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2023年云南省江川一中物理高三上期末考試模擬試題注意事項(xiàng)1.考生要認(rèn)真填寫(xiě)考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2.試題所有答案必須填涂或書(shū)寫(xiě)在答題卡上,在試卷上作答無(wú)效。第一部分必須用2B鉛筆作答;第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3.考試結(jié)束后,考生須將試卷和答題卡放在桌面上,待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示,兩個(gè)相同材料制成的水平摩擦輪A和B,兩輪半徑RA=2RB,A為主動(dòng)輪.當(dāng)A勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí),在A輪邊緣處放置的小木塊恰能相對(duì)靜止在A輪的邊緣上,若將小木塊放在B輪上讓其靜止,木塊離B輪軸的最大距離為()A. B. C. D.2、光滑水平面上有長(zhǎng)為的木板B,小物塊A置于B的中點(diǎn),A、B質(zhì)量均為,二者間摩擦因數(shù)為,重力加速度為,A、B處于靜止?fàn)顟B(tài)。某時(shí)刻給B一向右的瞬時(shí)沖量,為使A可以從B上掉下,沖量的最小值為()A. B. C. D.3、米歇爾?麥耶和迪迪埃?奎洛茲因?yàn)榘l(fā)現(xiàn)了第一顆太陽(yáng)系外行星﹣飛馬座51b而獲得2019年諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)。飛馬座51b與恒星相距為L(zhǎng),構(gòu)成雙星系統(tǒng)(如圖所示),它們繞共同的圓心O做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。設(shè)它們的質(zhì)量分別為m1、m2且(m1<m2),已知萬(wàn)有引力常量為G.則下列說(shuō)法正確的是()A.飛馬座51b與恒星運(yùn)動(dòng)具有相同的線速度B.飛馬座51b與恒星運(yùn)動(dòng)所受到的向心力之比為m1:m2C.飛馬座51b與恒星運(yùn)動(dòng)軌道的半徑之比為m2:m1D.飛馬座51b與恒星運(yùn)動(dòng)周期之比為m1:m24、關(guān)于元電荷,正確的說(shuō)法是()A.元電荷就是點(diǎn)電荷.B.1C電量叫元電荷.C.元電荷就是質(zhì)子.D.元電荷目前被認(rèn)為是自然界中電荷的最小單元.5、將長(zhǎng)為L(zhǎng)的導(dǎo)線彎成六分之一圓弧,固定于垂直于紙面向外、大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,兩端點(diǎn)A、C連線豎直,如圖所示.若給導(dǎo)線通以由A到C、大小為I的恒定電流,則導(dǎo)線所受安培力的大小和方向是()A.ILB,水平向左 B.ILB,水平向右C.,水平向右 D.,水平向左6、如圖所示,是半圓弧,為圓心,為半圓弧的最高點(diǎn),,、、處各有一垂直紙面的通電直導(dǎo)線,電流大小均為,長(zhǎng)度均為,和處通電直導(dǎo)線的電流方向垂直紙面向外,處通電直導(dǎo)線的電流方向垂直紙面向里,三根通電直導(dǎo)線在點(diǎn)處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為,則處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為()A. B. C. D.0二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、一列橫波沿水平方向傳播,質(zhì)點(diǎn)A平衡位置位于處,質(zhì)點(diǎn)P平衡位置位于處,質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)圖像如圖甲所示,如圖乙所示是質(zhì)點(diǎn)A剛振動(dòng)了1.1s時(shí)的波形圖,以下說(shuō)法正確的是()A.波速B.波源的最初振動(dòng)方向向上C.時(shí)波傳到P點(diǎn)D.當(dāng)質(zhì)點(diǎn)P點(diǎn)處于波峰位置時(shí),A質(zhì)點(diǎn)處于波谷位置8、下列說(shuō)法正確的是________。A.