2023屆安徽省皖南八校高三物理三模試卷含答案

高三物理三模試卷一、單項(xiàng)選擇題1.如下列圖為氫原子能級(jí)圖，現(xiàn)有大量氫原子從n＝4的能級(jí)發(fā)生躍遷，產(chǎn)生一些不同頻率的光，讓這些光照射一個(gè)逸出功為2.29eV的鈉光管，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

這些氫原子可能發(fā)出3種不同頻率的光

B.

能夠讓鈉光電管發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象的有4種光子

C.

光電管發(fā)出的光電子與原子核發(fā)生衰變時(shí)飛出的電子都是來(lái)源于原子核內(nèi)部

D.

鈉光電管在這些光照射下發(fā)出的光電子再次轟擊處于基態(tài)的氫原子可以使氫原子躍遷到n＝3的能級(jí)2.如圖，用硬鐵絲彎成的光滑半圓環(huán)豎直放置，直徑豎直，O為圓心，最高點(diǎn)B處固定一光滑輕質(zhì)滑輪，質(zhì)量為m的小環(huán)A穿在半圓環(huán)上。現(xiàn)用細(xì)線一端拴在A上，另一端跨過(guò)滑輪用力F拉動(dòng)，使A緩慢向上移動(dòng)。小環(huán)A及滑輪B大小不計(jì)，在移動(dòng)過(guò)程中，關(guān)于拉力F以及半圓環(huán)對(duì)A的彈力N的說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

F逐漸增大

B.

N的方向始終指向圓心O

C.

N逐漸變小

D.

N大小不變3.2021年春節(jié)檔，科幻電影?流浪地球?紅遍大江南北。電影講述的是太陽(yáng)即將消滅，人類在地21球上建造出巨大的推進(jìn)器，使地球經(jīng)歷停止自轉(zhuǎn)、加速逃逸、勻速滑行、減速人軌等階段，最后成為新恒星〔比鄰星〕的一顆行星的故事。假設(shè)兒千年后地球流浪成功，成為比鄰星的一顆行星，設(shè)比鄰星的質(zhì)量為太陽(yáng)質(zhì)量的1/8，地球質(zhì)量在流浪過(guò)程中損失了1/5，地球繞比鄰星運(yùn)行的軌道半徑為地球繞太陽(yáng)運(yùn)行軌道半徑的1/2，那么以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

地球繞比鄰星運(yùn)行的公轉(zhuǎn)周期和繞太陽(yáng)的公轉(zhuǎn)周期相同

B.

地球繞比鄰星運(yùn)行的向心加速度是繞太陽(yáng)運(yùn)行時(shí)向心加速度的2/5

C.

地球與比鄰星間的萬(wàn)有引力為地球與太陽(yáng)間萬(wàn)有引力的1/10

D.

地球繞比鄰星運(yùn)行的動(dòng)能是繞太陽(yáng)運(yùn)行時(shí)動(dòng)能的1/104.如圖，理想變壓器T的原線圈接在電壓為U的交流電源兩端，P為滑動(dòng)變阻器的滑片，RT為熱敏電阻，其阻值隨溫度升高而變?。敲础?/p>

〕A.

P向左滑動(dòng)時(shí)，變壓器的輸出電壓變大

B.

P向左滑動(dòng)時(shí)，變壓器的輸入功率變大

C.

RT溫度升高時(shí)，燈L變亮

D.

RT溫度升高時(shí)，適當(dāng)向右滑動(dòng)P可保持燈L亮度不變5.如下列圖，白色傳送帶A、B兩端距離L＝14m，以速度v0＝8m/s逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，并且傳送帶與水平面的夾角為θ＝37°，現(xiàn)將一質(zhì)量為m＝2kg的煤塊輕放在傳送帶的A端，煤塊與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.25，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，那么以下表達(dá)正確的選項(xiàng)是〔

〕

B.

煤塊運(yùn)動(dòng)到B端時(shí)重力的瞬時(shí)功率為120W

C.

煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端在傳送帶上留下的黑色痕跡為4m

D.

煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端因摩擦產(chǎn)生的熱量為8J二、多項(xiàng)選擇題6.如下列圖，半圓槽光滑、絕緣、固定，圓心是O，最低點(diǎn)是P，直徑MN水平，a、b是兩個(gè)完全相同的帶正電小球視為點(diǎn)電荷，b固定在M點(diǎn)，a從N點(diǎn)靜止釋放，沿半圓槽運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)P點(diǎn)到達(dá)某點(diǎn)圖中未畫出時(shí)速度為零．那么小球a〔

〕A.

從N到Q的過(guò)程中，重力與庫(kù)侖力的合力一直增大

B.

從N到Q的過(guò)程中，速率先增大后減小，最大速率的位置在P點(diǎn)

C.

從P到Q的過(guò)程中，動(dòng)能減少量大于電勢(shì)能增加量

D.

從N到Q的過(guò)程中，電勢(shì)能先增加后減小7.如下列圖，A、B兩小球由繞過(guò)輕質(zhì)定滑輪的細(xì)線相連，A放在固定的光滑斜面上，B、C兩小球在豎直方向上通過(guò)勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連，C球放在水平地面上，A的質(zhì)量為5m，B、C的質(zhì)量均為m，重力加速度為g，細(xì)線與滑輪之間的摩擦不計(jì)?，F(xiàn)用手控制住A，并使細(xì)線剛剛拉直但無(wú)拉力作用，并保證滑輪左側(cè)細(xì)線豎直、右側(cè)細(xì)線與斜面平行，開始時(shí)整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。釋放A后，A沿斜面下滑至速度最大時(shí)C恰好離開地面，關(guān)于此過(guò)程，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

斜面傾角α＝37°

B.

C剛離開地面時(shí)，B的加速度為0

C.

A獲得最大速度為

D.

A、B兩小球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒8.如下列圖，在光滑水平面上有寬度為d的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，邊界線MN平行于PQ線，磁場(chǎng)方向垂直平面向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)〔L＜d〕的正方形金屬線框，電阻為R，質(zhì)量為m，在水平向右的恒力F作用下，從距離MN為d/2處由靜止開始運(yùn)動(dòng)，線框右邊到MN時(shí)速度與到PQ時(shí)的速度大小相等，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中線框右邊始終與MN平行，那么以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中做加速運(yùn)動(dòng)

B.

線框的右邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)所受安培力的大小為

C.

線框在進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中速度的最小值為

D.

線框右邊從MN到PQ運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，線框中產(chǎn)生的焦耳熱為Fd9.以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是〔

〕A.

氣體的溫度升高，每個(gè)氣體分子運(yùn)動(dòng)的速率都增大

B.

分子間引力和斥力同時(shí)存在，都隨距離增大而減小，但斥力變化更快

C.

附著層內(nèi)分子間距離小于液體內(nèi)局部子間距離時(shí)，液體與固體間表現(xiàn)為浸潤(rùn)

D.

阿伏伽德羅常數(shù)，氣體的摩爾質(zhì)量和密度，可算出該氣體分子間的平均距離

E.

由熱力學(xué)第一定律可知做功不一定改變內(nèi)能，熱傳遞也不一定改變內(nèi)能，但同時(shí)做功和熱傳遞一定會(huì)改變內(nèi)能10.x=0處的質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)刻從靜止開始做簡(jiǎn)諧振動(dòng)，帶動(dòng)周圍的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)，在x軸上形成一列向x正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波。如圖甲為x=0處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，如圖乙為該簡(jiǎn)諧波在t0=0.03s時(shí)刻的一局部波形圖。質(zhì)點(diǎn)P的平衡位置在x=1.75m處，質(zhì)點(diǎn)Q的平衡位置在x=2m。以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是(

)A.

質(zhì)點(diǎn)Q的起振方向向上

B.

從t0

C.

從t0時(shí)刻算起，質(zhì)點(diǎn)P比質(zhì)點(diǎn)Q的先到達(dá)最低點(diǎn)

D.

