2024學(xué)年山東省煙臺市萊州市一中物理高三上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題含解析

2024學(xué)年山東省煙臺市萊州市一中物理高三上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一個大小可忽略，質(zhì)量為m的模型飛機，在距水平地面高為h的水平面內(nèi)以速率v繞圓心O做半徑為R的勻速圓周運動，O′為圓心O在水平地面上的投影點．某時刻該飛機上有一小螺絲掉離飛機．不計空氣對小螺絲的作用力，重力加速度大小為g．下列說法正確的是（）A．飛機處于平衡狀態(tài)B．空氣對飛機的作用力大小為mvC．小螺絲第一次落地點與O′點的距離為2D．小螺絲第一次落地點與O′點的距離為22、如圖所示，三個形狀不規(guī)則的石塊a、b、c在水平桌面上成功地疊放在一起靜止不動，下列說法正確的是（）A．c與水平桌面間的動摩擦因數(shù)μ=0B．c對b的作用力一定豎直向上C．b對a的支持力是由于a物體發(fā)生形變產(chǎn)生的D．a(chǎn)對b的壓力就是a物體的重力3、某車以相同的功率在兩種不同的水平路面上行駛，受到的阻力分別為車重的k1和k2倍，最大速率分別為v1和v2，則()A．v2＝k1v1 B．v2＝v1 C．v2＝v1 D．v2＝k2v14、如圖所示,質(zhì)量為m、帶電量為q的油滴從空中自由下落時間t1后進入水平放置的帶電極板間,再經(jīng)過t2速度為第一次變?yōu)榱?則油滴在極板間運動時油滴的加速度大小為(不計空氣阻力)（）A．gt1/(t1+t2)B．g(t1+t2)/t2C．gt1/t2D．gt2/t15、滑雪運動深受人民群眾的喜愛，某滑雪運動員（可視為質(zhì)點）由坡道進入豎直面內(nèi)的圓弧形滑道AB，從滑道的A點滑行到最低點B的過程中，由于摩擦力的存在，運動員的速率不變，則運動員沿AB下滑過程中()A．所受合外力始終為零B．合外力做功一定為零C．所受摩擦力大小不變D．機械能始終保持不變6、在物理學(xué)發(fā)展的過程中，許多物理學(xué)家的科學(xué)研究推動了人類文明的進程．在對以下幾位物理學(xué)家所作科學(xué)貢獻的敘述中，正確的說法是A．在對自由落體運動的研究中，伽利略猜想運動速度與下落時間成正比，并直接用實驗進行了驗證B．牛頓應(yīng)用“理想斜面實驗”推翻了亞里士多德的“力是維持物體運動的原因”觀點C．胡克認為只有在一定的條件下，彈簧的彈力才與彈簧的形變量成正比D．亞里士多德認為兩個從同一高度自由落下的物體，重物體與輕物體下落一樣快二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、完全相同的甲、乙兩個物體放在同一水平地面上，分別在水平拉力、作用下，由靜止開始做勻加速直線運動，分別經(jīng)過時間和，速度分別達到和時撤去、，甲、乙兩物體開始做勻減速直線運動，直到靜止。其速度隨時間變化情況如圖所示，則下列各項說法中正確的是A．若在、作用時間內(nèi)甲、乙兩物體的位移分別為、，則B．若整個運動過程中甲、乙兩物體的位移分別為、，則

