2024學(xué)年黑龍江省牡丹江市一中物理高二第一學(xué)期期末調(diào)研模擬試題含解析

2024學(xué)年黑龍江省牡丹江市一中物理高二第一學(xué)期期末調(diào)研模擬試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖，電場(chǎng)中一正離子只受電場(chǎng)力作用從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)．離子在A點(diǎn)的速度大小為v0，速度方向與電場(chǎng)方向相同．能定性反映該離子從A點(diǎn)到B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)情況的速度﹣時(shí)間（v﹣t）圖象是（）A. B.C. D.2、物理學(xué)家通過(guò)艱苦的實(shí)驗(yàn)來(lái)探究自然的物理規(guī)律，為人類的科學(xué)做出了巨大貢獻(xiàn)．下列描述中符合物理學(xué)史實(shí)的是（）A.安培發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)B.奧斯特通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)定了磁場(chǎng)對(duì)電流的作用力C.庫(kù)侖總結(jié)出了真空中的兩靜止點(diǎn)電荷間相互作用的規(guī)律D.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象并總結(jié)出了判斷感應(yīng)電流方向的規(guī)律3、如圖所示，兩等量異種電荷在同一水平線上，它們連線的中點(diǎn)為O，豎直面內(nèi)的半圓弧光滑絕緣軌道的直徑AB水平，圓心在O點(diǎn)，圓弧的半徑為R，C為圓弧上的一點(diǎn)，OC與豎直方向的夾角為37°，一電荷量為+q，質(zhì)量為m的帶電小球從軌道的A端由靜止釋放，沿軌道滾動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)速度v=，g為重力加速度，取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則（）A.電場(chǎng)中B點(diǎn)的電勢(shì)為B.電場(chǎng)中A點(diǎn)的電勢(shì)為C.小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為2mgRD.小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)，其動(dòng)能與電勢(shì)能的和為1.3mgR4、一個(gè)電流計(jì)的滿偏電流為Ig，內(nèi)電阻為Rg，要把它改裝成量程為nIg的電流表，應(yīng)在電流計(jì)上()A.串聯(lián)一個(gè)(n-1)Rg的電阻 B.串聯(lián)一個(gè)的電阻C.并聯(lián)一個(gè)（n-1）Rg的電阻 D.并聯(lián)一個(gè)的電阻5、如圖所示是質(zhì)譜儀工作原理的示意圖．重力均可忽略的帶電粒子a、b經(jīng)電壓U加速(在A點(diǎn)的初速度為零)后，進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，最后分別打在感光板S上的x1、x2處．圖中半圓形的虛線分別表示帶電粒子a、b所通過(guò)的路徑，則()A.a的質(zhì)量一定大于b的質(zhì)量 B.a的電荷量一定大于b的電荷量C.在磁場(chǎng)中a運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一定小于b運(yùn)動(dòng)的時(shí)間 D.a的比荷一定大于b的比荷6、將一個(gè)電源與一個(gè)電阻箱連接構(gòu)成閉合回路，測(cè)得的電阻箱所消耗的功率P與電阻箱的讀數(shù)R的關(guān)系如圖所示，下列說(shuō)法正確的是A.電源的電動(dòng)勢(shì)為45VB.電源的內(nèi)阻為5ΩC.電源最大輸出功率可能大于45WD.電阻箱消耗的功率為最大值時(shí)，電源的效率大于50%二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，空間有豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，一帶正電的小球質(zhì)量為m，在豎直平面內(nèi)沿與水平方向成30o角的虛線以速度v0斜向上做勻速運(yùn)動(dòng)．當(dāng)小球經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)突然將電場(chǎng)方向旋轉(zhuǎn)一定的角度，電場(chǎng)強(qiáng)度大小不變，小球仍沿虛線方向做直線運(yùn)動(dòng)，選O點(diǎn)電勢(shì)為零，重力加速度為g，則A原電場(chǎng)方向豎直向下B.