2022-2023學(xué)年遼寧省協(xié)作校高三（下）（第三次）模擬考試物理試卷-普通用卷

第=page11頁(yè)，共=sectionpages11頁(yè)2022-2023學(xué)年遼寧省協(xié)作校高三（下）（第三次）模擬考試物理試卷一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）1.如圖，商場(chǎng)內(nèi)某顧客站在自動(dòng)扶梯上隨扶梯一起上行，扶梯與水平面夾角為30°，速度為0.8m/s，將速度沿水平和豎直方向分解，則顧客在豎直方向的分速度為A.0.2m/s B.0.4m/s2.一條繩子可以分成一個(gè)個(gè)小段，每小段都可以看做一個(gè)質(zhì)點(diǎn)，這些質(zhì)點(diǎn)之間存在著相互作用。如圖所示，1、2、3、4……為繩上的一系列等間距的質(zhì)點(diǎn)，繩處于水平方向。質(zhì)點(diǎn)1在外力作用下沿豎直方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，會(huì)帶動(dòng)2、3、4……各個(gè)質(zhì)點(diǎn)依次上下振動(dòng)，把振動(dòng)從繩的左端傳回右端。質(zhì)點(diǎn)1的振動(dòng)周期為T。t=0時(shí)質(zhì)點(diǎn)1開始豎直向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過四分之一周期，質(zhì)點(diǎn)5A.質(zhì)點(diǎn)1與質(zhì)點(diǎn)20間相距一個(gè)波 B.質(zhì)點(diǎn)20開始振動(dòng)時(shí)運(yùn)動(dòng)方向向下

C.t=T2時(shí)質(zhì)點(diǎn)5的加速度方向向上 D.t3.2022年農(nóng)業(yè)農(nóng)村部公示的“中國(guó)美麗休閑鄉(xiāng)村”名單上，湖北10個(gè)村榜上有名。在鄉(xiāng)村振興的戰(zhàn)場(chǎng)上，湖北是積極的創(chuàng)新者和踐行者。如圖所示，某村在進(jìn)行基礎(chǔ)設(shè)施建設(shè)時(shí)修建了一個(gè)截面為等腰梯形的水池，水池深度為d，坡面的傾角為α，在注滿水的情況下，一束與水平面夾角為θ的平行單色黃光照射到水面，傾斜入射的平行光剛好能夠照亮整個(gè)水池底部(不考慮光的反射)。已知光在空氣中的傳播速度為c，下面說法正確的是A.水對(duì)黃光的折射率為n=cosαcosθ

B.根據(jù)已知條件無(wú)法求出水對(duì)黃光的折射率

4.中國(guó)大飛機(jī)C919的長(zhǎng)度為38.9m，寬度為35.8m，是我國(guó)自主研發(fā)的首款民用客機(jī)，標(biāo)志著我國(guó)成為世界上少數(shù)幾個(gè)具有研發(fā)制造大型客機(jī)能力的國(guó)家。當(dāng)測(cè)試員在北半球乘坐C919以720km/h的速度水平飛行時(shí)，用智能手機(jī)測(cè)得地磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的水平分量和豎直分量大小分別為A.機(jī)身上下兩點(diǎn)之間一定存在電勢(shì)差

B.機(jī)身前后兩點(diǎn)之間一定存在電勢(shì)差

C.機(jī)身上兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差最高可達(dá)322mV

D.5.北京時(shí)間2023年1月15日11時(shí)14分，我國(guó)在太原衛(wèi)星發(fā)射中心使用長(zhǎng)征二號(hào)丁運(yùn)載火箭，以“一箭十四星”發(fā)射方式，成功將齊魯二號(hào)/三號(hào)衛(wèi)星及珞珈三號(hào)01星、吉林一號(hào)高分03D34星等4顆衛(wèi)星發(fā)射升空，衛(wèi)星順利進(jìn)入預(yù)定軌道，發(fā)射任務(wù)獲得圓滿成功．假設(shè)其中的甲、乙兩顆衛(wèi)星均繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，甲的軌道半徑是乙的2倍，甲的質(zhì)量也是乙的2倍．則(

