含高考模擬卷15套2020屆福建省高考物理模擬試卷含解析

2020屆福建省廈門第六中學(xué)高考物理模擬試卷

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合

題目要求的。

1、a、b是兩種單色光，其頻率分別為Va、vb,且%=%,則下列說法不正確的是（）

Vb

A.a、b光子動量之比為Kt=攵

Pb

Ar

B.若a、b光射到同一干涉裝置上，則相鄰條紋的間距之比為丁L=&

C.若a、b都能使某種金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則光子的最大初動能之差線，一線b=〃匕化-1）

D.若a、b是處于同一激發(fā)態(tài)的原子躍遷到A態(tài)和B態(tài)產(chǎn)生的，則A、B兩態(tài)的能級之差

EA-EB=〃匕（1一%）

2、冬季奧運會中有自由式滑雪U型池比賽項目，其賽道橫截面如圖所示，為一半徑為R、粗糙程度處處

相同的半圓形賽道豎直固定放置，直徑PoQ水平。一質(zhì)量為m的運動員（按質(zhì)點處理）自P點上方高度

R處由靜止開始下落，恰好從P點進入賽道。運動員滑到賽道最低點N時，對賽道的壓力為4mg,g為重

力加速度的大小。用W表示運動員從P點運動到N點的過程中克服賽道摩擦力所做的功（不計空氣阻力）,

則

T

f

3

A.W=-mgR,運動員沒能到達Q點

4

B.W=-mgR,運動員能到達Q點并做斜拋運動

4

C.W=JmgR,運動員恰好能到達Q點

D.W=JmgR,運動員能到達Q點并繼續(xù)豎直上升一段距離

3、一列簡諧橫波，在t=0.6s時刻的圖像如圖甲所示，此時P、Q兩質(zhì)點的位移均為-ICm,波上A質(zhì)點的

振動圖像如圖乙所示，則以下說法正確的是（）

甲乙

A.這列波沿X軸負方向傳播

B.這列波的波速是50m∕s

C.從t=0.6s開始，緊接著的At=O.9s時間內(nèi)，A質(zhì)點通過的路程是4cm

D.從t=0.6s開始，質(zhì)點P比質(zhì)點Q早0.4s回到平衡位置

4、在勻強磁場中有粗細均勻的同種導(dǎo)線制成的等邊三角形線框abc,磁場方向垂直于線框平面，ac兩點

間接一直流電源，電流方向如圖所示.則（）

A.導(dǎo)線ab受到的安培力小于導(dǎo)線ac受到的安培力

B.導(dǎo)線abc受到的安培力大于導(dǎo)線ac受到的安培力

C.線框受到安培力的合力為零

D.線框受到安培力的合力方向垂直于ac向上

5、如圖所示，在光滑水平桌面上有一邊長為L的正方形線框；在線框右側(cè)有一寬度為d（d>L）>方向垂

直紙面向里的條形勻強磁場區(qū)域，磁場的邊界與線框的右邊框平行?，F(xiàn)使線框以某一初速度向右運動，t=0

時線框的右邊框恰與磁場的左邊界重合，隨后線框進入并通過磁場區(qū)域。關(guān)于線框所受安培力F隨時間t

變化的圖線可能正確的是（）

6、水平地面上方分布著水平向右的勻強電場，一光滑絕緣輕桿豎直立在地面上，輕桿上有兩點A、B.輕

桿左側(cè)固定一帶正電的點電荷，電荷量為+Q,點電荷在輕桿AB兩點的中垂線上，一個質(zhì)量為m,電荷

量為+q的小球套在輕桿上，從A點靜止釋放，小球由A點運動到B點的過程中，下列說法正確的是（）

A.小球受到的電場力先減小后增大

B.小球的運動速度先增大后減小

C.小球的電勢能先增大后減小

D.小球的加速度大小不變

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符

合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、如圖所示，在水平向左的勻強電場中，可視為質(zhì)點的帶負電物塊，以某一初速度從足夠長的絕緣斜面

上的A點，沿斜面向下運動，經(jīng)C點到達B點時，速度減為零，然后再返回到A點。已知斜面傾角0=3()。,

物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)〃=走，整個過程斜面均保持靜止，物塊所帶電量不變。則下列判斷正確的

是()

B

A.物塊在上滑過程中機械能一定減小

B.物塊在上滑過程中，增加的重力勢能一定大于減少的電勢能

C.物塊下滑時經(jīng)過C點的動能一定大于上滑時經(jīng)過C點的動能

D.物塊在下滑過程中，斜面與地面之間的摩擦力一定為零

8、如圖甲所示，輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質(zhì)量為m的小球，從離彈簧上端高h處由

