2023年浙江省強基聯盟高考物理統測試卷及答案解析

2023年浙江省強基聯盟高考物理統測試卷

一、單選題（本大題共13小題，共39.0分）

1.描述電場能的性質的物理量及其單位用國際單位制中的基本單位表示正確的是（）

A.電場強度N/CB.電場強度kg?m/4?s3

C.電勢VD.電勢kg,機2/^.

2.下列關于物理研究的思想方法，敘述正確的是（）

A.質點、合力概念的建立都體現了等效替代的思想

B.速度定義式”祭當戈足夠小時，巖就可以表示物體在某時刻的瞬時速度，該定義應用

了微元法

C.演繹推理是從一般性結論推出個別性結論的方法,即從已知的某些一般原理、定理、法則、

公理或科學概念出發(fā)，推出新結論的一種思維活動。比如，動能定理的得出用的就是演繹推

理的方法

D.用比值法定義的物理量在物理學中占有相當大的比例，如…=會a若

3.筷子是中國人常用的飲食工具，也是中華飲食文化的標志之一。如圖所示，甲、乙、丙

圖是筷子夾鵝卵石時的三個動作示意圖，筷子均在豎直平面內，鵝卵石均處于靜止狀態(tài)，則

（）

甲乙丙

A.甲圖中的鵝卵石受四個力的作用

B.乙圖中下面筷子對鵝卵石的力大于上面筷子對鵝卵石的力

C.若增大丙圖中的筷子對鵝卵石的彈力，則鵝卵石受到的摩擦力也會增加

D.若增大丙圖中的筷子與水平方向的夾角，則鵝卵石受到筷子對它的作用力也增大

4.如圖為小麗玩小皮筋球的瞬間，小球正在向上運動，手正在向下運動，

橡皮筋處于繃緊狀態(tài)。對于小球的運動，下列說法正確的是（）

A.圖示瞬間小球一定處于超重狀態(tài)

B.圖示瞬間小球一定正在向上減速

C.在此后的一小段時間內，小球的動能一定增加

D.在此后的一小段時間內，小球機械能一定增加

5.春節(jié)剛過，煙花的美景仍印象深刻。放煙花時煙花彈由發(fā)射筒底部火

藥引燃獲得初速度，豎直向上運動到最高點時炸開，如圖是煙花燃放時的

圖景，其中P、Q分別為兩塊碎片的徑跡，假設兩塊碎片在煙花彈炸開時

同時斜向上拋出，初速度大小咋=%,初速度與水平方向的夾角分＞%,

不計空氣阻力，下列表述正確的是（）

A.煙花彈“發(fā)射”過程動量守恒

B.在空中運動過程中，P、Q兩塊碎片的速度變化率相同

C.P、Q兩塊碎片上升到最高點時速度都為零

D.P、Q兩塊碎片從炸開到上升到最高點的過程，運動的時間相等

6.如圖所示，是博物館珍藏的古代青銅“魚洗”的復制品，

注入適量水后，有節(jié)奏地摩擦魚洗雙耳，會發(fā)出嗡嗡聲，盆內

水花四濺。傳說，眾多“魚洗”聲能匯集成千軍萬馬之勢，曾

嚇退數十里外的敵軍。“魚洗”反映了我國古代高超的科學制

器技術。下列分析正確的是（）

A.“魚洗”聲在空氣中傳播是一種橫波

B.盆內水花四濺的原因是水波的衍射

C.手掌摩擦得越快則濺起的水花越高

D.當用手以一定頻率摩擦“洗”的盆耳時發(fā)出的嗡嗡聲特別響，這是共振現象的一個體現

7.某同學自己繞制天線線圈，制作一個簡單的收音機，用來收聽中波的無線電廣播，初步

制作后發(fā)現有一個頻率最高的中波電臺收不到，但可以接收其他中波電臺。適當調整后，去

戶外使用，假設空間中存在波長分別為300瓶、397m、566nl的無線電波，下列說法正確的是

（）

A.使接收電路產生電諧振的過程叫做解調

B.在電磁波發(fā)射技術中，只有調頻這種調制方式

C.為更好接收波長為300m的無線電波，應把收音機的調諧頻率調到1MHz

D.為了能收到頻率最高的中波電臺，應增加線圈的匝數

8.圖像是解決物理問題的好方法，下列關于圖像的分析正確的是()

A.圖甲中4、B兩物體v—t圖的交點表示兩物體在匕時刻相遇

B.圖乙為某硅光電池的路端電壓與電流的關系圖，則電池在P點狀態(tài)下的內阻為直線MP的

斜率的大小

C.圖丙為某白熾燈電壓與電流的關系曲線，則圖中Q點切線的斜率表示該燈泡在電壓為2.0U

時的電阻

D.圖丁的陰影部分的面積反映了該變力作用下物體從修到犯的過程中力的功率

9.C7掃描是計算機X射線斷層掃描技術的簡稱，圖中的cr掃描機可用于對多種病情的探測。

圖(a)是某和￡7機主要部分的剖面圖，其中X射線產生部分的示意圖如圖(b)所示。圖(b)中M、

N之間有一電子束的加速電場，虛線框內有勻強偏轉磁場，經調節(jié)后電子束從靜止開始沿帶

箭頭的實線所示的方向前進，打到靶上，產生X射線(如圖中帶箭頭的虛線所示)，將電子束打

到靶上的點記為P點。則()

