李曉峰通信原理習(xí)題測(cè)驗(yàn)答案CH4

4-4-#是1200Baud。試求：該系統(tǒng)的比特速率。傳輸系統(tǒng)的截止頻率值；該系統(tǒng)的頻帶利用率；人(/)解：⑴對(duì)于M進(jìn)制傳輸，，其信息速率R與碼元速率R的關(guān)系為R=RlogM，這里乂=16,故系統(tǒng)的比s bs2特速率為：R=RlogM=4800bpsbs2（2）傳輸系統(tǒng)的截止頻率值為B=f（1+a）=Rs（1+a）=780Hz0（3）系統(tǒng)頻帶利用率為：=6.25bps/HzRRRR(1+a)/2=1.54Baud/Hzs.計(jì)算機(jī)以56kbps的速率傳輸二進(jìn)制數(shù)據(jù)，試求升余弦滾降因子分別為0.25、0.3、0.5、0.75和1時(shí)，下面兩種方式所要求的傳輸帶寬。（1）采用2PAM基帶信號(hào)；（2）采用8電平PAM基帶信號(hào)。解：(1)采用2PAM基帶信號(hào)時(shí)貝ijB=f0(1+a)=R(1+a)B=R(1+?=28000(1+a)2logM升余弦滾降2因子分別為0.25、0.3、0.5、0.75和1時(shí)，傳輸帶寬分別為35KHz、36.4KHz、42KHz、49KHz56KHz。(2)采用8PAM基帶信號(hào)時(shí)B=f(1+a)=Rs(1+a)0 TR(1+a)56000( )則B= = (1+^)210gM6升余弦滾降2因子分別為0.25、0.3、0.5、0.75和1時(shí)，傳輸帶寬分別為11.67KHz、12.13KHz、14KHz、16.33KHz、18.67KHz。.在某理想帶限信道0<f<3000Hz上傳送PAM信號(hào)。

(1)要求按9600bps的速率傳輸，試選擇PAM的電平數(shù)M；如果發(fā)送與接收系統(tǒng)采用平方根升余弦頻譜，試求滾降因子a；(3)保證p二10-5所需要的EN是多少？b bl0解：(1)最大頻帶利用率n=R<2Baud/HzsBR9600n—_b— <21ogMbB3000 2即1.6<logMtM>4取M=4B=叫+G=2400(B=叫+G=2400(1+a)=3000Hz210gM2得a=0.25P 2(M-1)P=_e= QbKMlogM2得E)N°=20某信道的碼間干擾長度為3，信道脈沖響應(yīng)采樣

值為h(-T)=0.3，h(0)=1，而)=02，求3抽頭迫零均衡器的抽頭系數(shù)以及均衡前后的峰值畸變值。解：由工

h=，chEi ki-kk=-1并并并并按式=ch解：由工

h=，chEi ki-kk=-1并并并并按式=ch+ch+ch-1i+1代人具體數(shù)據(jù)得到，0ihE-1hE0hE11i-1hhh0 -1 -2h h h1 0 -1h h h21 01 0.3 00.2 1 0.30 0.2 1(4.6.6)可得，可解得，利用[c cc-1 0 1c-1c0c1c-1c0c1」]=[-0.34091.1364-0.2273]°h=ch+ch+ch，非零沖激響應(yīng)值為,1h,值畸變的定義得："考慮.計(jì)算出均衡后的i—_2—+2=-2，…,+2}={-0.1023,0,1,0,-0.0455}。根據(jù)峰均衡器前，D均衡器前，D=(0.3+0.2)/1=0.5均衡器后，D=(11023+0.0455)/1=0.1478易見均衡后碼間干擾與峰值畸變都有顯著降低。20.21.22.由圖4.8.2估計(jì)2PAM基帶系統(tǒng)在定時(shí)抖動(dòng)為5%時(shí)，達(dá)到10-5誤碼率所需的E/N，并與理想定時(shí)的結(jié)果相比較。 "0

牛孤［此I解：由圖可見，當(dāng)。/T=0時(shí)，誤碼率10-5要求接收信es號(hào)的E/Nx9.5dB；當(dāng)o