福建省廈門市高三下學(xué)期第二次質(zhì)量檢測(cè)試物理卷

福建省廈門市2022屆高三下學(xué)期第二次質(zhì)量檢測(cè)物理試卷一、單選題1．汽車在水平地面轉(zhuǎn)彎時(shí)，坐在車?yán)锏男≡瓢l(fā)現(xiàn)車內(nèi)掛飾偏離了豎直方向，如圖所示。設(shè)轉(zhuǎn)彎時(shí)汽車所受的合外力為F，關(guān)于本次轉(zhuǎn)彎，下列圖示可能正確的是（）A． B．C． D．2．如圖甲所示，飛檐是中國傳統(tǒng)建筑的重要表現(xiàn)之一，通過檐部上的特殊構(gòu)造，不但擴(kuò)大了采光面、有利于排水，還增添了建筑物的美感?，F(xiàn)把飛檐看成一個(gè)彎曲軌道AB，軌道的最低點(diǎn)B的切線沿水平方向，如圖乙所示?，F(xiàn)有幾顆松果以不同初速度先后從A點(diǎn)沿軌道滑下，從B點(diǎn)飛出落到水平地面上?？諝庾枇Σ挥?jì)，松果之間不發(fā)生相互碰撞，則（）A．松果從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程，某時(shí)刻所受合力可能等于0B．松果從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程，重力所做的功小于動(dòng)能變化量C．所有松果從B點(diǎn)飛出落到水平地面上的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等D．所有松果從B點(diǎn)飛出落到水平地面上的運(yùn)動(dòng)位移大小相等3．鼓浪嶼是世界文化遺產(chǎn)之一。島上為保護(hù)環(huán)境不允許機(jī)動(dòng)車通行，很多生活物品要靠人力板車來運(yùn)輸。如圖所示，貨物放置在板車上，與板車一起向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，車板與水平面夾角為θ。現(xiàn)拉動(dòng)板車向右加速運(yùn)動(dòng)，貨物與板車仍保持相對(duì)靜止，且θ不變。則板車加速后，貨物所受的（）A．摩擦力和支持力均變小 B．摩擦力和支持力均變大C．摩擦力變小，支持力變大 D．摩擦力變大，支持力變小4．如圖所示，兩條相距L的平行虛線間存在一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里?，F(xiàn)將一個(gè)上底為L、下底為3L、高為2L的等腰梯形閉合線圈，從圖示位置以垂直于磁場(chǎng)邊界的速度向右勻速穿過磁場(chǎng)，取逆時(shí)針方向?yàn)楦袘?yīng)電流正方向，則該過程線圈中感應(yīng)電流i隨位移x變化的圖像是（）A． B．C． D．二、多選題5．一列沿x軸傳播的簡諧橫波，t=0時(shí)刻的波形如圖甲所示。介質(zhì)中某質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像如圖乙所示。則（）A．波沿x軸負(fù)方向傳播，波速大小為30m/sB．當(dāng)時(shí)質(zhì)點(diǎn)P恰好回到平衡位置C．在0～時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程為10cmD．在0～時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P一直向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)6．中國“FAST”球面射電望遠(yuǎn)鏡發(fā)現(xiàn)一個(gè)脈沖雙星系統(tǒng)?？茖W(xué)家通過脈沖星計(jì)時(shí)觀測(cè)得知該雙星系統(tǒng)由一顆脈沖星與一顆白矮星組成。如圖所示，假設(shè)在太空中有恒星A、B雙星系統(tǒng)繞O點(diǎn)做逆時(shí)針勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)周期為T1，它們的軌道半徑分別為RA、RB，且RA<RB；C為B的衛(wèi)星，繞B做逆時(shí)針勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期為T2，且T2<T1。A與B之間的引力遠(yuǎn)大于C與B之間的引力。