2023屆云南紅河州一中物理高二下期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2022-2023高二下物理期末模擬試卷注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，半徑為R的1/4圓形區(qū)域內(nèi)存在著垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，磁場(chǎng)的左邊垂直x軸放置一線型粒子發(fā)射裝置，能在0≤y≤R的區(qū)間內(nèi)各處沿x軸正方向同時(shí)發(fā)射出速度相同、帶正電的同種粒子，粒子質(zhì)量為m，電荷量為q，不計(jì)粒子的重力及粒子間的相互作用力，若某時(shí)刻粒子被裝置發(fā)射出后，經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)擊中y軸上的同一位置，則下列說(shuō)法中正確的是（）A．粒子都擊中在O點(diǎn)處B．粒子的初速度為C．粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為D．粒子到達(dá)y軸上的最大時(shí)間差為2、下列與物理學(xué)史相關(guān)的敘述正確的是（）A．開(kāi)普勒發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律B．亞里士多德最早提出了慣性的概念C．卡文迪許測(cè)定了靜電力常量D．牛頓第一定律是牛頓在伽利略和笛卡爾工作的基礎(chǔ)上提出的3、近年來(lái)，登山步行成為越來(lái)越多的人的健康習(xí)慣．如圖為某地生態(tài)公園的登山步行道線路圖，從圖中可以看出，從丁家樓子村到目的地九仙山觀景臺(tái)可以選擇不同的路線，小王和小張兩人選擇了不同的路線，結(jié)果小王比小張先到達(dá)目的地．對(duì)于此過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是()A．小王與小張的路程相同B．小王的位移小于小張的位移C．小王的平均速度大于小張的平均速度D．在比較平均速度時(shí)，兩人不能看作質(zhì)點(diǎn)4、某氣體的摩爾質(zhì)量是M，標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下的摩爾體積為V，阿伏加德羅常數(shù)為NA，下列敘述中正確的是（）A．該氣體每個(gè)分子的質(zhì)量為M/NAB．該氣體單位體積內(nèi)的分子數(shù)為V/NAC．該氣體在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下的密度為MNA/VD．在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下每個(gè)氣體分子的體積為V/NA5、一個(gè)質(zhì)量為l50kg的雪撬，受到大小為500N，方向與水平方向成=37°角的拉力F的作用，在水平地面上沿直線移動(dòng)了5m，如圖所示．已知雪撬與地面間的滑動(dòng)摩擦力為100N，則雪撬克服摩擦力做的功為A．500J B．1500J C．2000J D．2500J6、如圖所示，一光滑小球靜止放置在光滑半球面的底端，用豎直放置的光滑擋板水平向右緩慢地推動(dòng)小球，則在小球運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中（該過(guò)程小球未脫離球面)，木板對(duì)小球的推力F1、半球面對(duì)小球的支持力F2的變化情況正確的是（）A．F1增大，F(xiàn)2減小B．F1減小，F(xiàn)2減小C．F1增大，F(xiàn)2增大D．F1減小，F(xiàn)2增大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖，P是一偏振片，P的振動(dòng)方向（用帶有箭頭的實(shí)線表示）為豎直方向．下列四種入射光束中，哪幾種照射P時(shí)能在P的另一側(cè)觀察到透射光？A．太陽(yáng)光B．沿豎直方向振動(dòng)的光C．沿水平方向振動(dòng)的光D．沿與豎直方向成45°角振動(dòng)的光8、如圖傳送帶以v1的速度勻速運(yùn)動(dòng)，物體以v2的速度從B點(diǎn)滑上傳送帶，已知A、B之間的傳送帶長(zhǎng)度為L(zhǎng)，物體與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因素為μ，則以下判斷正確的是（）A．當(dāng)v2B．當(dāng)v2C．物體從右端B點(diǎn)離開(kāi)傳送帶時(shí)的速度一定等于v1D．物體從右端B點(diǎn)離開(kāi)傳送帶時(shí)的速度一定不會(huì)大于v29、有一種大型娛樂(lè)器械可以讓人體驗(yàn)超重和失重，其環(huán)形座艙套在豎直柱子上，由升降機(jī)送上幾十米的高處，然后讓座艙自由下落．落到一定位置時(shí)，制動(dòng)系統(tǒng)啟動(dòng)，座艙做減速運(yùn)動(dòng)，到地面時(shí)剛好停下．下列說(shuō)法中正確的是（）A．座艙自由下落的過(guò)程中人處于失重狀態(tài)B．座艙自由下落的過(guò)程中人處于超重狀態(tài)C．座艙減速下落的過(guò)程中人處于失重狀態(tài)D．座艙減速下落的過(guò)程中人處于超重狀態(tài)10、如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源內(nèi)阻不計(jì)連接，下極板接地，一帶電油滴位于容器中的P點(diǎn)且恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，下列說(shuō)法正確的是A．帶電油滴將沿豎直方向向下運(yùn)動(dòng)B．P點(diǎn)的電勢(shì)升高C．帶電油滴在P點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能增大D．電容器的電容增大，極板帶電量增加三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）某學(xué)習(xí)興趣小組的同學(xué)為了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，分別用如下圖的三種實(shí)驗(yàn)實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)探究，圖中斜槽末端均水平。(1)用圖甲和圖乙所示裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，若入射小球質(zhì)量為m1，半徑為r1；被碰小球質(zhì)量為m2，半徑為r2，則_________A．m1>m2rC、m1>m2r(2)在用圖乙所示裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)(P為碰前入射小球落點(diǎn)的平均位置)，設(shè)入射小球的質(zhì)量為m1，被碰小球的質(zhì)量為m2，所得“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的結(jié)論為(用裝置圖中的字母表示)____________。(4)用如圖丙所示裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，用輕質(zhì)細(xì)線將小球1懸掛于0點(diǎn)，使小球1的球心到懸點(diǎn)0的距離為L(zhǎng)，被碰小球2放在光滑的水平桌面上的B點(diǎn).將小球1從右方的A點(diǎn)(OA與豎直方向的夾角為α)由靜止釋放，擺到最低點(diǎn)時(shí)恰與小球2發(fā)生正碰，碰撞后，小球1繼續(xù)向左運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，小球2落到水平地面上到桌面邊緣水平距離為x的D點(diǎn)。實(shí)驗(yàn)中已經(jīng)測(cè)得上述物理量中的a、L、x，為了驗(yàn)證兩球碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，已知小球1的質(zhì)量m1，小球2的質(zhì)量m2，還應(yīng)該測(cè)量的物理量有_________________________。12．（12分）在用插針?lè)y(cè)定玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，①某同學(xué)由于沒(méi)有量角器，在完成了光路以后，他以O(shè)點(diǎn)為圓心、10.00cm長(zhǎng)為半徑畫(huà)圓，分別交線段OA于A點(diǎn)，交OO′連線延長(zhǎng)線于C點(diǎn)，過(guò)A點(diǎn)作法線NN′的垂線AB交NN′于點(diǎn)B，過(guò)C點(diǎn)作法線NN′的垂線CD交NN′于D點(diǎn)，如圖所示.用刻度尺量得OB=8.00cm，CD=4.00cm．由此可得出玻璃的折射率n=_____________________．②某同學(xué)在紙上畫(huà)出的界面aa′、bb′與玻璃磚位置的關(guān)系如圖2所示，則該同學(xué)測(cè)得的折射率與真實(shí)值相比______（填“偏大”、“偏小”或“不變”）．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根光滑平行金屬導(dǎo)軌置于水平面(紙面)內(nèi)，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，左端連有阻值為R的電阻。一金屬桿置于導(dǎo)軌上，金屬桿右側(cè)存在一磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域。已知金屬桿以速度v0向右進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)磁場(chǎng)區(qū)域右邊界(圖中虛線位置)時(shí)速度恰好為零。金屬桿與導(dǎo)軌始終保持垂直且接觸良好。除左端所連電阻外，其他電阻忽略不計(jì)。求金屬桿運(yùn)動(dòng)到磁場(chǎng)區(qū)域正中間時(shí)所受安培力的大小及此時(shí)電流的功率.14．（16分）一列簡(jiǎn)諧橫波，某時(shí)刻的波形圖象如圖甲所示，從該時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，波上A質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖乙所示，求：（1）從該時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，再經(jīng)過(guò)，P質(zhì)點(diǎn)的位移、通過(guò)的路程和波傳播的距離分別為多少？（2）若t=0時(shí)振動(dòng)剛剛傳到A點(diǎn)，從該時(shí)刻起再經(jīng)多長(zhǎng)時(shí)間坐標(biāo)為45m的質(zhì)點(diǎn)（未畫(huà)出）第二次位于波峰？15．（12分）如圖所示，平行光滑且足夠長(zhǎng)的金屬導(dǎo)軌ab、cd固定在同一水平面上，處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T，導(dǎo)軌間距L=0.5m。有兩根金屬棒MN、PQ質(zhì)量均為m=1kg，電阻均為R=0.5Ω，其中PQ靜止于導(dǎo)軌上，MN用兩條輕質(zhì)絕緣細(xì)線懸掛在掛鉤上，細(xì)線長(zhǎng)均為h=0.9m，當(dāng)細(xì)線豎直時(shí)棒剛好與導(dǎo)軌接觸但對(duì)導(dǎo)軌無(wú)壓力。現(xiàn)將MN向右拉起使細(xì)線與豎直方向夾角為θ=60°，然后由靜止釋放MN，忽略空氣阻力發(fā)現(xiàn)MN到達(dá)最低點(diǎn)與導(dǎo)軌短暫接觸后繼續(xù)向左上方擺起，PQ在MN短暫接觸導(dǎo)軌的瞬間獲得速度，且在之后t=1s時(shí)間內(nèi)向左運(yùn)動(dòng)的距離s=1m。兩根棒與導(dǎo)軌接觸時(shí)始終垂直于導(dǎo)軌，不計(jì)其余部分電阻(g=10m/s2)求：(1)當(dāng)懸掛MN的細(xì)線到達(dá)豎直位置時(shí)，MN，PQ回路中的電流強(qiáng)度大小及MN兩端的電勢(shì)差大小；(2)MN與導(dǎo)軌接觸的瞬間流過(guò)PQ的電荷量；(3)MN與導(dǎo)軌短暫接觸時(shí)回路中產(chǎn)生的焦耳熱。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】

