上海高中物理公式大全等級(jí)考閔行七寶補(bǔ)習(xí)班297

*七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案表示上海等級(jí)考（高考）要求；**表示超出上海要求；一、直線運(yùn)動(dòng)：二、1、質(zhì)點(diǎn)：相對(duì)小；2、路程與位移：標(biāo)量與矢量，矢量有大小與方向；3、平均速度與瞬時(shí)速度：分別對(duì)應(yīng)時(shí)間與時(shí)刻；v體現(xiàn)“等效替代”思想；v體現(xiàn)“無(wú)限逼近”思想；t4、DIS組成部分：傳感器、數(shù)據(jù)采集器、計(jì)算機(jī)。位移傳感器測(cè)位移，同步時(shí)間，經(jīng)計(jì)算機(jī)處理可得速度、加速度等；光電門傳感器測(cè)擋光時(shí)間，經(jīng)處理可得平均速度，可近似為瞬時(shí)速度；v5、at七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案6、勻速直線運(yùn)動(dòng)（7、勻變速直線運(yùn)動(dòng)（（1）基本公式：v不變）：a不變）svt*初速可不為零初速為零自由落體*豎直上拋運(yùn)動(dòng)（以向上為正）v=v+atv=atv=gtv=v－gtt0t0tt111h=gt22h=vt－1gt2s=vt+ats=at2220022v－v=2asv=2asv=2ghv－v=2－2gh2t202t2t2t0（2）初速為零，時(shí)間等分nT時(shí)的即時(shí)速度::v：v：v=1：2：3312nT時(shí)的總位移:s：s：s=1：4：9123第nT內(nèi)的位移:s：s：s=1：3：5第1第2第3ss1,即s－s=aT，或ssMNaT2221M加速度求法:a2T2N（3）初速為零，位移等分:運(yùn)動(dòng)ns時(shí)時(shí)的刻:t：t：t=1：2：3123運(yùn)動(dòng)ns時(shí)的即時(shí)速度:v：v：v=1：2：3123通過(guò)第n個(gè)s時(shí)的間:t:t:t1:21:32123svv（4）平均速度:vvt12t22v2v2vsvv2t（5）*中間位置的瞬時(shí)速度:12228、*豎直上拋運(yùn)動(dòng)（以向上為正方向）2vvt＝t＝，tg上升時(shí)間，飛行時(shí)間：00上下gv202g上升最大高度：Hst2，從而推測(cè)出豎直下落也是勻變速直線運(yùn)動(dòng)；9、伽利略研究落體運(yùn)動(dòng)：通過(guò)改變斜面傾角，得出10、典型題：有一物體置于光滑水平面上掉力,此時(shí)相對(duì)于出發(fā)點(diǎn)的位移為,用恒力使物體以加速度s。同時(shí)加一與運(yùn)動(dòng)方向相反的恒力a開始作勻加速直線運(yùn)動(dòng)1,經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后去,使物體以加速度a作勻加速直線運(yùn)動(dòng)，2經(jīng)過(guò)相同時(shí)間之后，物體回到出發(fā)點(diǎn)。求a與a大小之比.七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七12寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案s1at2113，大小之比就是avt圖找找感21解：1：3，這道題可以畫個(gè)svt1at2att1at2a2221212覺，總位移為零，也就是正的三角形面積與負(fù)的抵消。二、力和力的平：衡三、1、重力：G=mg方向豎直向下2、彈力：彈性形變3、力的合成：平行四邊形法則，力的分解是合成的逆運(yùn)算；F0，F(xiàn)0）4、物體受共點(diǎn)力平衡條件：合力為零（5、*滑動(dòng)摩擦力（阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)）：**靜摩擦力（阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)）：xyfNNff靜m0*F合F2F2FFcos6、兩個(gè)力的合力：212127、*共點(diǎn)力平的衡技巧：正交分解法、三角形（相似）法（動(dòng)態(tài)平衡）、輔助圓法8、整體法與隔離法：整體法將幾個(gè)物體看成整體分析外力；9、典型題：如圖所示，人通過(guò)定滑輪用繩拉住平臺(tái)而處于靜止?fàn)顟B(tài)，人重600N，平臺(tái)重300N，則人對(duì)繩的拉900N，與之平的衡為兩根繩上的拉力，力為______，人對(duì)平臺(tái)的壓力為___________。