四川省遂寧地區(qū)高三上學(xué)期一診理綜物理試卷

四川省遂寧地區(qū)2022屆高三上學(xué)期一診理綜物理試卷一、單選題1．如圖，沿水平直軌運(yùn)行的地鐵車廂中，拉環(huán)在某時(shí)刻與豎直方向的夾角為θ，已知重力加速度大小為g。則在該時(shí)刻（）A．地鐵的運(yùn)動(dòng)方向水平向右 B．地鐵的加速度方向水平向左C．地鐵的加速度大小為gtanθ D．地鐵的加速度大小為gcotθ2．如圖，真空中固定著兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷，O是兩電荷連線的中點(diǎn)，a、b、c、d是連線上的四個(gè)點(diǎn)，e、f是連線的中垂線上的兩個(gè)點(diǎn)，ab=bO=Oc=cd，eO=Of。則（）A．中垂線上三個(gè)點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小關(guān)系為Ee=Ef>EOB．連線上相鄰兩點(diǎn)間的電勢(shì)差關(guān)系為Uab=UbO=UOc=UcdC．從e點(diǎn)靜止釋放一檢驗(yàn)正點(diǎn)電荷，該電荷將在e、f兩點(diǎn)間做直線往返運(yùn)動(dòng)D．將一檢驗(yàn)負(fù)點(diǎn)電荷先從a點(diǎn)沿直線移到c點(diǎn)，再沿直線移到e點(diǎn)，該電荷的電勢(shì)能先增大后減小3．某學(xué)生宿舍樓的火警報(bào)警裝置電路如圖所示，當(dāng)環(huán)境溫度急劇升高使電鈴兩端電壓迅速增大到一定值時(shí)，電鈴會(huì)發(fā)出報(bào)警鈴聲。關(guān)于該裝置中的熱敏電阻，其阻值R隨溫度t變化的下列四幅關(guān)系圖線中，最有可能的是（）A． B．C． D．4．圖（a）所示的機(jī)器人在巡視中沿醫(yī)院走廊做直線運(yùn)動(dòng)，圖（b）是該機(jī)器人在某段時(shí)間內(nèi)的位移-時(shí)間圖像（后10s的圖線為曲線，其余為直線）。則（）A．0～10s內(nèi)，機(jī)器人做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B．10～30s內(nèi)，機(jī)器人的平均速度大小為C．機(jī)器人在5s末的速度與15s末的速度相同D．機(jī)器人在0～30s內(nèi)的位移大小為12m5．如圖，絕緣光滑細(xì)桿成30°傾角固定，與桿上A點(diǎn)等高的O點(diǎn)固定著一正點(diǎn)電荷，穿在桿上的質(zhì)量為m、電荷量為q（q>0）的小球靜止在B點(diǎn)，AO=BO=L。現(xiàn)將小球拉到桿上P點(diǎn)后釋放，測(cè)得其在B點(diǎn)的速率為v。小球可視為質(zhì)點(diǎn)且電荷量始終不變，靜電力常量為k，重力加速度大小為g。則（）A．正點(diǎn)電荷的電荷量為3B．小球在B點(diǎn)對(duì)桿的壓力大小為2C．滑至A點(diǎn)，小球的加速度大小為(D．滑至A點(diǎn)，庫(kù)侖力的功率為1二、多選題6．如圖，跨過(guò)光滑定滑輪的輕繩一端系著皮球（系繩延長(zhǎng)線過(guò)球心）、一端連在水平臺(tái)上的玩具小車上，車牽引著繩使球沿光滑豎直墻面從較低處上升。則在球勻速上升且未離開(kāi)墻面的過(guò)程中（）A．玩具小車做勻速運(yùn)動(dòng) B．玩具小車做減速運(yùn)動(dòng)C．繩對(duì)球的拉力大小不變 D．球?qū)Φ膲毫χ饾u增大7．2021年5月15日，如圖所示的天問(wèn)一號(hào)著陸器成功著陸火星表面，其垂直著陸過(guò)程中的某一段為：打開(kāi)降落傘，經(jīng)90s速度從4.6×102m/s減為1.0×102m/s。已知火星的半徑約為×103km，火星表面的重力加速度值約為2。則（）A．90s降落過(guò)程中，著陸器所受平均阻力與著陸器重力之比約為21：10B．90s降落過(guò)程中，著陸器所受平均阻力與著陸器重力之比約為11：10C．在火星表面發(fā)射衛(wèi)星的第一宇宙速度約為3.6×103m/sD．在火星表面發(fā)射衛(wèi)星的第一宇宙速度約為3.0×103m/s8．如圖（a），豎直固定的平行金屬板A、B間加有圖（b）所示的交變電壓，電壓穩(wěn)定（U0或-U0）時(shí)，板間為勻強(qiáng)電場(chǎng)且電場(chǎng)僅局限于板間。0時(shí)刻，在板間中心線OO′正上方的P點(diǎn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小球由靜止自由下落，3T4時(shí)刻，小球由O點(diǎn)進(jìn)入板間。