2022-2023學年遼寧省協(xié)作校高三（下）（第三次）模擬考試物理試卷-普通用卷

第=page11頁，共=sectionpages11頁2022-2023學年遼寧省協(xié)作校高三（下）（第三次）模擬考試物理試卷一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）1.如圖，商場內某顧客站在自動扶梯上隨扶梯一起上行，扶梯與水平面夾角為30°，速度為0.8m/s，將速度沿水平和豎直方向分解，則顧客在豎直方向的分速度為A.0.2m/s B.0.4m/s2.一條繩子可以分成一個個小段，每小段都可以看做一個質點，這些質點之間存在著相互作用。如圖所示，1、2、3、4……為繩上的一系列等間距的質點，繩處于水平方向。質點1在外力作用下沿豎直方向做簡諧運動，會帶動2、3、4……各個質點依次上下振動，把振動從繩的左端傳回右端。質點1的振動周期為T。t=0時質點1開始豎直向上運動，經(jīng)過四分之一周期，質點5A.質點1與質點20間相距一個波 B.質點20開始振動時運動方向向下

C.t=T2時質點5的加速度方向向上 D.t3.2022年農(nóng)業(yè)農(nóng)村部公示的“中國美麗休閑鄉(xiāng)村”名單上，湖北10個村榜上有名。在鄉(xiāng)村振興的戰(zhàn)場上，湖北是積極的創(chuàng)新者和踐行者。如圖所示，某村在進行基礎設施建設時修建了一個截面為等腰梯形的水池，水池深度為d，坡面的傾角為α，在注滿水的情況下，一束與水平面夾角為θ的平行單色黃光照射到水面，傾斜入射的平行光剛好能夠照亮整個水池底部(不考慮光的反射)。已知光在空氣中的傳播速度為c，下面說法正確的是A.水對黃光的折射率為n=cosαcosθ

B.根據(jù)已知條件無法求出水對黃光的折射率

4.中國大飛機C919的長度為38.9m，寬度為35.8m，是我國自主研發(fā)的首款民用客機，標志著我國成為世界上少數(shù)幾個具有研發(fā)制造大型客機能力的國家。當測試員在北半球乘坐C919以720km/h的速度水平飛行時，用智能手機測得地磁場磁感應強度的水平分量和豎直分量大小分別為A.機身上下兩點之間一定存在電勢差

B.機身前后兩點之間一定存在電勢差

C.機身上兩點之間的電勢差最高可達322mV

D.5.北京時間2023年1月15日11時14分，我國在太原衛(wèi)星發(fā)射中心使用長征二號丁運載火箭，以“一箭十四星”發(fā)射方式，成功將齊魯二號/三號衛(wèi)星及珞珈三號01星、吉林一號高分03D34星等4顆衛(wèi)星發(fā)射升空，衛(wèi)星順利進入預定軌道，發(fā)射任務獲得圓滿成功．假設其中的甲、乙兩顆衛(wèi)星均繞地球做勻速圓周運動，甲的軌道半徑是乙的2倍，甲的質量也是乙的2倍．則(

)A.由v=gr可知，甲的速度是乙的2倍

B.由a=ω2r可知，甲的向心加速度是乙的2倍

C.由F6.圖甲所示的是由導電的多晶硅制成的電容加速度傳感器。圖乙是其原理圖，傳感器可以看成由兩個電容C1、C2組成，當傳感器有沿著箭頭方向的加速度時，多晶硅懸臂梁的右側可發(fā)生彎曲形變。下列對這個傳感器描述正確的是(

)

A.勻速向上運動時，C1減小，C2增加

B.保持加速度恒定向上運動時，C1減小，C2增加

C.由靜止突然加速向上運動時，C1減小，C2增加

7.如圖甲所示，原長為l0的輕彈簧豎直固定在水平面上，一質量為m=0.2kg的小球從彈簧上端某高度(對應圖像P點)自由下落，其速度v和離地高度h之間的關系圖像如圖乙所示，其中A為曲線的最高點，B是曲線和直線的連接點，空氣阻力忽略不計，小球和彈簧接觸瞬間機械能損失不計，g取10A.P點的離地高度為2.15m，彈簧的原長l0=0.61m