)A.由v=gr可知，甲的速度是乙的2倍

B.由a=ω2r可知，甲的向心加速度是乙的2倍

C.由F6.圖甲所示的是由導(dǎo)電的多晶硅制成的電容加速度傳感器。圖乙是其原理圖，傳感器可以看成由兩個(gè)電容C1、C2組成，當(dāng)傳感器有沿著箭頭方向的加速度時(shí)，多晶硅懸臂梁的右側(cè)可發(fā)生彎曲形變。下列對(duì)這個(gè)傳感器描述正確的是(

)

A.勻速向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，C1減小，C2增加

B.保持加速度恒定向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，C1減小，C2增加

C.由靜止突然加速向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，C1減小，C2增加

7.如圖甲所示，原長(zhǎng)為l0的輕彈簧豎直固定在水平面上，一質(zhì)量為m=0.2kg的小球從彈簧上端某高度(對(duì)應(yīng)圖像P點(diǎn))自由下落，其速度v和離地高度h之間的關(guān)系圖像如圖乙所示，其中A為曲線的最高點(diǎn)，B是曲線和直線的連接點(diǎn)，空氣阻力忽略不計(jì)，小球和彈簧接觸瞬間機(jī)械能損失不計(jì)，g取10A.P點(diǎn)的離地高度為2.15m，彈簧的原長(zhǎng)l0=0.61m

B.小球運(yùn)動(dòng)的過程中，加速度的最大值為51m二、多選題（本大題共3小題，共12.0分）8.為建設(shè)美麗鄉(xiāng)村，某地興建的小型水電站交流發(fā)電機(jī)輸出功率為P，輸電線總電阻為R線，升壓變壓器、降壓變壓器均為理想變壓器。如圖所示為發(fā)電站為用戶供電的電路圖。下列說法正確的是(

)A.I線=PR線 B.I線=9.新冠肺炎導(dǎo)致許多重癥病人肺部受損，醫(yī)院使用氧氣瓶可以對(duì)病人進(jìn)行氧療。如圖所示，現(xiàn)有一瓶使用過一段時(shí)間的氧氣瓶(瓶?jī)?nèi)氧氣可看作理想氣體)，p?T圖像從1→2→A.1→2過程正在灌氣

B.1→2過程中氣體分子平均動(dòng)能減小

C.2→10.如圖所示，某工廠需要利用質(zhì)量為300kg的物體B通過輕質(zhì)繩及光滑定滑輪協(xié)助傳送帶將質(zhì)量為200kg的物體A從傳送帶底端(與地面等高)由靜止開始傳送到距離地面H高處，已知傳送帶傾角為30°，與貨物接觸面間動(dòng)摩擦因數(shù)為36，傳送帶以5m/s的速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，物體B最初距離地面6.5m且落地后不反彈。某時(shí)刻將A.釋放后瞬間物體A的加速度大小為a1=5m/s2

B.H=13.1m

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）11.用如圖甲所示裝置做“研究共點(diǎn)力的合成”實(shí)驗(yàn)，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB和OC(1)本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是A.理想實(shí)驗(yàn)法