液體表面張力與浸潤(rùn)現(xiàn)象都是分子力作用的表現(xiàn)B.用熵的概念表示熱力學(xué)第二定律:在任何自然過(guò)程中,一個(gè)孤立系統(tǒng)的熵不會(huì)增加C.晶體在物理性質(zhì)上可能表現(xiàn)為各向同性D.液體中的擴(kuò)散現(xiàn)象是由于液體的對(duì)流形成的E.熱量可以從低溫物體傳給高溫物體9、如圖甲所示的電路中理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為,電表均為理想電表,為阻值隨溫度升高而變小的熱敏電阻,為定值電阻,若發(fā)電機(jī)向原線圈輸入如圖乙所示的正弦交變電流。下列說(shuō)法中正確的是()A.輸入變壓器原線圈的交變電流的電壓表達(dá)式為B.時(shí),該發(fā)電機(jī)的線圈平面位于中性面C.溫度升高時(shí),電流表的示數(shù)變大,電壓表示數(shù)變小,變壓器的輸入功率變大D.溫度升高時(shí),電流表的示數(shù)變大,電壓表示數(shù)變大,變壓器的輸入功率變大10、如圖所示,從處發(fā)出的電子經(jīng)加速電壓加速后垂直進(jìn)入相互垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,發(fā)現(xiàn)電子向下極板偏轉(zhuǎn)。設(shè)兩極板間電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為。欲使電子沿直線從電場(chǎng)和磁場(chǎng)區(qū)域通過(guò),只采取下列措施,其中可行的是()A.適當(dāng)減小電場(chǎng)強(qiáng)度大小B.適當(dāng)減小磁感應(yīng)強(qiáng)度大小C.適當(dāng)增大加速電場(chǎng)兩極板之間的距離D.適當(dāng)減小加速電壓三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11.(6分)如圖,物體質(zhì)量為,靜置于水平面上,它與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù),用大小為、方向與水平方向夾角的拉力F拉動(dòng)物體,拉動(dòng)4s后,撤去拉力F,物體最終停下來(lái)取試求:物體前4s運(yùn)動(dòng)的加速度是多大?物體從開(kāi)始出發(fā)到停下來(lái),物體的總位移是多大?12.(12分)某同學(xué)設(shè)計(jì)出如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”,讓小球從A點(diǎn)自由下落,下落過(guò)程中經(jīng)過(guò)A點(diǎn)正下方的光電門B時(shí),光電計(jì)時(shí)器記錄下小球通過(guò)光電門時(shí)間t,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。(1)為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律,該實(shí)驗(yàn)還需要測(cè)量下列哪些物理量_________。A.小球的質(zhì)量mB.AB之間的距離HC.小球從A到B的下落時(shí)間tABD.小球的直徑d(2)小球通過(guò)光電門時(shí)的瞬時(shí)速度v=_________(用題中所給的物理量表示)。(3)調(diào)整AB之間距離H,多次重復(fù)上述過(guò)程,作出隨H的變化圖象如圖所示,當(dāng)小球下落過(guò)程中機(jī)械能守恒時(shí),該直線斜率k0=__________。(4)在實(shí)驗(yàn)中根據(jù)數(shù)據(jù)實(shí)際繪出—H圖象的直線斜率為k(k<k0),則實(shí)驗(yàn)過(guò)程中所受的平均阻力f與小球重力mg的比值=_______________(用k、k0表示)。四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,導(dǎo)熱良好的細(xì)直玻璃管內(nèi)用長(zhǎng)度為10cm的水銀封閉了一段空氣柱(可視為理想氣體),水銀柱可沿玻璃管無(wú)摩擦滑動(dòng)?,F(xiàn)使水銀柱隨玻璃管共同沿傾角為30°的光滑斜面下滑,兩者保持相對(duì)靜止時(shí),空氣柱長(zhǎng)度為8cm。某時(shí)刻玻璃管突然停止運(yùn)動(dòng),一段時(shí)間后水銀柱靜止,此過(guò)程中環(huán)境溫度恒為300K,整個(gè)過(guò)程水銀未從收璃管口溢出。