由題意，某時(shí)刻發(fā)出的粒子都擊中的點(diǎn)是y軸上同一點(diǎn)，由最高點(diǎn)射出的只能擊中(0，R)，則擊中的同一點(diǎn)就是(0，R)，A錯(cuò)誤；從最低點(diǎn)射出的也擊中(0，R)，那么粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，由洛倫茲力提供向心力得，則速度，B錯(cuò)誤；偏轉(zhuǎn)角最大的時(shí)間最長(zhǎng)，顯然從最低點(diǎn)射出的粒子偏轉(zhuǎn)90°，時(shí)間最長(zhǎng)，時(shí)間，C錯(cuò)誤；從最高點(diǎn)直接射向(0，R)的粒子時(shí)間最短，則最長(zhǎng)與最短的時(shí)間差為，D正確．【點(diǎn)睛】看起來(lái)情況比較復(fù)雜，但涉及的問(wèn)題卻是常規(guī)問(wèn)題，本題的關(guān)鍵點(diǎn)是粒子源發(fā)出的粒子是速度大小和方向均相同，則其做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑相同，在從最低點(diǎn)的特殊情況就能知道相同的半徑就是圓弧的半徑，再結(jié)合周期公式能求出最長(zhǎng)和最短時(shí)間．2、D【解析】