解：將平臺(tái)與人看作一個(gè)整體，進(jìn)行受力分析，重力為兩根繩其實(shí)就是一根繩，通過(guò)光滑的滑輪，兩力相等，故每個(gè)拉力為450N，根據(jù)牛頓第三定律，人拉繩的力等于繩拉人的力，第一問(wèn)答案為450N；再將人隔離，進(jìn)行受力分析，重力為600N，繩子拉力450N，與兩力平的衡第三力為平臺(tái)對(duì)人的彈力，可得150N；再根據(jù)牛頓第三定律，平臺(tái)對(duì)人的彈力與人對(duì)平臺(tái)的彈力相等，第二問(wèn)答案為作為驗(yàn)算，可以對(duì)平臺(tái)進(jìn)行隔離，驗(yàn)證平臺(tái)是否受力平。衡150N；七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案三、牛頓運(yùn)動(dòng)定律：1、牛頓第一定律：靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)的物體所受合力為零。物體保持靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)不變的性質(zhì)稱為慣性。F動(dòng)力-阻力=ma慣性由質(zhì)量決定。合2、牛頓第二定律：FaF；②不變，研究實(shí)驗(yàn)：控制變量法研究①m不變，研究a1；mF動(dòng)力-阻力=總質(zhì)量×加速度合整體法（整體有相同的加速度）：FF'3、牛頓第三定律：4、國(guó)際單位制：基本單位：米、秒、千克、開爾文、摩爾、安培、5、牛頓的成就：經(jīng)典力學(xué)、《自然哲學(xué)的數(shù)學(xué)原理》、反射望遠(yuǎn)鏡、微積分；6、經(jīng)典力學(xué)適用于宏觀、低速（相對(duì)光速而言）；愛因斯坦的相對(duì)論還可以研究微觀、高速情境；a向上，NG，加速向上或減速向；下7、超重：**坎德拉；N0,ag，完全失重；失重：a向，下NG，加速向或下減速向上8、典型題：（2014上海高考）如圖，水平地面上的矩形箱子內(nèi)有一傾角為θ的固定斜面，斜面上放一質(zhì)量為m的光滑球，靜止時(shí)，箱子頂部與球θ接觸但無(wú)壓力。箱子由靜止開始向右做勻加速運(yùn)a的勻減速運(yùn)動(dòng)直到動(dòng)，然后改做加速度大小為靜止，經(jīng)過(guò)的總路程為s，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大速度為v。（1）求箱子加速階段的加速度大小a?。（2）若a＞gtanθ，求減速階段球受到箱子左壁和頂部的作用力。解：（1）設(shè)加速過(guò)程中加速度為a?，由勻變速運(yùn)動(dòng)公式s＝1s＝2s＝s＋s＝＋七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品12教案解得：a?＝（2）設(shè)球不受車廂作用，應(yīng)滿足Nsinθ＝ma，Ncosθ＝mga＝gtanθQ解得：減速時(shí)加速度向左，此加速度由斜面支持力P＝0N與左壁支持力P共同決定，當(dāng)a＞gtanθ時(shí)N球受力圖如圖。由牛頓定律mgNsinθ＝maNcosθ－Q＝mg解得Q＝m（acotθ－g）四、勻速圓周運(yùn)動(dòng)：1sR1、v,,T,nn，vTt22n，T21Tn42v2RR42n2R2、*向心加速度公式：a向2RT242v2R42mn2RFmamm2Rm3、*向心力公式：4、萬(wàn)有引力定律向向RT2mmF=G12G=6.67×10－11Nm2r2kg25、*涉及引力的計(jì)算模式：萬(wàn)有引力6、*人造衛(wèi)星的線速度和周期：=向心力GMr3v，T2rGMvgR7、*繩模型通過(guò)圓周最高點(diǎn)的條件（無(wú)法提供支持力，只能提供拉力）：8、典型題：一水平放置的圓盤繞豎直固定軸轉(zhuǎn)動(dòng)，在圓盤上沿半徑開有一條寬度為12mm的均勻狹縫．將激光器與傳感器上下對(duì)準(zhǔn)，使二者間連線與轉(zhuǎn)軸平行，分別置于圓盤的上傳感器接收到一個(gè)下兩側(cè)，且可激光器以同步地沿圓盤半徑方向勻速移動(dòng)，激光器連續(xù)向下發(fā)射激光動(dòng)過(guò)程中，當(dāng)狹縫經(jīng)過(guò)激光器與傳感器之間時(shí)，將其輸入計(jì)算機(jī)，經(jīng)處理后畫出相應(yīng)圖線．