引力常量為G，則（）A．恒星A的質(zhì)量大于恒星B的質(zhì)量B．恒星B的質(zhì)量為MC．若知道C的軌道半徑，則可求出C的質(zhì)量D．三星A，B，C相鄰兩次共線的時(shí)間間隔為Δt7．某興趣小組利用電磁感應(yīng)知識(shí)，自制一個(gè)風(fēng)力發(fā)電機(jī)。發(fā)電機(jī)與一理想變壓器相連，變壓器原、副線圈匝數(shù)分別為500匝和1000匝，裝置示意圖如圖甲所示。在某一恒定風(fēng)力作用下，風(fēng)葉帶動(dòng)與其固定在一起的磁鐵轉(zhuǎn)動(dòng)，變壓器原線圈兩端電壓隨時(shí)間變化的關(guān)系圖像如圖乙所示?，F(xiàn)將滑片P往下移動(dòng)到某一位置后，風(fēng)葉的轉(zhuǎn)速隨之變?yōu)樵瓉淼?5A．電流表A的讀數(shù)變小B．電壓表V2的讀數(shù)變?yōu)?60VC．發(fā)電機(jī)的輸出功率變?yōu)樵瓉淼?6D．磁鐵受到線圈L的阻礙增大，所以磁鐵轉(zhuǎn)速變小8．如圖甲所示，向飛機(jī)上裝貨時(shí)，通常用到可移動(dòng)式皮帶輸送機(jī)。如圖乙所示，皮帶輸送機(jī)傾角為θ=30°，順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，每隔2s在輸送帶下端A點(diǎn)無初速度放入一件貨物（貨物足夠多）。每件貨物從下端A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到上端B點(diǎn)的過程中，其機(jī)械能E與位移s的關(guān)系圖像（以A位置為零勢(shì)能參考面）如圖丙所示。已知貨物均可視為質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)量均為m=10kg，重力加速度取10m/s2。則（）A．輸送帶A，B兩端點(diǎn)間的距離為B．貨物與輸送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為3C．每件貨物從下端A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到上端B點(diǎn)的時(shí)間為10sD．機(jī)艙接到第一件貨物后，皮帶輸送機(jī)每分鐘因運(yùn)送貨物而多消耗的能量為15300J三、填空題9．如圖甲所示，一開口向上的導(dǎo)熱氣缸內(nèi)封閉了一定質(zhì)量的理想氣體，氣體體積為V、壓強(qiáng)為0，活塞可無摩擦滑動(dòng)且不漏氣，氣缸外大氣壓強(qiáng)為p0，環(huán)境溫度不變?，F(xiàn)將氣缸倒立掛起穩(wěn)定后如圖乙所示，該過程中氣體（選填“吸熱”或“放熱”），氣體體積變?yōu)椤?0．如圖甲所示，某同學(xué)探究光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中遏止電壓Uc隨入射光頻率ν變化的關(guān)系。現(xiàn)用單色光照射光電管的陰極K，發(fā)生了光電效應(yīng)。圖乙為測(cè)得的遏止電壓Uc隨入射光頻率ν變化的關(guān)系圖像。已知圖線的橫坐標(biāo)截距為ν0，斜率為k，普朗克常量為h，則該光電管陰極材料的逸出功為，若換用不同陰極材料制成的光電管，Uc-ν圖像的斜率（選填“不變”或四、實(shí)驗(yàn)題11．寒假期間小明利用圖甲所示生活中的物品，測(cè)量了某型號(hào)刀片的厚度。實(shí)驗(yàn)過程如下：⑴點(diǎn)燃蠟燭，用蠟燭火焰把玻璃片的一面熏黑；⑵并齊捏緊兩片刀片，在玻璃片的熏黑面劃出兩條平直劃痕；⑶如圖乙所示，將激光光源和玻璃片固定在桌上，并將作為光屏的白紙固定在距離足夠遠(yuǎn)的墻上。⑷打開激光光源，調(diào)整光源的高度并使激光沿水平方向射出，恰好能垂直入射在兩劃痕上。⑸觀察白紙上的干涉條紋如圖丙所示。用刻度尺測(cè)出a、b兩點(diǎn)間的距離為cm，則兩相鄰暗紋中心之間的距離△y=cm。⑹測(cè)量玻璃片到光屏的距離，已知該紅色激光的波長λ=700nm，利用公式求出雙劃痕間距d=mm，即為刀片厚度（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。12．