從t0時(shí)刻起經(jīng)過(guò)0.025s，質(zhì)點(diǎn)P通過(guò)的路程小于1m

E.

從t0時(shí)刻起經(jīng)過(guò)0.01s質(zhì)點(diǎn)Q將運(yùn)動(dòng)到x=3m處三、實(shí)驗(yàn)題11.某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了一個(gè)探究加速度a與物體所受合力F及質(zhì)量m關(guān)系的實(shí)驗(yàn)，如下列圖小車質(zhì)量M＝250g，砝碼盤的質(zhì)量記為m0，所使用的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器交流電頻率f＝50Hz．其實(shí)驗(yàn)步驟是：

a．按圖中所示安裝好實(shí)驗(yàn)裝置；b．調(diào)節(jié)長(zhǎng)木板的傾角，輕推小車后，使小車能沿長(zhǎng)木板向下做勻速運(yùn)動(dòng)；c．取下細(xì)繩和砝碼盤，記下砝碼盤中砝碼的質(zhì)量m；d．先接通電源，再放開小車，打出一條紙帶，由紙帶求得小車的加速度a；e．重新掛上細(xì)繩和砝碼盤，改變砝碼盤中砝碼質(zhì)量，重復(fù)2～4步驟，求得小車在不同合外力F作用下的加速度。答復(fù)以下問(wèn)題：〔1〕按上述方案做實(shí)驗(yàn)，是否要求砝碼和砝碼盤的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量？________〔填“是〞或“否〞〕〔2〕實(shí)驗(yàn)中打出的其中一條紙帶如下列圖，由該紙帶可求得小車的加速度a＝________m/s2．〔保存二位有效數(shù)字〕〔3〕某同學(xué)將有關(guān)測(cè)量數(shù)據(jù)填入他所設(shè)計(jì)的表格中，如下表，次數(shù)12345砝碼盤中砝碼的重力F/N小車的加速度a〔m/s2〕他根據(jù)表中的數(shù)據(jù)畫出a﹣F圖象〔如圖〕。造成圖線不過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)的一條最主要原因是________。12.為了測(cè)某電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供了如下器材：電阻箱R，定值電阻Rn，兩個(gè)電流表A1、A2，電鍵S1，單刀雙擲開關(guān)S2，待測(cè)電源，導(dǎo)線假設(shè)干．實(shí)驗(yàn)小組成員設(shè)計(jì)如圖甲所示的電路圖．〔1〕閉合電鍵S1，斷開單刀雙擲開關(guān)S2，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值為R1，讀出電流表A2的示數(shù)I0；將單刀雙擲開關(guān)S2合向1，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電流表A2的示數(shù)仍為I0，此時(shí)電阻箱阻值為R2，那么電流表A1的阻值RA1＝________．〔2〕將單刀雙擲開關(guān)S2合向2，屢次調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄每次調(diào)節(jié)后的電阻箱的阻值R及電流表A1的示數(shù)I，實(shí)驗(yàn)小組成員打算用圖象分析I與R的關(guān)系，以電阻箱電阻R為橫軸，為了使圖象是直線，那么縱軸y應(yīng)取_____．

