲克牌的照片，子彈完全穿過一副撲克牌的時間t約1.0×10﹣4s，子彈的真實長度為2.0cm，子彈接著經時間進入墻壁，試估算子彈對墻壁的作用力約為（

）A．5×103NB．5×104NC．5×105ND．5×106N答案：B由圖片估算子彈與撲克牌的長度比例為1：4，則撲克牌的長度大約為8cm，子彈的速度子彈與墻作用過程受墻的作用力為F，由動量定理解得由牛頓第三定律可在對墻的作用力約為5×104N。故B正確。故選B。13、在楊氏雙縫干涉實驗中，如果不用激光光源而用一般的單色光源，為了完成實驗可在雙縫前邊加一單縫獲得線光源，如圖所示，在用單色光做雙縫干涉實驗時，若單縫S從雙縫S1、S2的中央對稱軸位置處稍微向上移動，則（

）A．不再產生干涉條紋B．仍可產生干涉條紋，且中央亮紋P的位置不變C．仍可產生干涉條紋，中央亮紋P的位置略向上移D．仍可產生干涉條紋，中央亮紋P的位置略向下移答案：D本實驗中單縫S的作用是形成頻率一定的線光源，雙縫S1、S2的作用是形成相干光源，稍微移動S后，沒有改變傳到雙縫的光的頻率，由S1、S2射出的仍是相干光，由單縫S發(fā)出的光到達屏幕上P點下方某點光程差為零，故中央亮紋下移。選項D正確。14、一質點做簡諧運動的圖像如圖所示，下列說法正確的是（）A．質點的振動頻率是4HzB．0～10s內質點經過的路程是20cmC．在時質點的速度為0D．在和兩時刻，質點的位移相同答案：BA．由圖可知，質點振動的周期為4s，故頻率為A錯誤；B．每個周期質點的路程為4A，可知0～10s內質點的路程是振幅的10倍，故路程為20cm，B正確；C．在時，質點位于平衡位置，故速度最大，C錯誤；D．在和兩時刻，質點的位移大小相等，方向相反，D錯誤。故選B。15、一列簡諧橫波在t＝s時的波形圖如圖（a）所示，P、Q是介質中的兩個質點，圖（b）是質點Q的振動圖像。下列表述正確的是（

）A．這列波的傳播方向為沿著x軸正方向B．t＝2

s時質點P的加速度方向沿著y軸負方向C．這列波的傳播速度大小為9

cm/sD．質點Q的平衡位置橫坐標為9

cm答案：DA．當t＝s時，Q向上振動，結合題圖（a）可知，該波沿x軸負方向傳播，故A錯誤；B．t＝2s時質點P處于平衡位置下方，其加速度方向沿著y軸正方向，故B錯誤；C．由題圖（a）可以看出，該波的波長λ＝36

cm，由題圖（b）可以看出周期為T＝2

s，故波速為v＝＝18

cm/s故C錯誤；D．設質點P、Q的平衡位置的x軸分別為xP、xQ，由題圖（a）可知，x＝0處y＝－＝Asin

（－30°）因此xP＝λ＝3

cm由題圖（b）可知，在t＝0時Q點處于平衡位置，經過Δt＝s，其振動狀態(tài)向x軸負方向傳播到P點處，所以xQ－xP＝vΔt＝6

cm解得質點Q的平衡位置的x坐標為xQ＝9

cm故D正確。故選D。多選題16、用自然光照射一間距為0.5mm的雙縫，在其后距離為1.00m處的光屏上得到彩色條紋，已知紅光和紫光的波長分別為，。則下列說法正確的是（