已知PO等于板長(zhǎng)的13，小球穿越電場(chǎng)的過(guò)程中恰好與板無(wú)碰撞，小球可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度大小為A．小球在兩板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為3TB．兩板的間距為TC．出電場(chǎng)時(shí)，小球速度與豎直方向夾角的正切值為6D．出電場(chǎng)時(shí)，小球的動(dòng)能為9m三、實(shí)驗(yàn)題9．某同學(xué)“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。其中，A、B是由跨過(guò)定滑輪的細(xì)線連接著的兩個(gè)物體，C是水平固定在A上的遮光條，1、2是水平固定在鐵架臺(tái)上的兩個(gè)光電門。實(shí)驗(yàn)中，該同學(xué)先用手握住質(zhì)量較大的A物體使細(xì)線繃直，接著由靜止釋放A，記錄遮光條C通過(guò)光電門1、2的時(shí)間。（1）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是和。（填選項(xiàng)序號(hào)字母）A．可以用橡皮筋替代細(xì)線B．A，B應(yīng)選密度較大的實(shí)心物體C．遮光條的寬度應(yīng)適當(dāng)大一些D．光電門1、2間的高度差應(yīng)適當(dāng)大一些（2）若實(shí)驗(yàn)中已測(cè)出A、B、C的質(zhì)量分別為M、m、m0，遮光條的寬度為d，光電門1、2間的高度差為h；還測(cè)出了某次實(shí)驗(yàn)中遮光條通過(guò)光電門1、2的時(shí)間分別為t1、t2；且查出當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊拇笮間。則物體A到達(dá)光電門1的速度大小為；實(shí)驗(yàn)中要驗(yàn)證的關(guān)系為（M+m0-m）gh=。10．欲測(cè)圖（a）所示水果電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻（阻值在100Ω～130Ω之間），實(shí)驗(yàn)室提供了下列器材：A．電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約幾千歐）；B．電流表A（量程1mA，內(nèi)阻rA=95Ω）；C．定值電阻R1（阻值5Ω）；D．定值電阻R2（阻值1Ω）；E.滑動(dòng)變阻器R3（阻值0～10Ω）；F.滑動(dòng)變阻器R4（阻值0～200Ω）；G.開(kāi)關(guān)一只，導(dǎo)線若干。（1）實(shí)驗(yàn)小組先將電壓表直接連在電池組兩端，電壓表指針?lè)€(wěn)定后如圖（b）所示，其示數(shù)為V（保留2位小數(shù)）。（2）圖（c）是該小組設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)電路。①他們選擇的滑動(dòng)變阻器是（填器材序號(hào)）；②他們將定值電阻與電流表并聯(lián)的目的是，他們選擇的定值電阻是（填器材序號(hào)）。（3）圖（d）是實(shí)驗(yàn)小組根據(jù)測(cè)得的A表示數(shù)I和V表示數(shù)U的多組數(shù)據(jù)作出的U-I圖線。根據(jù)圖線，求出水果電池組的電動(dòng)勢(shì)E=V，內(nèi)阻r=Ω。（保留2位小數(shù)）四、解答題11．如圖，圓心在O點(diǎn)、半徑為R的絕緣光滑半圓形軌道豎直固定在絕緣水平面上，B、C分別為軌道的最低和最高點(diǎn)，軌道左側(cè)有一與O點(diǎn)等高的平臺(tái)，平臺(tái)右端為D，DO=2R，過(guò)D、O的水平虛線下方（含虛線）有方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)?，F(xiàn)在D端正下方的水平面上A點(diǎn)無(wú)初速釋放一質(zhì)量為m、電荷量為q（q>0）的小滑塊，此后滑塊從半圓形軌道的C點(diǎn)拋出且能夠落在平臺(tái)上。滑塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，滑塊可視為質(zhì)點(diǎn)且運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電荷量不變，不計(jì)空氣阻力，重力加速度大小為g。