某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路，測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。實(shí)驗(yàn)中使用的器材有：待測(cè)電池E、電流表A、電阻箱R、滑動(dòng)變阻器R′、單刀單擲開關(guān)S1、單刀雙擲開關(guān)S2及導(dǎo)線若干。（1）請(qǐng)?jiān)趫D乙中將實(shí)物圖補(bǔ)充完整。（2）該同學(xué)連接好電路后，按以下步驟進(jìn)行操作：①閉合開關(guān)S1，斷開開關(guān)S2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R′使電流表指針滿偏；②保持滑片P不動(dòng)，把開關(guān)S2與C接通，調(diào)節(jié)電阻箱R使電流表指針半偏，讀出電阻箱的阻值R0，得到電流表的內(nèi)阻RA=R0。用該方法測(cè)得的電流表內(nèi)阻真實(shí)值（選填“大于”“小于”或“等于”）；③斷開開關(guān)S1，把開關(guān)S2與D接通，多次調(diào)節(jié)電阻箱阻值，記下電流表的示數(shù)I和電阻箱相應(yīng)的數(shù)值R；④以1I為縱坐標(biāo)，R為橫坐標(biāo)，作出1I-R圖線如圖丙所示，圖線縱坐標(biāo)截距為b，斜率為⑤根據(jù)圖線求得電動(dòng)勢(shì)E=，內(nèi)阻r=。（用b，k，R0表示）五、解答題13．2022年2月12日，中國運(yùn)動(dòng)員高亭字新獲北京冬奧會(huì)男子速度滑冰500米金牌。中國航天科工研發(fā)的“人體高速彈射裝置為運(yùn)動(dòng)員的高質(zhì)量訓(xùn)練提供了科技支持。談裝置的作用過程可簡化成如圖所示，運(yùn)動(dòng)員在賽道加速段受到裝置的牽引加速，迅速達(dá)到指定速度后練習(xí)過彎技術(shù)。某次訓(xùn)練中，質(zhì)量m=60kg（含身上裝備）的運(yùn)動(dòng)員僅依靠F=600N的水平恒定牽引力從靜止開始加速運(yùn)動(dòng)了s=20m的距離，然后保持恒定速率通過半徑為R=10m的半圓形彎道，過彎時(shí)冰刀與冰面彎道凹槽處的接觸點(diǎn)如放大圖所示。忽略一切阻力，重力加速度g取10m/s2，求：（1）運(yùn)動(dòng)員被加速后的速率v及加速過程中牽引力的平均功率P；（2）運(yùn)動(dòng)員過彎道上A點(diǎn)時(shí)，冰面對(duì)其作用力FN的大小。14．如圖所示，在電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，有一“”型絕緣凹槽A（前后擋板厚度忽略）靜止在光滑水平面上?，F(xiàn)將一帶正電小物塊B輕放在凹槽A的左端。t=0時(shí)，B在電場(chǎng)力作用下由靜止開始與A相對(duì)滑動(dòng)，A在最初t0時(shí)間內(nèi)的位移為s=110gt02。已知A、B間的碰撞為彈性碰撞且碰撞過程無電荷轉(zhuǎn)移，凹槽長度L=15gt02，A、B質(zhì)量均為m，（1）A、B間滑動(dòng)摩擦力f的大小；（2）從B開始運(yùn)動(dòng)到與A第一次碰撞時(shí)所需的時(shí)間t；（3）從B開始運(yùn)動(dòng)到與A第一次共速用時(shí)209t015．實(shí)驗(yàn)室有一裝置可用于探究原子核的性質(zhì)，該裝置的主要原理可簡化為：空間中有一直角坐標(biāo)系Oxyz，在緊貼（，0，0）的下側(cè)處有一粒子源P，能沿x軸正方向以v0=1×106m/s的速度持續(xù)發(fā)射比荷為qm=5×107C/kg的某種原子核。在x<0，y<0的空間中沿-y方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)E=3×105V/m。在（1）求原子核第一次穿過y軸時(shí)的速度大??；（2）若原子核進(jìn)入磁場(chǎng)后，經(jīng)過Δt=π×10-7s瞬間分裂成a、b兩個(gè)新核。兩新核的質(zhì)量之比為ma:mb=1（3）若電場(chǎng)E可在1×105V/m～3×105V/m之間進(jìn)行調(diào)節(jié)（不考慮電場(chǎng)變化而產(chǎn)生的磁場(chǎng)）。在xOz平面內(nèi)x<0區(qū)域放置一足夠大的吸收屏，屏上方施加有沿-y方向大小為B2

