廣東省珠海市高考物理模擬試卷（一）2

2022年廣東省珠海市高考物理模擬試卷（一）一．選擇題（共7小題，滿分28分，每小題4分）1．（4分）我國的北斗衛(wèi)星系統(tǒng)是最先進的全球?qū)Ш叫l(wèi)星系統(tǒng)之一，它在任何時刻都能提供持續(xù)可靠的定位服務(wù)，從手機定位到機場調(diào)度、海事救援授時和測速及地質(zhì)測繪等都有廣泛的應(yīng)用。則下列說法正確的是（）A．定位高空飛行的飛機時，用二維坐標(biāo)就能確定飛機的具體位置 B．定位一探險愛好者的具體位置時，探險愛好者不可視為質(zhì)點 C．測繪的飛機航空路線指的是飛機運動的位移 D．測輪船在大海中的運動速度時，實際測量的是一小段時間內(nèi)的平均速度，可近似為瞬時速度2．（4分）甲、乙兩小車沿同一直線運動的位移﹣時間圖象如圖所示，已知甲車自t＝0時起做初速度為零的勻變速直線運動，加速度大小為2m/s2，則乙車的速度大小為（）A．1m/s B．2m/s C．5m/s D．10m/s3．（4分）如圖中有兩個物體A、B，GA＝2N，GB＝4N，A用懸線掛在天花板上，B放在水平地面上，A、B間的輕彈簧的彈力為1N，則懸線的拉力FT，B對地面的壓力FN的可能值分別是（）A．FT＝3N，F(xiàn)N＝3N B．FT＝3N，F(xiàn)N＝5N C．FT＝1N，F(xiàn)N＝6N D．FT＝1N，F(xiàn)N＝3N4．（4分）消防車的供水系統(tǒng)主要由水系、輸水管道和水炮組成。如圖，在水平地面上用消防水炮對建筑物上離地高度h＝20m的火點進行滅火，整個供水系統(tǒng)的效率為60%，假設(shè)消防水炮出水口到火點的水平距離x＝30m，水柱的最高處正好到達著火位置，水炮出水的流量是3/min，水的密度ρ＝×103kg/m3，重力加速度g＝10m/s2，不計空氣阻力，則（）A．從水炮射出的初速度為30m/s B．在著火點水流的速度為30m/s C．空中水柱的水的質(zhì)量為7200kg D．水泵的輸入功率為31250W5．（4分）如圖所示，顛球練習(xí)是乒乓球運動員掌握擊球的力度、手感和球感的重要方法。運動員練習(xí)中將球垂直拋出，讓球連續(xù)在球拍上垂直彈起和落下。某一次乒乓球靜止下落50cm，被球拍擊起后離開球拍豎直上升的最大高度為88cm。已知球與球拍的作用時間為，乒乓球的質(zhì)量為，重力加速度g取10m/s2，阻力是球重的倍，下列說法正確的是（）A．球拍對球的平均作用力為乒乓球重力的84倍 B．整個過程阻力做功約為×10﹣3J C．球與球拍作用過程中動量變化量大小為×10﹣3kg?m/s D．球從最高點下落至重新回到最高點的過程中重力的沖量大小為×10﹣2N?s6．（4分）AB是某點電荷形成的電場中的一條電場線，一負(fù)點電荷僅在電場力作用下從A點運動到B點的v﹣t圖象如圖所示，則下列說法正確的是（）A．形成電場的點電荷是正的且放在B點右側(cè) B．形成電場的點電荷是負(fù)的且放在B點右側(cè) C．電荷在B點的電場力小于A點的電場力 D．A點的電勢低于B點的電勢7．（4分）如圖所示，理想變壓器原線圈輸入電壓u＝Umsinωt，通過單刀雙擲開關(guān)S1可改變變壓器原線圈的匝數(shù)，電路中R1、R2、R3為定值電阻，R是滑動變阻器，V是理想交流電壓表，示數(shù)用U表示，A是理想交流電流表，示數(shù)用I表示，下列說法正確的是（）A．I表示電流的瞬時值，U表示電壓的最大值 B．若將滑片P向上滑動，變壓器輸入功率變大 C．若閉合開關(guān)S2，則U不變，I變大 D．若將原線圈開關(guān)S1由1擲向2，則U、I都變大二．多選題（共3小題，滿分18分，每小題6分）（多選）8．（6分）如圖所示，質(zhì)量M＝2kg、半徑R＝、內(nèi)壁粗糙程度一致的半圓槽靜置于光滑的水平地面上?