改變后的電場(chǎng)方向垂直于ONC.電場(chǎng)方向改變后，小球的加速度大小為gD.電場(chǎng)方向改變后，小球的最大電勢(shì)能為8、下列關(guān)于等勢(shì)面的說(shuō)法正確的是（）A.電荷在等勢(shì)面上移動(dòng)時(shí)不受電場(chǎng)力作用，所以不做功B.等勢(shì)面上各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)相同C.點(diǎn)電荷在真空中形成電場(chǎng)的等勢(shì)面是以點(diǎn)電荷為球心的一簇球面D.勻強(qiáng)電場(chǎng)中的等勢(shì)面是相互平行的垂直于電場(chǎng)線的一簇平面9、如圖所示，水平的平行金屬板和直流電源相連，中間有一垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一帶正電粒子（重力不計(jì)）以速度v向右飛入板間，恰能做勻速直線運(yùn)動(dòng)。僅改變以下某項(xiàng)條件時(shí)，物體仍然做勻速直線運(yùn)動(dòng)的有A.讓粒子帶負(fù)電B.讓電源的正負(fù)極交換C.讓金屬板間距離增大D.讓粒子所帶電量增大10、如圖所示，在x軸上方存在垂直于紙面向里且磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在x軸下方存在垂直于紙面向外且磁感應(yīng)強(qiáng)度為B/2的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．一帶負(fù)電的粒子從原點(diǎn)O以與x軸成30°角斜向上射入磁場(chǎng)，且在x軸上方磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑為R．則()A.粒子經(jīng)偏轉(zhuǎn)后一定能回到原點(diǎn)OB.粒子在x軸上方和下方磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑之比為2∶1C.粒子完成一次周期性運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為D.粒子第二次射入x軸上方磁場(chǎng)時(shí)，沿x軸前進(jìn)了3R三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）某同學(xué)欲測(cè)量一電容器的電容，他采用高電阻放電法來(lái)測(cè)量，電路圖如圖甲所示．其原理是測(cè)出電容器在充電電壓為U時(shí)所帶的電荷量Q，從而求出其電容C．該實(shí)驗(yàn)的操作步驟如下：（1）先判斷電容器的好壞，使用萬(wàn)用表的電阻擋進(jìn)行測(cè)量，觀察到萬(wàn)用表指針向右偏轉(zhuǎn)較大角度，又逐漸返回到起始位置，此現(xiàn)象說(shuō)明電容器是____（選填“好”、“壞”）的；（2）按如圖甲所示電路原理圖連接好實(shí)驗(yàn)電路，將開(kāi)關(guān)S接通____（選填“1”、“2”），對(duì)電容器進(jìn)行充電，調(diào)節(jié)可變電阻R的阻值，再將開(kāi)關(guān)S接通另一端，讓電容器放電，觀察微安表的讀數(shù)，直到微安表的初始指針接近滿刻度；（3）此時(shí)讓電容器先充電，記下這時(shí)的電壓表讀數(shù)U0=2.9V，再放電，并同時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，每隔5s或10s讀一次微安表的讀數(shù)i，將讀數(shù)記錄在預(yù)先設(shè)計(jì)的表格中。根據(jù)表格中的12組數(shù)據(jù)，以t為橫坐標(biāo)，i為縱坐標(biāo)，在乙圖所示的坐標(biāo)紙上描點(diǎn)（圖中用“×”表示），請(qǐng)?jiān)趫D上作出電流i與時(shí)間t的曲線______;（4）根據(jù)以上實(shí)驗(yàn)結(jié)果和圖象，算出該電容器的電容約為_(kāi)___F（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）12．