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】根據(jù)圖中可知，車內(nèi)的掛飾偏向了右方，由此可知，汽車正在向左轉(zhuǎn)彎，由于汽車做曲線運(yùn)動(dòng)，故合力F指向軌跡的內(nèi)側(cè)，A符合題意，BCD不符合題意。故答案為：A。

【分析】利用曲線運(yùn)動(dòng)的軌跡彎曲方向可以判別合力的方向。2．【答案】C【解析】【解答】A．松果從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程，松果做曲線運(yùn)動(dòng)，所受合力不為零，A不符合題意；B．松果從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程，受到摩擦力作用，由動(dòng)能定理得W即重力所做的功大于動(dòng)能變化量，B不符合題意；C．由題意知松果從B點(diǎn)飛出后做平拋運(yùn)動(dòng)，則飛出落到水平地面上的運(yùn)動(dòng)時(shí)間均為tC符合題意；D．因?yàn)樗晒圆煌跛俣认群髲腁點(diǎn)沿軌道滑下，所以從B點(diǎn)飛出時(shí)水平方向初速度不相等，又因?yàn)樗兴晒麖腂點(diǎn)飛出落到水平地面上的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，故所有松果從B點(diǎn)飛出落到水平地面上的運(yùn)動(dòng)位移大小不相等，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】松果做曲線運(yùn)動(dòng)其合力不等于0；利用其動(dòng)能定理可以比較重力做功及動(dòng)能變化量的大??；利用豎直方向的位移公式可以比較松果飛行的時(shí)間；利用水平方向的位移公式可以比較水平位移的大小。3．【答案】D【解析】【解答】對(duì)貨物受力分析可知，若勻速運(yùn)動(dòng)，則fN若貨物隨小車加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度為a，則fmg則fN即摩擦力變大，支持力變小。故答案為：D。

【分析】貨物做勻速直線運(yùn)動(dòng)，利用平衡方程可以求出支持力和摩擦力的大小；當(dāng)貨物做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，利用牛頓第二定律可以求出支持力和摩擦力的大小。4．【答案】A【解析】【解答】由右手定則知，剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，感應(yīng)電流為逆時(shí)針方向，故感應(yīng)電流為正，設(shè)兩腰與水平面夾角為θ，則有效切割長度為l則感應(yīng)電流為I即感應(yīng)電流與位移成線性關(guān)系，且隨位移增大而增大。右側(cè)底邊出磁場(chǎng)后，有效切割長度為l即感應(yīng)電流保持不變。之后左側(cè)底邊進(jìn)入磁場(chǎng)后，由右手定則可知感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，即感應(yīng)電流為負(fù)，同理可知有效長度增大，即感應(yīng)電流增大。故答案為：A。

【分析】利用右手定則結(jié)合線圈切割磁場(chǎng)的方向可以判別其感應(yīng)電流的方向；利用動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式及線圈切割的有效長度可以判別感應(yīng)電流的大小。5．【答案】B,C【解析】【解答】A．由上下坡法可知波沿x軸負(fù)方向傳播，大小為vA不符合題意；B．由圖乙可得當(dāng)時(shí)質(zhì)點(diǎn)P恰好回到平衡位置，B符合題意；C．在0～時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)的路程為sC符合題意；D．由圖乙可得在0～時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P先向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，后向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，D不符合題意。故答案為：BC。

【分析】利用其質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的方向可以判別波傳播的方向；利用波長和周期可以求出波速的大?。焕闷湔駝?dòng)的圖象可以判別P回到平衡位置的時(shí)刻；利用振動(dòng)的時(shí)間可以求出質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程；利用其圖象斜率可以判別其質(zhì)點(diǎn)速度的方向。6．【答案】A,B【解析】【解答】A．因?yàn)殡p星系統(tǒng)的角速度相同，故對(duì)A、B可得M即M即恒星A的質(zhì)量大于恒星B的質(zhì)量，A符合題意；B．對(duì)恒星A可得G解得恒星B的質(zhì)量為MB符合題意；C．對(duì)衛(wèi)星C滿足G可見無法求出衛(wèi)星C的質(zhì)量，C不符合題意；D．因?yàn)楹阈茿和B始終共線，所以三星A、B、C相鄰兩次共線的時(shí)間間隔為T22，故答案為：AB。

