2023年遼寧省新高考物理試卷（含解析）

第=page11頁，共=sectionpages11頁2023年遼寧省新高考物理試卷一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）1.某同學(xué)在練習(xí)投籃，籃球在空中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示，籃球所受合力F的示意圖可能正確的是(

)A.

B.

C.

D.

2.安培通過實(shí)驗(yàn)研究，發(fā)現(xiàn)了電流之間相互作用力的規(guī)律。若兩段長(zhǎng)度分別為ΔL1和ΔL2、電流大小分別為I1和I2的平行直導(dǎo)線間距為r時(shí)，相互作用力的大小可以表示為FA.kg?m/(s2?A3.如圖(a)，從高處M點(diǎn)到地面N點(diǎn)有Ⅰ、Ⅱ兩條光滑軌道。兩相同小物塊甲、乙同時(shí)從M點(diǎn)由靜止釋放，沿不同軌道滑到N點(diǎn)，其速率v與時(shí)間t的關(guān)系如圖(b)所示。由圖可知，兩物塊在離開M點(diǎn)后、到達(dá)NA.甲沿Ⅰ下滑且同一時(shí)刻甲的動(dòng)能比乙的大 B.甲沿Ⅱ下滑且同一時(shí)刻甲的動(dòng)能比乙的小

C.乙沿Ⅰ下滑且乙的重力功率一直不變 D.乙沿Ⅱ下滑且乙的重力功率一直增大4.如圖，空間中存在水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一導(dǎo)體棒繞固定的豎直軸OP在磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，且始終平行于OP。導(dǎo)體棒兩端的電勢(shì)差u隨時(shí)間t變化的圖像可能正確的是(

)

A. B.

C. D.5.“空氣充電寶”是一種通過壓縮空氣實(shí)現(xiàn)儲(chǔ)能的裝置，可在用電低谷時(shí)儲(chǔ)存能量、用電高峰時(shí)釋放能量?！翱諝獬潆妼殹蹦硞€(gè)工作過程中，一定質(zhì)量理想氣體的p?T圖像如圖所示。該過程對(duì)應(yīng)的p?V圖像可能是A. B. C. D.6.原子處于磁場(chǎng)中，某些能級(jí)會(huì)發(fā)生劈裂。某種原子能級(jí)劈裂前后的部分能級(jí)圖如圖所示，相應(yīng)能級(jí)躍遷放出的光子分別設(shè)為①②③④。若用①照射某金屬表面時(shí)能發(fā)生光電效應(yīng)，且逸出光電子的最大初動(dòng)能為Ek，則

A.①和③的能量相等

B.②的頻率大于④的頻率

C.用②照射該金屬一定能發(fā)生光電效應(yīng)

D.用④照射該金屬逸出光電子的最大初動(dòng)能小于E7.在地球上觀察，月球和太陽的角直徑(直徑對(duì)應(yīng)的張角)近似相等，如圖所示。若月球繞地球運(yùn)動(dòng)的周期為T1，地球繞太陽運(yùn)動(dòng)的周期為T2，地球半徑是月球半徑的k倍，則地球與太陽的平均密度之比約為(

)

A.k3(T1T2)2 二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）8.“球鼻艏”是位于遠(yuǎn)洋輪船船頭水面下方的裝置，當(dāng)輪船以設(shè)計(jì)的標(biāo)準(zhǔn)速度航行時(shí)，球鼻艏推起的波與船首推起的波如圖所示，兩列波的疊加可以大幅度減小水對(duì)輪船的阻力。下列現(xiàn)象的物理原理與之相同的是(

)A.插入水中的筷子，看起來折斷了 B.陽光下的肥皂膜，呈現(xiàn)彩色條紋

C.駛近站臺(tái)的火車，汽笛音調(diào)變高 D.振動(dòng)音叉的周圍，聲音忽高忽低9.圖(a)為金屬四極桿帶電粒子質(zhì)量分析器的局部結(jié)構(gòu)示意圖，圖(b)為四極桿內(nèi)垂直于x軸的任意截面內(nèi)的等勢(shì)面分布圖，相鄰兩等勢(shì)面間電勢(shì)差相等，則(