圖（束．在圓盤轉(zhuǎn)激光信號(hào)，并圖，圖（b）為接收到的激光高中補(bǔ)習(xí)班閔補(bǔ)習(xí)班a）為該裝置示意傳感器所接收的光信號(hào)隨時(shí)間變化的圖線，橫坐標(biāo)表示時(shí)間，縱坐標(biāo)表示圖(a)t=1.0×10s-3，t=0.8×10s-3．七寶新王牌閔行12信號(hào)強(qiáng)度，圖中行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初I精品教案t1t2t3（1）利用圖（b）中的數(shù)據(jù)求1s時(shí)圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度；（2）說(shuō)明激光器和傳感器沿半徑移動(dòng)的方向；（3）求圖（b）中第三個(gè)激光信號(hào)的寬度t．3T=0.8s00.2解：（1）由圖線讀得，轉(zhuǎn)盤的轉(zhuǎn)動(dòng)周期1.01.8t(s26.28rad/s7.85rad/s圖角速度T0.8（2）激光器和探測(cè)器沿半徑由中心向邊緣移動(dòng)（理由為：由于脈沖寬度在逐漸變窄，表明光信號(hào)能通過(guò)狹縫的時(shí)間逐漸減少，即圓盤上對(duì)應(yīng)探測(cè)器所在位置的線速度逐漸增加，因此激光器和探測(cè)器沿半徑由中心向邊緣移動(dòng)）．（3）設(shè)狹縫寬度為器沿半徑的運(yùn)動(dòng)速度為d，探測(cè)器接收到第v．i個(gè)脈沖時(shí)距轉(zhuǎn)軸的距離為r，第i個(gè)脈沖的寬度為Δit，激光器和探測(cè)id2rtT③④iirrrrvT3221由④、⑤、⑥式解得tt1.01030.8103ts0.67103s3⑤122tt21.0100.8103312五、振動(dòng)和波：1、*簡(jiǎn)諧振動(dòng)的回復(fù)力：F=－kx2、*單擺振動(dòng)周期（單擺模型：擺角寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案<5°，擺線不伸長(zhǎng)，七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七LgT2擺球視為質(zhì)點(diǎn)）：3、機(jī)械振動(dòng)是周期運(yùn)動(dòng)，需要始終指向平衡位置的回復(fù)力；1m；周期：T單位s；頻率：f單位Hz；T振幅：A（標(biāo)量）單位f4、機(jī)械波的形成：①波源；②介質(zhì)；vvT波速：vf波長(zhǎng)：fT橫波圖像：反應(yīng)各質(zhì)點(diǎn)同一時(shí)刻下的位移情況；*振動(dòng)圖像：反應(yīng)一個(gè)質(zhì)點(diǎn)不同時(shí)刻的位移情況；5、*橫波（振動(dòng)方向與傳播方向垂直）/雙箭頭法振動(dòng)方向與傳播方向的關(guān)系：微位移法/概念法/口訣法（上坡下，下坡上）*縱波（振動(dòng)方向與傳播方向平行）6、*波的干涉：波的獨(dú)立傳播原理；波的疊加；干涉條件：兩個(gè)或上以頻率相同的相干波源；干涉現(xiàn)象：振動(dòng)加強(qiáng)區(qū)域與振動(dòng)減弱區(qū)域間隔分布，穩(wěn)定存在；*波的衍射：條件：障礙物或孔的尺寸等于或小于波長(zhǎng)；*干涉、衍射都是波的特有性質(zhì)；7、典型題：如圖所示，有四列簡(jiǎn)諧波同時(shí)沿x軸正方向傳播，波速分別是v、2v、3v和4v，a、b是x軸上所a點(diǎn)出現(xiàn)波峰的先后給定的兩點(diǎn)，且ab＝L。在t時(shí)刻a、b兩點(diǎn)間四列波的波形分別如圖所示，則由該時(shí)刻起順序依次是圖；頻率由高到低的先后順序依次是圖。ABCD1113LLLLst4L,t8L,t2L,t6L2v16v解：由t，得，故第一問(wèn)答案為BDCA；vv4v3v6vD4v8vABCv又由f，得fv,f,f3v,f2v4v4v6v，故第二問(wèn)答案為DBCA；1223LL2LLABCDLL七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案六、機(jī)械能1、功WPt恒力功W=FscosWPFv（上海只考F、v共線）2、平均功率3、瞬時(shí)功率tPFvcos，力與速度同向時(shí)P=FV（上海只考F、v共線）tttttt4、動(dòng)能:E=1mv2k2重力勢(shì)能:E=mgh，WEGpp機(jī)械能:動(dòng)能+彈性勢(shì)能+重力勢(shì)能5、功是能量變化的量度**動(dòng)能定理:W=1mv—1mv2221外226、機(jī)械能守恒定律:條件:只有重力（**和系統(tǒng)內(nèi)彈力）做功mgh+1mv=mgh+1mv221122227、*機(jī)械能的變化：8、典型題：穿在光滑曲桿上的質(zhì)量為WE非Gm的小環(huán)從A點(diǎn)以初速度v0釋放，沿曲桿AB運(yùn)動(dòng)最終落地，地動(dòng)能最小，則在g）B點(diǎn)離地高度為h，C點(diǎn)離地高度為1A處重力勢(shì)能為多少？