B.偏轉磁場的方向垂直于紙面向外

C.僅減小M、N之間的加速電壓，可使P點左移

D.僅增大偏轉磁場磁感應強度的大小，可使P點右移

10.核電池是各種深空探測器中最理想的能量源，它不受極冷極熱的溫度影響，也不被宇宙

射線干擾。算8p“同位素溫差電池的原理是其發(fā)生衰變時將釋放的能量轉化為電能。我國的

火星探測車用放射性材料PuO2作為燃料，P"O2中的P"元素是貧8pa,已知登8Pli的半衰期為

88年，其衰變方程為力8pa-第4U+X。若磊8p“、234X的結合能分別為瓦、之、E3,則

下列說法正確的是（）

A.歌8pu的平均核子質量大于卷切的平均核子質量

B.衰變放出的射線是氫核流，它的貫穿能力很強

C.該反應釋放的能量為E=Ei-E2-邑

D.100個/8pa原子核經過88年后剩余50個

11.地球公轉軌道接近圓，但彗星運動軌道則是一個非常扁的橢圓。天文學家哈雷成功預言

哈雷彗星的回歸，它最近出現的時間為1986年，預測下次飛近地球將在2061年左右。如圖為

地球與哈雷彗星繞日運動的示意圖，且圖中M點為兩跡的交點。則下列分析正確的是（）

A.哈雷彗星在近日點的速度大于地球繞日公轉的速度

B.哈雷彗星在M點時的加速度小于地球在M點時的加速度

C.根據已知數據可估算哈雷彗星軌道的半長軸是地球公轉半徑的「取倍

D.地球與太陽的連線和哈雷彗星與太陽的連線在相等時間內掃過的面積相等

12.在光學儀器中，“道威棱鏡”被廣泛用來進行圖像的翻轉，其橫截面如圖所示，ABCD是

底角為45。的等腰梯形?，F有與BC平行的三條相同的單色光線1、2、3射入4B,經BC面反射

后，直接射到CD面上，已知棱鏡材料的折射率兀=下列有關說法正確的是（)

A.光線在棱鏡中傳播時頻率減小

B.BC面上有光線射出棱鏡

C.從CD面上射出的光線一定與入射光線平行

D.從CD面上射出的三條光線中最靠近C點的是光線3

13.浪地球2少電影中的很多科幻設定都是基于現有的科學技術。如圖甲所示的機器人

是基于生活中的掃地機器人設計。市面上某款具有“智能充電規(guī)劃”功能的掃地機器人，它

可以按照打掃面積的大小進行充電規(guī)劃，其銘牌和給主機供電的電池如圖乙所示。已知當電

池電量只剩20%時機器人將返回充電基站充電，機器人平均每分鐘可打掃2m2。忽略機器人

往返過程的時間及消耗的電能。則下列說法正確的是（）

甲

在空吸生器（智能吸塵器）

主機匚作電壓:14.4V充電座型號:CH163O

主機額定功率：40W充電座額定輸出電壓：20V

生產日期：2018年06月充電庫額定輸出電流：1A

乙

A.主機工作電流為14

B.主機電阻約為5.18。

C.掃地機器人從滿電狀態(tài)開始能夠連續(xù)工作約1.2八

D.機器人打掃面積為150m2的空間至少需要約1.9八

二、多選題（本大題共2小題，共6.0分）

14.電磁學知識在科技生活中有廣泛的應用，下列相關說法正確的是（）

如圖所示中動圈式揚聲器的工作原理是電磁感應

B.如圖所示中線圈產生的自感電動勢有時會大于原來電路中的電源電動勢

c.圈隕如圖所示中自制金屬探測器是利用地磁場來進行探測的

D.如圖所示中磁電式儀表，把線圈繞在鋁框骨架上，目的是增加電磁阻尼

的作用

15.如圖所示，是研究光電效應的電路圖。①、②兩束單色

光是由處在同一激發(fā)態(tài)的原子躍遷到I態(tài)和II態(tài)時產生的，若

光束①通過窗口照射到陰極K后，滑動變阻器的滑片P滑到位

置a時，電流表的讀數恰好變?yōu)?；光束②通過窗口照射到陰

極K后，滑動變阻器的滑片P滑到位置b時，電流表的讀數恰好

變?yōu)?,則下列說法正確的是（）

A.光束①產生的飽和電流一定小于光束②的飽和電流

B.光束①產生的光電子的初動能一定小于光束②產生的光

電子的初動能

C.發(fā)生原子躍遷后對應能級的能量%>E?

D.光束①和光束②通過同一狹縫時都能發(fā)生衍射現象

三、實驗題（本大題共4小題，共14.0分）

16.某同學按圖甲所示,安裝實驗器材探究質量一定時合外力與加速度的關系。已知物塊4與

遮光片的總質量為niA，遮光片中心距光電門的高度為九（無遠大于遮光片寬度）。物塊B質量為

mB,置于水平桌面上，鎖定物塊B,使系統保持靜止狀態(tài)。某時刻解除鎖定，物塊4由靜止

開始向下運動，光電門記錄遮光片的遮光時間上，同時記錄傳感器讀數F。（忽略繩和滑輪的

質量，不計4、B、繩、滑輪組成的系統內的摩擦）

(1)關于該方案下列說法正確的是。

A.不要求?mB

8.物塊B與水平桌面間可以有摩擦

C.力傳感器的讀數就是物塊4的合外力

D力傳感器的讀數的兩倍就是物塊4的合外力

(2)用游標卡尺測出遮光片的寬度d,測量結果如圖乙所示，遮光片的寬度d=mm。

(3)物塊4加速度的表達式。=(用4t、d、九表示)。

17.小明為了估算玩具槍子彈射出槍口時的速度，做了如圖所M

----1

示的實驗。先用橡皮泥做了一個小球，再把橡皮泥放在水平桌

面的邊緣，將玩具槍平放在桌面上，射出子彈，子彈和橡皮泥\、

一起水平飛出。重力加速度大小為9。----------一

P

(1)關于該實驗，下列說法正確的是。(單選)

A.槍口是否水平對實驗無影響

B.槍口應適當靠近小球

C.必須使用秒表測出橡皮泥在空中運動的時間

(2)若已知橡皮泥的質量M、子彈的質量rn、橡皮泥在水平地面上的落點P,為了測出子彈射

出的速度，除需要測量橡皮泥初始位置到P點的水平位移x外，還需要測量的數據為o

(3)有同學提出可以直接利用子彈與橡皮泥組成的系統在撞擊前后機械能守恒求得子彈的射

出速度，你覺得是否可行？(選填"行”或“不行”)。

18.傳感器在現代生活中有著廣泛的應用。某學習小組利用壓力傳感器設計了一個測量壓力

大小的電路。壓敏電阻的阻值R與所受壓力大小尸的關系如圖甲所示，壓力產在。?200N范圍

內時圖線為直線。

先利用如圖乙所示的電路，測量F=0時壓敏電阻的阻值R。。主要器材如下。

壓敏電阻R(F=0時的阻值&在90?1100之間)；

電源（電動勢E=12U,內阻不計）;