）A．干涉條紋的中央亮紋是白色條紋B．兩個相鄰紅色條紋的中心間距與兩個相鄰紫色條紋的中心間距之差為0.72mmC．若測得某色光第11條亮紋與第1條亮紋的中心間距為11mm，則該光的波長為D．如果僅增大雙縫到光屏的距離，則所有色光的條紋間距均會減小E．在彩色條紋中，紫色的條紋間距最大答案：ABCA．各種顏色的光均在光屏中央有一條亮紋，所以在光屏的中央復合色為白色，A正確；B．由相鄰兩個亮條紋的中心間距公式可知兩個紅色亮條紋的中心間距為同理，兩個紫色亮條紋的中心間距為所以B正確；C．由可得代入題中數據可得該光的波長為C正確；D．由可知，其他條件不變，當l增大時，條紋間距增大，D錯誤；E．因所有可見光中，紫光的波長最小，由可知，在彩色條紋中紫光的條紋的間距最小，E錯誤。故選ABC。17、彈性介質中某質點O沿豎直方向做簡諧運動的規(guī)律如圖甲，它完成兩次全振動后停在平衡位置，其形成的機械波沿水平方向的x軸勻速傳播，波速大小為10

m/s。x軸上有3個質點（如圖乙），它們的橫坐標分別為xP＝－2

m、xQ＝1

m、xR＝3

m。以質點O開始振動時為計時零點，下列說法正確的是（

）A．該機械波的波長為4

mB．質點P在0.4

s時刻的振動方向沿y軸負方向C．質點Q在0.5

s內通過的路程為10

cmD．質點R在0.4

s時刻第一次位于波峰答案：ABDA．由甲圖可知，波的周期為T=0.4

s，根據v=，解得波長λ=4

mA正確；B．分析甲圖可知，質點O（波源）的起振方向沿y軸正方向，由圖乙知P、O的平衡位置相距2

m，則波傳播到質點P所用的時間為0.2

s，則質點P在t=0.4

s時刻位于平衡位置，振動方向沿y軸負方向，B正確；C．波傳播到質點Q所用的時間為0.1

s，則在0~0.5

s內，質點Q振動了一個周期，通過的路程為4A=8cm，C錯誤；D．波傳播到質點R所用的時間為0.3

s，則質點R在0~0.4

s內振動了0.1

s，即四分之一個周期，t=0.4s時質點R第一次位于波峰，D正確。故選ABD。18、如圖甲所示，一輕質彈簧的兩端分別與質量是、的A、B兩物塊相連，它們靜止在光滑水平面上，兩物塊質量之比。現(xiàn)給物塊A一個水平向右的初速度v0并從此時刻開始計時，兩物塊的速度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，下列說法正確的是（

）A．時刻彈簧長度最短，時刻彈簧長度最長B．時刻彈簧處于伸長狀態(tài)C．D．答案：AC由圖像可以判知：（1）時刻二者速度相同、彈簧長度最短；（2）時刻二者速度相同、彈簧長度最長；（3）時刻二者速度反向、彈簧恰好處于原長狀態(tài)。AB．從0到的過程中，的速度比的大，彈簧被壓縮，時刻兩物塊達到共同速度，此后，的速度比的小，兩者間距增大，彈簧的壓縮量減小，所以時刻彈簧長度最短，時刻的速度最大，此后的速度減小，彈簧被拉伸，則時刻彈簧恢復原長，時刻兩物塊速度相等，此時彈簧最長，故A正確，B錯誤；C．兩物塊組成的系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得時刻彈簧恢復原長，彈簧彈性勢能為零，系統(tǒng)機械能守恒，由機械能守恒定律得解得故C正確；D．兩物塊組成的系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得解得故D錯誤。故選AC。19、關于光學鏡頭增透膜，以下說法中正確的是（）A．增透膜是為了減少光的反射損失，增加透射光的強度B．增透膜的厚度等于入射光在真空中波長的C．增透膜的厚度等于入射光在薄膜中波長的D．因為增透膜的厚度一般適合綠光反射時相互抵消，紅光、紫光的反射不能完全抵消，所以涂有增透膜的鏡頭呈淡紫色E．涂有增透膜的鏡頭，進入的光線全部相互抵消，因此這種鏡頭的成像效果較好答案：ACDA．光學鏡頭前的增透膜是為了減少光的反射損失，增加透射光的強度。故A正確；BC．根據光的干涉理論，增透膜的厚度等于入射光在薄膜中波長的四分之一。故B錯誤；C正確；D．增透膜通常是針對人眼最敏感的綠光設計的，使從鏡頭反射的綠光干涉相消，而對太陽光中紅光和紫光并沒有顯著削弱，所以看上去呈淡紫色。故D正確；E．涂有增透膜的鏡頭，只能抵消某種色光的反射光線。故E錯誤。故選ACD。20、關于物體的動量，下列說法中正確的是（）A．慣性越大的物體，它的動量也越大B．動量大的物體，它的速度不一定大C．物體的速度大小不變，則其動量也保持不變D．運動物體在任一時刻的動量的方向一定是該時刻的速度方向答案：BDA．動量的大小由質量和速度的大小共同決定，即p=mv慣性大則質量大，但動量不一定大，故A錯誤；B．動量大的物體，可能是速度大，但也有可能是質量大，故B正確；CD．動量是矢量，其方向與速度方向相同，只有在速度大小、方向均不變時，其動量才保持不變，故C錯誤、D正確。故選BD。21、圖1為醫(yī)生正在為病人做B超檢查，B超成像的基本原理是探頭向人體發(fā)射一組超聲波，遇到人體組織會產生不同程度的反射，探頭接收到的超聲波信號由計算機處理，從而形成B超圖像。圖2為血管探頭沿x軸正方向發(fā)送的簡諧超聲波圖像，t＝0時刻波恰好傳到質點M。已知此超聲波的頻率為1×107