（以地面為零勢(shì)能面，重h，（h＞h），為使得小環(huán)落C212hh力加速度為21解：臨界條件為小環(huán)剛好能通過(guò)B點(diǎn)，因?yàn)槿讨挥兄亓ψ龉Γ瑱C(jī)械能守恒，Emgh，因此所求為BEEEEEmgh1mv221pAAkABkA10這道題如果左邊斜面改有成摩擦，那么難度就會(huì)陡然上升~聯(lián)系動(dòng)能定理才能解答；七、氣體與內(nèi)能VS1、油膜法測(cè)量分子直徑（10-10m）：dMNm2、分子的質(zhì)量：AMV3、摩爾體積：VN4、分子所占的體積：V分（對(duì)氣體而言，分子所七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶A小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案占體積遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于分子本身的體積）M36V分d3V分3N5、*分子的直徑，固液分子距離：6、分子速率的統(tǒng)計(jì)分布規(guī)律：ATT12pVpV7、玻意耳定律（等T變化）：1122p1p2TT8、查理定律（等V變化）：12Tt273Tt熱力學(xué)溫度：9、能的轉(zhuǎn)化和能量守恒定律：能量轉(zhuǎn)化的方向性；能源分類；功是能量轉(zhuǎn)化的量度；10、典型題：如圖所示，一端封閉、粗細(xì)均勻的薄壁玻璃管開口向下堅(jiān)直插在裝內(nèi)，管內(nèi)封閉有一定質(zhì)量的空氣，水銀槽的截面積上下相同，是玻璃管截面積的有水銀的水銀槽倍。開始時(shí)管內(nèi)空離開槽中水銀5氣長(zhǎng)度為6cm，管內(nèi)外水銀面高度差為使管內(nèi)外水銀面高度差變成50cm。將玻璃管沿豎直方向緩慢上移60cm。(大氣壓相當(dāng)于75cmHg)，求：(管口末)，(1)此時(shí)管內(nèi)空氣柱的長(zhǎng)度；(2)水銀槽內(nèi)水銀面下降的高度。pVpV，可得解：（1）玻璃管內(nèi)的空氣作等溫變化，據(jù)玻意耳定律1122(ppgH)l(ppgH)l①011022lppgH1l②10ppgH202775550600.060.10(m)③x，水銀體積不變（2）設(shè)水銀槽內(nèi)水銀面下降SHSx④12Sx1(HH)⑤S2121(0.600.50)0.02(m)⑥5七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)閔班行七寶初中補(bǔ)習(xí)閔班行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)閔班行七寶小升初班精品教案八、靜電場(chǎng)：qq1Nm2Fk2，k9109r21、*庫(kù)侖定律：C2e1.61019C由密立根通過(guò)油滴實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)；2、元電荷：F3、電場(chǎng)強(qiáng)度：定義式EqEkQr2*點(diǎn)電荷電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)**勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)UEd4、電場(chǎng)線：正電荷（或無(wú)窮遠(yuǎn)）出發(fā)，負(fù)電荷（或無(wú)窮遠(yuǎn)）終止的不閉合曲線；順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低；:E，Eq5、*電勢(shì)，電勢(shì)能6、*電場(chǎng)力的功:W=qUWE電電q電AAabab電Wab等勢(shì)線：與電場(chǎng)線垂直；等勢(shì)線密集則電場(chǎng)線密集qa*電勢(shì)差：Uabb注意：力和場(chǎng)強(qiáng)公式不用代入電荷的正負(fù)號(hào)，電勢(shì)能和電場(chǎng)力做功需代入電荷的正負(fù)號(hào)；7、典型題：如圖，用兩根絕緣細(xì)線將2q；B球帶正電，質(zhì)量為場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為A、B兩小球連接后掛在天花板上。