求：（1）滑塊在C點(diǎn)對(duì)軌道的最小作用力大??；（2）勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的最小值。12．某同學(xué)設(shè)計(jì)了圖示的傳送裝置，長(zhǎng)的水平傳送帶右端與光滑弧形軌道平滑對(duì)接于B點(diǎn)，高于傳送帶的平臺(tái)與弧形軌道平滑對(duì)接于C點(diǎn)。傳送帶靜止時(shí)，該同學(xué)將質(zhì)量m=1kg的小工件從C點(diǎn)無(wú)初速釋放，工件最后停止在傳送帶上D點(diǎn)，測(cè)得D與B的距離為。工件可視為質(zhì)點(diǎn)，傳送帶各處粗糙程度相同，重力加速度g=10m/s2。（1）求工件與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；（2）當(dāng)傳送帶以某一恒定速度v0向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，恰能使由靜止放上傳送帶左端A的該工件剛好到達(dá)平臺(tái)上C點(diǎn)，求傳送裝置因傳送工件而多消耗的能量E；（3）在（2）問(wèn)的條件下，每隔時(shí)間，在A端由靜止放上一個(gè)相同的工件，求第1個(gè)工件到達(dá)B點(diǎn)后的1s內(nèi)，傳送帶在水平方向?qū)魉偷乃泄ぜ目倹_量大小I。13．如圖，內(nèi)壁光滑、開(kāi)口向上的圓柱形氣缸豎直固定在水平面上，缸頂有一厚度不計(jì)的擋板，缸內(nèi)用質(zhì)量與厚度均不計(jì)的活塞封閉著一定質(zhì)量的理想氣體，當(dāng)氣體的溫度為T1=300K時(shí)，封閉氣柱的高度等于氣缸高度的56。已知活塞的截面積為S=100cm2，擋板底部的截面積為S′=20cm2，外界大氣壓強(qiáng)為p0=1×105Pa（i）緩慢加熱缸內(nèi)封閉氣體，當(dāng)活塞剛好到達(dá)缸頂且與擋板無(wú)擠壓時(shí)，求缸內(nèi)氣體的溫度；（ii）當(dāng)封閉氣體的溫度穩(wěn)定為T2=432K時(shí)，求活塞對(duì)擋板的壓力最大值。14．長(zhǎng)L=12m的彈性輕繩水平繃直，0時(shí)刻，讓繩的A、B兩端同時(shí)在豎直方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)；t1末時(shí)刻，運(yùn)動(dòng)同時(shí)終止，此刻繩上的波形如圖所示，O是AB的中點(diǎn)。已知t2=3s末時(shí)刻，兩列波恰好相遇，波傳播過(guò)程中能量損失不計(jì)且到達(dá)另一端后不返回。求：（i）兩列波的波長(zhǎng)；（ii）兩列波相遇后，繩上出現(xiàn)振動(dòng)位移最大的位置到A端的距離。五、填空題15．如圖，一定質(zhì)量的理想氣體依次經(jīng)歷的三個(gè)不同過(guò)程，分別由壓強(qiáng)-溫度圖上三條直線ab、bc和cd表示，其中，p1、p2分別是ab、cd與縱軸交點(diǎn)的縱坐標(biāo)，t0是它們的延長(zhǎng)線與橫軸交點(diǎn)的橫坐標(biāo)，t0=-273.15℃，bc平行于縱軸。由圖可知，氣體在狀態(tài)a和d的體積之比VaVb=，bc過(guò)程中氣體熱（填“吸”或“放”），cd過(guò)程中熱（填“吸”或“16．如圖，某同學(xué)在研究色散現(xiàn)象時(shí)，對(duì)著圓心O從半圓形“空腔”玻璃磚ABC（內(nèi)部為真空，周圍是玻璃）的弧形面上P點(diǎn)射入一束白光，發(fā)現(xiàn)在與AC平行的屏幕上出現(xiàn)了彩色光帶DD′。①光帶上最靠近D的是（填“紅”、“綠”或“紫”）光；②取走玻璃磚后，該同學(xué)測(cè)得了以下數(shù)據(jù)：PO=10cm，，PQ=8cm，，由此可知，玻璃對(duì)射向D的色光的折射率為；已知真空中的光速為3×108m/s，則該色光在玻璃磚中的光速為m/s。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】AB．拉環(huán)受重力、拉力作用，由拉環(huán)傾斜情況可知加速度方向水平向右，但僅根據(jù)加速度方向無(wú)法確定速度方向，A、B不符合題意；CD．如圖所示，將重力和拉力合成，可得合力F合=mgtanθ由F合=ma可求得地鐵的加速度大小為a=gtanθC符合題意、D不符合題意。故答案為：C。