電流表Gi（量程10巾4,內阻=2000）；

電流表G2（量程5064內阻R"約為I。。。）；

定值電阻％=2000；

滑動變阻器/?2；

開關Si、S2及導線若干。

請完成下列問題:

①要求盡量準確測量壓敏電阻的電阻值，導線c端應與（填“a”或"b”）點連接。

②滑動變阻器有兩種規(guī)格，本實驗中/?2應選擇o

A.最大阻值為20。

區(qū)最大阻值為2000

③閉合開關S】、S2,調節(jié)滑動變阻器接入回路部分的阻值，從最大值逐漸減小，電流表G2讀

數為40nl4時電流表Gi讀數為8.0加4,可知扁=0。

④斷開開關52,繼續(xù)調節(jié)滑動變阻器/?2,使電流表G2達到滿偏，滿偏電流刻度處標記尸=0。

此時滑動變阻器接入電路部分的阻值和G2內阻之和為0。保持滑動變阻器阻值不變，

當電流表示數為30nM時，壓力F=N。

19.如圖所示為觀察白光薄膜干涉的演示實驗，觀察者可以觀測到肥皂

膜上有明暗相間的彩色條紋。

（1）為了更好地觀察干涉條紋，光源應該在=

4觀察者側

B.觀察者的對面?zhèn)?/p>

（2）下列對實驗結論的說法正確的是?（單選）

A.旋轉鐵絲圈，觀察者看到的條紋將跟著旋轉

B.本實驗的條紋形成的原理和平面鏡成像原理是一樣的

C.若發(fā)現條紋是等間距的，說明肥皂膜是等厚的

D若發(fā)現條紋是上疏下密的，說明肥皂膜從上往下變厚是越來越快的

四、簡答題(本大題共1小題，共8.0分)

20.小明在冬天使用保溫杯裝開水，突然“喙”的一聲，瓶內氣體溫度升高頂開

了未擰緊的瓶蓋。如圖所示，一個絕熱容器瓶口橫截面積S=2cm2,當裝入一定尸'

量的開水后迅速塞上不透氣的絕熱瓶塞，瓶塞重20g且與瓶口間有大小為/o=

1.8N的最大靜摩擦力。通過晃動容器(瓶身保持豎直)使瓶內氣體溫度升高，溫度I---------,

上升到最高時瓶塞恰好松動，并被彈出。大氣壓強po=1x1。5「黑求：

(1)瓶內氣體升到最高溫后達到的壓強P；

(2)若瓶內氣體剛封閉時溫度為％=300K,則瓶內氣體達到最高溫后的溫度7；

(3)若活塞從移動到離開瓶口過程位移d=1cm,滑動后摩擦力即立刻消失，該過程瓶內氣體

內能損失0.212/,則瓶塞離開瓶口后的速度入(不計噴出過程瓶內氣體熱量損失及液化)

五、計算題(本大題共3小題，共33.0分)

21.如圖所示，半徑R=2.45加的豎直光滑:圓弧軌道AB,其底端右側是一個凹槽，凹槽右

端連接一個半徑r=0.40m的光滑圓軌道，軌道固定在豎直平面內，。與圓心連線與豎直方向

成。=37。角。一質量為nt=Mg的滑板Q放置在凹槽內水平面上，其上表面剛好與B點和C點

水平等高。開始時滑板靜置在緊靠凹槽左端處，此時滑板右端與凹槽右端的距離d=0.60m?

一質量也為血的小物塊P(可視為質點)從4點由靜止滑下，當物塊滑至滑板右端時滑板恰好到

達凹槽右端，撞擊后滑板立即停止運動。已知物塊與滑板間的動摩擦因數〃=0.75,其余接

觸面的摩擦均可忽略不計，取重力加速度g=10zn/s2,

(1)求滑塊滑至B點時對B點的壓力；

(2)求滑板的長度I；

(3)請通過計算說明滑塊滑上CD軌道后能否從D點飛出？

22.利用電磁感應加速物體除了有類似電磁彈射的方式外，還有一種利用感生電場加速帶電

物體的方式，其原理如圖甲所示。一個用光滑絕緣細圓管繞成的圓環(huán)固定在水平面上，圓環(huán)

半徑為R。一個質量為小、電荷量為+q的小球(可視為質點)靜止在細圓管中。垂直圓環(huán)平面、

以圓環(huán)外側為邊界的圓柱形區(qū)域內存在豎直方向上的勻強磁場，其磁感應強度大小隨時間的

變化規(guī)律如圖乙所示，豎直向上為正。己知變化的磁場在細圓管處產生環(huán)形感生電場(穩(wěn)定的

感生電場可類比靜電場)。細圓管半徑大于小球半徑且遠小于圓環(huán)半徑求：

(1)在0?2環(huán)時間內，繞圓環(huán)一圈產生的感應電動勢大??；

(2)在。?2to時間內，細圓管內產生的感生電場的大小及方向(俯視)；

(3)在。?2to期間，小球轉動的圈數；

(4)t=1.5%時，求小球對管壁的作用力大小。

23.如圖所示是一種粒子探測裝置，半徑為R的圓形區(qū)域內有垂直于紙面向外的勻強磁場，

單位時間內有N個質量為m,電荷量大小為q,速度大小范圍為孫?，？火的粒子從PM和QK間

平行于射入圓形磁場區(qū)域，PM與圓心0在同一直線上，PM和QK間距離為0.5R。已知從“

點射入的速度為孫的粒子剛好從。點正下方的N點射出圓形磁場區(qū)域。擋板ND下方有磁感應

強度為圓形磁場2倍、方向垂直于紙面向里的勻強磁場，ND=R,直線N。與圓形區(qū)域相切于

N點，到達N點的粒子均能進入下方磁場。擋板ND上表面絕緣，下表面導電且可完全吸收到

達的粒子，下表面通過一靈敏電流計接地。不計粒子重力以及粒子間的相互作用。求：

(1)圓形區(qū)域磁場的磁感應強度8及帶電粒子的電性；

(2)已知靈敏電流計電流大小為/,則PQ間入射粒子中速度為火的粒子的比例小

(3)圓形磁場區(qū)域邊界上有粒子射出的弧長長度，如

(4)若NZ)可以繞N點順時針轉動(0?90。)，求ND擋板下表面有粒子打到的長度L與NC轉過角

度的關系，并求當轉過多少角度時粒子打到的長度最大及長度具體值？

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：2B.電場強度E=(,N/C是電場強度單位，不是國際單位制中的基本單位，根據轉

化關系1N/C=1代:,m/A's'

但電場強度是電場力性質的物理量，故48錯誤；

CD電勢是描述電場能性質物理量，根據電勢定義：0=?