，F(xiàn)將一質(zhì)量m＝1kg的小球（可視為質(zhì)點）自左側(cè)槽口A點的正上方h＝1m處由靜止釋放，小球下落后自A點進入槽內(nèi)，然后從C點離開。已知小球第一次滑至半圓槽的最低點B時，小球的速度大小為4m/s，重力加速度g＝10m/s2，不計空氣阻力，則小球第一次在半圓槽內(nèi)向右滑動的過程中，下列說法正確的是（）A．小球從A點到B點的過程中，小球?qū)Π雸A槽的作用力對槽所做的總功為正 B．小球從A點到B點的過程中，小球與半圓槽組成的系統(tǒng)增加的內(nèi)能為7J C．小球從A點到C點的過程中，半圓槽的位移為m D．小球從C點飛出后做斜拋運動（多選）9．（6分）觀看科幻電影《流浪地球》后，某同學(xué)設(shè)想地球僅在木星引力作用下沿橢圓軌道通過木星的情景，如圖所示，軌道上P點距木星最近（距木星表面的高度可忽略），則（）A．地球靠近木星的過程中運行加速度增大 B．地球遠離木星的過程中機械能減小 C．地球遠離木星的過程中動能減小 D．地球在P點的運行速度等于木星第一宇宙速度（多選）10．（6分）如圖所示，在光滑絕緣的水平面上方，有兩個方向相反的水平方向的勻強磁場，PQ為兩磁場的邊界，磁場范圍足夠大，磁感應(yīng)強度的大小分別為B和2B．一個豎直放置的邊長為a、質(zhì)量為m、電阻為R的正方形金屬線框，以初速度2v垂直磁場方向從圖中實線位置開始向右運動，當(dāng)線框運動到每個磁場中各有一半的面積時，線框的速度變?yōu)関，則下列判斷正確的是（）A．此時線框的加速度為 B．此時線框中的電功率為 C．此過程中通過線框截面的電量為 D．此過程中線框克服安培力做的功為三．實驗題（共4小題，滿分34分）11．（8分）某同學(xué)利用圖甲所示電路測量一表頭的電阻。供選用的器材如下：A．待測表頭（內(nèi)阻r1約為300Ω，量程為）；B．靈敏電流表（內(nèi)阻r2＝300Ω，量程為）；C．定值電阻R（R＝1200Ω）；D．滑動變阻器R1（最大阻值為10Ω）；E．滑動變阻器R2（最大阻值為1000Ω）；F．電源E（電動勢E＝，內(nèi)阻不計）；G．開關(guān)S，導(dǎo)線若干。（1）請根據(jù)圖甲所示電路將圖乙的實物圖補充完整。（2）滑動變阻器應(yīng)選（填“R1”或“R2”）。開關(guān)S閉合前，滑動變阻器的滑片P應(yīng)滑動至（填“a”或“b”）端。（3）該同學(xué)接入定值電阻R的主要目的是。（4）實驗中某次待測表頭的示數(shù)如圖丙所示，示數(shù)為mA。（5）該同學(xué)多次移動滑片P記錄相應(yīng)的、示數(shù)I1、I2；以I1為縱坐標(biāo)I2為橫坐標(biāo)作出相應(yīng)圖線。測得圖線的斜率k＝，則待測表頭內(nèi)阻r1＝Ω12．（8分）某同學(xué)用如圖（甲）所示的裝置測定重力加速度：（1）電火花計時器的工作電壓為V，使用電源（選填“交流”或“直流”）。（2）紙帶上1至9各點為計時點，相鄰計時點間時間間隔為，由紙帶所示數(shù)據(jù)算出加速度的大小為m/s2（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。13．（10分）如圖所示，質(zhì)量m＝的物體放在水平面上，在F＝的水平恒定拉力作用下由靜止開始運動，物體發(fā)生位移x＝時撤去力F，物體在水平面上繼續(xù)滑動一段距離后停止運動。已知物體與水平面間的動摩擦因數(shù)μ＝，取g＝10m/s2。（1）做出物體在力F作用過程中的受力示意圖；（2）物體在運動過程中受滑動摩擦力的大小；（3）撤去力F的瞬間，物體速度的大??；（4）撤去力F后物體繼續(xù)滑動的時間。14．（8分）中子不帶電，比較容易進入原子核，科學(xué)上往往利用中子轟擊其他原子核來獲得需要的粒子。