2

2〔3〕假設(shè)測(cè)得電流表A1的內(nèi)阻為1Ω，定值電阻R0＝2Ω，根據(jù)〔2〕選取的y軸，作出y﹣R圖象如圖乙所示，那么電源的電動(dòng)勢(shì)E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω．〔4〕按照本實(shí)驗(yàn)方案測(cè)出的電源內(nèi)阻值________．〔選填“偏大〞、“偏小〞或“等于真實(shí)值〞〕四、解答題13.如下列圖，空間充滿了磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)其方向垂直紙面向里．在平面內(nèi)固定放置一絕緣材料制成的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的剛性等邊三角形框架△DEF，DE邊中點(diǎn)S處有一帶正電的粒子，電量為q，質(zhì)量為m，現(xiàn)給粒子一個(gè)垂直于DE邊向下的速度，假設(shè)粒子每一次與三角形框架的碰撞時(shí)速度方向垂直于被碰的邊，且碰撞均為彈性碰撞，當(dāng)速度的大小取某些特殊數(shù)值時(shí)可使由S點(diǎn)發(fā)出的粒子最終又回到S點(diǎn)．求：〔1〕假設(shè)粒子只與三角形框架碰撞兩次就回到S點(diǎn)，粒子的速度大?。?〕假設(shè)S點(diǎn)不在DE邊的中點(diǎn)，而是距D點(diǎn)的距離DS＝L/4，仍然使粒子能回到S點(diǎn)，求滿足條件的粒子的速度大?。?4.如下列圖，BCD是光滑絕緣的半圓形軌道，位于豎直平面內(nèi)，直徑BD豎直軌道半徑為R，下端與水平絕緣軌道在B點(diǎn)平滑連接，質(zhì)量為m的不帶電的滑塊b靜止在B點(diǎn)整個(gè)軌道處在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中場(chǎng)強(qiáng)大小為E．質(zhì)量為m、帶正電的小滑塊a置于水平軌道上，電荷量為，滑塊a與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，重力加速度為g．現(xiàn)將滑塊a從水平軌道上距離B點(diǎn)12R的A點(diǎn)由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)與滑塊b碰撞，碰撞時(shí)間極短且電量不變，碰后兩滑塊粘在一起運(yùn)動(dòng)，a、b滑塊均視為質(zhì)點(diǎn)．求：〔1〕滑塊a、b碰撞后的速度大小．〔2〕滑塊在圓形軌道上最大速度的大小，以及在最大速度位置處滑塊對(duì)軌道作用力的大?。?〕滑塊第一次落地點(diǎn)到B點(diǎn)的距離．15.如下列圖，粗細(xì)均勻的U形玻璃管，左端封閉，右端開口，豎直放置。管中有兩段水銀柱a、b，長(zhǎng)分別為5cm、10cm，兩水銀液柱上外表相平，大氣壓強(qiáng)為75cmHg，溫度為27℃，a水銀柱上面管中封閉的A段氣體長(zhǎng)為15cm，U形管水平局部長(zhǎng)為10cm，兩水銀柱間封閉的B段氣體的長(zhǎng)為20cm，給B段氣體緩慢加熱，使兩水銀柱下外表相平，求此時(shí)：(i)A段氣體的壓強(qiáng)；(ii)B段氣體的溫度為多少?16.如下列圖，ABC等邊三棱鏡，P、Q分別為AB邊、AC邊的中點(diǎn)，BC面鍍有一層銀，構(gòu)成一個(gè)反射面，一單色光以垂直于BC面的方向從P點(diǎn)射入，經(jīng)折射、反射，剛好照射在AC邊的中點(diǎn)Q，求①棱鏡對(duì)光的折射率；②使入射光線繞P點(diǎn)在紙面內(nèi)沿順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)光線再次照射到Q點(diǎn)時(shí)，入射光線轉(zhuǎn)過(guò)的角度．

答案解析局部一、單項(xiàng)選擇題1.【解析】【解答】A、大量氫原子從n＝4的能級(jí)躍遷能產(chǎn)生種不同頻率的光，A不符合題意；B、其中能讓鈉光電管發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象的有4種光子，即為從n＝2到從n＝1，從n＝3到從n＝1，從n＝4到從n＝1，從n＝4到從n＝2，B符合題意；C、光電子來(lái)自于金屬板中的自由電子，C不符合題意。D、氫原子從n＝4的能級(jí)向n＝1發(fā)生躍遷，發(fā)射光子能量最大，當(dāng)照射鈉光管放出能量為E＝13.6﹣0.85﹣2.29＝10.46eV，而氫原子從n＝1的能級(jí)躍n＝3的能級(jí)，需要吸收能量為E′＝13.6﹣1.51＝12.09eV，因10.46eV<12.09eV，不能實(shí)現(xiàn)躍遷。D不符合題意；故答案為：B