)

A.P點(diǎn)電勢(shì)比M點(diǎn)的低 B.P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小比M點(diǎn)的大

C.M點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿z軸正方向 D.沿x軸運(yùn)動(dòng)的帶電粒子，電勢(shì)能不變10.如圖，兩根光滑平行金屬導(dǎo)軌固定在絕緣水平面上，左、右兩側(cè)導(dǎo)軌間距分別為d和2d，處于豎直向上的磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為2B和B。已知導(dǎo)體棒MN的電阻為R、長(zhǎng)度為d，導(dǎo)體棒PQ的電阻為2R、長(zhǎng)度為2d，PQ的質(zhì)量是MNA.彈簧伸展過程中，回路中產(chǎn)生順時(shí)針方向的電流

B.PQ速率為v時(shí)，MN所受安培力大小為4B2d2v3R

C.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，MN與P三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共14.0分）11.某同學(xué)為了驗(yàn)證對(duì)心碰撞過程中的動(dòng)量守恒定律，設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)：用紙板搭建如圖所示的滑道，使硬幣可以平滑地從斜面滑到水平面上，其中OA為水平段。選擇相同材質(zhì)的一元硬幣和一角硬幣進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。

測(cè)量硬幣的質(zhì)量，得到一元和一角硬幣的質(zhì)量分別為m1和m2(m1>m2)。將硬幣甲放置在斜面上某一位置，標(biāo)記此位置為B。由靜止釋放甲，當(dāng)甲停在水平面上某處時(shí)，測(cè)量甲從O點(diǎn)到停止處的滑行距離OP。將硬幣乙放置在O處，左側(cè)與O點(diǎn)重合，將甲放置于B點(diǎn)由靜止釋放。當(dāng)兩枚硬幣發(fā)生碰撞后，分別測(cè)量甲、乙從O點(diǎn)到停止處的滑行距離OM和ON。保持釋放位置不變，重復(fù)實(shí)驗(yàn)若干次，得到OP、OM、ON的平均值分別為s0、s1、s2。

(1)在本實(shí)驗(yàn)中，甲選用的是______(填“一元”或“一角”)硬幣；

(2)碰撞前，甲到O點(diǎn)時(shí)速度的大小可表示為______(設(shè)硬幣與紙板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g)；12.導(dǎo)電漆是將金屬粉末添加于特定樹脂原料中制作而成的能導(dǎo)電的噴涂油漆。現(xiàn)有一根用導(dǎo)電漆制成的截面為正方形的細(xì)長(zhǎng)樣品(固態(tài))，某同學(xué)欲測(cè)量其電阻率，設(shè)計(jì)了如圖(a)所示的電路圖，實(shí)驗(yàn)步驟如下：

a.測(cè)得樣品截面的邊長(zhǎng)a=0.20cm；

b.將平行排列的四根金屬探針甲、乙、丙、丁與樣品接觸，其中甲、乙、丁位置固定，丙可在乙、丁間左右移動(dòng)；

c.將丙調(diào)節(jié)至某位置，測(cè)量丙和某探針之間的距離L；

d.閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)電阻箱R的阻值，使電流表示數(shù)I=0.40A，讀出相應(yīng)的電壓表示數(shù)U，斷開開關(guān)S；

e.改變丙的位置，重復(fù)步驟c、d，測(cè)量多組L和U，作出U?L圖像如圖(b)所示，得到直線的斜率k。

回答下列問題：

(1)L是丙到______(填“甲”“乙”或“丁”)的距離；

(2)寫出電阻率的表達(dá)式ρ=四、簡(jiǎn)答題（本大題共3小題，共40.0分）13.某大型水陸兩棲飛機(jī)具有水面滑行汲水和空中投水等功能。某次演練中，該飛機(jī)在水面上由靜止開始勻加速直線滑行并汲水，速度達(dá)到v1=80m/s時(shí)離開水面，該過程滑行距離L=1600m、汲水質(zhì)量m=1.0×104kg。離開水面后，飛機(jī)攀升高度h=100m14.如圖，水平放置的兩平行金屬板間存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，板長(zhǎng)是板間距離的3倍。金屬板外有一圓心為O的圓形區(qū)域，其內(nèi)部存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的粒子沿中線以速度v0水平向右射入兩板間，恰好從下板邊緣P點(diǎn)飛出電場(chǎng)，并沿PO方向從圖中O′點(diǎn)射入磁場(chǎng)。已知圓形磁場(chǎng)區(qū)域半徑為2mv03qB，不計(jì)粒子重力。