為了研究獲得的粒子的屬性，也經(jīng)常將轟擊過程放入電磁場中，如圖1所示某空間x軸上存在場強大小為E方向向下的勻強電場，x軸下方存在若干個寬度為d的等間隔的長條形勻強電場和勻強磁場區(qū)域，電場強度大小相等、方向均向下，磁感應(yīng)強度大小相等、方向均向外。某中子以一定的水平向右的初速度撞上位于y軸且縱坐標(biāo)為d的一個靜止Li核，而發(fā)生核反應(yīng)，生成兩個原子核，其中一個為H核，以水平速度v1＝飛出后在電場作用下落在x軸負(fù)半軸（圖中未畫出）；另一個新核X飛出后在電場作用下到達x軸時與x軸正方向成θ＝37°角，如圖。若已知中子和質(zhì)子的質(zhì)量相等均為u，（不計反應(yīng)中的質(zhì)量虧損）質(zhì)子的帶電量為e。不計粒子重力，不考慮高速運動的粒子的相對論效應(yīng)，假設(shè)電磁場均有理想邊界。（1）寫出相應(yīng)的核反應(yīng)方程式，并求出新核X飛入磁場的速度。（sin37°＝，cos37°＝，結(jié)果中質(zhì)量和電量均用u和e表示）（2）求出入射中子的初速度（3）若新核X進入磁場的速度為vx，經(jīng)過第一個磁場區(qū)域后，新核的速度方向改變了90°，則磁感應(yīng)強度應(yīng)調(diào)節(jié)為多少？（結(jié)果用vx、u、e、d表示）（4）若新核X進入速度大小為vλ，方向θ角任意，各電場大小均為E，調(diào)節(jié)磁場強弱發(fā)現(xiàn)新核從第n個勻強磁場區(qū)域射出時速度方向與剛進入第一勻強磁場區(qū)域時的速度偏角為90°，則B的大小應(yīng)調(diào)節(jié)為多少？（結(jié)果用vx、u、e、E、d、θ、n表示）【選修3-3】（20分）15．（4分）如圖所示的甲、乙兩幅圖象分別表示兩分子間的作用力、分子勢能與兩分子間距離的關(guān)系。假定兩個分子的距離為無窮遠時它們的分子勢能為0，當(dāng)分子間距r＞r0，隨著r的增大，F(xiàn)先增大后減小，Ep（填“增大”“減小”“不變”）；當(dāng)分子間距r＜r0，隨著r的減小，F(xiàn)增大，Ep（填“增大”“減小”或“不變”）。16．（16分）如圖，氧氣瓶通過細管和上端封閉的玻璃管相連，玻璃管內(nèi)用一很薄的水銀片（質(zhì)量和厚度不計）在玻璃管上方封閉了一段氣柱，開始時瓶內(nèi)氧氣壓強為10個標(biāo)準(zhǔn)大氣壓強，上方封閉氣柱長度為8cm，隨著氧氣的使用，使用一段時間后，發(fā)現(xiàn)水銀片下降了12cm，使用過程中環(huán)境溫度變成原來的四分之三，已知一個標(biāo)準(zhǔn)大氣壓強為1atm。求：（1）此時氧氣瓶內(nèi)的壓強；（2）此時瓶內(nèi)氧氣質(zhì)量與原來氧氣質(zhì)量的比值?！具x修3-4】17．光纖通信技術(shù)是利用光導(dǎo)纖維傳輸信號，以實現(xiàn)信息傳遞的一種通信方式。某種光纖內(nèi)部分為三層：中心高折射率玻璃芯，中層低折射率硅玻璃包層，外層是加強用的樹脂涂層，當(dāng)光從空氣由光纖的端口進入內(nèi)芯后，光的傳播速度（選填“變大”“變小”或“不變”）。若該種光纖的內(nèi)芯在空氣中發(fā)生全反射的臨界角為45°，則內(nèi)芯的折射率為（結(jié)果可用根號表示）。18．一直桶狀容器高為l、底面是邊長為2l的正方形容器，容器內(nèi)裝滿某種透明液體，過容器中心軸dd′、垂直左右兩側(cè)面的剖面圖如圖所示。今有某單色細光束在該剖面內(nèi)從d點以與液面成θ＝30°角射入液體，正好通過剖面的左下角。求：（1）該液體的折射率n；（2）若保持光束的入射點不變，將入射光束在該剖面內(nèi)逆時針旋轉(zhuǎn)90°。已知光在真空中的傳播速度為c，求此光束從d點到達容器底部的時間t。