已知大氣壓強(qiáng)為p0=75cm水銀柱高。求:(1)水銀柱靜止后的空氣柱長(zhǎng)度;(2)水銀柱靜止后緩慢加熱氣體,直到空氣柱長(zhǎng)度變回8cm,求此時(shí)氣體的溫度。14.(16分)隨著航空領(lǐng)域的發(fā)展,實(shí)現(xiàn)火箭回收利用,成為了各國(guó)都在重點(diǎn)突破的技術(shù)。其中有一技術(shù)難題是回收時(shí)如何減緩對(duì)地的碰撞,為此設(shè)計(jì)師在返回火箭的底盤安裝了電磁緩沖裝置。該裝置的主要部件有兩部分:①緩沖滑塊,由高強(qiáng)絕緣材料制成,其內(nèi)部邊緣繞有閉合單匝矩形線圈abcd;②火箭主體,包括絕緣光滑緩沖軌道MN、PQ和超導(dǎo)線圈(圖中未畫(huà)出),超導(dǎo)線圈能產(chǎn)生方向垂直于整個(gè)緩沖軌道平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。當(dāng)緩沖滑塊接觸地面時(shí),滑塊立即停止運(yùn)動(dòng),此后線圈與火箭主體中的磁場(chǎng)相互作用,火箭主體一直做減速運(yùn)動(dòng)直至達(dá)到軟著陸要求的速度,從而實(shí)現(xiàn)緩沖?,F(xiàn)已知緩沖滑塊豎直向下撞向地面時(shí),火箭主體的速度大小為v0,經(jīng)過(guò)時(shí)間t火箭著陸,速度恰好為零;線圈abcd的電阻為R,其余電阻忽略不計(jì);ab邊長(zhǎng)為l,火箭主體質(zhì)量為m,勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,重力加速度為g,一切摩擦阻力不計(jì),求:(1)緩沖滑塊剛停止運(yùn)動(dòng)時(shí),線圈ab邊兩端的電勢(shì)差Uab;(2)緩沖滑塊剛停止運(yùn)動(dòng)時(shí),火箭主體的加速度大?。唬?)火箭主體的速度從v0減到零的過(guò)程中系統(tǒng)產(chǎn)生的電能。15.(12分)如圖所示,足夠長(zhǎng)的傳送帶與水平面間的夾角為。兩個(gè)大小不計(jì)的物塊質(zhì)量分別為和,與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為和。已知物塊與碰撞時(shí)間極短且無(wú)能量損失,最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等。(1)若傳送帶不動(dòng),將物塊無(wú)初速度地放置于傳送帶上的某點(diǎn),在該點(diǎn)右上方傳送帶上的另一處無(wú)初速度地釋放物塊,它們第一次碰撞前瞬間的速度大小為,求與第一次碰撞后瞬間的速度;(2)若傳送帶保持速度順時(shí)針運(yùn)轉(zhuǎn),如同第(1)問(wèn)一樣無(wú)初速度地釋放和,它們第一次碰撞前瞬間的速度大小也為,求它們第二次碰撞前瞬間的速度;(3)在第(2)問(wèn)所述情境中,求第一次碰撞后到第三次碰撞前傳送帶對(duì)物塊做的功。
參考答案一、單項(xiàng)選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】摩擦傳動(dòng)不打滑時(shí),兩輪邊緣上線速度大小相等,根據(jù)題意有:兩輪邊緣上有:RAωA=RBωB,所以:ωB=ωA,因?yàn)橥晃矬w在兩輪上受到的最大摩擦力相等,根據(jù)題意有,在B輪上的轉(zhuǎn)動(dòng)半徑最大為r,則根據(jù)最大靜摩擦力等于向心力有:mRAωA2=mrωB2,得:,故ACD錯(cuò)誤,B正確;故選B.點(diǎn)睛:摩擦傳動(dòng)時(shí),兩輪邊緣上線速度大小相等,抓住最大摩擦力相等是解決本題的關(guān)鍵.2、B【解析】
設(shè)B獲得沖量后瞬間速度為,物塊掉下來(lái)的臨界條件是A剛好到達(dá)邊緣時(shí)兩者共速,根據(jù)動(dòng)量守恒根據(jù)能量守恒解得:根據(jù)動(dòng)量定理,沖量最小值故B正確,ACD錯(cuò)誤。故選:B。3、C【解析】
BD.雙星系統(tǒng)屬于同軸轉(zhuǎn)動(dòng)的模型,具有相同的角速度和周期,兩者之間的萬(wàn)有引力提供向心力,故兩者向心力相同,故BD錯(cuò)誤;C.根據(jù)=,則半徑之比等于質(zhì)量反比,飛馬座51b與恒星運(yùn)動(dòng)軌道的半徑之比,即r1:r2=m2:m1,故C正確;A.線速度之比等于半徑之比,即v1:v2=m1:m2,故A錯(cuò)誤。故選C.4、D【解析】