靜止釋放。某同學(xué)探究小球在接觸彈簧后向下的運動過程，他以小球開始下落的位置為原點，沿豎直向下

方向建立坐標軸Ox,作出小球所受彈力F大小隨小球下落的位置坐標X的變化關(guān)系如圖乙所示，不計空

氣阻力，重力加速度為g。以下判斷正確的是

A.當(dāng)x=h+x0時，重力勢能與彈性勢能之和最小B.最低點的坐標為x=h+2xo

C.小球受到的彈力最大值等于2mgD.小球動能的最大值為機g〃+等

9、如圖所示是一個半徑為R的豎直圓形磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強度大小為B,磁感應(yīng)強度方向垂直紙面向

內(nèi).有一個粒子源在圓上的A點不停地發(fā)射出速率相同的帶正電的粒子，帶電粒子的質(zhì)量均為m,運

動的半徑為r,在磁場中的軌跡所對應(yīng)的圓心角為。.下列說法正確的是

XXX

πm

A.若r=2R,則粒子在磁場中運動的最長時間為麗

B.若r=2R,粒子沿著與半徑方向成45。角斜向下射入磁場，則有tan&=3晝?成立

27

C.若r=R,粒子沿著磁場的半徑方向射入，則粒子在磁場中的運動時間為:7高

D.若r=R,粒子沿著與半徑方向成60。角斜向下射入磁場，則圓心角ɑ為150。

10、如圖所示，定值電阻R和電阻箱電阻R串聯(lián)在恒定電壓為U的電路中，電壓表Vi、V2和電流表A

均為理想電表，且電壓表Vl的示數(shù)大于電壓表V2的示數(shù)。已知電阻箱電阻R2的最大值大于定值電阻Rl

的值，若現(xiàn)在逐漸增大電阻箱的電阻直至最大，則下列有關(guān)說法正確的是（）

A.5不變，些不變

IΔZ

B.牛變大,I喇變大

C.電阻箱電阻消耗的功率逐漸增大

D.電阻箱電阻消耗的功率先增大后減小

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

H、測量小物塊Q與平板P之間的動摩擦因數(shù)的實驗裝置如圖所示。AB是半徑足夠大的光滑四分之一圓

弧軌道，與水平固定放置的P板的上表面BC在B點相切，C點在水平地面的垂直投影為Cl重力加速

度為g。實驗步驟如下：

①用天平稱出物塊Q的質(zhì)量m；

②測量出軌道AB的半徑R、BC的長度L和CC的長度h；

③將物塊Q在A點從靜止釋放，在物塊Q落地處標記其落點D；

④重復(fù)步驟③，共做10次；

⑤將10個落地點用一個盡量小的圓圍住，用米尺測量圓心到C，的距離S。

(1)請用實驗中的測量量表示物塊Q到達C點時的動能EkC=以及物塊Q與平板P之間的動摩

擦因數(shù)μ=O

(2)實驗步驟④⑤的目的是o如果實驗測得的μ值比實際值偏大，其原因除了實驗

中測量的誤差之外，其它的可能是。(寫出一個可能的原因即可)。

12、一電阻標簽被腐蝕，某實驗小組想要通過實驗來測量這個電阻的阻值，實驗室準備有如下實驗器材：

A.電池組E(電動勢約3V,內(nèi)阻可忽略)；

B.電壓表V(()~3V,內(nèi)阻約5k。)；

C.電流表A(0~lmA,內(nèi)阻為IOOOQ)；

D.滑動變阻器4(最大阻值IOQ)；

E.滑動變阻器R2(最大阻值2000)；

F.電阻箱Ra(0-999.9Ω);

G多用電表；

H.開關(guān)一個，導(dǎo)線若干。

(1)粗測電阻。把多用電表的選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋“Xl”位置，短接紅、黑表筆進行調(diào)零，然后測量待測

電阻，多用電表的示數(shù)如圖甲所示，則多用電表的讀數(shù)為Qo

(2)實驗小組選擇器材用伏安法進一步測量電阻的阻值，首先要把電流表改裝成20OmA的電流表，電阻箱

應(yīng)調(diào)節(jié)到Ω.