2022年廣東省珠海市高考物理模擬試卷（一）參考答案與試題解析一．選擇題（共7小題，滿分28分，每小題4分）1．（4分）我國的北斗衛(wèi)星系統(tǒng)是最先進的全球?qū)Ш叫l(wèi)星系統(tǒng)之一，它在任何時刻都能提供持續(xù)可靠的定位服務(wù)，從手機定位到機場調(diào)度、海事救援授時和測速及地質(zhì)測繪等都有廣泛的應(yīng)用。則下列說法正確的是（）A．定位高空飛行的飛機時，用二維坐標(biāo)就能確定飛機的具體位置 B．定位一探險愛好者的具體位置時，探險愛好者不可視為質(zhì)點 C．測繪的飛機航空路線指的是飛機運動的位移 D．測輪船在大海中的運動速度時，實際測量的是一小段時間內(nèi)的平均速度，可近似為瞬時速度【解答】解：A、要確定物體的位置，必須要知道這個物體的所在方位，還有就是距坐標(biāo)原點的距離，這樣才能唯一確定這一點。所以要定位高空飛行的飛機時，要用三維坐標(biāo)才能確定飛機的具體位置，故A錯誤；B、定位一探險愛好者的具體位置時，探險愛好者的大小相對于要定位的區(qū)域可以忽略不計，可以視為質(zhì)點，故B錯誤；C、測繪的飛機航空路線指的是飛機運動的軌跡，故C錯誤；D、測輪船在大海中的運動速度時，實際測量的是一小段時間內(nèi)的平均速度，當(dāng)時間非常小時，可近似為瞬時速度，故D正確。故選：D。2．（4分）甲、乙兩小車沿同一直線運動的位移﹣時間圖象如圖所示，已知甲車自t＝0時起做初速度為零的勻變速直線運動，加速度大小為2m/s2，則乙車的速度大小為（）A．1m/s B．2m/s C．5m/s D．10m/s【解答】解：甲車做勻加速直線運動，在0﹣t1時間內(nèi)通過的位移為x＝25m，根據(jù)x＝得：t1＝5s乙車做勻速直線運動，由x＝vt1得乙車的速度大小為v＝＝m/s＝5m/s，故ABD錯誤，C正確。故選：C。3．（4分）如圖中有兩個物體A、B，GA＝2N，GB＝4N，A用懸線掛在天花板上，B放在水平地面上，A、B間的輕彈簧的彈力為1N，則懸線的拉力FT，B對地面的壓力FN的可能值分別是（）A．FT＝3N，F(xiàn)N＝3N B．FT＝3N，F(xiàn)N＝5N C．FT＝1N，F(xiàn)N＝6N D．FT＝1N，F(xiàn)N＝3N【解答】解：由題意可知，B受重力、彈簧的彈力及地面的支持力而處于平衡；若彈簧的彈力向下，則有：FN＝mg+F＝4N+1N＝5N；對整體受力分析有：FT＝GA+GB﹣FN＝6N﹣5N＝1N；若彈簧處伸長狀態(tài)，B受支持力FN＝GB﹣F＝4N﹣1N＝3N；對整體有：FT＝GA+GB﹣FN＝6N﹣3N＝3N，故A正確、BCD錯誤。故選：A。4．（4分）消防車的供水系統(tǒng)主要由水系、輸水管道和水炮組成。如圖，在水平地面上用消防水炮對建筑物上離地高度h＝20m的火點進行滅火，整個供水系統(tǒng)的效率為60%，假設(shè)消防水炮出水口到火點的水平距離x＝30m，水柱的最高處正好到達著火位置，水炮出水的流量是3/min，水的密度ρ＝×103kg/m3，重力加速度g＝10m/s2，不計空氣阻力，則（）A．從水炮射出的初速度為30m/s B．在著火點水流的速度為30m/s C．空中水柱的水的質(zhì)量為7200kg D．水泵的輸入功率為31250W【解答】解：AB．水從炮口射出后，做斜拋運動，由于水到達火點，剛好處于最高點，故可逆向視作平拋運動，設(shè)水在最高點的速度大小為vx，由平拋運動規(guī)律可和水運動的時間為：則水平射出時水平方向的分速度大小為：豎直方向的分速度大小為：vy＝gt＝20m/s則水射出的初速度大小為：，故AB錯誤；C．由題意結(jié)合前面的分析可得空中水的質(zhì)量為：，故C錯誤；D．水炮對水做功的功率為：所以水泵的輸入功率為：，故D正確。故選：D。5．