人教A版選擇性必修第二冊4.4數學歸納法作業(yè)

數學歸納法(25分鐘50分)一、選擇題(每題5分，共20分)1．對于不等式eq\r(n2＋n)≤n＋1(n∈N*)，某同學的證明過程如下：(1)當n＝1時，eq\r(12＋1)≤1＋1，不等式成立．(2)假設n＝k(k∈N*)時，不等式成立，即eq\r(k2＋k)<k＋1，那么n＝k＋1時，eq\r(〔k＋1〕2＋〔k＋1〕)＝eq\r(k2＋3k＋2)<eq\r(〔k2＋3k＋2〕＋〔k＋2〕)＝eq\r(〔k＋2〕2)＝(k＋1)＋1，所以當n＝k＋1時，不等式成立，上述證法()A．過程全都正確B．n＝1驗證不正確C．歸納假設不正確D．從n＝k到n＝k＋1的推理不正確【解析】選＝1的驗證及歸納假設都正確，但從n＝k到n＝k＋1的推理中沒有使用歸納假設，而通過不等式的放縮法直接證明，不符合數學歸納法的證題要求．2．用數學歸納法證明等式1＋a＋a2＋…＋an－1＝eq\f(1－an,1－a)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(a≠1，n∈N*))，在驗證n＝1成立時，左邊需計算的項是()A．1 B．1＋aC．1＋a＋a2 D．1＋a＋a2＋a3【解析】選A當n＝1時，等式左邊＝1.3．凸n邊形有f(n)條對角線，那么凸n＋1邊形對角線的條數f(n＋1)為()A．f(n)＋n＋1B．f(n)＋nC．f(n)＋n－1D．f(n)＋n－2【解析】選C.增加一個頂點，就增加n＋1－3條對角線，另外原來的一邊也變成了對角線，故f(n＋1)＝f(n)＋1＋n＋1－3＝f(n)＋n－1.4．設Sk＝eq\f(1,k＋1)＋eq\f(1,k＋2)＋eq\f(1,k＋3)＋…＋eq\f(1,2k)，那么Sk＋1為()A．Sk＋eq\f(1,2k＋2) B．Sk＋eq\f(1,2k＋1)＋eq\f(1,2k＋2)C．Sk＋eq\f(1,2k＋1)－eq\f(1,2k＋2) D．Sk＋eq\f(1,2k＋2)－eq\f(1,2k＋1)【解析】選C.因式子右邊各分數的分母是連續(xù)正整數，那么由Sk＝eq\f(1,k＋1)＋eq\f(1,k＋2)＋…＋eq\f(1,2k)，①得Sk＋1＝eq\f(1,k＋2)＋eq\f(1,k＋3)＋…＋eq\f(1,2k)＋eq\f(1,2k＋1)＋eq\f(1,2〔k＋1〕).②由②－①，得Sk＋1－Sk＝eq\f(1,2k＋1)＋eq\f(1,2〔k＋1〕)－eq\f(1,k＋1)＝eq\f(1,2k＋1)－eq\f(1,2〔k＋1〕).故Sk＋1＝Sk＋eq\f(1,2k＋1)－eq\f(1,2〔k＋1〕).二、填空題(每題5分，共10分)5．用數學歸納法證明12＋22＋…＋(n－1)2＋n2＋(n－1)2＋…＋22＋12＝eq\f(n〔2n2＋1〕,3)(n∈N*)時，由n＝k的假設到證明n＝k＋1時，等式左邊應增加的式子是__________________．【解析】依據等式左邊的特點，各數是先遞增再遞減，由于n＝k，左邊＝12＋22＋…＋(k－1)2＋k2＋(k－1)2＋…＋22＋12，n＝k＋1時，左邊＝12＋22＋…＋(k－1)2＋k2＋(k＋1)2＋k2＋(k－1)2＋…＋22＋12，比擬兩式，可知等式左邊應增加的式子是(k＋1)2＋k2.答案：(k＋1)2＋k26．設f(x)＝eq\f(2x,x＋2)，x1＝1，xn＝f(xn－1)(n≥2，n∈N*).那么x2＝________；數列{xn}的通項公式為________，【解析】(1)x2＝f(x1)＝eq\f(2,3)，x3＝f(x2)＝eq\f(2×\f(2,3),\f(2,3)＋2)＝eq\f(1,2)＝eq\f(2,4)，x4＝f(x3)＝eq\f(2×\f(1,2),\f(1,2)＋2)＝eq\f(2,5).(2)依據計算結果，可以歸納出xn＝eq\f(2,n＋1).證明：①當n＝1時，x1＝eq\f(2,1＋1)＝1，與相符，歸納出的公式成立．②假設當n＝k(k∈N*)時，公式成立，即xk＝eq\f(2,k＋1)，那么，xk＋1＝eq\f(2xk,xk＋2)＝eq\f(2×\f(2,k＋1),\f(2,k＋1)＋2)＝eq\f(4,2k＋4)＝eq\f(2,〔k＋1〕＋1)，所以當n＝k＋1時，公式也成立．