⑶請設(shè)計電路并在圖乙所示的方框中畫出電路圖，要求易于操作，便于測量，并標出所選器材的符號

(4)小組在實驗中分別記錄電流表和電壓表的示數(shù)，并在坐標紙上描點如圖丙所示，請正確作出/-U關(guān)系

圖線,由圖線可求得待測電阻阻值RA=Ωo(保留三位有效數(shù)字)

圖甲

圖丙

圖乙

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、

方程式和演算步驟。

13、如圖所示，小球C在光滑的水平直軌道上處于靜止狀態(tài)。在它左邊有一垂直于軌道的固定擋板，右邊

有兩個小球A和B用處于原長的輕質(zhì)彈簧相連，以相同的速度Vo向C球運動，C與B發(fā)生碰撞并立即結(jié)

成一個整體D。在A和D繼續(xù)向左運動的過程中，當(dāng)彈簧長度變到最短時，長度突然被第一次鎖定不能

伸長但還能繼續(xù)被壓縮。然后D與擋板P發(fā)生彈性碰撞，而A的速度不變。過一段時間，彈簧被繼續(xù)壓

縮到最短后第二次鎖定。已知A、B、C三球的質(zhì)量均為m。求:

⑴彈簧長度第一次被鎖定后A球的速度；

⑵彈簧長度第二次被鎖定后的最大彈性勢能。

14、如圖所示，光滑水平面上小球A、B分別以1.2根/S、2.0m∕5的速率相向運動，碰撞后B球靜止.已

知碰撞時間為0.()5s,A、B的質(zhì)量均為0?2%g.求：

OO

∕Z∕∕√,∕∕Z∕∕∕∕ZZZZZ∕∕Z∕Z?∕∕∕ZZz

AB

(1)碰撞后A球的速度大?。?/p>

(2)碰撞過程A對B平均作用力的大小.

15、如圖所示，上端開口的豎直汽缸由大、小兩個同軸圓筒組成，兩圓筒中各有一個活塞，兩活塞用一根

長度為L的剛性輕質(zhì)細桿連接，兩活塞間充有氧氣，小活塞下方充有氮氣，大、小活塞的質(zhì)量分別為2m、

m,橫截面積分別為2S、S.氮氣和汽缸外大氣的壓強均為po,大活塞與大圓筒底部相距工。現(xiàn)通過電阻

2

絲緩慢加熱氮氣，使小活塞緩慢上升至上表面與大圓筒底部平齊位置。已知大活塞導(dǎo)熱性能良好，汽缸及

小活塞絕熱，兩活塞與汽缸壁之間的摩擦不計，重力加速度為g。求：

①初始狀態(tài)下氧氣的壓強；

②小活塞與大圓筒底部平齊時，氧氣的壓強。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合

題目要求的。

1、B

【解析】

【分析】

【詳解】

A.光子的能量E=Zn/,所以兩種光子能量分別為Eu和鯨，且

則：

~^--k

光子的動量為P=W,所以

C

工k

Pb

A正確；

B.光子的波長％=￡,雙縫干涉裝置上相鄰亮條紋的間距為Av=Jzl,所以

Vd

54匕工

B錯誤；

C.根據(jù)光電效應(yīng)方程可知，光電子的最大初動能為4“=Znz-W,其中W為金屬的逸出功；則有

Eka-Ekb=ITVa-hvh=hvh(Zr-I)

C正確；

D.若a、b是由處于同一激發(fā)態(tài)的原子躍遷到A態(tài)和B態(tài)時產(chǎn)生的，設(shè)初始激發(fā)態(tài)的能量為Eo,則有

Ea-加Za=EO-EA

所以

EA=Eo-紇=4一牝

同理

EB=E0-Eb=E0-Hvb

則

EA-EB=牝-牝=ZZnb(I-4)