（4分）如圖所示，顛球練習(xí)是乒乓球運動員掌握擊球的力度、手感和球感的重要方法。運動員練習(xí)中將球垂直拋出，讓球連續(xù)在球拍上垂直彈起和落下。某一次乒乓球靜止下落50cm，被球拍擊起后離開球拍豎直上升的最大高度為88cm。已知球與球拍的作用時間為，乒乓球的質(zhì)量為，重力加速度g取10m/s2，阻力是球重的倍，下列說法正確的是（）A．球拍對球的平均作用力為乒乓球重力的84倍 B．整個過程阻力做功約為×10﹣3J C．球與球拍作用過程中動量變化量大小為×10﹣3kg?m/s D．球從最高點下落至重新回到最高點的過程中重力的沖量大小為×10﹣2N?s【解答】解：下落過程中阻力做的功Wf1＝﹣fh1＝﹣××10﹣2×＝﹣×10﹣3J根據(jù)動能定理得：mgh1+Wf1＝mv12可得球與球拍碰撞前瞬間的速度v1＝3m/s上升過程中阻力做的功Wf2＝﹣fh2＝﹣××10﹣2×＝﹣×10﹣3J根據(jù)動能定理得：﹣mgh2+Wf2＝0﹣mv22可得球與球拍碰撞后瞬間的速度v2＝以豎直向上為正方向A、球與球拍碰撞過程中，根據(jù)動量定理（F﹣mg）△t＝mv2﹣（﹣mv1），解得F＝，故A錯誤；B、整個過程阻力做功為：Wf1+Wf2＝﹣×10﹣3J﹣×10﹣3J≈﹣×10﹣3J，故B錯誤；C、球與球拍作用過程中動量變化量大小為△p＝mv2﹣（﹣mv1）＝×10﹣3×（4.4+3）kg?m/s＝×102kg?m/s，故C錯誤；D、下落的時間t1＝＝s＝s，上升的時間t2＝＝s＝整個過程中重力的沖量IG＝mg（t1+△t+t2）＝×10﹣2×（）N?s＝×10﹣2N?s，故D正確。故選：D。6．（4分）AB是某點電荷形成的電場中的一條電場線，一負(fù)點電荷僅在電場力作用下從A點運動到B點的v﹣t圖象如圖所示，則下列說法正確的是（）A．形成電場的點電荷是正的且放在B點右側(cè) B．形成電場的點電荷是負(fù)的且放在B點右側(cè) C．電荷在B點的電場力小于A點的電場力 D．A點的電勢低于B點的電勢【解答】解：AB、由于負(fù)點電荷沿電場線運動過程當(dāng)中做減速運動，故點電荷所受電場力方向由B指向A，又由于負(fù)電荷所受電場力的方向與場強的方向相反，所以電場線的方向由A指向B；又因為速度圖象的斜率等于物體的加速度，由圖可知點電荷從A向B運動的過程中加速度越來越大，故A點的場強小于B點場強。根據(jù)點電荷所形成電場的特點，形成電場的點電荷是負(fù)點電荷且應(yīng)放在B點右側(cè)，故A錯誤，B正確；C、B點的場強大于A點場強，電荷在B點的電場力大于A點的電場力，故C錯誤；D、電場線的方向由A指向B；而沿電場線的方向電勢降低，所以A點電勢比B點的電勢高。故D錯誤；故選：B。7．（4分）如圖所示，理想變壓器原線圈輸入電壓u＝Umsinωt，通過單刀雙擲開關(guān)S1可改變變壓器原線圈的匝數(shù)，電路中R1、R2、R3為定值電阻，R是滑動變阻器，V是理想交流電壓表，示數(shù)用U表示，A是理想交流電流表，示數(shù)用I表示，下列說法正確的是（）A．I表示電流的瞬時值，U表示電壓的最大值 B．若將滑片P向上滑動，變壓器輸入功率變大 C．若閉合開關(guān)S2，則U不變，I變大 D．若將原線圈開關(guān)S1由1擲向2，則U、I都變大【解答】解：A、交流電表的示數(shù)為有效值，故A錯誤；B、P向上移動過程中，R變大，由于交流電源原副線圈匝數(shù)不變，副線圈兩端電壓不變，變壓器輸出功率變小，所以變壓器輸入功率變小，故B錯誤；C、當(dāng)開關(guān)S2閉合后副線圈電壓不變，副線圈負(fù)載電阻變小，副線圈電流變大，R1兩端電壓變大，所以電壓表示數(shù)U變小，I變小，故C錯誤；D、當(dāng)開關(guān)S1由1擲向2時，副線圈兩端電壓升高，電阻不變，所以U變大，變大，故D正確；故選：D。二．