由①②知，當n∈N*時，xn＝eq\f(2,n＋1).答案：eq\f(2,3)xn＝eq\f(2,n＋1)三、解答題(每題10分，共20分)7．用數學歸納法證明1＋eq\f(n,2)≤1＋eq\f(1,2)＋eq\f(1,3)＋…＋eq\f(1,2n)≤eq\f(1,2)＋n(n∈N*).【證明】(1)當n＝1時，左式＝1＋eq\f(1,2)，右式＝eq\f(1,2)＋1，所以eq\f(3,2)≤1＋eq\f(1,2)≤eq\f(3,2)，命題成立．(2)假設當n＝k(k∈N*)時，命題成立，即1＋eq\f(k,2)≤1＋eq\f(1,2)＋eq\f(1,3)＋…＋eq\f(1,2k)≤eq\f(1,2)＋k，那么當n＝k＋1時，1＋eq\f(1,2)＋eq\f(1,3)＋…＋eq\f(1,2k)＋eq\f(1,2k＋1)＋eq\f(1,2k＋2)＋…＋eq\f(1,2k＋2k)>1＋eq\f(k,2)＋2k·eq\f(1,2k＋1)＝1＋eq\f(k＋1,2).又1＋eq\f(1,2)＋eq\f(1,3)＋…＋eq\f(1,2k)＋eq\f(1,2k＋1)＋eq\f(1,2k＋2)＋…＋eq\f(1,2k＋2k)<eq\f(1,2)＋k＋2k·eq\f(1,2k)＝eq\f(1,2)＋(k＋1)，即當n＝k＋1時，命題成立．由(1)和(2)可知，命題對全部的n∈N*都成立．8．在數列{an}，{bn}中，a1＝2，b1＝4，且an，bn，an＋1成等差數列，bn，an＋1，bn＋1成等比數列(n∈N*)，求a2，a3，a4及b2，b3，b4，由此猜測數列{an}，{bn}的通項公式，證明你的結論．【解析】由題意得2bn＝an＋an＋1，aeq\o\al(\s\up1(2),\s\do1(n＋1))＝bnbn＋1，由此可得a2＝6，b2＝9，a3＝12，b3＝16，a4＝20，b4＝25.猜測an＝n(n＋1)，bn＝(n＋1)2，n∈N*.用數學歸納法證明如下：①當n＝1時，由a1＝2，b1＝4可得結論成立．②假設當n＝k(k≥2且k∈N*)時，結論成立，即ak＝k(k＋1)，bk＝(k＋1)2，那么當n＝k＋1時，ak＋1＝2bk－ak＝2(k＋1)2－k(k＋1)＝(k＋1)(k＋2)＝(k＋1)[(k＋1)＋1]，bk＋1＝eq\f(aeq\o\al(\s\up1(2),\s\do1(k＋1)),bk)＝eq\f(〔k＋1〕2〔k＋2〕2,〔k＋1〕2)＝(k＋2)2＝[(k＋1)＋1]2.所以當n＝k＋1時，結論也成立．由①②可知，an＝n(n＋1)，bn＝(n＋1)2對一切n∈N*都成立．【拓展提升】應用數學歸納法證題時應留意(1)驗證是根底：找準起點，奠基要穩(wěn)，有些問題中驗證的初始值不肯定為1.(2)遞推是關鍵：正確分析由n＝k到n＝k＋1時式子項數的變化是應用數學歸納法勝利證明問題的保障．(3)利用假設是核心：在其次步證明中肯定要利用歸納假設，這是數學歸納法證明的核心環(huán)節(jié)，否那么這樣的證明就不是數學歸納法證明．(30分鐘60分)一、選擇題(每題5分，共20分)1．用數學歸納法證明“凸n(n≥3，n∈N*)邊形的內角和公式〞時，由n＝k到n＝k＋1內角和增加了()A．eq\f(π,2)B．πC．eq\f(3π,2)D．2π【解析】選B.如圖，由n＝k到n＝k＋1時，凸n邊形的內角和增加的是∠1＋∠2＋∠3＝π.2．用數學歸納法證明(n＋1)(n＋2)·…·(n＋n)＝2n·1·3·…·(2n－1)，從n＝k到n＝k＋1，左邊需要增乘的代數式為()A．2k＋1B．2(2k＋1)C．eq\f(2k＋1,k＋1)D．eq\f(2k＋3,k＋1)【解析】選B.當n＝k時，等式左邊為(k＋1)(k＋2)·…·(k＋k)，而當n＝k＋1時，等式左邊為(k＋1＋1)(k＋1＋2)·…·(k＋1＋k＋1)＝(k＋2)·(k＋3)·…·(k＋k＋2)，前邊少了一項(k＋1)，后邊多了兩項(k＋k＋1)(k＋k＋2)，故增乘的代數式為eq\f(〔k＋k＋1〕〔k＋k＋2〕,k＋1)＝2(2k＋1).3．當n＝1，2，3，4，5，6時，比擬2n和n2的大小并猜測得到的結論為()A．n≥1時，2n>n2B．n≥3時，2n>n2C．n≥4時，2n>n2D．n≥5時，2n>n2【解析】選D.