Hz。下列說法正確的是（

）A．血管探頭發(fā)出的超聲波在血管中的傳播速度為1.4×103

m/sB．質點M開始振動的方向沿y軸正方向C．t＝1.25×10－7

s時質點M運動到橫坐標x＝3.5×10－4

m處D．0~1.25×10－7

s內質點M的路程為2

mmE．t＝1.25

×10-7s時質點N開始振動，振動方向沿y軸負方向答案：ADEA．由題圖2知波長λ＝14×10－2

mm＝1.4×10－4m由v＝λf得波速v＝1.4×10－4×1×107

m/s＝1.4×103

m/s選項A正確；B．根據波動與振動方向間的關系，質點M開始振動的方向沿y軸負方向，選項B錯誤；C．質點M只會上下振動，不會隨波遷移，選項C錯誤；D．質點M振動的周期T＝＝s＝1×10－7

s由于質點M在0~1.25×10－7s內運動的路程l＝×4A＝×4×0.4

mm＝2mm選項D正確；E．根據波動與振動方向間的關系，質點N開始振動的方向沿y軸負方向，超聲波由M點傳到N點的時間為t＝＝

s＝1.25

×10-7s故E正確。故選ADE。22、圖甲所示為一簡諧橫波沿x軸正方向傳播時，（開始計時）時刻的波形圖如圖甲所示，是介質中的三個質點，圖乙表示介質中某質點的振動圖像，下列說法正確的是（