多選題（共3小題，滿分18分，每小題6分）（多選）8．（6分）如圖所示，質(zhì)量M＝2kg、半徑R＝、內(nèi)壁粗糙程度一致的半圓槽靜置于光滑的水平地面上?，F(xiàn)將一質(zhì)量m＝1kg的小球（可視為質(zhì)點）自左側(cè)槽口A點的正上方h＝1m處由靜止釋放，小球下落后自A點進入槽內(nèi)，然后從C點離開。已知小球第一次滑至半圓槽的最低點B時，小球的速度大小為4m/s，重力加速度g＝10m/s2，不計空氣阻力，則小球第一次在半圓槽內(nèi)向右滑動的過程中，下列說法正確的是（）A．小球從A點到B點的過程中，小球?qū)Π雸A槽的作用力對槽所做的總功為正 B．小球從A點到B點的過程中，小球與半圓槽組成的系統(tǒng)增加的內(nèi)能為7J C．小球從A點到C點的過程中，半圓槽的位移為m D．小球從C點飛出后做斜拋運動【解答】解：A、小球在半圓槽內(nèi)滑動的過程中，系統(tǒng)水平方向合力為0.水平方向動量守恒，水平方向總動量為0。小球在半圓槽最低點時，根據(jù)水平動量守恒得0＝Mv2﹣mv1，代入數(shù)據(jù)：0＝2×v2﹣1×4可得半圓槽的速度為v2＝2m/s.從釋放到最低點過程，小球?qū)Π雸A槽的作用力對槽所做總功為正，W＝M＝×2×22J＝4J.故A正確；B、根據(jù)系統(tǒng)能量守恒得mg（h+R）＝m+M+Q代入數(shù)據(jù)：1×10×（）＝×1×42+×2×22+Q可得系統(tǒng)增加的內(nèi)能Q＝3J，故B錯誤；C、小球從A點進入，C點飛出這一過程，水平方向類似于人船模型，Mx2＝mx1，且x1+x2＝2R，代入數(shù)據(jù)：2×x2＝1×x1，x1+x2＝2×，可得半圓槽的位移x2＝m，故C正確；D、小球從C點飛出瞬間，小球和半圓槽的水平速度都為0，小球做豎直上拋運動，故D錯誤。故選：AC。（多選）9．（6分）觀看科幻電影《流浪地球》后，某同學(xué)設(shè)想地球僅在木星引力作用下沿橢圓軌道通過木星的情景，如圖所示，軌道上P點距木星最近（距木星表面的高度可忽略），則（）A．地球靠近木星的過程中運行加速度增大 B．地球遠離木星的過程中機械能減小 C．地球遠離木星的過程中動能減小 D．地球在P點的運行速度等于木星第一宇宙速度【解答】解：A、根據(jù)萬有引力提供加速度，a＝，地球靠近木星的過程中，加速度增大，故A正確；B、地球遠離木星的過程中只有萬有引力做功，機械能不變，故B錯誤；C、地球繞木星做橢圓運動，根據(jù)開普勒第二定律可知，遠木點的速度小，近木點的速度大，故地球遠離木星的過程中，運行速度減小，動能減小，故C正確。D、若地球在P點繞木星做勻速圓周運動，速度等于木星的第一宇宙速度，而地球在P點做離心運動時，需要的向心力大于提供的向心力，結(jié)合向心力的表達式可知，地球在P點做離心運動時的速度大于木星第一宇宙速度，故D錯誤。故選：AC。（多選）10．（6分）如圖所示，在光滑絕緣的水平面上方，有兩個方向相反的水平方向的勻強磁場，PQ為兩磁場的邊界，磁場范圍足夠大，磁感應(yīng)強度的大小分別為B和2B．一個豎直放置的邊長為a、質(zhì)量為m、電阻為R的正方形金屬線框，以初速度2v垂直磁場方向從圖中實線位置開始向右運動，當(dāng)線框運動到每個磁場中各有一半的面積時，線框的速度變?yōu)関，則下列判斷正確的是（）A．此時線框的加速度為 B．此時線框中的電功率為 C．此過程中通過線框截面的電量為 D．此過程中線框克服安培力做的功為【解答】解：A．電路中的電流大小為I＝，根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度大小為a＝，故A正確。B．此時電功率為P＝I2R＝，故B錯誤。C．因為感應(yīng)電動勢為E＝，感應(yīng)電流為I＝，電荷量為q＝I△t，解得q＝＝＝，故C正確。