D正確。

本題選不正確的，故選B。

2、D

【解析】

【詳解】

在N點，根據(jù)牛頓第二定律有：

FN-mg=m^

K

解得：

v

,v

對質(zhì)點從下落到N點的過程運用動能定理得：

1,

tng2R—W=——0

解得：

W=/mgR

由于PN段速度大于NQ段速度，所以NQ段的支持力小于PN段的支持力，則在NQ段克服摩擦力做功

小于在PN段克服摩擦力做功，對NQ段運用動能定理得：

-mgR-W=mVy-?mv1,

因為可知％>0,所以質(zhì)點到達。點后，繼續(xù)上升一段距離，ABC錯誤，D正確。

故選D。

3、D

【解析】

【分析】

【詳解】

A.由乙圖讀出t=0.6s時刻質(zhì)點A的速度方向為沿y軸負方向，由甲圖判斷出該波的傳播方向為沿X軸正

向，故A錯誤；

B.由甲圖讀出該波的波長為λ=20m,由乙圖得周期為T=L2s,則波速為

λ2050

V=—=----m∕s=—m/s

T1.23

故B錯誤；

C.因為

3

加=0.%=—T

4

t=0.6s時質(zhì)點A位于平衡位置，則知經(jīng)過Af=O.9s,A質(zhì)點通過的路程是

s=3A=3x2=6cm

故C錯誤；

D.圖示時刻質(zhì)點P沿y軸正方向，質(zhì)點Q沿y軸負方向，此時PQ兩質(zhì)點的位移均為-ICm,故質(zhì)點P

經(jīng)過工回到平衡位置，質(zhì)點Q經(jīng)過工+二回到平衡位置，故質(zhì)點P比質(zhì)點Q早

1246

TTTT\2八,

461233

回到平衡位置，故D正確。

故選D。

4、A

【解析】

【分析】

【詳解】

A.導(dǎo)線ab受到的安培力大小為耳=以加乙，導(dǎo)線ac受到的安培力工=加比乙，由于ab、be串聯(lián)再與

ac并聯(lián),則有

所以

耳<馬

故A正確；

B.導(dǎo)線abc的有效長度為L,故受到的安培力大小為：F?BlabcL,導(dǎo)線ac受到的安培力g=B晨L,

且

4bc<4

則

F<F2

故B錯誤；

CD.根據(jù)左手定則，導(dǎo)線abc受安培力垂直于ac向下，導(dǎo)線ac受到的安培力也垂直于ac向下，合力方

向垂直于ac向下，故CD錯誤。

故選A。

5、B

【解析】

【詳解】

當(dāng)線框向右運動過程中，有兩個過程產(chǎn)生安培力，即進入磁場到完全進入磁場和離開磁場到完全離開磁場

兩個過程；其中任一過程中線框受到的安培力尸=21,故線框做加速度越來越小的減速運動，不是

R

勻減速運動，選項A、C錯誤；線框運動過程中不論是進入磁場還是離開磁場的過程中，安培力方向不變,

選項D錯誤，B正確。

故選B。

6,C

【解析】

【分析】

【詳解】

A.小球下滑時受勻強電場的電場力是不變的，受到點電荷的電場力先增加后減小，則小球受到的電場力

先增大后減小，選項A錯誤；

B.小球下滑時，勻強電場的電場力垂直小球運動方向，則對小球不做功；點電荷在前半段先對小球做負

功，重力做正功，但是由于不能比較正功和負功的大小關(guān)系，則不能確定小球速度變化情況；在后半段，

點電荷電場力和重力均對小球做正功，則小球的運動速度增大，選項B錯誤；

C.小球下滑時，勻強電場的電場力垂直小球運動方向，則對小球不做功；點電荷在前半段先對小球做負

功，在后半段對小球做正功，則小球的電勢能先增大后減小，選項C正確；

D.由小球的受力情況可知，在A點時小球的加速度小于g,在AB中點時小球的加速度等于g,在B點

時小球的加速度大于g,則加速度是不斷變化的，選項D錯誤。

故選C。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符

合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、CD

【解析】

【分析】

【詳解】

A.上滑過程中滿足

Eqcosθ>f+mgsinθ

則電場力做功大于摩擦力做功，即除重力以外的其它力對物體做正功，則物體的機械能增加，選項A錯誤;

B.上滑過程中由動能定理

%-叼—%=△4.