）A．時刻，質點Q正在從平衡位置向下運動，且此時加速度最大B．時刻質點P比質點M先回到平衡位置C．波的傳播形式相同，所以圖乙可以表示質點Q的振動圖像D．再經過的時間，質點Q受到的回復力大于質點M受到的回復力且方向相反答案：BDA．簡諧橫波沿x軸正方向傳播，時刻質點Q處在平衡位置且振動方向向上，所以通過平移法時刻質點Q也處在平衡位置但振動方向向下，加速度為零，A錯誤；B．時刻，質點M正在向下振動，要先到達負向最大位移處，再經過的時間才能回到平衡位置，而P質點經過的時間就能回到平衡位置，所以質點P比質點M先回到平衡位置，B正確；C．時刻，質點Q處在平衡位置且振動方向向上，與題圖乙中時刻所示不符，C錯誤；D．再經過的時間，質點M正從y軸正方向向平衡位置處移動，質點Q位于負向最大位移處，由可知，質點M受到的回復力小于質點Q受到的回復力，質點M受到的回復力沿y軸負方向，質點Q受到的回復力沿y軸正方向，D正確。故選BD。23、根據高中所學知識可知，將一個單擺的擺球拉離平衡位置，無初速度地釋放，經過一次全振動后，擺球將回到釋放位置。但實際上，在北京使一擺長為60m的單擺的擺球偏離平衡位置3m后，無初速度地釋放，經過一次全振動后，擺球將沿順時針方向偏離釋放點約3mm，如圖所示。這一現(xiàn)象可解釋為，小球除了受到重力和細線的拉力外，由于地球自轉，在擺動過程中小球還受到一個“力”，該“力”的許多性質與帶電粒子受到的洛倫茲力相似。例如，該力方向的確定可采用左手定則，由南指向北的地球自轉軸的方向可類比成磁感線的方向，擺球的速度方向可類比成正電荷的速度方向；該力的大小與擺球垂直于地球自轉軸的速率成正比。則下列說法錯誤的是（

）A．若將該單擺移動到北極做該實驗，即使其他條件一樣，現(xiàn)象將更明顯B．若將該單擺移動到赤道做該實驗，即使其他條件一樣，觀察不到明顯的偏離C．若將該單擺移動到南半球做該實驗，擺球將沿逆時針方向偏離釋放點D．在一次全振動中，該“力”先做正功后做負功，做的總功為零E．在圖中，小球從左向右運動的過程中受到垂直于擺動平面向外的“力”F．在圖中，小球從左向右運動將偏向直徑的外側，即圖中的a點G．這個實驗巧妙地證明了地球在自轉答案：CDA．在北極，可用左手定則判斷：張開手掌，使拇指與其余四指垂直，讓地球自轉軸向上穿過手心，四指指向擺球垂直于地球自轉軸的分速度方向，拇指指向就是該“力”的方向，可知該“力”的方向垂直于小球運動方向和擺線所構成的平面，在北極擺球垂直于地球自轉軸的分速度是最大的，則該“力”的大小是最大的，因此現(xiàn)象更明顯，A不符合題意；B．在赤道，同理用左手定則判斷該力方向垂直于水平面向上或向下，所以擺球不偏離，因此觀察不到明顯的偏離，B不符合題意；C．無論南北半球，由南向北的地球自轉軸方向不變，用左手定則判斷得到擺球都是沿順時針方向偏離，C符合題意。D．該“力”類似洛倫茲力，分析始終與速度方向垂直，故不做功，D符合題意；EFG．在圖中，小球從左向右運動過程中，受到垂直于擺動平面向外的“力”，擺球的運動將偏向直徑的外側，即圖中的a點（順時針方向偏離）。此“力”是由于地球的自轉產生的，該試驗也巧妙的證明了地球的自轉，EFG不符合題意。故選CD。24、周末，鵬程和小李到清江觀光園去秋游，他倆發(fā)現(xiàn)公園內湖面上有只游船，游客周期性搖動雙槳激起的水波源源不斷地傳向湖邊、他倆用華為手機上的秒表記錄了水面上漂浮的樹葉在12秒共完成了6次全振動，他們又用該手機上“實用工具”中的“AR測量”測出樹葉與他們所在湖邊距離是5米，樹葉的振動狀態(tài)傳到湖邊的時間是10s。鵬程10s內拍擊水面10次讓手激起的振動向周圍傳播，他們最后討論得到正確結論的是（

）A．游客搖槳激起的水波波長是1mB．鵬程用手激起的水波和槳激起的波疊加能產生干涉圖樣C．他們觀察到槳激起的水波波長比手激起的水波波長長D．鵬程用手激起的水波向遠方傳播的過程中，各質點的振幅不改變答案：ACA．樹葉在12秒共完成了6次全振動，所以振動周期為樹葉與他們所在湖邊距離是5米，樹葉的振動狀態(tài)傳到湖邊的時間是10s，所以傳播速度為故水波波長為A正確；B．槳激起的波的頻率為鵬程用手激起的水波的頻率為兩列波的頻率不相等，所以鵬程用手激起的水波和槳激起的波疊加不能產生干涉圖樣，B錯誤；C．波速由介質決定，所以波速不變，根據槳激起的波的頻率低，可知槳激起的水波波長比手激起的水波波長長，C正確；D．由于水波不是簡諧波，所以用手激起的水波向遠方傳播的過程中，各質點的振幅要改變，D錯誤。故選AC。25、一頻率為600