B.小球運動的過程中，加速度的最大值為51m二、多選題（本大題共3小題，共12.0分）8.為建設美麗鄉(xiāng)村，某地興建的小型水電站交流發(fā)電機輸出功率為P，輸電線總電阻為R線，升壓變壓器、降壓變壓器均為理想變壓器。如圖所示為發(fā)電站為用戶供電的電路圖。下列說法正確的是(

)A.I線=PR線 B.I線=9.新冠肺炎導致許多重癥病人肺部受損，醫(yī)院使用氧氣瓶可以對病人進行氧療。如圖所示，現(xiàn)有一瓶使用過一段時間的氧氣瓶(瓶內氧氣可看作理想氣體)，p?T圖像從1→2→A.1→2過程正在灌氣

B.1→2過程中氣體分子平均動能減小

C.2→10.如圖所示，某工廠需要利用質量為300kg的物體B通過輕質繩及光滑定滑輪協(xié)助傳送帶將質量為200kg的物體A從傳送帶底端(與地面等高)由靜止開始傳送到距離地面H高處，已知傳送帶傾角為30°，與貨物接觸面間動摩擦因數(shù)為36，傳送帶以5m/s的速度順時針轉動，物體B最初距離地面6.5m且落地后不反彈。某時刻將A.釋放后瞬間物體A的加速度大小為a1=5m/s2

B.H=13.1m

三、實驗題（本大題共2小題，共18.0分）11.用如圖甲所示裝置做“研究共點力的合成”實驗，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細繩的結點，OB和OC(1)本實驗采用的科學方法是A.理想實驗法

B.等效替代法

C(2)某次實驗中，其中一個彈簧測力計的示數(shù)如圖乙所示，則該彈簧測力計的拉力為___________(3)本實驗中若用細長的橡皮筋替代兩根繩套，你認為該辦法是___________的。(12.利用圖甲所示電路測量一節(jié)干電池的電動勢E和內阻r(電壓表、電流表內阻未知)。合上開關S1，S2，先后在1和2處合上，分別記錄多組電壓表和電流表的示數(shù)。將兩次實驗的數(shù)據(jù)描在同一坐標系中，得到的U?I的圖線如圖乙所示，A、B兩直線在縱軸上的截距分別為UA、U①直線A是S2接___________(填“1”或“2”)時作出的U?I圖線；根據(jù)直線A測出的電池電動勢___________(②根據(jù)直線B測出的電池電動勢E=___________，內阻r=四、計算題（本大題共3小題，共30.0分）13.“水上樂園”中有一巨大的水平轉盤，人在其上隨盤一起轉動，給游客帶來無窮樂趣。如圖所示，轉盤的半徑為R，離水平面的高度為H，可視為質點的游客的質量為m，現(xiàn)轉盤以角速度ω勻速轉動，游客在轉盤邊緣與轉盤保持相對靜止，不計空氣阻力。(1(214.質量m均為5kg的滑塊A、B用勁度系數(shù)為k=100N/m的輕彈簧相連，靜止放在光滑水平面上，滑塊B緊靠豎直墻壁，如圖所示。用水平恒力F=(1)撤去恒力時，彈簧的形變量(2)求在之后的運動過程中，滑塊A的最大速度(3)滑塊B離開墻壁之后，求系統(tǒng)的最大彈性勢能15.如圖所示，在無限長的豎直邊界AC和DE間，上、下部分分別充滿方向垂直于平面ADEC向外的勻強磁場、上部分區(qū)域的磁感應強度大小為B0，OF為上、下磁場的水平分界線，質量為m、帶電荷量為+q的粒子從AC邊界上與O點相距為a的P點垂直于AC邊界射入上方磁場區(qū)域，經(jīng)OF(1(2)要使粒子不從AC(3)若下方區(qū)域的磁感應強度B=4B0，粒子最終垂直DE邊界飛出，求邊界DE