C．甲、乙兩物體勻減速過程的位移之比為2：1D．若在勻加速過程中甲、乙兩物體的加速度分別為和，則8、一起重機的鋼繩由靜止開始勻加速提起質(zhì)量為m的重物，當(dāng)重物的速度為v1時，起重機的有用功率達到最大值P．以后，起重機保持該功率不變，繼續(xù)提升重物，直到以最大速度勻速上升．則下列說法正確的是A．鋼繩的最大拉力為B．鋼繩的最大拉力為+mgC．重物的最大速度為v2=D．重物做勻加速運動的時間9、靜止的城市綠化灑水車，由橫截面積為S的水龍頭噴嘴水平噴出水流，水流從射出噴嘴到落地經(jīng)歷的時間為t，水流落地點與噴嘴連線與水平地面間的夾角為θ，忽略空氣阻力，以下說法正確的是（）A．水流射出噴嘴的速度為 B．空中水柱的水的體積為C．水流落地時位移大小為 D．水流落地時的速度為10、如圖所示，質(zhì)量為m的小球(可視為質(zhì)點)用長為L的細線懸掛于O點，自由靜止在A位置．現(xiàn)用水平力F緩慢地將小球從A拉到B位置而靜止，細線與豎直方向夾角為θ＝60°，此時細線的拉力為T1，然后撤去水平力F，小球從B返回到A點時細線的拉力為T2，則()A．T1＝T2＝2mgB．從A到B，拉力F做功為mgLC．從B到A的過程中，小球受到的合外力大小不變D．從B到A的過程中，小球重力的瞬時功率先增大后減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組利用如圖所示裝置，探究木塊在木板上滑動至停止的過程中，摩擦力做的功與木塊滑上木板時初速度的關(guān)系．實驗步驟如下：A．將彈簧左端固定在平臺上，右端自然伸長到平臺右側(cè)O點，木板緊靠平臺，其上表面與P，Q在同一水平面上．使木塊壓縮彈簧自由端至P點后由靜止釋放，木塊最終停在木板上的B點，記下P點并測出OB間的距離L．B．去掉木板再使木塊將彈簧壓縮至P點并由靜止釋放，測出木塊做平拋運動的水平位移x．C．改變由靜止釋放木塊的位置，以獲取多組L，x數(shù)據(jù)．D．用作圖象的辦法，探求L—x關(guān)系，得出結(jié)論．①A，B兩步中，均使彈簧壓縮到同一點P的目的是____________②本實驗中，是否必須測出圖中h的具體數(shù)值___________?(填“是”或“否”)．③實驗小組根據(jù)測得數(shù)據(jù)，作出L—x2圖象如右圖所示，據(jù)此，實驗小組便得出結(jié)論：摩擦力對木塊做的功形與木塊滑上木板時的初速度平方成正比．請寫出其推理過程_____：12．（12分）某同學(xué)在做“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗時，所用小燈泡上標有“3.8V0.5A”的字樣，現(xiàn)有電壓表（0～4.5V內(nèi)阻約為3kΩ）、電源、開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及以下器材：A．電流表（0～0.6A內(nèi)阻約為1Ω）B．電流表（0～3A內(nèi)阻約為0.25Ω）C．滑動變阻器（0～20）D．滑動變阻器（0～500）（1）實驗中如果即滿足測量要求，又要誤差較小，電流表應(yīng)選用_______；滑動變阻器應(yīng)選用_____．（選填相應(yīng)器材前的字母）（2）下列給出了四個電路圖，請你根據(jù)實驗要求選擇正確的實驗電路圖_____（3）下圖是實驗所用器材實物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線，請你補充完成實物間的連線_______．（4）某同學(xué)在實驗中得到了幾組數(shù)據(jù)，在下圖所示的電流—電壓（I—U）坐標系中，通過描點連線得到了小燈泡的伏安特性曲線，根據(jù)此電流—電壓圖線可知，小燈泡的電阻隨電壓的增大而________（填“增大”、“不變”或“減小”），其原因是___________________，同時可以根據(jù)此圖像確定小燈泡在電壓為2V時的電阻R=______Ω（5）根據(jù)此電流—電壓圖線，若小燈泡的功率是P，通過小燈泡的電流是I，下列給出的四個圖中可能正確的是__________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，直角坐標系xOy位于豎直平面內(nèi)，在水平的x軸下方存在勻強磁場和勻強電場，磁場的磁感應(yīng)強度為B，方向垂直xOy平面向里，電場線平行于y軸．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的小球，從y軸上的A點水平向右拋出，經(jīng)x軸上的M點進入電場和磁場，恰能做勻速圓周運動，從x軸上的N點第一次離開電場和磁場，MN之間的距離為L，小球過M點時的速度方向與x軸的方向夾角為.不計空氣阻力，重力加速度為g，求（1）電場強度E的大小和方向；（2）小球從A點拋出時初速度v0的大小；（3）A點到x軸的高度h.14．（16分）如圖,水平細桿上套有一質(zhì)量為0.54kg的小環(huán)A,用輕繩將質(zhì)量為0.5kg的小球B與A相連.B受到始終與水平方向成53°角的風(fēng)力作用,與A一起向右勻速運動,此時輕繩與水平方向夾角為37°,運動過程中B球始終在水平細桿的下方,則(取g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8).(1)B對繩子的拉力大小;(2)A與桿間的動摩擦因數(shù).15．（12分）如圖所示，一不可伸長的輕繩上端懸掛于O點，下端系一質(zhì)量m=1.0kg的小球．現(xiàn)將小球拉到A點（保持繩繃直）由靜止釋放，當(dāng)它經(jīng)過B點時繩恰好被拉斷，小球平拋后落在水平地面上的C點．地面上的D點與OB在同一豎直線上，已知繩長L=1.0m，B點離地高度H=1.0m，A、B兩點的高度差h=0.5m，重力加速度g取10m/s2，不計空氣阻力影響，求：（1）地面上DC兩點間的距離s；（2）輕繩所受的最大拉力大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