U是電勢單位，不是國際單位制中的基本單位，根據轉化關系11/=必==

CA-sd

m2/A-s3

故C錯誤，。正確。

故選：D。

根據單位制換算關系，確定物理量的國際單位制中的基本單位表示，并掌握電勢是描述電場能性

質物理量。

本題解題關鍵是區(qū)分物理量電場強度和電勢，并能夠通過單位換算關系，正確推導出物理量的國

際單位制中的基本單位表示。

2.【答案】C

【解析】解：4質點概念的建立體現了理想化物理模型的思想，合力概念的建立體現了等效替代

的思想，二者所用方法不同，故A錯誤；

B.速度定義式u=生當戊足夠小時，冬就可以表示物體在該時刻的瞬時速度，該定義應用了極

AtAt

限法，利用微元法的概念有功和沖量等概念，故B錯誤；

C.從一般性結論推出個別性結論的方法叫演繹推理，即從已知的某些一般原理、定理、法則、公

理或科學概念出發(fā)，推出新結論的一種思維活動。比如，動能定理、沖量定理的得出用的就是演

繹推理的方法，故C正確；

。.比值法定義的物理量在物理學中占有相當大的比例，〃=筆采用了比值定義式，a=色采用了比

值定義式，a=，僅僅針對勻變速直線運動才成立，對非勻變速直線運動不成立，因此a=,沒

有采用比值定義式，故。錯誤。

故選:Co

合力概念的建立體現了等效替代的思想，質點概念的建立體現了理想化物理模型的思想，由平均

速度得出瞬時速度是利用了極限法，利用微元法的概念有功和沖量的概念，功是力對位移的積累，

沖量是力對時間的積累，動量定理與動能定理的得出用的都是演繹推理的方法，比值定義法是定

義一個物理量的時候采取比值的形式定義，比如速度，加速度，電場強度等概念的建立.

本題考查對物理方法的認識，學習物理概念時一定要注意物理概念的內涵與外延。知道微元法，

演繹推理的方法，比值定義法。

3.【答案】B

【解析】解：4甲圖中鵝卵石受重力、兩個彈力和兩個摩擦力，共5個力作用，故A錯誤；

B.根據平衡條件，乙圖中下面筷子對鵝卵石力等于重力和上面筷子對它的彈力之和，所以大于上

面筷子對鵝卵石力，故8正確；

C.丙圖中，鵝卵石受到摩擦力等于重力沿筷子向下分力，增大丙圖中筷子對鵝卵石彈力，鵝卵石

受到摩擦力不變，故C錯誤；

。.根據平衡條件，鵝卵石受到筷子對它作用力大小與重力相等,增大丙圖中筷子與水平方向夾角，

鵝卵石受到筷子對它作用力不變，故。錯誤。

故選：B。

甲圖中的鵝卵石受5個力的作用；根據平衡條件分析摩擦力、彈力的大小及變化情況。

本題主要是考查了共點力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進行受力分

析、利用平行四邊形法則進行力的合成或者是正交分解法進行力的分解，然后在坐標軸上建立平

衡方程進行解答。

4.【答案】D

【解析】解：AB,由于小球受到的重力與拉力關系未知，故無法判斷加速度方向，無法判斷圖示

瞬間小球處于超重還是失重狀態(tài)，無法判斷圖示瞬間小球向上做什么運動，故AB錯誤；

C、在此后的一小段時間內，小球受到的拉力可能小于重力，小球受到的合力向下，合力對小球

做負功，小球的動能減小，故C錯誤；

。、在此后的一小段時間內，小球受到的拉力方向向上，拉力對小球做正功，由功能關系知小球

機械能一定增加，故。正確。

故選：Do

加速度向上時為超重狀態(tài)，加速度向下時為失重狀態(tài)；若除重力外其他力做正功時，物體的機械

能增加，做負功時機械能減小。

解答本題時，要掌握超重、失重的條件，理解功與能的關系，并能用來解決實際問題。

5.【答案】B

【解析】解：4煙花彈“發(fā)射”過程所受合外力為重力，不是零且不可被忽略，動量不守恒，

故A錯誤；

8、根據a=光，可知在空中運動過程中，P、Q兩塊碎片的速度變化率即加速度相同，均為重力

加速度g,故8正確；

C、P、Q兩塊碎片做斜上拋運動，水平方向做勻速直線運動，所以P、Q兩塊碎片上升到最高點時，

豎直方向速度為零，水平方向速度不是零，故C錯誤；

D、P、Q兩塊碎片從炸開到上升到最高點的過程，運動時間t=*=等,因為%=vQ,eP>eQ,

則tp>tQ,故。錯誤。

故選：B.