答案和解析1.【答案】B

【解析】【分析】

本題考查運動的合成與分解，根據(jù)平行四邊形定則分解求解即可。

將速度分解到水平方向和豎直方向，根據(jù)幾何關系求解顧客在豎直方向的分速度。

【解答】

將速度沿水平和豎直方向分解，根據(jù)幾何關系可知vyv=sin30°，

解得vy=2.【答案】D

【解析】【詳解】A.由題意可知，第1到第5個質點之間為

14λ

，則質點1與質點17B.因為質點1開始起振的方向向上，則質點20開始振動時運動方向也向上，選項B錯誤；C.在

t=T4

時刻質點5開始向上振動，在

t=T2D.

t=3T4

時質點13剛開始起振，此時質點12已經(jīng)振動了

T故選D。

3.【答案】C

【解析】【分析】本題考查了光的折射定律這個知識點；

根據(jù)光的折射定律規(guī)律分析、判斷即可?！窘獯稹緼B.水對黃光的折射率為n=sin900?θsin900?α=cosθcosα，故AB錯誤；

C.根據(jù)n=

4.【答案】C

【解析】【分析】本題考查地磁場和電磁感應問題。解決問題的關鍵是清楚地磁場的分布情況，根據(jù)右手定則判斷電勢高低，根據(jù)E=【解答】AB.北半球地磁場有豎直向下的磁場分量，飛機在水平飛行時，機身切割磁感線產(chǎn)生電動勢，根據(jù)右手定則，沿飛行方向看，飛機左側的電勢將高于右側的電勢，與飛機運動方向無關，機身上下兩點之間以及機身前后兩點之間不一定存在電勢差，故CD.根據(jù)

E=Blv

可知，機身上兩點之間的電勢差最高時，其中B=45μT，

5.【答案】D

【解析】【分析】本題主要考查萬有引力定律的應用。根據(jù)萬有引力定律提供向心力列式可得衛(wèi)星的線速度以及向心加速度的表達式，結合題意，由此分析兩衛(wèi)星的線速度的關系以及向心加速度的關系；由萬有引力定律表達式比較兩衛(wèi)星的向心力大小關系；結合題意，由開普勒第三定律可知兩衛(wèi)星的周期關系，由此即可正確求解?！窘獯稹緼B.甲的軌道半徑是乙的2倍，根據(jù)萬有引力提供向心力GMmr2=mv2r=man得：

v=GMr，故v甲v乙=r乙r甲=12，所以甲的速度是乙的12倍，a

6.【答案】C

【解析】【分析】在不同運動狀態(tài)下，由電容器的動態(tài)分析結合其決定式得解。

本題主要考查電容器的動態(tài)分析，熟悉其決定式是解題的關鍵，難度不大?！窘獯稹緼.當勻速向上運動時，多晶硅懸臂梁處于平衡狀態(tài)，電容器兩板間距不變，故由其決定式C=εS4πkd可知，兩電容器的電容不變，故A錯誤；

B.當保持加速度恒定向上運動時，多晶硅懸臂梁位置恒定，電容器兩板間距不變，故由其決定式C=εS4πkd可知，兩電容器的電容不變，故B錯誤；

C.由靜止突然加速向上運動時，多晶硅懸臂梁位置下移，故電容器C1間距增大，電容器C2間距減小，故由電容器的決定式C=εS4πkd

7.【答案】B

【解析】【詳解】A．BPv解得t則下降高度h故P點的離地高度為0.9小球在最低點時彈簧被壓縮了0.9則彈簧的原長大于0.61m，故AB.在A點時，小球的重力和彈簧彈力大小相等，所以彈簧的勁度系數(shù)k當彈簧被壓縮至最短時，小球的加速度最大a故B正確；C.從小球開始運動到將彈簧壓縮至最短的過程中，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，故C錯誤；D.從小球接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短的過程中，小球的重力勢能減小，動能減小，彈簧的彈性勢能增大，而系統(tǒng)的機械能不變，故小球重力勢能的減少量和動能減少量之和等于彈簧彈性勢能的增加量，故D錯誤。故選B。