A項：飛機做勻速圓周運動，合力指向圓心，不是處于平衡狀態(tài)，故A錯誤；B項：對飛機，受到重力和空氣對飛機的作用力，如圖所示合力指向圓心提供向心力，空氣對飛機的作用力大小為：F=(mg)2+C、D項：小螺絲釘?shù)綦x飛機后做平拋運動，投影如圖所示，h=12gt2，得：t=2hg，水平位移x=vt=v22、B【解題分析】

根據(jù)平衡條件，依據(jù)相互作用力的內(nèi)容，及力的合成與分解方法，并依據(jù)摩擦力產(chǎn)生條件，即可求解；【題目詳解】A、以三塊作為整體研究，整體受到的重力與桌面的支持力是平衡力，則石塊c不會受到水平桌面的摩擦力，故無法判斷c與桌面間的動摩擦因數(shù)是否為零，故A錯誤；B、選取ab作為整體研究，根據(jù)平衡條件，則石塊c對b的作用力與其重力平衡，則塊c對b的作用力一定豎直向上，故B正確；C、根據(jù)彈力產(chǎn)生條件可知：b對a的支持力是由于b物體發(fā)生形變產(chǎn)生的，故選項C錯誤；D、a對b的壓力屬于彈力性質(zhì)，施力物體是a，a物體的重力的施力物體是地球，即這兩個力的性質(zhì)不同，施力物體也不同，故不同用“就是”二字來形容，但是二者的大小是相等的，故選項D錯誤?！绢}目點撥】該題考查整體法與隔離法的運用，掌握平衡條件的應(yīng)用，注意平衡力與相互作用力的區(qū)別，注意c對b的作用力是支持力與摩擦力的合力。3、B【解題分析】解：設(shè)汽車的功率為P，質(zhì)量為m，則有：P=K1mgV1=K2mgV2，所以v2=v1故選：B．【點評】解決本題的關(guān)鍵知道以額定功率行駛，汽車做加速度逐漸減小的加速運動，當(dāng)牽引力等于阻力時，速度達到最大．4、C【解題分析】對全過程運用動量定理得,

計算得出電場力.則油滴在極板間運動時油滴的加速度得:,故C正確；綜上所述本人答案是：C5、B【解題分析】

A、由于物體做曲線運動，所以合外力不為零，指向軌跡內(nèi)側(cè)，故A錯誤；B、根據(jù)動能定理：W合=ΔEk，可得滑塊下滑過程中，速率不變，所以動能不變，因此合外力做功一定為0，C、物體所受摩擦力為滑動摩擦力f=μN，由于運動員速率保持不變，所以向心力大小不變，對物體受力分析如圖所示：有N-mgcosθ=mv2R，運動員向下運動的過程中，角度D、沿AB下滑過程中，由于運動員速率不變，所以動能不變，所以重力勢能在減小，機械能在減小，故D錯誤；故選B。6、C【解題分析】

伽利略猜想自由落體運動的速度與下落時間成正比，但沒有直接用實驗進行驗證，故A錯誤；伽利略應(yīng)用“理想斜面實驗”推翻了亞里士多德的“力是維持物體運動的原因”的觀點，選項B錯誤；胡克認為只有在不超過彈簧的彈性限度時，彈簧的彈力才與彈簧的形變量成正比；故C正確；亞里士多德認為兩個物體從同一高度自由落下，重物體比輕物體下落的要快．故D錯誤．故選C.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】

A、圖象與時間軸圍成的面積表示位移，則由圖可知，在、作用時間內(nèi)甲、乙兩物體的位移分別為：；，則有：，故A錯誤；B、根據(jù)面積表示位移可知，整個運動過程中甲、乙兩物體的位移分別為：；，則，故B正確；C、根據(jù)面積表示位移可知，甲、乙兩物體勻減速過程的位移之比為：，故C錯誤；D、圖象的斜率表示加速度，則可知：，，故有：：：1，即，故D正確。故選：BD?！绢}目點撥】根據(jù)圖象與坐標軸所圍“面積”大小等于位移，由幾何知識比較位移大小，根據(jù)速度時間圖象的斜率表示加速度比較加速度大小；8、ACD【解題分析】