m，電荷量為q。在小球所處空間，外加一個(gè)方E。若兩細(xì)線均被拉直，A球帶負(fù)電，電荷量為向向下的勻強(qiáng)電的拉力大小為是AB間距離為l，則細(xì)線對(duì)B______________。若突然撤去外加電場(chǎng)，之后_____________。（已知重力加速度為B球的電勢(shì)能的變化情況ABg，靜電力恒量為k）。E解：對(duì)B受力分析，可得第一問(wèn)答案為：mg＋qE－，電勢(shì)能的改變量的相反數(shù)等于電場(chǎng)力做的功，W電E，通過(guò)分析可知電B球可能上移或者不動(dòng)，故可得第二問(wèn)答案為：可能不變或可能減??；這道題的電場(chǎng)方向可改為水平，受力分析的整體法與隔離法判斷靜止時(shí)的形狀也很經(jīng)典；七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案九、穩(wěn)恒電流1、歐姆定律:IURPI2RU22、電功率:P=UI純電阻RWI2RtUt3、電功:W=Pt=UIt純電阻2RI2Rt:Q4、**焦耳定律5、串聯(lián)電路總電阻R=R+R+R123電壓分配U1R，UR1URR121UR122RP1R1，PR功率分配P1RRP21212111RR6、并聯(lián)電路總電阻并聯(lián)電路電流分配并聯(lián)電路功率分配:1R12RRRRRR12312I:I1R2，=RI21IRRR1212:P1R2，R1RP1PR2R1P22ERr:I，EUIr7、*全電路歐姆定律*電動(dòng)勢(shì)：其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的能力RERr8、*路端電壓:U=E－IrU10、*電源的效率:P有URRrP總11、*電源總功率:P=IE總:PIUIEI出r*電源輸出功率2*電源內(nèi)電路消耗功率:P=Ir2內(nèi)E2*電源輸出功率最大的條件12、*串聯(lián)電池組：:R=r時(shí)P出max4rEnE，rnr0013、典型題：在如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為6V，內(nèi)阻為1Ω，電阻R=5Ω，R=6Ω，滑動(dòng)變阻器的阻值120-30Ω．閉合電鍵K，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P由a端向b端滑動(dòng)時(shí)，理想I、七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行電流表和理七寶初中補(bǔ)想電壓表示數(shù)變化量的大小分別用△習(xí)班閔行七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案UI=______Ω．R消耗的最小電功率為△U表示．則解：U的絕對(duì)值等于______W．1UU，也就是說(shuō)，第一問(wèn)答案為內(nèi)1rR6，也就是說(shuō)可以把1R看成內(nèi)阻即可；1PI2R，11第二問(wèn)由總電流最小R18,RR12618時(shí)電阻最大，計(jì)算可得答案為則電阻最大，可知0.8W；apbp2十、磁場(chǎng)十一、1、奧斯特發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁，場(chǎng)可以用2、左手定則：電流在外界磁中場(chǎng)可能受到力的作用；右手螺旋定則判斷磁場(chǎng)方向；FB磁感線是閉合曲線磁感應(yīng)強(qiáng)度：Il*安培力磁場(chǎng)方向與電流方向垂直時(shí)F=BILPmghUIt直流電動(dòng)機(jī)把電能通過(guò)磁場(chǎng)轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，實(shí)驗(yàn)：有P總3、磁通量=BS（垂直于磁場(chǎng)方向的投影是有效面積）有效4、典型題：如圖所示，兩根平行放置的長(zhǎng)直導(dǎo)線a和b載有大小相同方向相反的電流，a受到的磁場(chǎng)力大小變?yōu)閍受到的磁場(chǎng)力大小b受到的磁場(chǎng)力大小為F，當(dāng)加入一與導(dǎo)線所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)后，1F，則此時(shí)2變?yōu)?