(1)15.如圖，質(zhì)量m1=1kg的木板靜止在光滑水平地面上，右側(cè)的豎直墻面固定一勁度系數(shù)k=20N/m的輕彈簧，彈簧處于自然狀態(tài)。質(zhì)量m2=4kg的小物塊以水平向右的速度v0=54m/s滑上木板左端，兩者共速時(shí)木板恰好與彈簧接觸。木板足夠長(zhǎng)，物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.1，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。彈簧始終處在彈性限度內(nèi)，彈簧的彈性勢(shì)能Ep與形變量x的關(guān)系為Ep=12kx2。取重力加速度g=10m/s2答案和解析1.【答案】A

【解析】解：籃球在空中的運(yùn)動(dòng)軌跡為曲線，物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是所受合力方向與運(yùn)動(dòng)方向(即軌跡的切向方向)不共線，并且合力方向指向曲線軌跡的凹側(cè)，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：A。

根據(jù)物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件和受力特點(diǎn)解答。

本題考查了力與運(yùn)動(dòng)問題，要理解當(dāng)物體所受合力方向與運(yùn)動(dòng)方向不共線時(shí)，物體運(yùn)動(dòng)方向會(huì)向合力的方向偏轉(zhuǎn)，運(yùn)動(dòng)軌跡為曲線。

2.【答案】B

【解析】解：由牛頓第二定律F=ma，可得：1N=1kg?m/s2

由F=kI1I2ΔL3.【答案】B

【解析】解：AB、由圖(b)可知甲的速率隨時(shí)間均勻變化，可知甲沿著軌道Ⅱ下滑，在同一時(shí)刻甲的速率比乙的小，所以同一時(shí)刻甲的動(dòng)能比乙的小，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD、由圖(b)可知乙沿著軌道Ⅰ下滑，在M點(diǎn)乙的速率為零，則重力功率為零，在N點(diǎn)乙在豎直方向的速度為零，可知重力功率為零，由M點(diǎn)到N點(diǎn)，其它位置豎直方向速率不為零，所以乙的重力功率先增大后減小，故CD錯(cuò)誤。

故選：B。

AB、由圖(b)甲的斜率不變，可知甲下滑的軌道，由圖(b)可知同一時(shí)刻甲乙速率大小關(guān)系，則可知?jiǎng)幽艽笮￡P(guān)系；

CD、由圖(4.【答案】C

【解析】解：設(shè)導(dǎo)體棒長(zhǎng)為L(zhǎng)，勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為ω，線速度大小為v，t時(shí)刻導(dǎo)體棒相對(duì)豎直軸OP轉(zhuǎn)動(dòng)的角度為θ，如圖1所示：

在t時(shí)刻導(dǎo)體棒的線速度沿垂直磁場(chǎng)方向的分速度大小v1=vcosθ，其中：θ=ωt

由法拉第電磁感應(yīng)定律可得：u=BLv1=BLvcosωt

5.【答案】B

【解析】解：由p?T圖像可知a→b的過程為等壓升溫的過程，由一定質(zhì)量理想氣體的狀態(tài)方程：pVT=C，可知此過程氣體的體積增大，則此過程的p?V圖像是平行于橫軸的直線，且b在a右側(cè)。

由p?T圖像可知b→c的過程，氣體的壓強(qiáng)減小，溫度降低，根據(jù)pVT=C，無法判斷氣體體積如何變化，但是此過程氣體的壓強(qiáng)減小，則在p?V圖像中c在b的下方。