B.等效替代法

C(2)某次實(shí)驗(yàn)中，其中一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)如圖乙所示，則該彈簧測(cè)力計(jì)的拉力為___________(3)本實(shí)驗(yàn)中若用細(xì)長(zhǎng)的橡皮筋替代兩根繩套，你認(rèn)為該辦法是___________的。(12.利用圖甲所示電路測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r(電壓表、電流表內(nèi)阻未知)。合上開關(guān)S1，S2，先后在1和2處合上，分別記錄多組電壓表和電流表的示數(shù)。將兩次實(shí)驗(yàn)的數(shù)據(jù)描在同一坐標(biāo)系中，得到的U?I的圖線如圖乙所示，A、B兩直線在縱軸上的截距分別為UA、U①直線A是S2接___________(填“1”或“2”)時(shí)作出的U?I圖線；根據(jù)直線A測(cè)出的電池電動(dòng)勢(shì)___________(②根據(jù)直線B測(cè)出的電池電動(dòng)勢(shì)E=___________，內(nèi)阻r=四、計(jì)算題（本大題共3小題，共30.0分）13.“水上樂園”中有一巨大的水平轉(zhuǎn)盤，人在其上隨盤一起轉(zhuǎn)動(dòng)，給游客帶來無(wú)窮樂趣。如圖所示，轉(zhuǎn)盤的半徑為R，離水平面的高度為H，可視為質(zhì)點(diǎn)的游客的質(zhì)量為m，現(xiàn)轉(zhuǎn)盤以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，游客在轉(zhuǎn)盤邊緣與轉(zhuǎn)盤保持相對(duì)靜止，不計(jì)空氣阻力。(1(214.質(zhì)量m均為5kg的滑塊A、B用勁度系數(shù)為k=100N/m的輕彈簧相連，靜止放在光滑水平面上，滑塊B緊靠豎直墻壁，如圖所示。用水平恒力F=(1)撤去恒力時(shí)，彈簧的形變量(2)求在之后的運(yùn)動(dòng)過程中，滑塊A的最大速度(3)滑塊B離開墻壁之后，求系統(tǒng)的最大彈性勢(shì)能15.如圖所示，在無(wú)限長(zhǎng)的豎直邊界AC和DE間，上、下部分分別充滿方向垂直于平面ADEC向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)、上部分區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0，OF為上、下磁場(chǎng)的水平分界線，質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的粒子從AC邊界上與O點(diǎn)相距為a的P點(diǎn)垂直于AC邊界射入上方磁場(chǎng)區(qū)域，經(jīng)OF(1(2)要使粒子不從AC(3)若下方區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=4B0，粒子最終垂直DE邊界飛出，求邊界DE

答案和解析1.【答案】B

【解析】【分析】

本題考查運(yùn)動(dòng)的合成與分解，根據(jù)平行四邊形定則分解求解即可。

將速度分解到水平方向和豎直方向，根據(jù)幾何關(guān)系求解顧客在豎直方向的分速度。

【解答】

將速度沿水平和豎直方向分解，根據(jù)幾何關(guān)系可知vyv=sin30°，

解得vy=2.【答案】D

【解析】【詳解】A.由題意可知，第1到第5個(gè)質(zhì)點(diǎn)之間為

14λ

，則質(zhì)點(diǎn)1與質(zhì)點(diǎn)17B.因?yàn)橘|(zhì)點(diǎn)1開始起振的方向向上，則質(zhì)點(diǎn)20開始振動(dòng)時(shí)運(yùn)動(dòng)方向也向上，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C.在

t=T4

時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)5開始向上振動(dòng)，在

t=T2D.

t=3T4

時(shí)質(zhì)點(diǎn)13剛開始起振，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)12已經(jīng)振動(dòng)了

T故選D。

3.【答案】C

【解析】【分析】本題考查了光的折射定律這個(gè)知識(shí)點(diǎn)；

根據(jù)光的折射定律規(guī)律分析、判斷即可。【解答】AB.水對(duì)黃光的折射率為n=sin900?θsin900?α=cosθcosα，故AB錯(cuò)誤；

C.根據(jù)n=

4.【答案】C

【解析】【分析】本題考查地磁場(chǎng)和電磁感應(yīng)問題。解決問題的關(guān)鍵是清楚地磁場(chǎng)的分布情況，根據(jù)右手定則判斷電勢(shì)高低，根據(jù)E=【解答】AB.北半球地磁場(chǎng)有豎直向下的磁場(chǎng)分量，飛機(jī)在水平飛行時(shí)，機(jī)身切割磁感線產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)右手定則，沿飛行方向看，飛機(jī)左側(cè)的電勢(shì)將高于右側(cè)的電勢(shì)，與飛機(jī)運(yùn)動(dòng)方向無(wú)關(guān)，機(jī)身上下兩點(diǎn)之間以及機(jī)身前后兩點(diǎn)之間不一定存在電勢(shì)差，故CD.根據(jù)