點(diǎn)電荷是當(dāng)兩個(gè)帶電體的形狀對(duì)它的相互作用力的影響可忽略時(shí),這兩個(gè)帶電體可看作點(diǎn)電荷.而元電荷是帶電量的最小值,它不是電荷,所有帶電體電荷量均是元電荷的整數(shù)倍.【詳解】元電荷是最小的帶電量,而點(diǎn)電荷是一種理想化的物理模型,二者不是同一物理量;故A錯(cuò)誤;元電荷是帶電量的最小值,大小是1.6×10【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是對(duì)點(diǎn)電荷、元電荷的概念要有清晰的認(rèn)識(shí),同時(shí)要明確它們之間的區(qū)別,這是理清概念的一種重要方法.5、D【解析】
弧長(zhǎng)為L(zhǎng),圓心角為60°,則弦長(zhǎng):,導(dǎo)線受到的安培力:F=BI?AC=,由左手定則可知,導(dǎo)線受到的安培力方向:水平向左;故D,ABC錯(cuò)誤.6、C【解析】
根據(jù)右手螺旋定則畫(huà)出A、C、D各通電直導(dǎo)線在O處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度,如圖所示。將分解到水平和豎直兩個(gè)方向上,并分別在兩個(gè)方向合成,則水平方向的合矢量豎直方向的合矢量所以O(shè)點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小故選C。二、多項(xiàng)選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】
A.由題圖甲知,由題圖乙知,波速A正確;B.結(jié)合圖甲、圖乙可判斷,該波沿軸正方向傳播,根據(jù)題圖乙知時(shí),波源的振動(dòng)傳到處,可知波源最初振動(dòng)方向向下,B錯(cuò)誤;C.波從處傳到處需要,此時(shí),C錯(cuò)誤;D.質(zhì)點(diǎn)A、P平衡位置間距為1m,等于2.5λ,去整留零相當(dāng)于1.5λ,當(dāng)質(zhì)點(diǎn)P點(diǎn)處于波峰位置時(shí),質(zhì)點(diǎn)A處于波谷位置,D正確。故選AD。8、ACE【解析】
A.液體的表面張力是分子力作用的表現(xiàn),外層分子較為稀疏,分子間表現(xiàn)為引力;浸潤(rùn)現(xiàn)象也是分子力作用的表現(xiàn),故A正確;B.根據(jù)熱力學(xué)第二定律,在任何自然過(guò)程中,一個(gè)孤立系統(tǒng)的總熵不會(huì)減少,故B錯(cuò)誤;C.單晶體因排列規(guī)則其物理性質(zhì)為各向異性,而多晶體因排列不規(guī)則表現(xiàn)為各向同性,故C正確;D.?dāng)U散現(xiàn)象是分子無(wú)規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)的結(jié)果,不是對(duì)流形成的,故D錯(cuò)誤;E.熱量不能自發(fā)的從低溫物體傳給高溫物體,但在引起其它變化的情況下可以由低溫物體傳給高溫物體,故E正確。故選ACE。9、BC【解析】
A.由交變電流的圖像可讀出電壓的最大值為,周期為0.02s,則角速度為所以輸入變壓器原線圈的交變電流的電壓表達(dá)式為故A錯(cuò)誤;B.當(dāng)時(shí),電壓的瞬時(shí)值為0,所以該發(fā)電機(jī)的線圈平面位于中性面,故B正確;CD.溫度升高時(shí),其阻值變小,副線圈中的電流變大則原線圈中電流也變大,由可知變壓器的輸入功率變大,電壓表讀數(shù)減小,故C正確,D錯(cuò)誤。故選BC。10、BD【解析】
電子通過(guò)加速電場(chǎng)的過(guò)程,有欲使電子沿直線從電場(chǎng)和磁場(chǎng)區(qū)域通過(guò),則應(yīng)有而電子流向下極板偏轉(zhuǎn),則故應(yīng)增大或減小,故BD正確,AC錯(cuò)誤。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題:本題共2小題,共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、42m【解析】
(1)由牛頓第二定律運(yùn)用正交分解法求解加速度;(2)根據(jù)運(yùn)動(dòng)公式求解撤去外力之前時(shí)的位移;根據(jù)牛頓第二定律求解撤去外力后的加速度和位移,最后求解總位移.【詳解】(1)受力分析:正交分解:由牛頓第二定律得:;;聯(lián)立解得:(2)前4s內(nèi)的位移為,
4s末的速度為:,
撤去外力后根據(jù)牛頓第二定律可知:,
解得:,
