備戰(zhàn)2021年高考物理-一輪復習訓練習題-磁場含答案

備戰(zhàn)2021年高考物理-一輪復習訓練習題-磁場一、單選題.如圖所示，兩條平行虛線之間存在勻強磁場，虛線間的距離為1,磁場方向垂直紙面向里。abcd是位于紙面內(nèi)、金屬硬導線形成的單匝梯形閉合線圈，ad與bc間的距離也為1。t=0時刻，bc邊與磁場區(qū)域邊界重合。線圈以恒定的速度v沿垂直于磁場區(qū)域邊界的方向穿過磁場區(qū)域，規(guī)定afb-c-d-a的感應電流方向為正，bc邊所受安培力F安水平向右為正方向。則在線圈穿越磁場區(qū)域的過程中，感應電動勢e、感應電流i、bc兩點間的電勢差Ubc、bc邊所受的安培力F安隨時間t變化的圖線可能正確的是（）.在等邊三角形的三個頂點a、b、c處，各有一條長直導線垂直穿過紙面，導線中通有大小相等的恒定電流，方向如圖.過c點的導線所受安培力的方向（）: 如上:，*⑻干右A.與ab邊平行，豎直向上 B.與ab邊平行，豎直向下C.與ab邊垂直，指向左邊 D.與ab邊垂直，指向右邊.關(guān)于洛倫茲力和安培力，下列說法正確的是（）A.洛倫茲力和安培力是性質(zhì)完全不同的兩種力B.洛倫茲力和安培力，其本質(zhì)都是磁場對運動電荷的作用C.洛倫茲力和安培力，其本質(zhì)都是磁場對電流的作用D.安培力就是洛倫茲力，兩者是等價的.如圖，通電直導線a與圓形金屬環(huán)b位于同一豎直平面內(nèi)，相互絕緣。若b中產(chǎn)生順時針

方向的感應電流，且b受到的安培力合力豎直向下，則可推知直導線a中電流的方向和大小變化情況分別為（）A.向右，減小B.向右，增大 C.向左，減小 D.向左，增大.關(guān)于通電導線所受安培力F的方向，在圖所示的各圖中正確的是（）6.如圖所示，一束電子沿著水平方向向左平行地飛過磁針上方時，小磁針的北極將如何轉(zhuǎn)動.利用霍爾效應制作的霍爾元件，廣泛應用于測量和自動控制等領(lǐng)域。如圖是霍爾元件是工作原理示意圖，磁感應強度B垂直于霍爾元件的工作面向下，通入圖示方向的電流I，C、D兩側(cè)面會形成電勢差 ，下列說法中正確的是（）A.電勢差 僅與材料有關(guān).若霍爾元件的載流子是自由電子，則電勢差匚（f<0C.僅增大磁感應強度時，電勢差匚匚匚變小D.在測定地球赤道上方的地磁場強弱時，元件的工作面應保持水平

8.圖甲為水平放置的兩根平行光滑導軌，處在垂直軌道平面向里的勻強磁場中。均勻金屬棒AB垂直于導軌水平靜止放置。從t=0時刻開始在AB棒上通有圖乙所示的交變電流，規(guī)定甲圖所示的電流方向為正方向。下列說法正確的是（）⑴ 乙⑴ 乙A.金屬棒將在某一范圍內(nèi)往復運動 B.t1時刻導體棒的速度最大C.t2時刻導體棒的加速度最大 D.安培力時而做正功，時而做負功9.關(guān)于磁感應強度B的概念，下面說法正確的是（）A.根據(jù)磁感應強度B的定義式 可知，在磁場中某處，B與F成正比，B與五成反比一小段通電導線在某處不受磁場力作用，該處的磁感應強度一定為零一小段通電導線放在磁感應強度為零處，它所受磁場力一定為零D.磁場中某處磁感應強度的方向，與直線電流在該處所受磁場力方向相同.如圖所示為回旋加速器示意圖，利用回旋加速器對二H粒子進行加速，此時d形盒中的磁場的磁感應強度大小為B，D形盒縫隙間電場變化周期為T，加速電壓為U.忽略相對論效應和粒子在D形盒縫隙間的運動時間，下列說法正確的是效應和粒子在D形盒縫隙間的運動時間，下列說法正確的是（）A.保持B,U和T不變，該回旋加速器可以加速質(zhì)子B.只增大加速電壓B.只增大加速電壓U,粒子獲得的最大動能增大C.只增大加速電壓C.