綜合上述分析，可知全過程對(duì)應(yīng)的p?V圖像只有B6.【答案】A

【解析】解：因原子能級(jí)躍遷放出的光子的能量等于原子的能級(jí)差，由題圖可知光子①、②、③、④對(duì)應(yīng)的能量關(guān)系為：E②<E①=E③<E④

A、由上述分析可知光子①和③的能量相等，故A正確；

B、由光子能量E=hν，和E②<E④，可得到②的頻率小于④的頻率，故B錯(cuò)誤；

C、發(fā)生光電效應(yīng)的條件是光子的能量大于金屬的逸出功，已知用①照射該金屬表面時(shí)能發(fā)生光電效應(yīng)，可知E①大于此金屬的逸出功W0，因E②<E①，則無法比較E②與W0的大小關(guān)系，故用②照射該金屬不一定能發(fā)生光電效應(yīng)，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)愛因斯坦光電效應(yīng)方程：hν?W0=Ek7.【答案】D

【解析】解：對(duì)于質(zhì)量為m的衛(wèi)星繞中心天體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，設(shè)其軌道半徑為r，根據(jù)萬有引力提供向心力，則有：GMmr2=mr4π2T2，解得M=4π2r3GT2

根據(jù)密度計(jì)算公式可得：ρ=MV，其中V=43πR3

聯(lián)立解得：ρR3=38.【答案】BD【解析】解：由題圖可看出球鼻艏推起的波的波長(zhǎng)與船首推起的波的波長(zhǎng)相等，兩波在同一介質(zhì)中傳播，波速也相等，由v=fλ，可知兩列波的頻率相同，故兩列波疊加時(shí)發(fā)生了干涉現(xiàn)象。

A、插入水中的筷子，看起來折斷了，是光線由水中斜射向空氣經(jīng)過水面時(shí)發(fā)生了偏折，光的傳播方向改變了，這是光的折射現(xiàn)象，故A不符題意；

B、陽光下的肥皂膜，呈現(xiàn)彩色條紋，是肥皂膜的前后表面反射的光疊加產(chǎn)生的干涉現(xiàn)象，故B符合題意；

C、駛近站臺(tái)的火車，汽笛音調(diào)變高，是火車與接收者逐漸靠近，使接收者接收到聲音頻率高于汽笛發(fā)聲的頻率，這是多普勒效應(yīng)，故C不符題意；

D、振動(dòng)音叉的周圍，聲音忽高忽低，是由于音叉的兩個(gè)振片發(fā)出頻率相同的兩列聲波，兩列聲波在音叉的周圍疊加產(chǎn)生了振動(dòng)加強(qiáng)和振動(dòng)減弱區(qū)域，這是波的干涉現(xiàn)象，故D符合題意；

故選：BD。

9.【答案】CD【解析】解：AC、根據(jù)等量同種電荷周圍電場(chǎng)線的分布情況可知，金屬四極桿之間，在z軸上，電場(chǎng)線方向背離O點(diǎn)，在y軸上，電場(chǎng)線的方向指向O點(diǎn)，所以M點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿z軸正方向；根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低可知：φP>φO>φM，故A錯(cuò)誤、C正確；

B、M點(diǎn)等勢(shì)線比P點(diǎn)的等勢(shì)線米，所以P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小比M點(diǎn)的小，故B錯(cuò)誤；

D、x軸到金屬四極桿之間的距離相等，根據(jù)電勢(shì)的疊加可知，x軸為等勢(shì)面，根據(jù)EP=qφ可知，沿x軸運(yùn)動(dòng)的帶電粒子，電勢(shì)能不變，故D正確。