（12分）歐姆表“”檔的中央刻度值中值電阻為，已知其內(nèi)裝有一節(jié)干電池，干電池的電動(dòng)勢(shì)為，該歐姆表表頭滿偏電流為_(kāi)_____mA，要測(cè)約的電阻應(yīng)選______檔四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖，兩根間距為L(zhǎng)＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫P處穿過(guò)b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫(huà)出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解題分析】電場(chǎng)中正離子只受電場(chǎng)力作用從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)離子做正功，速度增大，電場(chǎng)力提供加速度qE=ma，場(chǎng)強(qiáng)減小，加速度減小，速度時(shí)間圖像中斜率表示加速度的大小，C對(duì)；考點(diǎn)：考查電場(chǎng)力做功與牛頓第二定律的應(yīng)用點(diǎn)評(píng)：在求解本題過(guò)程中注意速度與電場(chǎng)力做功的關(guān)系、加速度與電場(chǎng)力、電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系2、C【解題分析】奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；安培通過(guò)實(shí)驗(yàn)測(cè)定了磁場(chǎng)對(duì)電流的作用力，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；庫(kù)侖總結(jié)出了真空中的兩靜止點(diǎn)電荷間相互作用的規(guī)律，選項(xiàng)C正確；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，楞次總結(jié)出了判斷感應(yīng)電流方向的規(guī)律，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選C.3、D【解題分析】圖中過(guò)O點(diǎn)的虛線是一條等勢(shì)線，一直延伸到無(wú)窮遠(yuǎn)，O點(diǎn)的電勢(shì)為零．小球從A運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過(guò)程，由動(dòng)能定理求出AO兩點(diǎn)間的電勢(shì)差，從而得到A點(diǎn)的電勢(shì)．由對(duì)稱性求B點(diǎn)的電勢(shì)．小球從最低點(diǎn)到B的過(guò)程，由能量守恒定律求小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能，并求得總能量【題目詳解】取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為0，則最低點(diǎn)處電勢(shì)為0．小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過(guò)程中，由動(dòng)能定理可得：mgR+qUAO＝mv2；解得；而UAO=φA-0；解得：φA＝，故A錯(cuò)誤；由對(duì)稱性可知：UAO=UOB，即為：φA-0=0-φB；故有：φB＝?，故A錯(cuò)誤；小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)過(guò)程中，由動(dòng)能定理得：Ek=qUAB=mgR，故C錯(cuò)誤；小球在最低點(diǎn)處動(dòng)能和電勢(shì)能的總和為：E1＝mv2+0＝mgR；由最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)過(guò)程，動(dòng)能、電勢(shì)能、重力勢(shì)能的總量守恒，而重力勢(shì)能增加量為：△Ep=mgR（1-cos37°）=0.2mgR；故動(dòng)能、電勢(shì)能的綜合減少了0.2mgR，所以小球在C點(diǎn)的動(dòng)能和電勢(shì)能的總和為：E2=E1-0.2mgR=1.3mgR，故D正確；故選D【題目點(diǎn)撥】解決本題的關(guān)鍵是要知道等量異種電荷連線的中垂線是一條等勢(shì)線，其電勢(shì)與無(wú)窮遠(yuǎn)處相同．在知道運(yùn)用動(dòng)能定理是求電勢(shì)差常用的方法4、D【解題分析】要擴(kuò)大電流變量程，應(yīng)該并聯(lián)分流電阻，利用并聯(lián)電路的規(guī)律和歐姆定律可以求出分流電阻的大小【題目詳解】改裝后的電流表滿偏時(shí)通過(guò)的電流為nIg，通過(guò)電流計(jì)的電流為Ig，故通過(guò)分流電阻的電流為（n-1）Ig，并聯(lián)電壓相同，為IgRg，計(jì)算得分流電阻的大小為；故D正確，ABC錯(cuò)誤5、D【解題分析】ABD．設(shè)粒子經(jīng)電場(chǎng)加速后的速度大小為v，磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，電荷量和質(zhì)量分別為q、m，打在感光板上的距離為S。