只增大加速電壓U,粒子在回旋加速器中運動的時間變短D.回旋加速器只能加速帶正電的粒子，不能加速帶負電的粒子二、多選題.如圖是一個回旋加速器示意圖，其核心部分是兩個D形金屬盒，兩金屬盒置于勻強磁場中，并分別與高頻電源相連.現(xiàn)分別加速氘核（中，并分別與高頻電源相連.現(xiàn)分別加速氘核（:H）和氮核（」H『），下列說法中正確的是（）施頻電源D形盒施頻電源D形盒圜子源A.它們的最大速度相同B.它們的最大動能相同C.兩次所接高頻電源的頻率相同D.僅增大高頻電源的頻率可增大粒子的最大動能12.如圖所示，一磁感強度為B的勻強磁場垂直紙面向里，且范圍足夠大。紙面上M、N兩點之間的距離為d，—質(zhì)量為m的帶電粒子（不計重力）以水平速度v0從M點垂直進入磁場后會經(jīng)過N點，已知M、N兩點連線與速度v0的方向成3。角。以下說法正確的是（）TOC\o"1-5"\h\z\o"CurrentDocument"X X X X\o"CurrentDocument"X X X NxX X .「太 XM一4辦.2X X X XA.粒子可能帶負電野B.粒子一定帶正電，電荷量為羔C.粒子從M點運動到N點的時間可能是D.粒子從M點運動到N點的時間可能是B.只改變D型金屬盒的半徑C.只改變高頻交流電的頻率D.同時改變高頻交流電的頻率和D型金屬盒的磁場的磁感應強度.如圖甲所示，電流恒定的通電直導線MN，垂直平放在兩條相互平行的水平光滑長導軌上電流方向由M指向N,在兩軌間存在著豎直磁場，取垂直紙面向里的方向為磁感應強度的正方向，當t=0時導線恰好靜止，若B按如圖乙所示的余弦規(guī)律變化，下列說法正確的是（）_ |BTA.在最初的一個周期內(nèi)，導線在導軌上做機械振動B.在最初的一個周期內(nèi)，導線一直向左運動C.在最初的半個周期內(nèi)，導線的加速度先增大后減小D.在最初的半個周期內(nèi)，導線的速度先增大后減小.關(guān)于電磁阻尼和電磁驅(qū)動，下列說法中正確的是（）A.電表線圈骨架用鋁框是利用了電磁驅(qū)動B.在運輸微安表時，用導線把表頭的兩接線柱相連是利用了電磁阻尼保護指針C.變壓器的鐵芯用互相絕緣的硅鋼片疊成是利用了電磁驅(qū)動D.交流感應電動機是利用了電磁驅(qū)動.目前世界上正研究的一種新型發(fā)電機叫磁流體發(fā)電機，如圖表示它的發(fā)電原理：將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量帶正電和帶負電的微粒，而從整體來說呈中性）沿圖中所示方向噴射入磁場，磁場中有兩塊金屬板A,B,這時金屬板上就聚集了電荷.在磁A.A板帶負電B.有電流從b經(jīng)用電器流向aC.金屬板A,B間的電場方向向下D.等離子體發(fā)生偏轉(zhuǎn)的原因是離子所受電場力大于所受洛倫茲力17.一個用于加速質(zhì)子的回旋加速器，其D形盒半徑為R,垂直D形盒底面的勻強磁場的磁感應強度為B,接在D形盒上的高頻電源頻率為f.下列說法正確的是（）A.質(zhì)子被加速后的最大速度不可能超過2nfRJB.若僅將加速電壓提高到4倍，則質(zhì)子獲得最大速度的加速次數(shù)減為原來的 倍C.只要R足夠大，質(zhì)子的速度可以被加速到任意值D.若僅將質(zhì)子換成a粒子，則a粒子獲得的最大速度為質(zhì)子最大速度的一半.回旋加速器是用來加速帶電粒子的裝置，如圖所示.它的核心部分是兩個D形金屬盒，兩盒相距很近，分別和高頻交流電源相連接，兩盒間的窄縫中形成勻強電場，使帶電粒子每次通過窄縫都得到加速.兩盒放在勻強磁場中，磁場方向垂直于盒底面，帶電粒子在磁場中做圓周運動，通過兩盒間的窄縫時反復被加速，直到達到最大圓周半徑時通過特殊裝置被引出.