A．牛頓在前人研究基礎(chǔ)上總結(jié)出萬(wàn)有引力定律，故A錯(cuò)誤；B．伽利略根據(jù)小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)和理想實(shí)驗(yàn)，提出了慣性的概念，從而奠定了牛頓力學(xué)的基礎(chǔ)，故B錯(cuò)誤；C．卡文迪許通過(guò)扭秤實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證了萬(wàn)有引力定律，并測(cè)出了引力常量，沒(méi)有測(cè)出靜電力常量，故C錯(cuò)誤；D．牛頓在伽利略和笛卡爾工作的基礎(chǔ)上提出了牛頓第一定律，故D正確．3、C【解析】

位移為初位置到末位置的有向線段，路程是運(yùn)動(dòng)的軌跡的長(zhǎng)度．平均速度為位移與時(shí)間的比值，平均速率為路程與時(shí)間的比值．【詳解】A．路程是運(yùn)動(dòng)的軌跡的長(zhǎng)度．他們選擇不同的路線，路程可能不同．故A錯(cuò)誤；B．位移為初位置到末位置的有向線段，他們的起點(diǎn)與終點(diǎn)是相同的，所以位移相等．故B錯(cuò)誤；C．平均速度是由位移與時(shí)間的比值，小王與小張的位移相同，但由于小王用時(shí)較短，故小王的平均速度較大，故C正確；D．在比較平均速度時(shí)，兩人的大小可以忽略不計(jì)，能看作質(zhì)點(diǎn)．故D錯(cuò)誤．故選C．4、A【解析】

A.每個(gè)氣體分子的質(zhì)量為摩爾質(zhì)量與阿伏伽德羅常數(shù)的比值，即，A正確；B.分子數(shù)密度等于物質(zhì)的量乘以阿伏伽德羅常數(shù)再除以標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)的體積V，即，B錯(cuò)誤．C.摩爾質(zhì)量除以摩爾體積等于密度，該氣體在標(biāo)準(zhǔn)狀態(tài)下的密度為，C錯(cuò)誤．D.由于分子間距的存在，每個(gè)氣體分子的體積遠(yuǎn)小于，D錯(cuò)誤．5、A【解析】阻力做功為，故克服摩擦力做功為500J，A正確．6、C【解析】