E=Blv

可知，機(jī)身上兩點(diǎn)之間的電勢(shì)差最高時(shí)，其中B=45μT，

5.【答案】D

【解析】【分析】本題主要考查萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用。根據(jù)萬(wàn)有引力定律提供向心力列式可得衛(wèi)星的線速度以及向心加速度的表達(dá)式，結(jié)合題意，由此分析兩衛(wèi)星的線速度的關(guān)系以及向心加速度的關(guān)系；由萬(wàn)有引力定律表達(dá)式比較兩衛(wèi)星的向心力大小關(guān)系；結(jié)合題意，由開普勒第三定律可知兩衛(wèi)星的周期關(guān)系，由此即可正確求解?！窘獯稹緼B.甲的軌道半徑是乙的2倍，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力GMmr2=mv2r=man得：

v=GMr，故v甲v乙=r乙r甲=12，所以甲的速度是乙的12倍，a

6.【答案】C

【解析】【分析】在不同運(yùn)動(dòng)狀態(tài)下，由電容器的動(dòng)態(tài)分析結(jié)合其決定式得解。

本題主要考查電容器的動(dòng)態(tài)分析，熟悉其決定式是解題的關(guān)鍵，難度不大?！窘獯稹緼.當(dāng)勻速向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，多晶硅懸臂梁處于平衡狀態(tài)，電容器兩板間距不變，故由其決定式C=εS4πkd可知，兩電容器的電容不變，故A錯(cuò)誤；

B.當(dāng)保持加速度恒定向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，多晶硅懸臂梁位置恒定，電容器兩板間距不變，故由其決定式C=εS4πkd可知，兩電容器的電容不變，故B錯(cuò)誤；

C.由靜止突然加速向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，多晶硅懸臂梁位置下移，故電容器C1間距增大，電容器C2間距減小，故由電容器的決定式C=εS4πkd

7.【答案】B

【解析】【詳解】A．BPv解得t則下降高度h故P點(diǎn)的離地高度為0.9小球在最低點(diǎn)時(shí)彈簧被壓縮了0.9則彈簧的原長(zhǎng)大于0.61m，故AB.在A點(diǎn)時(shí)，小球的重力和彈簧彈力大小相等，所以彈簧的勁度系數(shù)k當(dāng)彈簧被壓縮至最短時(shí)，小球的加速度最大a故B正確；C.從小球開始運(yùn)動(dòng)到將彈簧壓縮至最短的過程中，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故C錯(cuò)誤；D.從小球接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短的過程中，小球的重力勢(shì)能減小，動(dòng)能減小，彈簧的彈性勢(shì)能增大，而系統(tǒng)的機(jī)械能不變，故小球重力勢(shì)能的減少量和動(dòng)能減少量之和等于彈簧彈性勢(shì)能的增加量，故D錯(cuò)誤。故選B。

8.【答案】BC【解析】【分析】本題主要考查遠(yuǎn)距離輸電問題。根據(jù)理想變壓器電流與匝數(shù)的關(guān)系列式，由歐姆定律列式，根據(jù)能量守恒可得輸電線上的電流表達(dá)式；用戶增多時(shí)，負(fù)載總電阻變小，輸電線上的電流增大，由此分析即可正確求解?！窘獯稹緽C.根據(jù)理想變壓器電流與匝數(shù)的關(guān)系有I1I線=n2n1，I線I4=n4n3，解得I線=n1n

9.【答案】BD【解析】詳解】A.1→2B.1→2過程中氣體溫度降低，分子平均動(dòng)能減小，C.2→3過程氣體體積不變，外界對(duì)氣體不做功，溫度升高說明內(nèi)能增加，D.2→3過程溫度升高，壓強(qiáng)增大，說明氣體分子單位時(shí)間內(nèi)在器壁單位面積上撞擊的次數(shù)增大，故選BD。