根據動量守恒條件：合外力為零，分析動量是否守恒；速度變化率即加速度。P、Q兩塊碎片做斜

上拋運動，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做豎直上拋運動。根據分運動規(guī)律分析兩塊碎片

上升到最高點的時間關系。

不管是平拋還是斜拋運動都可以分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的勻變速直線運動。

要掌握動量守恒條件：合外力為零，通過分析外力情況，分析系統動量是否守恒。

6.【答案】。

【解析】解：4“魚洗”聲屬于聲波，聲波在空氣中傳播時是一種縱波，故A錯誤；

BD.當有節(jié)奏地摩擦魚洗雙耳時，會產生兩個振動源，魚洗壁振動發(fā)出嗡嗡聲,振動波在水中傳播，

相互干擾，使能量疊加，因此，這些能量較高的水點會跳出水面，這是共振原理，當用手摩擦達

到固有頻率時，發(fā)出的嗡嗡聲特別響，這是共振現象的一個體現，故8錯誤，。正確；

C.當摩擦力引起的振動頻率和魚洗的固有頻率相等或者相近時，魚洗產生共振，振動幅度越大，

盆內的水花就越高，所以并不是手掌摩擦得越快濺起的水花越高，故C錯誤。

故選：Do

根據共振的條件，物體做受迫振動時的固有周期等于驅動力的周期時振幅最大。

本題以中國的“魚洗”為情景載體，考查了共振現象和條件，當物體做受迫振動時的固有周期等

于驅動力的周期時振幅最大是解題的關鍵。

7.【答案】C

【解析】解4使接收電路產生電諧振的過程叫做調諧，故A錯誤；

B.在電磁波發(fā)射技術中，有調頻和調幅兩種調制方式，故8錯誤；

C.為更好接收波長為300巾的無線電波，根據/=j

代入數據得：f=1MHz

可知應把收音機的調諧頻率調到lM”z,故C正確；

。.為了能收到頻率最高的中波電臺，應增大調諧電路的固有頻率，根據/=丁黑

可知應減少線圈的匝數，故。錯誤。

故選：C。

使接收電路產生電諧振的過程叫做調諧；在電磁波發(fā)射技術中，有調頻和調幅兩種調制方式；根

據公式f=1f=可分析收音機的調諧頻率。

AZ7TVLC

知道調諧、調頻和調幅等概念，熟記調諧電路的固有頻率表達式，即可分析相關問題。

8.【答案】B

【解析】解：4圖甲為速度一時間圖像，圖像中4、B兩物體u-t圖的交點表示兩物體在功時刻速

度相同，但不一定相遇，故A錯誤；

員圖乙為某硅光電池的路端電壓U與電流/的關系圖，根據E=U+/r可知，則電池在P點狀態(tài)下的

內阻為「=|黑|,即為直線MP的斜率的大小，故8正確；

C圖丙為某白熾燈電壓U與電流/的關系曲線，由圖可知，圖中所表示為非線性元件，根據R=彳可

知圖中Q點與坐標原點連線的斜率才表示該燈泡在電壓為2.0U時的電阻，故C錯誤；

。?丁圖為F-x圖像，根據W=Fx可知，圖丁的陰影部分的面積反映了該變力作用下物體從與到&

的過程中力的所做的功，故。錯誤。

故選：B。

掌握圖像的性質，能根據圖像的坐標明確圖像的性質，再分析交點斜率以及截距對應的物理意義。

圖像是解決物理問題最常用的方法，要注意掌握研究圖像的基本方法，會根據圖像來處理物理問

題。

9.【答案】C

【解析】解：B、由電子運動軌跡粒子，電子進入磁場時受到向下的洛倫茲力作用，根據左手定

則可知偏轉磁場的方向垂直于紙面向里，故B錯誤；

A、根據題意可知，電子在MN之間加速，受到向右的電場力，所以MN之間的電場線水平向左，

則M接加速電壓的負極，故A錯誤；

CD、電子在加速電場中加速，由動能定理得：eU=^mv2-0

電子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：evB=m^

解得電子在磁場中做圓周運動的軌道半徑：r=4叵^

B7e

如減小M、N之間的加速電壓，電子在磁場中做圓周運動的半徑r減小，電子出磁場時的速度偏角

變大，P點左移；增大偏轉磁場磁感應強度的大小，則電子在磁場中做圓周運動的半徑減小，電

子出磁場時的速度偏角增大，P點左移，故C正確，。錯誤。

故選：Co

電子受到向右的電場力，所以電場線水平向左，以此分析電勢的高低；

根據左手定則分析偏轉磁場的方向；

根據洛倫茲力提供向心力以及動能定理求解電子做圓周運動的半徑表達式，從而判斷改變磁感應

強度以及增大M、N之間的加速電壓后P點的變化情況。

解決該題需要明確知道電子在各個區(qū)域的運動情況，在加速電場中由動能定理求加速之后的速度,

在偏轉電場中由洛倫茲力提供向心力。

10.【答案】A

【解析】解：A衰變過程中釋放能量，存在質量虧損，而且釋放出的粒子的比結合能較小，貝I卷切

的平均核子質量大于解8Pu的平均核子質量，故A正確；

8.根據質量數守恒與電荷數守恒可知X為a粒子，即氫核，衰變放出的射線是a射線，它的貫穿能

力很弱，電離能力很強，故8錯誤；

C.該反應釋放的能量為E=E2+E3-E1,故C錯誤；

D半衰期具有統計規(guī)律，對大量原子核適用，對少量原子核不適用，故。錯誤。

故選：Ao

衰變過程中釋放能量，新核的比結合能增大；根據質量數守恒與電荷數守恒判斷：半衰期是大量

放射性原子衰變的統計規(guī)律；根據a射線的特點判斷。

本題考查了核反應方程式的書寫、原子核衰變等知識點，根據質量數守恒及核電荷數守恒寫出核

反應方程式是解決本題的關鍵，注意半衰期的適用條件與特征。

11.【答案】A

【解析】解：4、哈雷彗星在橢圓軌道上繞日公轉，在近日點的距離小于地球繞日軌道半徑，根

據"=厚可知，哈雷彗星在近日點的速度大于地球繞日公轉的速度，故A正確；

B、根據牛頓第二定律得a=色=粵2=空，則知哈雷彗星在M點時的加速度等于地球在M點時

mrzmrz

的加速度，故B錯誤；

3Q3丁3

C、設哈雷彗星軌道的半長軸是a,地球公轉半徑為r,根據開普勒第三定律聶=%,得承=日，

可得a=V752r,故C錯誤；

。、根據開普勒第二定律可知同一顆行星與太陽的連線在相同時間內掃過的面積相等，所以地球

與太陽的連線在相等時間內掃過的面積與哈雷彗星與太陽的連線在相等時間內掃過的面積不相等,

故。錯誤。

故選：Ao

將哈雷彗星在近日點的速度以及地球繞日公轉的速度與太陽的第一宇宙速度比較，來分析兩者的

速度關系。根據牛頓第二定律分析加速度關系。根據開普勒第三定律求解半長軸關系。由開普勒

第二定律分析地球與太陽的連線和哈雷彗星與太陽的連線在相等時間內掃過的面積關系。

本題考查萬有引力定律和開普勒定律的應用，解答本題的關鍵要掌握開普勒第二定律和第三定律，

并能靈活應用。

12.【答案】C

【解析】解：4光線在棱鏡中傳播時頻率不變，故A錯誤;