10.【答案】AC【解析】解：釋放彈簧后導(dǎo)體棒MN與PQ先分別向左、右開始運(yùn)動(dòng)，在兩棒速度方向均未改變之前，回路的磁通量增加，由楞次定律可知回路中產(chǎn)生順時(shí)針方向的電流，由左手定則判斷可知兩棒受到的安培力均與各自的速度方向相反，即兩棒受到的安培力方向是相反的，設(shè)回路中的電流大小為I，則兩棒受到的安培力分別為：FMN=2BId，F(xiàn)PQ=BI?2d，可得兩棒受到的安培力等大反向，則兩棒與彈簧組成的系統(tǒng)所受合力為零，故此系統(tǒng)滿足動(dòng)量守恒定律，可知此系統(tǒng)的總動(dòng)量始終為零，可知兩棒的動(dòng)量始終是等大反向。兩棒同時(shí)速度減為零，若兩棒同時(shí)速度為零后能夠反向運(yùn)動(dòng)，同理可得之后的運(yùn)動(dòng)過程此系統(tǒng)仍滿足動(dòng)量守恒，可知釋放彈簧后，兩棒在各自磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)直至停止的全程，兩棒的速度方向總是相反的，且在同一時(shí)刻速度為零。

A、由上述分析可知兩棒的速度方向總是相反的，則在彈簧伸展過程中，導(dǎo)體棒MN與PQ必定分別向左、右運(yùn)動(dòng)，回路的磁通量增加，由楞次定律可知回路中產(chǎn)生順時(shí)針方向的電流，故A正確；

B、設(shè)PQ速率為v時(shí)，MN速率為v0，MN的質(zhì)量為m，則PQ的質(zhì)量為2m，由兩棒的動(dòng)量始終大小相等可得：mv0=2mv

回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=2Bdv0+B?2dv=6Bdv

回路中的感應(yīng)電流為：I=ER+2R

MN所受安培力大小為：F=2BId

聯(lián)立解得：F=4B2d2vR，故B錯(cuò)誤；

C、設(shè)整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，某時(shí)刻MN11.【答案】一元

2μgs0【解析】解：(1)兩硬幣碰撞過程動(dòng)量守恒，以碰撞前瞬間甲的速度方向?yàn)檎较颍O(shè)碰撞前甲的速度為v0，碰撞后甲的速度為v1，乙的速度為v2，由動(dòng)量守恒定律得：m甲v0=m甲v1+m乙v2

由機(jī)械能守恒定律得：12m甲v02=12m甲v12+12m乙v22

聯(lián)立解得：v1=m甲?m乙m甲+m乙v0

v2=2m甲m甲+m乙v0

由題意得，碰撞后甲向右運(yùn)動(dòng)，即v1>0，則m甲>m乙

由題意可知一元和一角硬幣的質(zhì)量分別為m1和m2(m1>m2)，則甲選用一元的硬幣；

(2)不放置硬幣乙時(shí)，甲從O12.【答案】乙

ka2I【解析】解：(1)設(shè)丙和某探針之間的電阻為R′，由電阻定律得：R′=ρLS=ρLa2

由圖像得，電壓表示數(shù)與L成正比，即與丙和某探針之間的電阻成正比，由歐姆定律得，U=IR′=ρILa2

則L是丙到乙的距離；

(2)由(1)得，電壓U=ρIa2L

則U?L圖像的斜率為k=ρIa2

13.【答案】解：(1)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得

v12=2aL

解得a=v122L=8022×1600m/s2=2m/s2

根據(jù)v【解析】(1)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式v22?v12=2a14.【答案】解：(1)設(shè)板間距離為d，板長(zhǎng)為3d，板間電壓為U，粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，則有

3d=v0t

d2=12×qUmdt2

兩式聯(lián)立解得U=mv023q

(2)粒子射出電場(chǎng)時(shí)與射入電場(chǎng)時(shí)運(yùn)動(dòng)方向間的夾角為α，位移偏轉(zhuǎn)角為θ1，由粒子出電場(chǎng)時(shí)速度偏轉(zhuǎn)角正切值為位移偏轉(zhuǎn)角正切值2倍求解；則有

tanα=2tanθ1

tanα=2tanθ1=2×d23d=33

解得：α=30°

粒子進(jìn)入磁場(chǎng)的軌跡如圖示，軌跡的圓心為O1，設(shè)粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r，圓形磁場(chǎng)半徑為R

【解析】(1)粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，由位移與時(shí)間公式節(jié)課求解；

(2)由粒子出電場(chǎng)時(shí)速度偏轉(zhuǎn)