根據(jù)動(dòng)能定理，得解得：由解得：則得到：由圖，Sa＜Sb，U、B相同，則故AB錯(cuò)誤，D正確；C．根據(jù)粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期公式，可知，它們的周期相同，由于運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是周期的一半，因此磁場(chǎng)中a運(yùn)動(dòng)的時(shí)間一定等于b運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，故C錯(cuò)誤；故選D。6、B【解題分析】根據(jù)電源輸出功率的性質(zhì)可知，當(dāng)內(nèi)外電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，最大值為P=，此時(shí)電源的效率為50%【題目詳解】當(dāng)內(nèi)外電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，由圖可知，電源的內(nèi)阻為5Ω，故B正確；由可知，E=30V；故A錯(cuò)誤；由圖可知，電源的輸出功率最大為45W，故C錯(cuò)誤；根據(jù)效率公式可得：，最大功率時(shí)內(nèi)外電阻相等，所以效率為50%．故D錯(cuò)誤．故選B【題目點(diǎn)撥】本題考查電源的輸出功率的特點(diǎn)，要注意明確當(dāng)內(nèi)外電阻相等時(shí)電源的輸出功率最大，但此時(shí)效率只有50%二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解題分析】開(kāi)始時(shí)，小球沿虛線做勻速運(yùn)動(dòng)，可知小球受向下的重力和向上的電場(chǎng)力平衡Eq=mg，小球帶正電，則電場(chǎng)豎直向上，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；改變電場(chǎng)方向后，小球仍沿虛線做直線運(yùn)動(dòng)，可知電場(chǎng)力與重力的合力沿著NO方向，因Eq=mg，可知電場(chǎng)力與重力關(guān)于ON對(duì)稱，電場(chǎng)方向與NO成600，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；電場(chǎng)方向改變后，電場(chǎng)力與重力夾角為1200，故合力大小為mg，小球的加速度大小為g，選項(xiàng)C正確；電場(chǎng)方向改變后，小球能沿ON運(yùn)動(dòng)的距離為，則克服電場(chǎng)力做功為：，故小球的電勢(shì)能最大值為，選項(xiàng)D正確；故選CD.8、CD【解題分析】試題分析：等勢(shì)面與電場(chǎng)線垂直，故沿著等勢(shì)面移動(dòng)點(diǎn)電荷，電場(chǎng)力與運(yùn)動(dòng)方向一直垂直，電場(chǎng)力不做功，故A錯(cuò)誤；電場(chǎng)中電勢(shì)相等的各個(gè)點(diǎn)構(gòu)成的面叫做等勢(shì)面，等勢(shì)面上各個(gè)點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小情況要看具體的電場(chǎng)，故B錯(cuò)誤；等勢(shì)面與電場(chǎng)線垂直，結(jié)合這個(gè)特點(diǎn)可以知道孤立點(diǎn)電荷在真空中形成的電場(chǎng)的等勢(shì)面是以點(diǎn)電荷為圓心的一簇球面，故C正確；等勢(shì)面與電場(chǎng)線垂直，結(jié)合這個(gè)特點(diǎn)可以知道勻強(qiáng)電場(chǎng)中的等勢(shì)面是相互平行的垂直于電場(chǎng)線的一簇平面，故D正確；故選CD考點(diǎn)：等勢(shì)面【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是要明確等勢(shì)面的概念，電場(chǎng)中電勢(shì)相等的各個(gè)點(diǎn)構(gòu)成的面叫做等勢(shì)面；等勢(shì)面與電場(chǎng)線垂直，沿著等勢(shì)面移動(dòng)點(diǎn)電荷，電場(chǎng)力不做功；同時(shí)要能根據(jù)電場(chǎng)線畫(huà)出常見(jiàn)的幾種等勢(shì)面圖9、AD【解題分析】A.帶正電粒子恰能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則Eq=qvB。粒子帶負(fù)電，電場(chǎng)力與洛倫茲力大小仍相等，方向都與相反，粒子仍然做勻速直線運(yùn)動(dòng)的，故A正確；B.