；如果其他條件不變，改兩導(dǎo)線電流同向，則答案應(yīng)為；解：兩導(dǎo)線電流相反，互相排斥，據(jù)牛頓第三定律，兩個(gè)斥力大小相等；加入磁場(chǎng)后，據(jù)左手定則，兩導(dǎo)線因此所受的外界磁場(chǎng)力仍舊方向相反，兩導(dǎo)線電流大小相同，則根據(jù)F=BIL，兩力仍等大，求合力，可得第一問(wèn)答案仍為F；2通過(guò)作圖，分類討論F<F或F>F以及方向的異七寶新王牌閔行高中補(bǔ)習(xí)班閔行七寶初中補(bǔ)習(xí)班閔行11七寶小學(xué)補(bǔ)習(xí)班閔行七寶小升初補(bǔ)習(xí)班精品教案同，通過(guò)四次討論，可得答案為2FF或或2FFF2F；122112這個(gè)圖很常見，還有討論它們周圍磁場(chǎng)方向的，注意矢量迭加；十一、電磁感應(yīng)EBlv1、*直導(dǎo)線切割磁力線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)：2、產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件：①閉合回路②其中的磁通量發(fā)生變化法拉第發(fā)現(xiàn)電磁感應(yīng)現(xiàn)象；右手定則：判斷感應(yīng)電流的方向；只能判斷“動(dòng)生”感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；*楞次定律：還可以判斷“感生”感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；楞次定律可以從能量守恒的角度來(lái)理解，來(lái)拒去留，機(jī)械能通過(guò)磁場(chǎng)轉(zhuǎn)化為電能，最后由焦耳定律變成內(nèi)能；FB2L2v3、*直桿平動(dòng)垂直切割磁場(chǎng)時(shí)的安培力：RrtqRrEn，電量4、**法拉第電磁感應(yīng)定律：5、典型題：如圖，兩根足夠長(zhǎng)、間距L＝1m的光滑平行導(dǎo)軌豎直固定。在垂直導(dǎo)軌的虛線aa下方有方向如12圖、磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，垂直導(dǎo)軌的虛線0應(yīng)強(qiáng)度B＝T（x為離bb的距離）、沿水平方向均勻分布的磁場(chǎng)。12力F拉質(zhì)量m＝50g的細(xì)金屬桿c從bb以初速度v開始向上運(yùn)動(dòng)，12bb上方有12垂直紙面、磁感現(xiàn)用豎直向上的c桿保持與導(dǎo)軌0垂直。同時(shí)，釋放垂直導(dǎo)軌置于桿d，d桿恰好靜止。其余電阻不計(jì)，兩桿與導(dǎo)軌接觸良好，aa下質(zhì)量也為m＝50g、電阻R＝1220Ω的細(xì)金屬g取10m/s2。（1）求通過(guò)桿d的電流大小及bb以上區(qū)域磁場(chǎng)的方向；12（2）通過(guò)分析和計(jì)算，說(shuō)明桿c做什么性質(zhì)的運(yùn)動(dòng)；求其所受作用力（3）以桿c從bb出發(fā)開始計(jì)時(shí)，12F的大小與時(shí)間t的關(guān)系式。解：（1）桿d受重力、安培力作用而平衡：BILmg①0mg0.0510IBL0A1A0.51得：②由桿d受到的安培力向上，面向外。用左手定則得到桿d中電流向左，由桿c電流方向向右，用右手定則得到磁場(chǎng)垂直紙BLvRI（2）設(shè)桿c上升到離③bb距離為12x處、切割磁感線的速率為v，由切割磁感線電動(dòng)勢(shì)公式和歐姆定律有：vIR120/410/msxmsBL201x410故vv22ax公式，所以桿0符合c勻加速直線上升，且初速度v和加速度a的大小分別為：0v＝2m/s④0a＝5m/s⑤2（3）桿c此時(shí)受拉力F、重力、安培力作用，由牛頓第二定律有：20FmagBIL()0.05(510)N11x41020(0.75N)x410FmgBILma⑥⑦xvt1at2ttm⑧(22.5)220桿c從bb出發(fā)到此時(shí)位置的位移12聯(lián)列⑦⑧得：F＝（0.75＋）N作為壓軸題，電磁感應(yīng)常常聯(lián)系直線運(yùn)動(dòng)、牛頓運(yùn)動(dòng)定律、動(dòng)能定理或能量與能量守恒、電路、電磁感應(yīng)；并需要運(yùn)用一些“數(shù)