【分析】根據(jù)物體的受力分析得出拉環(huán)的加速度方向，根據(jù)共點(diǎn)力平衡以及牛頓第二定律得出地鐵的加速度。2．【答案】D【解析】【解答】A．如圖所示為等量異種電荷的電場(chǎng)線中垂線上O點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最大，往上下兩側(cè)場(chǎng)強(qiáng)減小，結(jié)合對(duì)稱性可得Ee=EfA不符合題意；B．連線上從a到d場(chǎng)強(qiáng)先減小后增大，參考U=Ed可知，沿電場(chǎng)方向相同距離的電勢(shì)差先減小后增大，結(jié)合對(duì)稱性可得Uab=Ucd>UbOB不符合題意；C．檢驗(yàn)正點(diǎn)電荷在e點(diǎn)受到的電場(chǎng)力方向垂直于中垂線，所以該電荷不可能在e、f兩點(diǎn)間做直線往返運(yùn)動(dòng)，C不符合題意；D．將一檢驗(yàn)負(fù)點(diǎn)電荷先從a點(diǎn)沿直線移到c點(diǎn)再沿直線移到e點(diǎn)，該電荷所經(jīng)過(guò)的區(qū)域電勢(shì)先降低后升高，由E可知，負(fù)點(diǎn)電荷的電勢(shì)能先增大后減小，D符合題意。故答案為：D。