現(xiàn)要增大粒子射出時的動能，下列所采取的方法可行的是（）A.增大電場的加速電壓B.增大磁場的磁感應強度C.減小狹縫間的距離D.增大D形盒的半徑三、實驗探究題.某同學用圖中所給器材進行與安培力有關(guān)的實驗.兩根金屬導軌ab和a1bl固定在同一水平面內(nèi)且相互平行，足夠大的電磁鐵(未畫出)的N極位于兩導軌的正上方，S極位于兩導軌的正下方，一金屬棒置于導軌上且兩導軌垂直.(1)在圖中畫出連線，完成實驗電路.要求滑動變阻器以限流方式接入電路，且在開關(guān)閉合后，金屬棒沿箭頭所示的方向移動.(2)為使金屬棒在離開導軌時具有更大的速度，有人提出以下建議：A.適當增加兩導軌間的距離B.換一根更長的金屬棒C.適當增大金屬棒中的電流其中正確的是(填入正確選項前的標號)四、綜合題20.如圖甲所示，兩根足夠長、電阻不計的平行光滑金屬導軌MN、PQ間距d=1m,傾角0=37°,軌道頂端連有一阻值為R=2Q的定值電阻，整個空間存在著垂直軌道平面向下的磁場，磁感應強度B的變化規(guī)律如圖乙所示現(xiàn)用力將質(zhì)量m=0.4kg,電阻產(chǎn)r=2Q的導體棒ab從0時刻開始固定于離軌道頂端l=2m處，在4s時刻撤去外力，之后導體棒下滑距離x0=1.5m后達到最大速度，導體棒與導軌接觸良好。求：

(1)0-4s內(nèi)通過導體棒ab的電流大小和方向；(2)導體棒ab的最大速度vm；(3)撤去外力后，導體棒ab下滑2m的過程中，在ab棒上產(chǎn)生的焦耳熱Q。21.如圖所示，在與水平方向成0角的光滑金屬導軌間連一電源，在相距L的平行導軌上放一質(zhì)量為m的金屬棒ab,棒上通過的電流為I,磁場方向豎直向上，這時金屬棒恰好靜止，則：(1)勻強磁場的磁感強度為多大？(2)欲使導體棒靜止在導軌上，求外加的勻強磁場的磁感應強度的最小值及方向.答案一、單選題.【答案】B【解答】AB.在線框進入磁場的過程中，根據(jù)右手定則，產(chǎn)生的感應電動勢方向為afd-c-b-a,為負方向，感應電流也為負方向，又由于感應電動勢大小為E=BLv切割磁感線的有效長度逐漸減小，感應電動勢大小逐漸減小，感應電流大小逐漸減??；在線框離開磁場的過程中，根據(jù)右手定則，產(chǎn)生的感應電動勢方向為afb-c-d-a，為正方向，感應電流也為正方向，由于切割磁感線的有效長度逐漸減小，感應電動勢大小逐漸減小，感應電流大小也在逐漸減小，因此A不符合題意，B符合題意；C.由于進入磁場和離開磁場的過程中，感應電流都在逐漸減小，因此在線框進入磁場和離開磁場的過程中，電壓 都在逐漸減小，C不符合題意；D.根據(jù)安培力大小F=文由于進入磁場和離開磁場過程中，電流和切割磁感線的導線有效長度都在逐漸減小，因此在線框進入磁場和離開磁場的過程中，安培力大小都在逐漸減小，D不符合題意。故答案為：B?！痉治觥块]合電路中的磁通量發(fā)生改變，回路中就會產(chǎn)生感應電流，利用楞次定律判斷電流的流向，利用法拉第電磁感應定律求解電壓的大小，再利用歐姆定律求解回路中電流的大?。焕米笫侄▌t和公式求解安培力的方向，再結(jié)合安培力公式求解導體棒受到的安培力大小。.【答案】C【解答】解：等邊三角形的三個頂點a、b、c處均有一通電導線，且導線中通有大小相等的恒定電流.由安培定則可得：導線a、b的電流在c處的合磁場方向豎直向下.再由左手定則可得：安培力的方向是與ab邊垂直，指向左邊.故選：C【分析】通電導線在磁場中受到安培力，方向是由左手定則可確定，而通電導線與通電導線間的安培力由通電導線周圍存在磁場是由安培定則來確定，則對放入其中的通電導線有安培力作用，從而由安培力的疊加可確定其方向..