讓電源的正負(fù)極交換，正粒子受到的電場(chǎng)力與洛倫茲力都向下，粒子將向下偏轉(zhuǎn)，故B錯(cuò)誤；C.當(dāng)板間距離增大時(shí)，根據(jù)U=Ed，場(chǎng)強(qiáng)變小，Eq<qvB，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡偏向下極板，故C錯(cuò)誤；D.粒子所帶電量增大，只要速度不變，仍滿足Eq=qvB，粒子仍然做勻速直線運(yùn)動(dòng)的，故D正確。故選：AD10、CD【解題分析】粒子在磁場(chǎng)中受到洛倫茲力而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定則判斷粒子所受的洛倫茲力方向，確定粒子能否回到原點(diǎn)O；根據(jù)牛頓第二定律求解半徑；由求解周期；根據(jù)幾何知識(shí)求解粒子第二次射入x軸上方磁場(chǎng)時(shí)沿x軸前進(jìn)的距離【題目詳解】A項(xiàng)：根據(jù)左手定則判斷可知，負(fù)電荷在第一象限和第四象限所受的洛倫茲力方向不同，粒子在第一象限沿順時(shí)針?lè)较蛐D(zhuǎn)，而在第四象限沿逆時(shí)針?lè)较蛐D(zhuǎn)，不可能回到原點(diǎn)0，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：由得粒子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑與B成反比，則粒子在x軸上方和下方兩磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑之比為1：2，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：負(fù)電荷在第一象限軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角為60°，在第一象限軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角也為60°，粒子圓周運(yùn)動(dòng)的周期為，保持不變，在一個(gè)周期內(nèi)，粒子在第一象限運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為同理，在第四象限運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，完在成一次周期性運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為T′=t1+t2=，故C正確；D項(xiàng)：根據(jù)幾何知識(shí)得：粒子第二次射入x軸上方磁場(chǎng)時(shí)，沿x軸前進(jìn)距離為x=R+2R=3R，故D正確故選CD【題目點(diǎn)撥】本題考查帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，解題關(guān)鍵是根據(jù)軌跡的圓心角等于速度的偏向角，找到圓心角，即可由幾何知識(shí)求出運(yùn)動(dòng)時(shí)間和前進(jìn)的距離三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、①.好②.1③.④.2.6×10-3~3.0×10-3之間【解題分析】（1）[1]使用萬(wàn)用表的電阻擋進(jìn)行測(cè)量，觀察到萬(wàn)用表指針向右偏轉(zhuǎn)較大角度，又逐漸返回到起始位置，此現(xiàn)象說(shuō)明電容器是好的。（2）[2]將開(kāi)關(guān)S接通“1”，電容器與電源連接，對(duì)電容器進(jìn)行充電。（3）[3]根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)所描出的點(diǎn)，用平滑的曲線把各點(diǎn)連接起來(lái)，可作出作出電流i與時(shí)間t的圖象如圖：（4）[4]由知，電荷量為I?t圖象與坐標(biāo)軸所圍的面積，即面積為電容器在開(kāi)始放電時(shí)所帶的電荷量。由圖象可知“面積”格數(shù)約32格（31～33格均正確），每小格相當(dāng)于2.5×10-4C，所以電容器電容為U0時(shí)，電荷量Q=7.75×10?3C(8.00×10?3C～8.25×10?3C均正確)，電容器的電容（2.6×10-3~3.0×10-3之間均正確）。12、①.100②.【解題分析】根據(jù)“歐姆表表頭”可知，本題考查歐姆表的原理和應(yīng)用，根據(jù)閉合電路的歐姆定律，運(yùn)用歐姆表內(nèi)阻等于中值電阻，進(jìn)行求解.【題目詳解】歐姆表“”檔的中央刻度值中值電阻為，則中央刻度線為15，歐姆表內(nèi)阻等于中值電阻，歐姆表表頭滿偏電流：，歐姆表指針指在中央刻度線附近時(shí)測(cè)量