8.光路圖如圖：

根據折射定律：71=膽=—stn：4—50,r=3°0c°o

sinr

所以0=90°-(180°-45°-90°-r)=75°

根據全發(fā)射條件sinC=-n

所以臨界角。=45。＜。

所以BC面上沒有光線射出棱鏡，故8錯誤；

C.根據幾何關系a=r=30°

所以0=i=45。

故從CD面上射出的光線一定與入射光線平行，故C正確；

。.根據光路圖，從CD面上射出的三條光線中最靠近C點的是光線1,故。錯誤。

故選：Co

光線在棱鏡中傳播時頻率不變；

根據折射定律和全發(fā)射條件，分析BC面上沒有光線射出棱鏡；

根據幾何關系，從面上射出的光線一定與入射光線平行；

根據光路圖，從CD面上射出的三條光線中最靠近C點的是光線1。

本題的解題關鍵是正確畫出光路圖，能夠正確使用光的折射定律和全發(fā)射條件的規(guī)律。

13.【答案】D

【解析】解：4根據吸塵器銘牌上的數據可知主機的工作電壓為14.4V,額定功率為40勿，根據P=

/U可得，主機工作電流/=(=名4"2.784,故A錯誤；

U14.4

8.若吸塵器是純電阻，那么根據歐姆定律有R=5=粵0。5.180,但是吸塵器不是純電阻，能

1Z./O

量主要轉化為機械能，主機電阻小于5.180,故B錯誤：

C已知當電池電量只剩20%時機器人將返回充電基站充電，根據q=/t可知，t=：=

3400m4/ix80%

0.98九,故C錯誤;

2.784

。.由題意可知，機器人平均每分鐘可打掃27n2,如果機器人打掃面積為150nl2的空間連續(xù)工作,

則需要連續(xù)工作的時間為t總嗎=竽6譏=75771出=1.25九；但若機器人充滿電后，工作時能

夠把電池電量全部用光，則工作時間為t=當翳lylZZh,t總，由題意可知，充一次電只能工

作總電量的80%,當電池電量剩余20%,需要中途再充一次電；需要最少時間時，機器人只需要

再充20%的電量，即可打掃完剩余的面積，根據充電電流大小可知，充20%的電量需要的時間為

qx20%3400THJ4/IX20%八

t充=——=----萬-----=668/1,故清掃完150巾2的空間至少需要的時間約為1.25h+

充

0.68/1=1.93/t?1.9/1,故。正確。

故選：。。

根據P=U/可求出主機工作電流大小,吸塵器不是純電阻,不能根據歐姆定律求解主機電阻大?。?/p>

根據銘牌信息可知電池電量，再根據電流的定義確定連續(xù)工作時間；根據題意分析機器人打掃面

積為1507n2的空間所用時間。

本題考查對銘牌信息的掌握，要注意掌握根據電量計算工作時間的方法，注意一次充電無法打掃

完150m2的空間，需要計算上二次充電所用的時間。

14.【答案】BD

【解析】解：4圖甲中的工作原理是電流的磁效應，故A錯誤；

B.圖乙中線圈產生的自感電動勢有時會大于原來電路中的電源電動勢，故2正確；

C.圖丙中自制金屬探測器是利用金屬探測器中變化電流產生的磁場來進行探測的，故C錯誤。

。.圖丁中把線圈繞在鋁框骨架上，目的是增加電磁阻尼的作用，故。正確。

故選：BD。

根據題意選項分析出不同情景下的物理學知識，結合題目選項完成分析。

本題主要考查了電磁感應在生活中的應用，理解電磁感應現象，結合電流的磁效應和法拉第電磁

感應定律即可完成分析。

15.【答案】CD

【解析】解：4、飽和電流與光照強度和光的頻率有關，由于兩種光的光照強度關系不確定，則

光束①產生的飽和電流與光束②產生的飽和電流的關系也不確定，故A錯誤；

B、光電子的初動能在0到a7n范圍之間，因此光束①產生的光電子的初動能不一定小于光束②產

生的光電子的初動能，故8錯誤；

C、根據圖像可知，滑動變阻器的滑片P滑到位置a時的反向電壓小于滑到位置匕時的反向電壓，即

光束①的遏止電壓小于光束②的遏止電壓，根據6%=后加=前-%，可知，光束①的光子的

能量小于光束②的光子的能量，根據Zn/uEm-En,由于①、②兩束單色光是由處在同一激發(fā)態(tài)

的原子躍遷到I態(tài)和n態(tài)時產生的，則發(fā)生原子躍遷后對應能級的能量E團＞E0,故C正確；

D、衍射是光的基本特性，光束①和光束②通過同一狹縫時都能發(fā)生衍射現象，故。正確；

故選：CD。

飽和光電流與入射光的強度有關；光電管兩端所加的電壓為反向電壓，根據動能定理，求解遏止

電壓；根據光電效應方程分析判斷；衍射是波的特性。

此題考查了愛因斯坦光電效應方程的相關知識，明確電路結構，解決本題的關鍵知道光電子的最

大初動能與入射光的頻率有關，與光的強度無關，光的強度影響單位時間內發(fā)出光電子的數目。

16.【答案】AB2.25—

2/1⑷心

【解析】解：(1)4、由于本實驗中繩子的拉力可直接通過力傳感器讀出，所以本實驗不要求7nzi?

mB,故A正確；

CD、由題意，根據牛頓第二定律可知，物塊4的合力大小等于A的重力減去力傳感器讀數F的兩倍，

即自合=巾4g—2?，故錯誤。

B、由于本實驗中，物塊4的合力大?。篭=mAg-2F,顯然，物塊B與水平桌面間是否有摩擦

對研究4質量一定，所受合力大小與加速度的關系無影響，所以，物塊B與水平桌面間可以有摩擦，

故8正確。

故選：AB.