對(duì)小球受力分析，受重力、擋板向右的支持力和半球面的支持力，如圖，根據(jù)平衡條件解得：由于θ不斷增加，故F1增大、F2增大，故C正確。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABD【解析】解：A、太陽(yáng)光包含垂直傳播方向向各個(gè)方向振動(dòng)的光，當(dāng)太陽(yáng)光照射P時(shí)能在P的另一側(cè)觀察到偏振光，故A正確；B、沿豎直方向振動(dòng)的光能通過(guò)偏振片，故B正確；C、沿水平方向振動(dòng)的光不能通過(guò)偏振片，因?yàn)樗鼈円呀?jīng)相互垂直．故C是錯(cuò)誤的；D、沿與豎直方向成45°角振動(dòng)的光也能通過(guò)偏振片，故D正確；故選ABD考點(diǎn)：光的偏振．菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：根據(jù)光的現(xiàn)象，只要光的振動(dòng)方向不與偏振片的狹逢垂直，都能有光通過(guò)偏振片．點(diǎn)評(píng)：D選項(xiàng)容易漏選，其實(shí)題中另一側(cè)能觀察到光即可．8、BD【解析】

小滑塊滑上傳送帶，判斷出摩擦力的方向，根據(jù)合力得出加速度的大小和方向，判斷出物塊在整個(gè)過(guò)程中的運(yùn)動(dòng)情況，從而確定運(yùn)動(dòng)的時(shí)間以及離開(kāi)傳送帶的速度；【詳解】A、當(dāng)物體向左的速度等于0時(shí)的位移滿(mǎn)足：x=-v222a=-v22-2μg＞L時(shí)，即當(dāng)ν2＞2μgL時(shí)，物體一定從左端離開(kāi)傳送帶，與傳送帶的速度v1無(wú)關(guān)，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；

C、物體可以從B端離開(kāi)傳送帶，若v2＜v1【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵根據(jù)物體的受力，了解物體的運(yùn)動(dòng)，綜合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解。9、AD【解析】座艙自由下落過(guò)程加速度豎直向下，故處于失重狀態(tài)，A正確，B錯(cuò)誤．座艙減速下落的過(guò)程中加速度豎直向上，故處于超重狀態(tài)，C錯(cuò)誤，D正確．故選AD．點(diǎn)睛：判斷一個(gè)物體處于超重和失重的條件是：若加速度向上則超重，若加速度向下則失重．10、BD【解析】

A.將上極板豎直向下移動(dòng)時(shí)，d減小，電容器的電壓U不變，由E=U/d分析得知，板間場(chǎng)強(qiáng)增大，則油滴所受電場(chǎng)力增大，油滴將沿豎直向上運(yùn)動(dòng)。故A錯(cuò)誤。BC.P點(diǎn)到下極板的距離不變，而E增大，由U=Ed知，P點(diǎn)與下極板間電勢(shì)差增大，P點(diǎn)的電勢(shì)大于零，則P點(diǎn)的電勢(shì)升高，由于油滴帶負(fù)電，則帶電油滴的電勢(shì)能將減少。故B正確，C錯(cuò)誤。D.因d減小，由C=εS4πkd，知電容C增大，U不變，由Q=CU分析可知電容器所帶電量增加。故三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、Cm1OP=m1OM+m2【解析】(1)在小球碰撞過(guò)程中水平方向動(dòng)量守恒定律故有：m1v0=m1v1+m2v2，在碰撞過(guò)程中假設(shè)發(fā)生彈性碰撞有：12m1v02=12m1v12+12m2v22，解得v1=m1-m(2)P為碰前入射小球落點(diǎn)的平均位置，M為碰后入射小球的位置，N為碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度為v0=OPt，碰撞后入射小球的速度為v1=OMt，碰撞后被碰小球的速度為：v2=ONt，將動(dòng)量守恒式m1v0=m1v1+m2v2的速度代入化簡(jiǎn)可得：

(3)為了驗(yàn)證兩球碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，需要測(cè)量?jī)尚∏虻馁|(zhì)量，小球1質(zhì)量m1，小球2質(zhì)量m2，小球1碰撞前后的速度可以根據(jù)機(jī)械能守恒定律測(cè)出，所以還需要測(cè)量OC與OB夾角β，需要通過(guò)平拋運(yùn)動(dòng)測(cè)量出小球2碰后的速度，需要測(cè)量水平位移S和桌面的高度h;驗(yàn)證動(dòng)量守恒的表達(dá)式為m1【點(diǎn)睛】本題考查驗(yàn)動(dòng)量守恒定律的三種情景，要注意本實(shí)驗(yàn)中運(yùn)用等效思維以及碰撞前后的瞬時(shí)速度如何測(cè)出。12、1.5偏小【解析】（1）圖中P1P2作為入射光線，OO′是折射光線，設(shè)光線在玻璃磚上表面的入射角為i，折射角為r，則由幾何知識(shí)得到：sini=，sinr=，又AO=OC，由幾何關(guān)系可得AB=6.00cm則折射率．

（2）如圖，實(shí)線是真實(shí)的光路圖，虛線是玻璃磚寬度畫(huà)大