【答案】B【分析】ABC、通電導線的電流也是由電荷的定向移動而形成的，所以兩種力本質(zhì)上都是磁場對運動電荷的作用；B正確D、安培力的實質(zhì)是形成電流的定向移動的電荷所受洛倫茲力的合力，即安培力是大量運動電荷所受洛侖茲力的宏觀表現(xiàn)，但是兩者并不等價；錯誤故選B?！军c評】洛倫茲力是電荷在磁場中運動，才會有力的作用.同時通電導線與運動電荷在磁場中不一定有力的作用，但電流方向或電荷運動方向與磁場平行時，沒有磁場力。.【答案】A【解答】由安培定則可知，感應電流的磁場垂直于紙面向里；b受到的合力向下，由楞次定律可知，說明穿過b的磁通量減小，所以原磁場方向垂直于紙面向里，由安培定則可知，a中電流方向向右，原磁通量變小，則原磁場減小，a中電流減小，A符合題意，BCD不符合題意；故答案為：A【分析】利用安培定則可以判別感應電流的磁場垂直于紙張向里，b受到的合力向下，說明原磁場的磁通量在減少，所以原磁場產(chǎn)生磁場方向也是垂直于紙張向內(nèi)，所以通過a的電流大小在減小，方向只能向右。.【答案】A【解答】解：根據(jù)左手定則可知：A圖中安培力向上，故A正確；B圖中安培力向下，故B錯誤；C圖中安培力垂直紙面向外，故C錯誤；D圖中垂直于磁場向上，故D錯誤.故選A.【分析】正確應用左手定則是解答本題的關(guān)鍵，在應用時為防止手忙腳亂，可以先讓四指和電流方向一致，然后通過旋轉(zhuǎn)手讓磁感線穿過手心，從而進一步確定大拇指的指向即安培力方向..【答案】C【解答】當電子沿著水平方向向左，則電流向右，根據(jù)右手螺旋定則，小磁針所在位置的磁場方向垂直紙面向里，故小磁針的N極向紙內(nèi)偏轉(zhuǎn)，C符合題意；故答案為：C【分析】通電導線的磁場可以利用安培定則進行判斷，然后根據(jù)同極相斥、異極相吸的法則進行求解。.【答案】B【解答】若霍爾元件的載流子是自由電子，電流由E到F,根據(jù)左手定則，電子向C側(cè)面偏轉(zhuǎn)，C表面帶負電，D表面帶正電，所以D表面的電勢高，則UCD<0.CD間存在電勢差，之間就存在電場，電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，設(shè)霍爾元件的長寬高分別為a、b、c,有q=qvB,I=nqvs=nqvbc,則U="口二.電勢差UCD不僅與材料有關(guān)；僅增大磁感應強度時，電勢差UCD變大，AC不符合題意，B符合題意.在測定地球赤道上方的地磁場強弱時，應將元件的工作面保持豎直，讓磁場垂直通過.D不符合題意.故答案為：B.【分析】其實當負電荷從E到F過程經(jīng)過磁場時在洛倫茲力的作用下就會出現(xiàn)向c板偏轉(zhuǎn)，導致CD兩側(cè)出現(xiàn)電壓差，而當電場力等于洛倫茲力時，電荷就可以通過磁場，不再偏轉(zhuǎn)，此時CD兩端電壓穩(wěn)定，所以D端電勢大于C端，由于洛倫茲力等于電場力，所以B變大時電壓也變大，赤道上方磁場是與地面平行，所以要讓磁場穿過，元件應該保持豎直。.【答案】D【解答】剛開始時，電流向下，根據(jù)左手定則可得受到向右的安培力，向右運動，當?shù)綍r電流為零，向右的速度達到最大，之后電流向上，受到向右的安培力，向右減速，根據(jù)對稱性可得當?shù)竭_時刻時，速度減小為零，之后電流變?yōu)檎?，速度向右增大，向右運動，如此反復，所以金屬棒一直向右運動，AB錯誤；電流最大時，加速度最大，所以C錯誤；導體棒一直向右運動，而安培力時而向左，時而向右，所以時而做正功，時而做負功，D正確；【分析】考查了安培力的計算.【答案】C【分析】磁感應強度的大小和方向由磁場本身確定，與電流元及電流元的受力情況無關(guān)。