【分析】利用排列組合可以求出光的種數(shù)；利用能級(jí)差的能量可以判別可以發(fā)生光電效應(yīng)的光子數(shù)；光電子飛出來(lái)的電阻是來(lái)自于核外自由電子；利用光電子的能量結(jié)合躍遷的能量可以判別不能實(shí)現(xiàn)躍遷。2.【解析】【解答】在物塊緩慢向上移動(dòng)的過(guò)程中，小圓環(huán)A處于三力平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件知mg與N的合力與T等大反向共線，作出mg與N的合力，如圖，由三角形相似得：①A、F＝T，由①可得：，AB變小，BO不變，那么F變??；A不符合題意；BCD、由①可得：，AO、BO都不變，那么N不變，方向始終背離圓心；D符合題意，BC不符合題意；故答案為：D

【分析】利用圓環(huán)的平衡條件結(jié)合相似三角形知識(shí)可以判別F、N的方向及大小變化。3.【解析】【解答】A、萬(wàn)有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，那么：，即：T比＝T太，A符合題意；B、萬(wàn)有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，，B不符合題意；C、萬(wàn)有引力：,代入數(shù)據(jù)計(jì)算解得，C不符合題意；D、萬(wàn)有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：，動(dòng)能：，代入數(shù)據(jù)計(jì)算解得動(dòng)能之比為D不符合題意；故答案為：A

【分析】利用牛頓第二定律幾何半徑和質(zhì)量之比可以求出周期的大?。焕靡μ峁┫蛐牧梢郧蟪黾铀俣?、引力大小、和動(dòng)能之比。4.【解析】【解答】P向左滑動(dòng)時(shí)，電阻變大，次級(jí)電流減小，根據(jù)P=IU可知，因變壓器輸出電壓不變，故變壓器的輸出功率減小，變壓器輸入功率減小，AB不符合題意；RT溫度升高時(shí)，RT電阻減小，次級(jí)電阻減小，電流變大，變阻器兩端電壓變大，電燈兩端電壓變小，故燈L變暗，C不符合題意；RT溫度升高時(shí),熱敏電阻阻值減小，只有適當(dāng)向右滑動(dòng)P,才能使燈L分壓不變,從而保持燈的亮度不變，D符合題意；故答案為：D.

【分析】輸入電壓決定輸出電壓所以與負(fù)載電阻大小無(wú)關(guān)；利用滑動(dòng)變阻器的阻值變化可以判別輸出電流和功率的變化；利用熱敏電阻的變化結(jié)合歐姆定律可以判別燈泡的電流變化。5.【解析】【解答】煤塊放在傳送帶后受到沿斜面向下的滑動(dòng)摩擦力作用，一定先向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。A、設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t1，煤塊的速度與傳送帶相同，勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a1，那么根據(jù)牛頓第二定律得：mgsinθ+μmgcosθ＝ma1，可得a1＝g〔sinθ+μcosθ〕＝8m/s2，由v0＝a1t1得t1＝1s，此過(guò)程通過(guò)的位移大小為x1＝t1＝4m＜L。由于mgsinθ＞μmgcosθ．故煤塊速度大小等于傳送帶速度大小后，繼續(xù)勻加速向下運(yùn)動(dòng)，受到的滑動(dòng)摩擦力沿斜面向上。設(shè)煤塊接著做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度為a2，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2，那么

mgsinθ﹣μmgcosθ＝ma2，可得

由，代入數(shù)據(jù)得：t2＝1s。故煤塊從A到B的運(yùn)動(dòng)時(shí)間是t＝t1+t2＝2s。A不符合題意。B、煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端時(shí)速度v＝v0+a2t2＝12m/s，此時(shí)重力的瞬時(shí)功率為P＝mgvsinθ＝144W，B不符合題意。C、由于兩個(gè)過(guò)程煤塊與傳送帶間的相對(duì)位移大小〔v0t1﹣x1〕＞[〔L﹣x1〕﹣v0t2]，所以煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端留下的黑色痕跡長(zhǎng)度為S＝v0t1﹣x1＝4m。C符合題意。D、煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端因摩擦產(chǎn)生的熱量為Q＝μmgcosθ{〔v0t1﹣x1〕+[〔L﹣x1〕﹣v0t2]}，代入數(shù)據(jù)解得：Q＝24J，D不符合題意。故答案為：C