【分析】根據(jù)等量異種電荷周圍電場(chǎng)線的分布以及對(duì)稱性得出e、f、o三點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小關(guān)系，結(jié)合勻強(qiáng)電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度的表達(dá)式以及對(duì)稱性得出連線上相鄰兩點(diǎn)間的電勢(shì)差關(guān)系，利用電勢(shì)能的表達(dá)式判斷檢驗(yàn)電荷電勢(shì)能的變化情況。3．【答案】A【解析】【解答】AC．因要滿足溫度急劇升高，電鈴兩端電壓迅速增大（對(duì)應(yīng)R迅速減?。┑膱?bào)警條件，故R隨t的變化并非緩慢變化，C不符合題意，A符合題意；BD．從報(bào)警的要求可知，電鈴兩端的電壓需隨溫度t的升高而升高，根據(jù)電路結(jié)構(gòu)結(jié)合閉合電路歐姆定律可知，熱敏電阻分得的電壓必須減小，即熱敏電阻的阻值R需減小，BD不符合題意。故答案為：A。

【分析】根據(jù)溫度急劇變化時(shí)才到報(bào)警的條件，從而得知R隨t的變化并非緩慢變化；結(jié)合閉合電路歐姆定律得知熱敏電阻的阻值變化情況。4．【答案】B【解析】【解答】A．位移時(shí)間圖線的斜率可反映速度，0～10s內(nèi)，圖線的斜率不變，機(jī)器人做勻速運(yùn)動(dòng)，A不符合題意；B．10～30s內(nèi)，平均速度為vB符合題意；C．0～10s內(nèi)圖線的斜率與10s～20s內(nèi)圖線的斜率關(guān)系為：k1=-k2所以機(jī)器人在5s末的速度與15s末的速度等大反向，因速度是矢量，C不符合題意；D．機(jī)器人在0～30s內(nèi)的位移大小為2m，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】x-t圖像的斜率表示物體運(yùn)動(dòng)的速度，斜率的正負(fù)表示物體運(yùn)動(dòng)的方向；結(jié)合平均速度的表達(dá)式以及位置與位移的關(guān)系分析判斷。5．【答案】D【解析】【解答】AB．小球在A、B兩點(diǎn)的受力情況如所示其中庫(kù)侖力大小均為F因小球能夠靜止在B點(diǎn)，故由力的平衡條件有kk解得QNAB不符合題意；C．下滑過(guò)程中，在A點(diǎn)，由牛頓第二定律有k解得aC不符合題意；D．A與C電勢(shì)相等，從A到C，由動(dòng)能定理有mgL在A點(diǎn)，庫(kù)侖力的功率為P解得PD符合題意。故答案為：D。

【分析】小球在AB兩點(diǎn)受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡得出點(diǎn)電荷的電荷表達(dá)式以及小球在B點(diǎn)對(duì)桿的壓力；在A點(diǎn)利用牛頓第二定律得出小球的加速度；結(jié)合動(dòng)能定理以及瞬時(shí)功率的表達(dá)式得出庫(kù)侖力的功率。6．【答案】B,D【解析】【解答】AB．設(shè)繩與豎直方向的夾角為θ，如圖所示將球的速度v分解，可知沿繩方向的分速度（即繩子的速度）為v因球勻速上滑過(guò)程中θ角將增大，所以v繩將減小，故小車做減速運(yùn)動(dòng)，A不符合題意，BCD．球受三力作用處于平衡狀態(tài)，設(shè)球重為G，則繩對(duì)球的拉力大小T、球?qū)Φ膲毫Υ笮分別為TN所以，隨θ的增大，T、N均增大，C不符合題意，D符合題意。故答案為：BD。

【分析】根據(jù)速度的分解得出繩子的速度；對(duì)球進(jìn)行受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡得出繩對(duì)球的拉力和球?qū)?qiáng)的壓力的表達(dá)式，從而得出這兩個(gè)力的大小關(guān)系。7．【答案】A,C【解析】【解答】AB．設(shè)90s降落過(guò)程中的平均阻力大小為F，由動(dòng)量定理有(mgA符合題意、B不符合題意；CD．設(shè)環(huán)繞火星表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度（等于第一宇宙速度）為v，由萬(wàn)有引力定律有mg解得vC符合題意、D不符合題意。故答案為：AC。

【分析】著陸器降落的過(guò)程中根據(jù)動(dòng)量定理得出平均阻力大??；在星球表面根據(jù)重力等于向心力，從而得出第一宇宙速度的大小。8．【答案】A,D【解析】【解答】A．小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，因PO等于板長(zhǎng)的13，由初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)的特殊關(guān)系可知，小球在兩板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與從P到O的時(shí)間相等，即等于3T4，B．在水平方向，以小球經(jīng)過(guò)O點(diǎn)的時(shí)刻為新的計(jì)時(shí)起點(diǎn)，作出小球運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間（vx-t故最大位移為x解得dB不符合題意；CD．出電場(chǎng)時(shí)，水平方向的速度達(dá)到負(fù)向最大值，即v豎直方向的速度大小為v故速度與豎直方向夾角的正切值為tan小球的動(dòng)能為EC不符合題意，D符合題意；故答案為：AD。