8.【答案】BC【解析】【分析】本題主要考查遠距離輸電問題。根據(jù)理想變壓器電流與匝數(shù)的關系列式，由歐姆定律列式，根據(jù)能量守恒可得輸電線上的電流表達式；用戶增多時，負載總電阻變小，輸電線上的電流增大，由此分析即可正確求解。【解答】BC.根據(jù)理想變壓器電流與匝數(shù)的關系有I1I線=n2n1，I線I4=n4n3，解得I線=n1n

9.【答案】BD【解析】詳解】A.1→2B.1→2過程中氣體溫度降低，分子平均動能減小，C.2→3過程氣體體積不變，外界對氣體不做功，溫度升高說明內能增加，D.2→3過程溫度升高，壓強增大，說明氣體分子單位時間內在器壁單位面積上撞擊的次數(shù)增大，故選BD。

10.【答案】AC【解析】解：A、剛開始由于物體A的速度小于傳送帶速度，由牛頓第二定律，

對A物體分析有：T+μmAgcos30°?mAgsin30°=mAa1

對B物體分析有：mBg?T=mBa1

解得：a1=5m/s2，故A正確；

BC、物體A從靜止加速至5m/s，發(fā)生的位移：x1=v122a1=522×5m=2.5m<6.5m。

物體A與傳送帶共速后，A繼續(xù)加速，傳送帶給物體A向下的滑動摩擦力，

根據(jù)牛頓第二定律有，對A：T′?μmAgcos30°?mAgsin30°=mAa2

對B：mBg?T′=mBa2

解得：a2=3m/s2

從物體A與傳送帶共速v1到物體B落地過程，設物體B落地瞬間速度大小為v2，則有2a2x2=v22?v12

其中x2=H?x1=(6.5?2.5)m=4m

解得：v2=7m/s

物體B落地后，物體A向上做勻減速的加速度大小為：a3=μ11.【答案】

①.?B

②.【解析】【詳解】(1)[(2)[2](3

12.【答案】①.?2

②.等于

③.

U【解析】【詳解】①[1]當S2接1位置時，可把電壓表與電源看作一個等效電源，則電動勢測量值測得是“等效電源”的外電路斷開時的路端電壓，由于電壓表內阻不是無窮大，所以電壓表示數(shù)將小于電動勢真實值，即電動勢測量值偏小，內阻的測量值實際等于電壓表與內阻真實值的并聯(lián)電阻，所以內阻測量值也偏??；若S2接2位置時，可把電流表與電源看作一個“等效電源”，不難分析出電動勢測量值等于真實值，而內阻測量值應等于內阻真實值與電流表內阻之和，即內阻測量值偏大；因此當S2接2位置時，電動勢和內阻的測量值均小于真實值，所以作出的[2]由[1②[3]根據(jù)閉合電路歐姆定律

U=E?Ir

可知，直線[4r

13.【答案】解：(1f方向沿半徑方向指向圓心

O

；(2v豎直方向，根據(jù)H游客做平拋運動的水平位移x游客落水點到轉動軸的水平距離s聯(lián)立可得s

【解析】見答案

14.【答案】解：(1)設力F作用的距離為x時，滑塊A向左速度最大，此時滑塊F解得撤去恒力時，彈簧的形變量x(2)撤去F之后的運動過程，當滑塊A向右運動至彈簧為自然長度時，滑塊A的速度最大，此時F做的功全部轉化為滑塊F解得滑塊A的最大速度為v(3)滑塊A向右速度為vm時，滑塊B開始脫離墻壁，之后系統(tǒng)機械能守恒、動量守恒，當A、Bm根據(jù)機械能守恒定律得1解得系統(tǒng)的最大彈性勢能E

【解析】見答案

15.【答案】解：(1)設粒子在OF上方做圓周運動半徑為

由