【分析】利用牛頓第二定律結(jié)合位移公式和速度公式可以求出煤塊運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；利用瞬時(shí)速度和重力的大小可以求出重力的瞬時(shí)功率；利用位移公式可以求出拖痕的大小；利用摩擦力做功可以求出產(chǎn)生的熱量。二、多項(xiàng)選擇題6.【解析】【解答】A、當(dāng)電荷a在N點(diǎn)時(shí)，受豎直向下的重力和水平向右的電場(chǎng)力，a從N點(diǎn)靜止釋放，沿半圓槽運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)P點(diǎn)到達(dá)某點(diǎn)Q的過(guò)程中，電場(chǎng)力和重力之間的夾角〔不是鈍角〕一直減小，且電場(chǎng)力逐漸增大，所以重力與電場(chǎng)力的合力一直增大，A符合題意；B、在N點(diǎn)是，電場(chǎng)力與重力的合力與該點(diǎn)的切線方向之間的夾角是銳角，所以在開始向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，合力做正功，速率增大；在P時(shí)，速度的方向是水平向左的，與合力之間的夾角為鈍角，所以在此之間，合力已經(jīng)開始做負(fù)功了，所以有段時(shí)間速率減小，從N到P的過(guò)程中，速率先增大后減小，速率最大點(diǎn)應(yīng)該在NP間某點(diǎn)，B不符合題意；C、從P到Q的過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，重力也做負(fù)功，動(dòng)能的減少量等于電勢(shì)能和重力勢(shì)能的增加量之和，即動(dòng)能減少量大于電勢(shì)能增加量，C符合題意；D、從N到Q的過(guò)程中點(diǎn)除外，電場(chǎng)力的方向與速度的方向始終成鈍角，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能始終增加，D不符合題意；故答案為：AC.【分析】分析庫(kù)侖力及重力的合力，根據(jù)功的公式明確合力做功情況；再根據(jù)重力做功和電場(chǎng)力做功的特點(diǎn)與勢(shì)能的關(guān)系分析電勢(shì)能的變化.7.【解析】【解答】AB、A的速度最大時(shí)，A所受的合力為零，此時(shí)繩的拉力T＝5mgsinα．此時(shí)C恰好離開地面，故彈簧的拉力為mg，對(duì)B受力分析可得繩對(duì)B的拉力為T＝2mg，可得sinα＝0.4，α≠37°．A不符合題意。B、物體C剛離開地面時(shí)，B的合外力為0，加速度為0，B符合題意。C、初始時(shí)系統(tǒng)靜止，且線上無(wú)拉力，對(duì)B有kx1＝mg．C剛好離開地面時(shí)，有kx2＝mg，可知x1＝x2，那么從釋放至C剛離開地面的過(guò)程中，彈簧彈性勢(shì)能變化量為零，此過(guò)程中，A、B、C組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，即5mg〔x1+x2〕sinα＝mg〔x1+x2〕+〔5m+m〕vAm2以上方程聯(lián)立可解得：A獲得最大速度為，C符合題意。D、從釋放A到C剛離開地面的過(guò)程中，根據(jù)A、B和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，但是A、B兩小球組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，D不符合題意。故答案為：BC

【分析】利用平衡方程可以求出斜面傾角的大小；利用B的速度到達(dá)最大可以判別加速度等于0；利用機(jī)械能守恒定律可以求出最大的速度；利用彈簧彈力做功可以判別系統(tǒng)機(jī)械能不守恒。8.【解析】【解答】A、線框右邊到MN時(shí)速度與到PQ時(shí)速度大小相等，線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程不受安培力作用，線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)后做加速運(yùn)動(dòng)，由此可知，線框進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程做減速運(yùn)動(dòng)，故A不符合題意；B、線框進(jìn)入磁場(chǎng)前過(guò)程，由動(dòng)能定理得：，解得：，線框受到的安培力：，故B符合題意；C、線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度最小，從線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)到右邊到達(dá)PQ過(guò)程，對(duì)線框，由動(dòng)能定理得：解得：，故C不符合題意；D、線框右邊到達(dá)MN、PQ時(shí)速度相等，線框動(dòng)能不變，該過(guò)程線框產(chǎn)生的焦耳熱：Q＝Fd，故D符合題意；故答案為：BD