【分析】根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得出小球在兩板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，v-t圖像的斜率表示物體運(yùn)動(dòng)的加速度，與坐標(biāo)軸圍成圖形的面積表示物體運(yùn)動(dòng)的位移，利用動(dòng)能的表達(dá)式得出出電場(chǎng)時(shí)小球的動(dòng)能。9．【答案】（1）B；D（2）dt1【解析】【解答】（1）若用橡皮筋替代細(xì)線，由牛頓第二定律知，釋放A后的加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，橡皮筋的伸長(zhǎng)量大于系統(tǒng)靜止時(shí)，即橡皮筋的彈性勢(shì)能會(huì)增大，A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，A不符合題意；若A、B是密度較大的實(shí)心物體，則質(zhì)量一定的情況下物體體積較小，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，空氣阻力較小，造成系統(tǒng)機(jī)械能的損失較小，B符合題意；遮光條的寬度若較大，則A通過(guò)光電門時(shí)的瞬時(shí)速度測(cè)量誤差較大，C不符合題意；光電門1、2間的高度差大一些，高度測(cè)量的偶然誤差會(huì)減小，D符合題意。故答案為：BD。（2）A到達(dá)光電門1的速度可近似認(rèn)為等于遮光條通過(guò)光電門1的平均速度，即v同理v實(shí)驗(yàn)中要驗(yàn)證的關(guān)系為A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，也可表述為A、B組成的系統(tǒng)重力勢(shì)能的減少量等于動(dòng)能的增加量，即(

【分析】（1）根據(jù)“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)原理以及注意事項(xiàng)進(jìn)行分析判斷正確的選項(xiàng)；

（2）根據(jù)短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度得出通過(guò)光電門12的速度，利用機(jī)械能守恒得出驗(yàn)證的關(guān)系式。10．【答案】（1）240（2）F；擴(kuò)大電流表的量程；C（3）；【解析】【解答】（1）刻度盤每小格為，故讀數(shù)為2.（2）因電池組內(nèi)阻在110Ω～130Ω之間，若選變阻器R3（阻值0～10Ω），則電路中電流的調(diào)節(jié)范圍很小，達(dá)不到實(shí)驗(yàn)要求，故變阻器應(yīng)選因電流表A的量程為1mA、內(nèi)阻rA=95Ω，電池組的電動(dòng)勢(shì)E=2.4V左右且內(nèi)阻較大（假設(shè)為最大電流約為I故需要給A表擴(kuò)大量程。若A表與R2并聯(lián)，則量程擴(kuò)大為故R2不滿足條件；若A表與R1表的內(nèi)阻為r電路中最小電流約為I最大電流約為I滿足條件，故與A表并聯(lián)的是R1（序號(hào)為C（3）由圖像縱軸的截距可得電池組的電動(dòng)勢(shì)為E由電路原理圖可知：當(dāng)通過(guò)A表的電流分別為、、時(shí)，通過(guò)電池組的電流分別為、、，故由圖線斜率可得r所以電池組內(nèi)阻為r