D．由能量守恒定律得，此過程中回路產(chǎn)生的電能為E＝m（2v）2﹣mv2＝mv2，故D錯誤。故選：AC。三．實驗題（共4小題，滿分34分）11．（8分）某同學(xué)利用圖甲所示電路測量一表頭的電阻。供選用的器材如下：A．待測表頭（內(nèi)阻r1約為300Ω，量程為）；B．靈敏電流表（內(nèi)阻r2＝300Ω，量程為）；C．定值電阻R（R＝1200Ω）；D．滑動變阻器R1（最大阻值為10Ω）；E．滑動變阻器R2（最大阻值為1000Ω）；F．電源E（電動勢E＝，內(nèi)阻不計）；G．開關(guān)S，導(dǎo)線若干。（1）請根據(jù)圖甲所示電路將圖乙的實物圖補充完整。（2）滑動變阻器應(yīng)選R1（填“R1”或“R2”）。開關(guān)S閉合前，滑動變阻器的滑片P應(yīng)滑動至b（填“a”或“b”）端。（3）該同學(xué)接入定值電阻R的主要目的是保護G2，使兩表均能接近滿偏。（4）實驗中某次待測表頭的示數(shù)如圖丙所示，示數(shù)為mA。（5）該同學(xué)多次移動滑片P記錄相應(yīng)的、示數(shù)I1、I2；以I1為縱坐標(biāo)I2為橫坐標(biāo)作出相應(yīng)圖線。測得圖線的斜率k＝，則待測表頭內(nèi)阻r1＝Ω【解答】解：（1）參照圖甲電路連線，結(jié)果如圖所示，（2）為方便實驗操作，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動變阻R1，滑動變阻器采用分壓接法時，為保護電路閉合開關(guān)前滑片要置于分壓電路分壓為零的位置，即滑動變阻器要移到b端；（3）由于兩電流表的內(nèi)阻相當(dāng)，但滿偏電流相差很大，所以為不致于使指針偏角相差很大，要接入定定值電阻R，其作用是保護G2，使兩表均能接近滿偏；（4）從圖丙中讀出電流I1＝；（5）根據(jù)歐姆定律和并聯(lián)電路電壓相等的關(guān)系有：I1r1＝I2（r2+R），那么，結(jié)合題意圖象的斜率k＝，所以r1＝＝＝Ω。故答案為：（1）（2）R1b（3）保護G2，使兩表均能接近滿偏（4）（5）12．（8分）某同學(xué)用如圖（甲）所示的裝置測定重力加速度：（1）電火花計時器的工作電壓為220V，使用交流電源（選填“交流”或“直流”）。（2）紙帶上1至9各點為計時點，相鄰計時點間時間間隔為，由紙帶所示數(shù)據(jù)算出加速度的大小為m/s2（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）?！窘獯稹拷猓海?）電火花打點計時器使用的工作電壓為交流220V．（2）根據(jù)△x＝gT2得，x23﹣x78＝5gT2，解得：a＝＝m/s2＝2．故答案為：（1）220；交流；（2）。13．（10分）如圖所示，質(zhì)量m＝的物體放在水平面上，在F＝的水平恒定拉力作用下由靜止開始運動，物體發(fā)生位移x＝時撤去力F，物體在水平面上繼續(xù)滑動一段距離后停止運動。已知物體與水平面間的動摩擦因數(shù)μ＝，取g＝10m/s2。（1）做出物體在力F作用過程中的受力示意圖；（2）物體在運動過程中受滑動摩擦力的大小；（3）撤去力F的瞬間，物體速度的大小；（4）撤去力F后物體繼續(xù)滑動的時間?！窘獯稹拷猓海?）物體在運動過程中受力如圖所示：（2）由受力分析Ff＝μFN，F(xiàn)N＝mg代入數(shù)據(jù)解得Ff＝×5＝；（3）根據(jù)牛頓第二定律F﹣Ff＝ma，根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律v2﹣0＝2ax代入數(shù)據(jù)解得v＝＝（4）根據(jù)牛頓第二定律Ff＝μmg＝ma′，a′＝μg＝4m/s2根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律0＝v﹣a′t代入數(shù)據(jù)解得t＝；答：（1）物體在力F作用過程中的受力示意圖如圖所示；（2）物體在運動過程中受滑動摩擦力的大小為2N；（3）撤去力F的瞬間，物體速度的大小為4m/s；（4）撤去力F后物體繼續(xù)滑動的時間為1s。