Hz的聲源以20

rad/s的角速度沿一半徑為0.80

m的圓周做勻速圓周運動，一觀察者站在離圓心很遠的P點且相對于圓心靜止，如圖所示，下列判斷正確的是（

）A．觀察者接收到聲源在A點發(fā)出聲音的頻率大于600

HzB．觀察者接收到聲源在B點發(fā)出聲音的頻率等于600

HzC．觀察者接收到聲源在C點發(fā)出聲音的頻率等于600

HzD．觀察者接收到聲源在D點發(fā)出聲音的頻率小于600

Hz答案：AB根據多普勒效應，當聲源和觀測者相向運動時，觀測者接收到的聲音的頻率高于聲源；當聲源和觀測者相背運動時，觀測者接收到的聲音的頻率低于聲源。把速度方向標出來，A點有接近的趨勢，頻率變大；C點有遠離的趨勢，頻率變??；B、D點速度方向垂直于OP，頻率不變，故AB正確，CD錯誤。故選AB。填空題26、如圖甲所示，戰(zhàn)繩訓練是當下一種火熱的健身方式，運動員晃動戰(zhàn)繩一端，使戰(zhàn)繩上下振動，其運動狀態(tài)可視為豎直方向的簡諧運動.某同學通過觀測運動員的手握住的繩端，根據繩波在時的狀態(tài)繪制了如圖乙所示的波形圖，并測得該繩波能使固有頻率為0.5

Hz的物體發(fā)生共振，由此可知繩端振動的周期為______，該繩波的波速為______，在一次訓練周期20

s內，該繩波上的任意振動點運動的總路程為______.答案：

2

s

2

m/s

12

m[1]該繩波能使固有頻率為0.5

Hz的物體發(fā)生共振，波的頻率等于物體的固有頻率，又則繩端振動的周期[2]由題圖可得，波長，故波速[3]該波的振幅，20

s是10個周期，則任意振動點運動的總路程27、如圖所示，兩根完全相同的彈簧和一根張緊的細線將甲、乙兩物塊束縛在光滑水平面上，已知甲的質量是乙的質量的4倍，彈簧振子做簡諧運動的周期，式中m為振子的質量，k為彈簧的勁度系數。當細線突然斷開后，兩物塊都開始做簡諧運動，在運動過程中，甲的振幅_______（選填“大于”

“等于”或“小于”）乙的振幅，甲的最大速度是乙的最大速度的_______倍，甲的振動周期是乙的振動周期的______倍。答案：

等于

2[1]細線斷開前，兩根彈簧上的彈力大小相同，彈簧的伸長量相同；細線斷開后，兩物塊都開始做簡諧運動，簡諧運動的平衡位置都在彈簧原長位置，所以它們的振幅相等；[2]兩物塊做簡諧運動時，動能和勢能相互轉化，總機械能保持不變，細線斷開前，彈簧的彈性勢能就是物塊開始做簡諧運動時的機械能，二者相等，根據機械能守恒可知，在振動過程中，它們的機械能相等，到達平衡位置時，它們的彈性勢能為零，動能達到最大，二者動能相等，因為甲的質量是乙的質量的4倍，根據動能公式可知甲的最大速度是乙的最大速度的；[3]根據彈簧振子做簡諧運動的周期公式可得，甲的質量是乙的質量的4倍，所以甲的振動周期是乙的振動周期的2倍。28、如圖甲所示，在xOy平面內有兩個沿之方向做簡諧振動的點波源S1（-2，0