當n＝1時，21>12，即2n>n2；當n＝2時，22＝22，即2n＝n2；當n＝3時，23<32，即2n<n2；當n＝4時，24＝42，即2n＝n2；當n＝5時，25>52，即2n>n2；當n＝6時，26>62，即2n>n2；…猜測當n≥5時，2n>n2；下面我們用數學歸納法證明猜測成立，(1)當n＝5時，由以上可知猜測成立，(2)設n＝k(k≥5)時，命題成立，即2k>k2，當n＝k＋1時，2k＋1＝2·2k>2k2＝k2＋k2>k2＋(2k＋1)＝(k＋1)2，即n＝k＋1時，命題成立，由(1)和(2)可得n≥5時，2n>n2；故當n＝2或4時，2n＝n2；n＝3時，2n<n2；n＝1及n取大于4的正整數時，都有2n>n2.4．f(n)＝(2n＋7)·3n＋9，存在自然數m，使得對任意n∈N*，都能使m整除f(n)，那么最大的m的值為()A．30B．26C．36D．6【解析】選C.由于f(1)＝36，f(2)＝108＝3×36，f(3)＝360＝10×36，所以f(1)，f(2)，f(3)能被36整除，猜測f(n)能被36整除．證明：當n＝1，2時，由上得證，設當n＝k(k≥2)時，f(k)＝(2k＋7)·3k＋9能被36整除，那么當n＝k＋1時，f(k＋1)－f(k)＝(2k＋9)·3k＋1－(2k＋7)·3k＝(6k＋27)·3k－(2k＋7)·3k＝(4k＋20)·3k＝36(k＋5)·3k－2(k≥2)?f(k＋1)能被36整除．由于f(1)不能被大于36的數整除，所以所求的最大的m的值等于36.二、填空題(每題5分，共20分)5．用數學歸納法證明“當n為正奇數時，xn＋yn能被x＋y整除〞，當其次步假設n＝2k－1(k∈N*)命題為真時，進而需證n＝__________時，命題為真.【解析】由于n為正奇數，所以奇數2k－1之后的奇數是2k＋1.答案：2k＋16．觀看以下等式：1＝12＋3＋4＝93＋4＋5＋6＋7＝254＋5＋6＋7＋8＋9＋10＝49……依據以上式子的規(guī)律：那么第5個等式為________，猜測第neq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(n∈N*))個等式________；【解析】(1)第5個等式為5＋6＋7＋8＋9＋10＋11＋12＋13＝92.第n個等式為n＋(n＋1)＋(n＋2)＋…＋(3n－2)＝(2n－1)2，n∈N*.證明：①當n＝1時，等式左邊＝1，等式右邊＝(2－1)2＝1，所以等式成立．②假設n＝k時，命題成立，即k＋(k＋1)＋(k＋2)＋…＋(3k－2)＝(2k－1)2，那么當n＝k＋1時，(k＋1)＋[(k＋1)＋1]＋[(k＋1)＋2]＋…＋[3(k＋1)－2]＝(k＋1)＋(k＋2)＋(k＋3)＋…＋(3k＋1)＝k＋(k＋1)＋(k＋2)＋…＋(3k－2)＋(3k－1)＋3k＋(3k＋1)－k＝(2k－1)2＋8k＝4k2－4k＋1＋8k＝(2k＋1)2＝[2(k＋1)－1]2，即n＝k＋1時等式成立．依據①和②，可知對任意n∈N*等式都成立．答案：5＋6＋7＋8＋9＋10＋11＋12＋13＝92n＋(n＋1)＋(n＋2)＋…＋(3n－2)＝(2n－1)2，n∈N*7．在用數學歸納法證明“34n＋2＋52n＋1(n∈N*)能被14整除〞的過程中，當n＝k＋1時，式子34(k＋1)＋2＋52(k＋1)＋1應變形為________.答案：(34k＋2＋52k＋1)34＋52k＋1(52－34)8．用數學歸納法證明“n3＋5n能被6整除〞的過程中，當n＝k＋1時，式子(k＋1)3＋5(k＋1)應變形為__________.【解析】實行湊配法，湊出歸納假設k3＋5k來，(k＋1)3＋5(k＋1)＝k3＋3k2＋3k＋1＋5k＋5＝(k3＋5k)＋3k(k＋1)＋6.答案：(k3＋5k)＋3k(k＋1)＋6三、解答題(每題10分，共20分)9．求證：an＋1＋(a＋1)2n－1能被a2＋a＋1整除，n∈N*.【證明】(1)當n＝1時，a1＋1＋(a＋1)2×1－1＝a2＋a＋1，命題明顯成立．(2)假設當n＝k(k∈N*，k≥1)時，ak＋1＋(a＋1)2k－1能被a2＋a＋1整除，那么當n＝k＋1時，ak＋2＋(a＋1)2k＋1＝a·ak＋1＋(a＋1)2·(a＋1)2k－1＝a[ak＋1＋(a＋1)2k－1