【分析】利用向心力的表達(dá)式結(jié)合向心力相等可以比較恒星質(zhì)量的大??；利用引力提供向心力可以求出B恒星質(zhì)量的大??；由于C做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所以不能求出其質(zhì)量的大??；利用其三星運(yùn)動(dòng)的周期可以判別相鄰兩次共線的時(shí)間間隔。7．【答案】B,D【解析】【解答】A.將滑片P往下移動(dòng)，負(fù)載電阻減小，副線圈的電流增大，電流表A的讀數(shù)變大，A不符合題意；B.根據(jù)E根據(jù)圖像得EEUU解得U將滑片P往下移動(dòng)到某一位置后，風(fēng)葉的轉(zhuǎn)速隨之變?yōu)樵瓉淼?5，ω變?yōu)樵瓉淼?5，電壓表V2的讀數(shù)為B符合題意；C.發(fā)電機(jī)的輸出功率為P將滑片P往下移動(dòng)到某一位置后，風(fēng)葉的轉(zhuǎn)速隨之變?yōu)樵瓉淼?5，ω變?yōu)樵瓉淼?5，R也減小，CD.磁鐵受到線圈L的電流增大，線圈的磁性增強(qiáng)，對(duì)磁鐵的阻礙增大，所以磁鐵轉(zhuǎn)速變小，D符合題意。故答案為：BD。

【分析】當(dāng)滑片P下滑時(shí)，利用電阻的變小結(jié)合歐姆定律可以判別其電流表讀數(shù)變大；利用電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式結(jié)合匝數(shù)之比可以求出輸出電壓的表達(dá)式，利用其轉(zhuǎn)速的表達(dá)式可以求出電壓表的讀數(shù)；利用電動(dòng)勢(shì)及輸出功率的表達(dá)式結(jié)合電阻的變化可以判別其輸出功率的大小變化；利用其線圈中電流增大可以判別其線圈對(duì)磁鐵的阻礙增大則轉(zhuǎn)速變小。8．【答案】B,C,D【解析】【解答】A．由圖像可知，物塊沿傳送帶向上運(yùn)動(dòng)s1后與傳送帶相對(duì)靜止，此后物塊的動(dòng)能不變，重力勢(shì)能增加，則mg解得s2則輸送帶A、B兩端點(diǎn)間的距離為s=s1+s2A不符合題意；B．由圖像可知，開始運(yùn)動(dòng)到與傳送帶相對(duì)靜止，則Δ解得μB符合題意；C．加速階段的加速度a傳送帶的速度v則加速的時(shí)間t勻速的時(shí)間t共用時(shí)間tC符合題意；D．每一個(gè)貨件從低端到頂端要消耗的能量E每分鐘共有30個(gè)貨件能到達(dá)頂端，則第一件貨物后，皮帶輸送機(jī)每分鐘因運(yùn)送貨物而多消耗的能量為ED符合題意。故答案為：BCD。

【分析】利用重力勢(shì)能的表達(dá)式可以求出貨物勻速上升的距離，結(jié)合其加速上升的距離可以求出AB之間距離的大小；利用機(jī)械能的增量結(jié)合摩擦力做功可以求出動(dòng)摩擦因數(shù)的大?。焕门ｎD第二定律可以求出貨物加速運(yùn)動(dòng)的加速度大小，結(jié)合速度位移公式可以求出傳送帶速度的大小，再利用速度公式可以求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；利用其摩擦力做功可以求出皮帶輸送機(jī)每分鐘運(yùn)送貨物所消耗的能量大小。9．【答案】吸熱；3V【解析】【解答】汽缸開口向上時(shí)，則p汽缸開口向下時(shí)，則p則由玻意耳定律可得p解得V′=3V氣體體積變大，對(duì)外做功，即W<0，溫度不變，則內(nèi)能不變，?U=0，根據(jù)?U=W+Q可知Q>0，氣體吸熱。