10.【答案】AC【解析】解：A、剛開始由于物體A的速度小于傳送帶速度，由牛頓第二定律，

對(duì)A物體分析有：T+μmAgcos30°?mAgsin30°=mAa1

對(duì)B物體分析有：mBg?T=mBa1

解得：a1=5m/s2，故A正確；

BC、物體A從靜止加速至5m/s，發(fā)生的位移：x1=v122a1=522×5m=2.5m<6.5m。

物體A與傳送帶共速后，A繼續(xù)加速，傳送帶給物體A向下的滑動(dòng)摩擦力，

根據(jù)牛頓第二定律有，對(duì)A：T′?μmAgcos30°?mAgsin30°=mAa2

對(duì)B：mBg?T′=mBa2

解得：a2=3m/s2

從物體A與傳送帶共速v1到物體B落地過程，設(shè)物體B落地瞬間速度大小為v2，則有2a2x2=v22?v12

其中x2=H?x1=(6.5?2.5)m=4m

解得：v2=7m/s

物體B落地后，物體A向上做勻減速的加速度大小為：a3=μ11.【答案】

①.?B

②.【解析】【詳解】(1)[(2)[2](3

12.【答案】①.?2

②.等于

③.

U【解析】【詳解】①[1]當(dāng)S2接1位置時(shí)，可把電壓表與電源看作一個(gè)等效電源，則電動(dòng)勢(shì)測(cè)量值測(cè)得是“等效電源”的外電路斷開時(shí)的路端電壓，由于電壓表內(nèi)阻不是無(wú)窮大，所以電壓表示數(shù)將小于電動(dòng)勢(shì)真實(shí)值，即電動(dòng)勢(shì)測(cè)量值偏小，內(nèi)阻的測(cè)量值實(shí)際等于電壓表與內(nèi)阻真實(shí)值的并聯(lián)電阻，所以內(nèi)阻測(cè)量值也偏?。蝗鬝2接2位置時(shí)，可把電流表與電源看作一個(gè)“等效電源”，不難分析出電動(dòng)勢(shì)測(cè)量值等于真實(shí)值，而內(nèi)阻測(cè)量值應(yīng)等于內(nèi)阻真實(shí)值與電流表內(nèi)阻之和，即內(nèi)阻測(cè)量值偏大；因此當(dāng)S2接2位置時(shí)，電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)量值均小于真實(shí)值，所以作出的[2]由[1②[3]根據(jù)閉合電路歐姆定律

U=E?Ir

可知，直線[4r

13.【答案】解：(1f方向沿半徑方向指向圓心

O

；(2v豎直方向，根據(jù)H游客做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移x游客落水點(diǎn)到轉(zhuǎn)動(dòng)軸的水平距離s聯(lián)立可得s

【解析】見答案

14.【答案】解：(1)設(shè)力F作用的距離為x時(shí)，滑塊A向左速度最大，此時(shí)滑塊F解得撤去恒力時(shí)，彈簧的形變量x(2)撤去F之后的運(yùn)動(dòng)過程，當(dāng)滑塊A向右運(yùn)動(dòng)至彈簧為自然長(zhǎng)度時(shí)，滑塊A的速度最大，此時(shí)F做的功全部轉(zhuǎn)化為滑塊F解得滑塊A的最大速度為v(3)滑塊A向右速度為vm時(shí)，滑塊B開始脫離墻壁，之后系統(tǒng)機(jī)械能守恒、動(dòng)量守恒，當(dāng)A、Bm根據(jù)機(jī)械能守恒定律得1解得系統(tǒng)的最大彈性勢(shì)能E

【解析】見答案

15.【答案】解：(1)設(shè)粒子在OF上方做圓周運(yùn)動(dòng)半徑為

由