減速階段的位移為:,
通過(guò)的總位移為:.【點(diǎn)睛】此題是牛頓第二定律的應(yīng)用問(wèn)題;關(guān)鍵是知道加速度是聯(lián)系運(yùn)動(dòng)和力的橋梁,運(yùn)用正交分解法求解加速度是解題的重點(diǎn).12、BD;;;;【解析】
該題利用自由落體運(yùn)動(dòng)來(lái)驗(yàn)證機(jī)械能守恒,因此需要測(cè)量物體自由下落的高度hAB,以及物體通過(guò)B點(diǎn)的速度大小,在測(cè)量速度時(shí)我們利用小球通過(guò)光電門的平均速度來(lái)代替瞬時(shí)速度,因此明白了實(shí)驗(yàn)原理即可知道需要測(cè)量的數(shù)據(jù);由題意可知,本實(shí)驗(yàn)采用光電門利用平均速度法求解落地時(shí)的速度;則根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知,當(dāng)減小的機(jī)械能應(yīng)等于增大的動(dòng)能;由原理即可明確注意事項(xiàng)及數(shù)據(jù)的處理等內(nèi)容?!驹斀狻浚?)根據(jù)機(jī)械能守恒的表達(dá)式可知,方程兩邊可以約掉質(zhì)量,因此不需要測(cè)量質(zhì)量,故A錯(cuò)誤;根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知,需要測(cè)量的是A點(diǎn)到光電門B的距離H,故B正確;利用小球通過(guò)光電門的平均速度來(lái)代替瞬時(shí)速度,不需要測(cè)量下落時(shí)間,故C錯(cuò)誤;利用小球通過(guò)光電門的平均速度來(lái)代替瞬時(shí)速度時(shí),需要知道擋光物體的尺寸,因此需要測(cè)量小球的直徑,故D正確。故選BD。
(2)已知經(jīng)過(guò)光電門時(shí)的時(shí)間小球的直徑;則可以由平均速度表示經(jīng)過(guò)光電門時(shí)的速度;
故;
(3)若減小的重力勢(shì)能等于增加的動(dòng)能時(shí),可以認(rèn)為機(jī)械能守恒;則有:mgH=mv2;
即:2gH=()2
解得:,那么該直線斜率k0=。
(4)乙圖線=kH,因存在阻力,則有:mgH-fH=mv2;
所以重物和紙帶下落過(guò)程中所受平均阻力與重物所受重力的比值為;【點(diǎn)睛】考查求瞬時(shí)速度的方法,理解機(jī)械能守恒的條件,掌握分析的思維,同時(shí)本題為創(chuàng)新型實(shí)驗(yàn),要注意通過(guò)分析題意明確實(shí)驗(yàn)的基本原理才能正確求解。四、計(jì)算題:本題共2小題,共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處,要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、(1)L1=7.5cm;(2)T3=320K【解析】
(1)玻璃管和水銀柱保持相對(duì)靜止時(shí)設(shè)玻璃管質(zhì)量為m0,橫截面積為S,水銀柱質(zhì)量為m。對(duì)玻璃管和水銀柱整體,有:(m+m0)gsin30°=(m+m0)a①設(shè)封閉氣體壓強(qiáng)為p1,對(duì)水銀柱:mgsin30°+p0S-p1S=ma②解得:p1=p0③水銀柱靜止時(shí),設(shè)封閉氣體壓強(qiáng)為p2,水銀與試管下滑相對(duì)靜止時(shí)空氣柱長(zhǎng)度為L(zhǎng)0,水銀靜止時(shí)空氣柱的長(zhǎng)度為L(zhǎng)1,水銀柱的長(zhǎng)度為L(zhǎng)2,可得:④從玻璃管停止運(yùn)動(dòng)到水銀柱靜止,據(jù)玻意耳定律可得:plL0S=p2L1S⑤解得:L1=7.5cm⑥(2)加熱氣體過(guò)程中,氣體發(fā)生等壓變化,有:⑦據(jù)題意有,初態(tài):V2=L1S,T2=T0⑧末態(tài):V3=L0S⑨解得:T3=320K⑩14、(1)(2)(3)【解析】
(1)ab邊產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì):E=BLv0,因此(2)安培力,電流為,對(duì)火箭主體受力分析可得:Fab-mg=ma解得:(3)設(shè)下落t時(shí)間內(nèi)火箭下落的高度為h,對(duì)火箭主體由動(dòng)量定理:mgt-=0-mv0即mgt-=0-mv
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