【分析】當(dāng)汽缸開口向上及向下時(shí)，利用平衡方程可以求出氣體壓強(qiáng)的大??；結(jié)合氣體的等溫變化可以求出氣體體積的變化；利用溫度不變可以判別氣體內(nèi)能不變；結(jié)合熱力學(xué)第一定律可以判別氣體吸收了熱量。10．【答案】hν【解析】【解答】根據(jù)U故可得該光電管陰極材料的逸出功為hv由U可知，Uc-v所以換用不同陰極材料制成的光電管，Uc-ν圖像的斜率不變。

【分析】利用光電效應(yīng)方程結(jié)合截止頻率的大小可以求出溢出功的大?。焕霉怆娦?yīng)方程可以判別圖像斜率為普朗克常量則一定保持不變。11．【答案】；；【解析】【解答】(5)用刻度尺測(cè)出a、b兩點(diǎn)間的距離為兩相鄰暗紋中心之間的距離為Δy刀片的厚度為Δy解得d

【分析】（5）利用刻度尺的分度值可以讀出對(duì)應(yīng)的讀數(shù)，結(jié)合干涉條件間距數(shù)可以求出兩個(gè)條紋之間距離的大?。辉倮貌ㄩL和距離的關(guān)系式可以求出雙劃痕之間的距離大小。12．【答案】（1）（2）小于；1k；【解析】【解答】（1）由電路圖可得實(shí)物圖如圖（2）②由題意知，當(dāng)保持滑片P不動(dòng)，把開關(guān)S2與C接通時(shí)，電阻箱R與電流表并聯(lián)，電路總電阻減小，則干路電流增大，所以電流表指針半偏時(shí)，電阻箱R上分到的電流大于滿偏電流的一半，因?yàn)椴⒙?lián)時(shí)，電流與電阻成反比，所以電流表內(nèi)阻大于電阻箱阻值，故用該方法測(cè)得的電流表內(nèi)阻小于真實(shí)值；⑤由題意得E即1故R1解得Er

【分析】（1）利用電路圖進(jìn)行實(shí)物圖連線；

（2）由于并聯(lián)電阻箱使用半偏法測(cè)量電流表內(nèi)阻時(shí)，其回路中電阻變小會(huì)導(dǎo)致其干路電流增大；則其通過電阻箱的電流偏大則電阻箱的電阻作為電流表的內(nèi)阻偏??；

（3）利用閉合電路的歐姆定律結(jié)合圖像斜率和截距可以求出內(nèi)阻和電動(dòng)勢(shì)的大小。13．【答案】（1）解：對(duì)運(yùn)動(dòng)員進(jìn)行受力分析，由牛頓第二運(yùn)動(dòng)定律可得F解得a運(yùn)動(dòng)員由靜止開始加速，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式vv解得vt加速過程中牽引力做的功W解得W則加速過程牽引力的平均功率為P解得P（2）解：對(duì)運(yùn)動(dòng)員在A點(diǎn)受力分析可知，支持力在水平方向的分力提供向心力，即FNx=支持力在豎直方向的分力平衡重力，即F解得F由力的合成與分解可得F解得F【解析】【分析】（1）運(yùn)動(dòng)員加速過程中，利用牛頓第二定律可以求出加速度的大小，結(jié)合速度位移公式可以求出加速獲得的速度大小，利用速度公式可以求出加速的時(shí)間；利用其拉力做功及時(shí)間可以求出平均功率的大小；

（2）運(yùn)動(dòng)員在A點(diǎn)時(shí)，利用支持力的分力提供向心力及豎直方向的平衡方程可以求出冰面對(duì)運(yùn)動(dòng)員作用力的大小。14．【答案】（1）解：根據(jù)平均速度公式得s解得vA的加速度為a根據(jù)牛頓第二定律f（2）解：B的加速度為a根據(jù)題意得1解得t（3）解：碰撞前A、B的速度分別為vv根據(jù)動(dòng)量守恒定律得m根據(jù)能量守恒定律得1解得vvB=-0.共同速度為v【解析】【分析】（1）已知其A運(yùn)動(dòng)的位移，結(jié)合平均速度公式可以求出B速度的大小，再利用速度公式可以求出A加速度的大小，結(jié)合牛頓第二定律可以求出AB之間摩擦力的大??；

（2）已知B的受力，利用牛頓第二定律可以求出B加速度的大?。唤Y(jié)合AB的位移公