(2)圖乙中所用游標卡尺為測量精度為0.05mm的游標卡尺，根據游標卡尺讀數規(guī)則，可得遮光片

的寬度為d=2mm+5x0.05mm=2.25mm；

(3)依題意，可求得物塊4通過光電門時的速度大小為：v=.

根據仁里，可得物塊4加速度的表達式：a=上匯

2a2h⑷)z

.2

故答案為：(1)48：(2)2.25；

(1)根據實驗原理及要求分析操作的正確定與否，對鉤碼進行受力分析確定正確選項；

(2)根據游標卡尺讀數規(guī)則讀取遮光片的寬度；

(3)根據遮光片的寬度與遮光片經過光電門的時間求出速度，再由速度一位移公式求加速度。

理解實驗原理是解題的前提與關鍵，求出物塊的速度，應用勻變變速直線運動的速度一位移公式

可解題。

17.【答案】B橡皮泥距水平地面的高度/I不行

【解析】解：(1)4B.為了保證子彈和橡皮泥一起水平飛出，槍口需要水平擺放，且槍口應適當靠

近小球，故A錯誤，8正確；

C.由于平拋運動在豎直方向是自由落體運動，因此通過測量橡皮泥和子彈下落的高度來求解飛行

時間，不需要使用秒表，故C錯誤。

故選：B。

(2)設子彈擊中橡皮泥后的共同速度為％子彈擊中橡皮泥的過程中動量守恒，取子彈處速度方向

為正方向，根據動量守恒定律6為=(M+m)v

子彈和橡皮泥做平拋運動，設下落高度為此飛行時間1=設

根據平拋運動規(guī)律，子彈和橡皮泥的水平初速度初速度〃=J

聯立解得子彈初速度%=華步?日

可見要測量子彈初速度，還需要測量的數據為橡皮泥距水平地面的高度九。

(3)子彈擊中橡皮泥過程為完全非彈性碰撞，能量損失很大，子彈與橡皮泥組成的系統在撞擊前后

機械能不守恒，因此某同學提出的這種方案不行。

故答案為：(1)B;(2)橡皮泥距水平地面的高度九；(3)不行。

(1)子彈和橡皮泥一起做平拋運動，根據平拋運動的定義初速度必須水平；通過測量橡皮泥和子彈

下落的高度來求解飛行時間，不需要使用秒表；

(2)根據動量守恒定律和平拋運動規(guī)律分析待測物理量；

(3)子彈擊中橡皮泥過程為完全非彈性碰撞，能量損失很大，據此分析作答。

本題通過動量守恒定律和平拋運動規(guī)律測定子彈的初速度，是一道創(chuàng)新實驗題；可以很好地培養(yǎng)