【分析】利用速度相同可以判別線圈進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)做減速運(yùn)動(dòng)；利用動(dòng)能定理結(jié)合安培力公式可以求出安培力的大小；利用動(dòng)能定理可以求出線圈完全進(jìn)入磁場(chǎng)的速度大??；利用功能關(guān)系可以求出焦耳熱的大小。9.【解析】【解答】A、溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，氣體溫度升高，分子的平均動(dòng)能增加，分子的平均速率增大，不是每個(gè)氣體分子運(yùn)動(dòng)的速率都增大，A不符合題意；B、根據(jù)分子力的特點(diǎn)可知，分子間引力和斥力同時(shí)存在，都隨距離增大而減小，隨距離減小而增大，但斥力變化更快，B符合題意；C、附著層內(nèi)分子間距離小于液體內(nèi)局部子間距離時(shí)，附著層內(nèi)分子間作用表現(xiàn)為斥力，附著層有擴(kuò)展趨勢(shì)，液體與固體間表現(xiàn)為浸潤(rùn)，C符合題意；D、知道阿伏加德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和密度，可求出氣體的摩爾體積，然后求出每個(gè)氣體分子占據(jù)的空間大小，從而能求出氣體分子間的平均距離，D符合題意；E、做功與熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能，但同時(shí)做功和熱傳遞，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，不一定會(huì)改變內(nèi)能，故E不符合題意。故答案為：BCD

【分析】溫度的大小決定分子平均動(dòng)能的大小，不代表每一個(gè)分子動(dòng)能的大?。患僭O(shè)外界對(duì)物體做功，同時(shí)物體放熱的話有可能內(nèi)能保持不變。10.【解析】【解答】A、由圖甲可知，在時(shí)刻振源質(zhì)點(diǎn)是向y軸負(fù)方向振動(dòng)，其余質(zhì)點(diǎn)重復(fù)振源質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況，故質(zhì)點(diǎn)Q起振的方向仍為y軸負(fù)方向，故答案為：項(xiàng)A不符合題意；B、由圖甲可知周期為，由圖乙可知波長(zhǎng)為，那么波速為：那么由圖乙可知當(dāng)P再次處于平衡位置時(shí)，時(shí)間為：經(jīng)過(guò)周期的整數(shù)倍之后，質(zhì)點(diǎn)P再次處于平衡位置，即經(jīng)過(guò)還處于平衡位置，B符合題意；C、由于波沿軸正方向傳播，可知從t0時(shí)刻算起，質(zhì)點(diǎn)P比質(zhì)點(diǎn)Q的先到達(dá)最低點(diǎn)，C符合題意；D、由題可知：，假設(shè)質(zhì)點(diǎn)P在最高點(diǎn)、最低點(diǎn)或平衡位置，那么通過(guò)的路程為：，但此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P不在特殊位置，故其路程小于，D符合題意；E、波傳播的是能量或者說(shuō)是波的形狀，但是質(zhì)點(diǎn)不隨著波遷移，E不符合題意。故答案為：BCD【分析】由圖讀出波長(zhǎng)和周期T，由波長(zhǎng)與周期可求出波傳播的速度，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的位置分析其運(yùn)動(dòng)情況，注意質(zhì)點(diǎn)不隨著波遷移；三、實(shí)驗(yàn)題11.【解析】【解答】〔1〕當(dāng)物體小車勻速下滑時(shí)有：mgsinθ＝f+〔m+m0〕g，當(dāng)取下細(xì)繩和砝碼盤后，由于重力沿斜面向下的分力mgsinθ和摩擦力f不變，因此其