A、磁感應強度 是比值定義法，B的大小與F、IL無關(guān)，由磁場本身決定；錯誤B、當導體方向與磁場方向在一條線上時，導體不受磁場力作用，此時磁感應強度不為零；錯誤C、據(jù)可知，當磁感應強度為零時，它所受磁場力一定為零；正確D、磁場中某處磁感應強度的方向，是小磁針N極的受力方向，與直線電流在該處所受磁場力方向垂直；錯誤故選C?！军c評】對于磁感應強度的定義式 ，要明確其定義方法、適用條件，以及各個物理量的含義。.【答案】CT_2初?【解答】a、d形盒縫隙間電場變化周期 ，聲，此加速器對二h粒子進行加速，所以為了能加速質(zhì)子，應進行參數(shù)調(diào)節(jié)，改變B和T，A不符合題意qBr ?B、粒子離開回旋加速器的最大速度「二一和一，所以只增大加速電壓U，粒子獲得的最大動能不會增大，B不符合題意C、粒子在回旋加速器回旋一周，增加的動能為2qU，在回旋加速器中運動時間由回旋次數(shù)qB5 , ?45,2充r門7rg.決定，可得‘斗力廠，所以粒子運動總時間 qR?]，只增大加速電壓U，二口粒子在回旋加速器中回旋的次數(shù)會變小，運動時間會變短，C符合題意D、回旋加速度既能加速帶正電的粒子，也能加速帶負電的粒子，D不符合題意故答案為：C【分析】回旋加速度器中，磁場對粒子進行偏轉(zhuǎn)，洛倫茲力提供向心力，電場對粒子進行加速，根據(jù)向心力公式列方程，可以看出粒子的末速度與電場無關(guān)，與磁場有關(guān)。

、多選題.【答案】A,C【解答】ABD.由于粒子的最大半徑為D形金屬盒的半徑R,由1（啰可得粒子的最大動能為由于兩粒子比荷相同，故兩粒子的最大速度相同，最大動能不同，最大動能與交流電頻率無關(guān)，A符合題意，B、D不符合題意；T_27mic.回旋加速器加速的條件為交變電壓的周期為 2,氘核（「H）和氮核（；H1）的比荷相同，故兩次所接高頻電源的頻率相同，C符合題意；故答案為：AC【分析】利用牛頓第二定律結(jié)合閉合可以判別最大速度相同，由于質(zhì)量不同所以最大動能不同；利用圓周運動的周期可以判別頻率相同，最大動能與頻率大小無關(guān)。.【答案】B,C,D【解答】A.由左手定則可知，粒子帶正電，選項A不符合題意；為XXXXR_討由幾何關(guān)系可知，r=d，由"叱可知電荷量為 下選項B符合題意；27rdCD.粒子運動的周期第一次到達N第一次到達N點的時間為克d;利用牛頓第二定律可以求出電荷量的大小;克d;利用牛頓第二定律可以求出電荷量的大小;在=2T+f1=粒子第三次經(jīng)過N點的時間為選項CD符合題意。故答案為：BCD。【分析】利用左手定則可以判別粒子的電性利用圓心角的大小可以求出運動的時間。.【答案】BD【解答】解：帶電粒子從D形盒中射出時的動能Ekm=mmvm2（1）帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，則圓周半徑r=四（2）由（1）（2）可得El=筋km而周期公式T=也顯然，當帶電粒子q、m一定的，則Ekm0R2B2即Ekm隨磁場的磁感應強度B、D形金屬盒的半徑R有關(guān)，與加速電場的電壓無關(guān)，而當改變磁場時，必須改變高頻交流電的頻率，否則會使電荷的比何發(fā)生變化，故BD正確，AC錯誤；故選：BD.【分析】回旋加速器中帶電粒子在電場被加速，每通過電場，動能被增加一次；而在磁場里做勻速圓周運動，通過磁場時只改變粒子的運動方向，動能卻不變.因此帶電粒子在一次加速過程中，電場電壓越大，動能增加越大.但從D形盒中射出的動能，除與每次增加的動能外，還與加速次數(shù)有關(guān).