由題意可知考查機動車啟動規(guī)律，根據(jù)牛頓第二定律、功率公式分析計算可得?！绢}目詳解】AB．重物先做勻加速直線運動，再做加速度減小的加速運動，最后做勻速運動，開始勻加速時加速度最大，繩子拉力最大，重物的速度為v1時，起重機的有用功率達到最大值P，由可得鋼繩的最大拉力為F=故A正確，B錯誤；C．最后重物勻速運動，牽引力等于重力大小，聯(lián)可可得重物的最大速度為v2=故C正確；D．勻加速階段，鋼繩拉力為F1，重物做勻加速運動由牛頓第二定律可得由前面分析可知由運動學(xué)公式可得聯(lián)立可求的時間故D正確?！绢}目點撥】機動車以恒定的加速度啟動時可分成三個階段，第一階段做勻加速直線運動，阻力、牽引力不變，速度均勻增大，功率增大，當(dāng)功率達最大值后，功率不在變化。第二階段做加速度減小的加速運動，功率不變，阻力不變，牽引力逐漸減小，做加速度減小的加速運動。第三階段，做勻速直線運動，功率、牽引力、阻力都要不變化。整個過程中第一階段中的拉力最大。9、BC【解題分析】

A．水流落地點與噴嘴連線與水平地面間的夾角為θ，則有故故A錯誤；B．空中水柱的水量故B正確；C．水流落地時，豎直方向位移，根據(jù)幾何關(guān)系得，水流落地時位移大小為故C正確；D．水流落地時，豎直方速度vy=gt，則水流落地時的速度故D錯誤。故選BC?！绢}目點撥】水從噴嘴噴出后，做平拋運動，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做自由落體運動，根據(jù)平拋運動的基本規(guī)律結(jié)合幾何關(guān)系即可求解。10、AD【解題分析】小球在B位置時受到向下的重力mg、水平向左的拉力F、沿BO方向的拉力T1，根據(jù)平衡條件應(yīng)有T1=mgcos60°=2mg；小球返回到A時，根據(jù)牛頓第二定律應(yīng)有T2-mg=mvA2L

從B到A由動能定理可得mgL（1-cos60°）=12mvA，所以A正確；根據(jù)動能定理應(yīng)有WF-mgL（1-cos60°）=0，解得WF=12mgL，所以B錯誤；從B到A小球做圓周運動，在B點時所受的合力為FB=mgsinθ，在A點時所受的合力為FA=mvA2L，再由動能定理mgL（1-cosθ）=12mvA2，解得F，所以C錯誤；根據(jù)P=Fvcosα，小球在B點時的速度為0，所以重力的瞬時功率也為0，盡管小球在A點時的速度最大，但此時在豎直方向的速度為0，所以重力的瞬時功率也為0，所以小球從B到A的過程中重力的瞬時功率應(yīng)先增大后減小，D正確；故選AD．點睛：解答時應(yīng)明確：①物體緩慢運動過程即為動態(tài)平衡過程；②瞬時功率表達式為P=FVcosα，其中α是力F與速度v的正向夾角．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、保證木塊做平拋運動的初速度與木塊滑上木板時的初速度相等否設(shè)木塊做平拋運動的初速度為v，運動時間為t，則木塊的水平位移x=vt，木塊在水平木板上運動時，由動能定理得：-fL=0-mv2，解得：L=x2，m，f，t是常數(shù)，設(shè)=k，則L=kx2，k是常數(shù)，則L與x2成正比【解題分析】

①實驗要保證木塊的初速度相等，A，B兩步中，均使彈簧壓縮到同一點P的目的是保證木塊做平拋運動的初速度與木塊滑上木板時的初速度相等．②木塊離開平臺后做平拋運動，由于拋出點的高度一定，木塊在空中的運動時間相等，木塊的水平位移與時間成正比，實驗不需要測出平臺的高度h．③設(shè)木塊做平拋運動的初速度為v，運動時間為t，則木塊的水平位移x=vt，木塊在水平木板上運動時，由動能定理得：-fL=0-mv2，解得：L=x2，m，f，t是常數(shù)，設(shè)=k，則L=kx2，k是常數(shù)，則L與x2成正比．12、ACC增大電壓升高使電流增大于是功率增大導(dǎo)致溫度升高，燈絲電阻隨溫度升高而增大5D【解題分析】

（1）根據(jù)小燈泡銘牌可得小燈泡的額定電流為0.5A，所以選擇題電流表A，為了操作方便，應(yīng)選取和小燈泡電阻相差不大的，故滑動變阻器選擇C（2）電流表的內(nèi)阻和小燈泡的電阻相接近，分壓過大，需要采用電流表的外接法，小燈泡兩端的電壓需要從零開始，所以采用滑動變阻器的分壓接法，故選C（3）如圖所示（4）根據(jù)此電流—電壓圖線可知，小燈泡的電阻隨電壓的增大而，因為電壓升高使電流增大于是功率增大導(dǎo)致溫度升高，燈絲電阻隨溫度升高而增大；從圖中可知，當(dāng)電壓為2V時，對應(yīng)的電流為0.4A，由歐姆定律可知（5）因為小燈泡的電阻在增大，所以根據(jù)公式可得圖像應(yīng)是一條向上彎曲的曲線【名師點睛】