14．（8分）中子不帶電，比較容易進入原子核，科學(xué)上往往利用中子轟擊其他原子核來獲得需要的粒子。為了研究獲得的粒子的屬性，也經(jīng)常將轟擊過程放入電磁場中，如圖1所示某空間x軸上存在場強大小為E方向向下的勻強電場，x軸下方存在若干個寬度為d的等間隔的長條形勻強電場和勻強磁場區(qū)域，電場強度大小相等、方向均向下，磁感應(yīng)強度大小相等、方向均向外。某中子以一定的水平向右的初速度撞上位于y軸且縱坐標(biāo)為d的一個靜止Li核，而發(fā)生核反應(yīng)，生成兩個原子核，其中一個為H核，以水平速度v1＝飛出后在電場作用下落在x軸負(fù)半軸（圖中未畫出）；另一個新核X飛出后在電場作用下到達x軸時與x軸正方向成θ＝37°角，如圖。若已知中子和質(zhì)子的質(zhì)量相等均為u，（不計反應(yīng)中的質(zhì)量虧損）質(zhì)子的帶電量為e。不計粒子重力，不考慮高速運動的粒子的相對論效應(yīng)，假設(shè)電磁場均有理想邊界。（1）寫出相應(yīng)的核反應(yīng)方程式，并求出新核X飛入磁場的速度。（sin37°＝，cos37°＝，結(jié)果中質(zhì)量和電量均用u和e表示）（2）求出入射中子的初速度（3）若新核X進入磁場的速度為vx，經(jīng)過第一個磁場區(qū)域后，新核的速度方向改變了90°，則磁感應(yīng)強度應(yīng)調(diào)節(jié)為多少？（結(jié)果用vx、u、e、d表示）（4）若新核X進入速度大小為vλ，方向θ角任意，各電場大小均為E，調(diào)節(jié)磁場強弱發(fā)現(xiàn)新核從第n個勻強磁場區(qū)域射出時速度方向與剛進入第一勻強磁場區(qū)域時的速度偏角為90°，則B的大小應(yīng)調(diào)節(jié)為多少？（結(jié)果用vx、u、e、E、d、θ、n表示）【解答】解：（1）根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可得：對新核粒子，在第一象限中做類平拋運動，在沿電場方向，做初速度為零的勻加速直線運動，則：2×＝解得：vy＝則新核X飛入磁場的速度為：v＝＝；（2）中子與靜止的Li核碰撞，取中子初速度方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律可得：uv0＝﹣3uv1+4uv2根據(jù)運動的合成與分解可得：v2＝＝，題干給出：v1＝聯(lián)立解得中子的初速度：v0＝4；（3）新核粒子經(jīng)過第一個磁場區(qū)域后，新核的速度方向改變了90°，如圖所示；則α＝90°﹣θ＝53°根據(jù)幾何關(guān)系可得軌跡半徑：r＝＝新核粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qvB＝m則：B＝＝；（4）設(shè)進入第n個磁場的速度為vn，則經(jīng)歷了（n﹣1）個電場，根據(jù)動能定理可得：2eE（n﹣1）d＝﹣解得：vn＝取向右為正，水平方向應(yīng)用動量定理：﹣∑Bqvyt＝﹣mvnsinθ﹣mvxcosθ即：Bqnd＝mvnsinθ+mvxcosθ解得：B＝。答：（1）核反應(yīng)方程式為，新核X飛入磁場的速度為；（2）入射中子的初速度為4；（3）磁感應(yīng)強度應(yīng)調(diào)節(jié)為；（4）B的大小應(yīng)調(diào)節(jié)為?！具x修3-3】（2