【分析】（1）根據(jù)電壓表的讀數(shù)原理讀數(shù)電壓表的示數(shù)；

（2）根距歐姆定律得出電路中的電流，從而判斷電表是否需要改裝，結(jié)合電表的改裝以及歐姆定律得出選擇的定值電阻；

（3）根據(jù)U-I圖像得n出電池的電動(dòng)勢(shì)以及電源的內(nèi)阻。11．【答案】（1）解：從C到平臺(tái)，滑塊做平拋運(yùn)動(dòng)。由題意知，當(dāng)滑塊恰好落到平臺(tái)上D點(diǎn)時(shí)，對(duì)應(yīng)著勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的最小值，也對(duì)應(yīng)著滑塊在C點(diǎn)對(duì)軌道有最小作用力。設(shè)在C點(diǎn)時(shí)，滑塊的速率為vC，軌道對(duì)滑塊的作用大小為由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有2R由牛頓第二定律有mg聯(lián)立以上三式解得vF由牛頓第三定律解得滑塊在C點(diǎn)對(duì)軌道的最小作用力大小為F（2）解：滑塊在水平面受到的滑動(dòng)摩擦力大小為f設(shè)場(chǎng)強(qiáng)最小值為E，則滑塊在電場(chǎng)中受到的電場(chǎng)力大小為F從A到C，由動(dòng)能定理有F解得E【解析】【分析】（1）平拋運(yùn)動(dòng)分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)，利用平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得出C點(diǎn)的速度，結(jié)合牛頓第二定律合力提供向心力得出滑塊在C點(diǎn)對(duì)軌道的最小作用力；

（2）根據(jù)滑動(dòng)摩擦力以及電場(chǎng)力的表達(dá)式和動(dòng)能定理得出電場(chǎng)強(qiáng)度的表達(dá)式。12．【答案】（1）解：工件在傳送帶上受到的摩擦力大小為f從C經(jīng)B到D，由動(dòng)能定理有mg代入數(shù)據(jù)解得μ（2）解：假設(shè)工件到達(dá)B前經(jīng)時(shí)間t1、發(fā)生位移x1，速度達(dá)到在傳送帶上加速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，由動(dòng)能定理有μmg由動(dòng)量定理有μmg沿弧形軌道從B到C的過(guò)程中，由機(jī)械能守恒定律有mg代入數(shù)據(jù)得vtx因x1<在t1時(shí)間內(nèi)，傳送帶發(fā)生的位移為工件與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的熱量為Q由能量守恒定律可知傳送裝置因傳送工件而多消耗的能量為E代入數(shù)據(jù)解得E（3）解：設(shè)每個(gè)工件在傳送帶上做勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有L代入數(shù)據(jù)得t即每個(gè)工件在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為t由題意ΔT可知t故第一個(gè)工件到達(dá)B點(diǎn)時(shí)（設(shè)為0s末），傳送帶上共有第1、第2、第3、第4四個(gè)工件，1s末傳送帶上共有第3、第4、第5、第6四個(gè)工件。（見(jiàn)答圖，其中P點(diǎn)為各工件速度剛好達(dá)到v0分析可知，0s末第3個(gè)工件已經(jīng)在傳送帶上運(yùn)動(dòng)了，因t1=0.8s，故此后傳送帶對(duì)第1、第1s末第6個(gè)工件剛放上傳送帶，故I第4個(gè)工件0s末已經(jīng)在傳送帶上運(yùn)動(dòng)了，故此后1s內(nèi)傳送帶施加的水平?jīng)_量為I第5個(gè)工件在末放上傳送帶，故此后1s內(nèi)傳送帶施加的水平?jīng)_量為I解得符合題意的水平總沖量大小為I【解析】【分析】（1）根據(jù)滑動(dòng)摩擦力的表達(dá)式以及動(dòng)能定理得出工件與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；

（2）利用動(dòng)能定理和動(dòng)量定理以及從B到C的過(guò)程中通過(guò)機(jī)械能守恒定律得出傳送裝置因傳送工件而多消耗的能量E；

（3）根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律以及沖量的表達(dá)式得出水平總沖量的大小。13．【答案】解：（?。怏w溫度由300K緩緩升高導(dǎo)致活塞緩慢上升的過(guò)程中，氣體做等壓變化，設(shè)氣缸的高度為h，活塞剛好到達(dá)缸頂且與擋板無(wú)擠壓時(shí)，封閉氣體的溫度為T由蓋·呂薩克定律有V其中V1=代入數(shù)據(jù)解得T（ⅱ）封閉氣體溫度繼續(xù)升高的過(guò)程中，氣體做等容變化，設(shè)溫度為T2時(shí)氣體的壓強(qiáng)為p2由查理定律有p代入數(shù)據(jù)得p活塞豎直方向受三力作用平衡，當(dāng)