所以加速電壓越大，回旋次數(shù)越少，最大動能只由磁感應強度和D形金屬盒的半徑?jīng)Q定..【答案】A,D—丁【解答】解：在第1個 內(nèi)，由左手定則可知，MN所受的安培力方向向左，由F=BIL知，安培力逐漸減小，則該棒從靜止開始向左做加速度減小的變加速運動；1丁在第2個 內(nèi)，由左手定則可知，MN所受的安培力方向向右，由F=BIL知，安培力逐漸1增大，則該棒向左做加速度增大的變減速運動，T時刻速度為零；1丁在第3個 內(nèi)，由左手定則可知，MN所受的安培力方向向右，由F=BIL知，安培力逐漸減小，則該棒從靜止開始向右做加速度減小的變加速運動—丁在第4個 內(nèi)，由左手定則可知，MN所受的安培力方向向左，由F=BIL知，安培力逐漸增大，則該棒向右做加速度增大的變減速運動，T時刻速度為零.故在最初的一個周期內(nèi)，導線在導軌上做機械振動.在最初的半個周期內(nèi)，導線的加速度先減小后增大，速度先增大后減小.故AD正確，BC錯誤.故選AD【分析】根據(jù)安培力F=BIL,結(jié)合B-t圖象分析導線的運動情況，由牛頓第二定律分析加速度的變化情況..【答案】B,D【解答】A項：鋁是導體，儀表指針偏轉(zhuǎn)時鋁框隨之轉(zhuǎn)動，并切割磁感線產(chǎn)生感應電流，感應電流又會受到安培阻力，阻礙線圈的轉(zhuǎn)動，A不符合題意；B項：連接后由于電磁效應動圈阻尼變得極大，運輸時線圈不再容易擺動，可以防止指針打壞，B符合題意；C項：變壓器的鐵芯是用相互絕緣的硅鋼片疊成的，這樣可以減小鐵芯中的渦流，C不符合題意；D項：發(fā)電機的工作原理是電磁感應，而電動機是電流的磁效應，依靠電磁驅(qū)動的，D符合題意。故答案為：BD?！痉治觥夸X框中的磁通量發(fā)生變化時產(chǎn)生感應電流進而產(chǎn)生安培力可以阻礙線圈的轉(zhuǎn)動；導線相連使電磁阻尼最大防止指針損壞；變壓器鐵芯使用硅材料是為了減小渦流產(chǎn)生；交流感應電動機是利用電流的磁效應，利用了電磁驅(qū)動。.【答案】A,B【解答】解：A、根據(jù)左手定則知，正電荷向下偏，負電荷向上偏，則A板帶負電，故A正確.B、因為B板帶正電，A板帶負電，所以電流的流向為b流向a,故B正確.C、因為B板帶正電，A板帶負電，所以金屬板間的電場方向向上，故C錯誤.D、等離子體發(fā)生偏轉(zhuǎn)的原因是離子所受洛倫茲力大于所受電場力，故D錯誤.故選：AB.【分析】根據(jù)左手定則判斷出正負電荷所受洛倫茲力的方向，從而判斷出正負電荷的偏轉(zhuǎn)方向，帶正電的極板電勢高，電流從正極板流向負極板..【答案】ABD【解答】解：A、根據(jù)v==2nRf,可知：最大半徑為R,且電場變化的頻率即為粒子在磁場中運動周期，所以最大速度不可能超過2nfR.故A正確，B、根據(jù)一次加速獲得動能，qU= ，而最大初動能不變，當加速電壓提高到4倍，則質(zhì)子獲得最大速度的加速次數(shù)減為原來的倍，故B正確；C、若R足夠大，質(zhì)子的速度不可以被加速到任意值，因當達到一定速度后，質(zhì)子的質(zhì)量發(fā)生變化，導致周期變化，故C錯誤；更 避D、根據(jù)qvB=m 得，粒子的最大速度v= ，僅將質(zhì)子換成a粒子，則a粒子獲得的最大速度為質(zhì)子最大速度的一半，故D正確，故選：ABD.y2 271P【分析】粒子在磁場中運動時，洛倫茲力提供向心力，滿足qvB=m ，運動周期T==R（（電場中加速時間忽略不計）.對公式進行簡單推導后，便可解此題..【答案】B,D

h二正理 F=1 q0r支【解答】解：根據(jù)「口一，解得v