學生的創(chuàng)新能力、分析綜合能力和實驗能力。

18.【答案】aB100140160

【解析】解：①因為電流表G2內阻未知，所以為了消除誤差需要將電流表G2外接，故導線c端應

與“a”點連接。

②壓力為。時，壓敏電阻兩端的電壓最大為Umax=%(Rg]+&)=10XIO”力x(2OO/2+

2000)=4V

3

滑動變阻器兩端電壓以2=E-Um-Ig2Ra2=12V-4K-50X10-x100V=3V

電阻/?2的最小電阻Rmim=粵=—=60。因此滑動變阻器選擇最大阻值為200。的滑動

1g25UXJLU

變阻器，才能滿足要求，故選瓦

③由題意可知R。=的=/曾=蚣貯經竽。=I。。。

-u'o12-11(40-8)x10-3

④根據分析得滑動變阻器接入電路部分的阻值和G2內阻之和為R，=七普=生絮黔竺2。=

1400

3

電流表G2示數為30nl4時，壓敏電阻兩端電壓為無=E-I'2R'=12V-30x10-x140V=7.8V

壓敏電阻為此=得=茄張。=2600

根據甲圖，斜率k=3。歌?！?/N=1H/N

代入數據圖甲的解析式R=&+%?=(I。。+F)O

當壓敏電阻的阻值R=%=2600時

代入數據解得壓力F=160N。

故答案為：①a；②B；③100：@140；160。

①通過壓敏電阻的電流可以由兩電流表的示數表示；

②壓力為0時，求解壓敏電阻兩端的最大電壓，根據串聯電路的電壓關系求解電阻/?2兩端電壓，

根據歐姆定律求解滑動變阻器的最小電阻，然后作出選擇；

③根據歐姆定律求壓力尸=0時壓敏電阻的阻值R。；

④根據閉合電路的歐姆定律求解滑動變阻器接入電路部分的阻值和G2內阻之和；當電流表G2示數

為30m4時，求解壓敏電阻兩端電壓、壓敏電阻的阻值；根據圖甲求解壓敏電阻隨壓力變化的函數

表達式，最后求壓力。

本實驗緊貼生活實際，涉及的主要知識點為電壓表的改裝、歐姆定律、閉合電路的歐姆定律；難

點在于根據圖甲求解壓敏電阻隨壓力變化的函數表達式。

19.【答案】AD

【解析】解：(1)光源發(fā)出的光射入薄膜，薄膜的前后表面兩列反射光發(fā)生干涉，形成干涉條紋，

所以光源應與觀察者在同側。

故選：Ao

(2)4旋轉鐵絲圈，薄膜從上到下處的厚度不變，由干涉原理可知干涉條紋不會發(fā)生變化，故4錯

誤；

區(qū)本實驗的條紋形成的原理是光的干涉形成的，平面鏡成像原理是光的反射形成的，二者原理不

同，故8錯誤；

CD.如果發(fā)現條紋是等間距的，可知肥皂膜的厚度從上到下均勻增加：同理，若發(fā)現條紋是上疏下

密的，說明肥皂膜從上往下變厚是越來越快的，故C錯誤，O正確。

故選：Do

故答案為：(1)4(2)。。

(1)光源發(fā)出的光射入薄膜，薄膜的前后表面兩列反射光發(fā)生干涉，形成干涉條紋，所以光源應與

觀察者在同側。

(2)旋轉鐵絲圈，薄膜從上到下處的厚度不變，由干涉原理可知干涉條紋不會發(fā)生變化；本實驗的

條紋形成的原理是光的干涉形成的，平面鏡成像原理是光的反射形成的；如果發(fā)現條紋是等間距

的，可知肥皂膜的厚度從上到下均勻增加，同理若發(fā)現條紋是上疏下密的，說明肥皂膜從上往下

變厚是越來越快的。

本題考查薄膜干涉，學生根據干涉原理進行分析求解。

20.【答案】解：已知瓶塞重m=20g=0.02kg,瓶口橫截面積S=2cm2=2x10-4m2

(1)對瓶塞受力分析，由平衡條件得

pS=mg+f0+p0S

5

解得：p=1.1x10Pa

(2)瓶內氣體升溫過程為一個等容變化，由查理定律得

包

r0~r

解得：T=330K

(3)由熱力學第一定律可得4U=IV+Q,其中Q=0,AU=-0.212/

解得W=-0.212/

由動能定理可得

2

\W\—mgd—p0Sd=^mv

解得：v=Im/s

答：(1)瓶內氣體升到最高溫后達到的壓強p為l.lx1。5七；

(2)瓶內氣體達到最高溫后的溫度7為330K；

(3)瓶塞離開瓶口后的速度u為lm/s。

【解析】(1)瓶塞恰好松動時.，靜摩擦力達到最大值，對瓶塞受力分析，由平衡條件計算瓶內氣體

升到最高溫后達到的壓強P;

(2)瓶內氣體升溫過程為一個等容變化，根據查理定律計算瓶內氣體達到最高溫后的溫度7；

(3)先根據熱力學第一定律求出氣體對外做的功，再對瓶塞，根據動能定理求瓶塞離開瓶口后的速

度V。

本題考查熱力學第一定律和氣體實驗定律的綜合應用，關鍵是靈活選擇研究對象，根據平衡條件

求封閉氣體的壓強，并確定氣體狀態(tài)變化過程，然后選擇合適的氣體狀態(tài)方程。

21.【答案】解：(1)滑塊由4TB過程，由動能定理可得

D12

mgR=-TTIVQ

解得：%=7m/s

滑塊滑至B點，由牛頓第二定律得

FN-mg=m-n.

解得：FN=30N

由牛頓第三定律可得滑塊對8點的壓力大小F匠=母=30N,方向豎直向下。

(2)滑塊在滑板上運動時:根據牛頓第二定律可得小物塊P的加速度大小為

%=~~="9=0.75x10m/s2=7.5m/s2

滑板Q的加速度大小為。2=臂=〃。=0-75x10m/s2=7.5m/s2

根據題意可知，從滑塊滑上滑板Q到滑板右端到達凹槽右端過程，滑塊P一直做勻減速運動，滑板

Q一直做勻加速運動，設運動時間為t.

對于滑板Q,有d=：a2t之

解得：t=0.4s

2

對于滑塊P,有％=vQt-^a^t

解得：x=2.2m

故滑板的長度為/=x—d=2.2m—0.60m=1.6m

(3)滑塊尸到達半圓軌道最低點C時的速度為%=孫一aTt=(7-7.5x0.4)m/s=4m/s

設滑塊P可以到達D點，根據機械能守恒定律可得

1_1_

2mvi—mgr(l+cos37°)+-mv^

解得滑塊P在。點速度為%=V1.6m/s

假設P剛好到達。點，則由牛頓第二定律得

mgcos370—m-y

解得P在。點的最小速度為%=V3.2m/s>v2

說明小物塊P到不了。點。

答：(1)滑塊滑至B點時對B點的壓力為30N,方向豎直向下；

(2)滑板的長度I為1.6m；

(3)滑塊滑上CC軌道后不能從。點飛出。

【解析】(1)滑塊由4TB過程，由動能定理求出滑塊滑至B點時速度大小，在8點，對滑塊由牛頓

第二定律求出軌道對滑塊的支持力，由牛頓第三定律得到滑塊滑至B點時對B點的壓力。

(2)滑塊在滑板上運動時，根據牛頓第二定律求兩者的加速度大小。從滑塊P滑上滑板Q到滑板右

端到達凹槽右端過程，滑塊P一直做勻減速運動，滑板Q一直做勻加速運動，根據位移一時間公式

求出運動時間，并求出此過程滑塊的位移，從而求得滑板的長度。

(3)假設滑塊可以到達D點，根據機械能守恒定律求出滑塊到達。點時的速度大小，與臨界速度比

較即可。

本題要理清物體的運動過程，分段運用牛頓運動定律、運動學公式分析運動情況，要把握隱含的

臨界狀態(tài)和臨界條件，知道滑塊恰好到達。點時，由重力的徑向分力提供向心力。

22.【答案】解：(1)由法拉第電磁感應定律可得：

_AB-jtR2

上電動勢=4t

由圖乙可得

絲_無一。

At2tQ-tQ

聯立解得繞圓環(huán)一圈產生的感應電動勢大小為：

_B()7lR2

七電動勢=

(2)在0?2to期間

r”電動勢

E=-2^~

解得；E=嘴

由楞次定律可得，感生電場方向為順時針方向。

(3)小球轉動一圈動能增量由動能定理得:

△Ek。=W電

其中小電=EqX2nR

nR2qB

聯立解得：怎上。=Q

%

小球在感生電場中，由牛頓第二定律得:

Eq=maE

所以q=2to末時小球的速度為:

v2=aEx2t0=瞥

解得：v_qRB0

2m

小球動能增加與圈數N關系

1mv7

22=NAEk0

解得：”喘

(4)t2=1.5￡。末時小球的速度為:

v=aEx1,5t0

解得：9=呼之

4m

小球此時在圓管內的受力分析如圖

_________________2

由牛頓第二定律0.5Boqu+J干？一(mg)2=%

(9q4嘛2)

2

解得：FN=J256m2+(mg)

又由牛頓第三定律，小球對管壁的作用力為:

答：(1)在0?2to時間內，繞圓環(huán)一圈產生的感應電動勢大小為駟Y

(2)在0?2to時間內，細圓管內產生的感生電場的大小為舞，