則

則物塊在上滑過程中，增加的重力勢能一定小于減少的電勢能，選項B錯誤；

C.由于滑塊下滑經(jīng)過C點往下運動，再返回到C點時有摩擦力做功，則由能量關(guān)系可知物塊下滑時經(jīng)過

C點的動能一定大于上滑時經(jīng)過C點的動能，選項C正確；

D.當(dāng)不加電場力時，由于斜面對物體的支持力為

N=mgcos30o

摩擦力

f=μmgcos300=mgsin300

可知支持力和摩擦力的合力方向豎直向上；當(dāng)加電場力后，支持力和摩擦力成比例關(guān)系增加，則摩擦力和

支持力的合力仍豎直向上，根據(jù)牛頓第三定律，則物塊給斜面的摩擦力和壓力的方向豎直向下，可知斜面

在水平方向受力為零，則斜面所受地面的摩擦力為零，選項D正確。

故選CD0

8、AD

【解析】

【詳解】

由圖象結(jié)合小球的運動過程為:先自由落體運動，當(dāng)與彈簧相接觸后，再做加速度減小的加速運動，然后

做加速度增大的減速運動，直到小球速度為零。

A.當(dāng)x=h+x。時，彈力等于重力，加速度為零，小球速度最大，動能最大，由于系統(tǒng)機械能守恒，所以重

力勢能與彈性勢能之和最小，A正確；

B.在最低點小球速度為零，從剛釋放小球到小球運動到最低點，小球動能變化量為零，重力做的功和彈

力做的功的絕對值相等，即到最低點圖中實線與X軸圍成的面積應(yīng)該與mg那條虛線與X軸圍成的面積相

同，所以最低點應(yīng)該在h+2xo小球的后邊，B錯誤；

C.由B知道最低點位置大于X=Zz+24,所以彈力大于2mg,C錯誤；

D.當(dāng)x=h+xo時，彈力等于重力，加速度為零，小球速度最大，動能最大，由動能定理可得

%+%=mg(h+x0)-mg?-xnmgh+-mgx0,

故D正確。

9、BD

【解析】

若r=2R,粒子在磁場中時間最長時，磁場區(qū)域的直徑是軌跡的一條弦，作出軌跡如圖，因為r=2R,圓心

角。=60。，粒子在磁場中運動的最長時間

60°E12πmπm

“前7二］9=茄，故A錯誤?

W':粒子邀H

若r=2R,粒子沿著與半徑方向成45。角斜向下射入磁場，根據(jù)幾何關(guān)系，有

aR2痣+I

tan——-=—R%—=’^一,故B正確.若r=R,粒子沿著磁場的半徑方向射入，粒子

2√2√27

r---R-2R--R

22

90°_12πmπm

運動軌跡如圖所示,圓心角9。。,粒子在磁場中運動的時間礪T=了Ir=旃,故C錯誤.若

r=R,粒子沿著與半徑方向成60。角斜向下射入磁場，軌跡如圖所示，圖中軌跡圓心與磁場圓心以及入射

點和出射點構(gòu)成菱形，圓心角150。，故D正確.故選BD.

10、AD

【解析】

【詳解】

A.對于定值電阻，根據(jù)歐姆定律有:

&=+喑

故A正確；

B.將定值電阻和恒定電壓電路等效成一個電源，其中U是等效電動勢，Rl是等效內(nèi)阻，可得

&=牛

?U

Rl2

"ΔΓ

故B錯誤；

CD.在等效電路中，當(dāng)R2=RI,電阻箱電阻消耗的功率最大，又依題意可知電阻箱的原阻值小于定值電

阻R”可見，在逐漸增大電阻箱的電阻直至最大的過程中，電阻箱電阻消耗的功率先增大后減小，故C

錯誤，D正確。

故選ADo

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

U、螫二--?-減小實驗的偶然誤差圓弧軌道與滑塊間有摩擦或空氣阻力

4hμ4/JL

【解析】

【分析】

考查實驗“測物體間的動摩擦因數(shù)”。

【詳解】

[1].離開C后，物塊做平拋運動：

水平方向：

=vct

豎直方向:

,12

"=]g'

物塊在C點的動能:

T12

E7kC.叫

解得：

kc4h

[2].從A到B,由動能定理得:

mgR=Ew-Q

則物塊到達B時的動能:

EkB="IgR

由B到C過程中，由動能定理得:

-Wf=?mv^-?mv?

克服摩擦力做的功：

2

uzDmgS

Wf=mgR~-

B到C過程中，克服摩擦力做的功:

Wf=μmg

得:

Rs2

~L~^hL

[3].實驗步驟④⑤的目的是測平均值，減少偶然誤差;

[4].實驗測得的μ值比實際值偏大，其原因除了實驗中測量的誤差之外，很有可能就是其它地方有摩擦,

比如圓弧軌道與滑塊間有摩擦或空氣阻力。

12、9.05.010.0(9.90~

圖2

10.2均可)

【解析】

【詳解】

(1)[1]歐姆擋讀數(shù)乘以倍率得到測量值，即多用電表的讀數(shù)為9.0。X1=90

(2)⑵將電流表量程擴大200倍，則需并聯(lián)的電阻箱阻值為

0.001x1000

Ω≈5.0Ω

0.2-0.001

⑶⑶根據(jù)要求，滑動變阻器需采用分壓式接法，選總阻值較小的R1,同時因電流表已改裝成合適的量程,

并且已知其內(nèi)阻，故采用電流表內(nèi)接法，電路圖如答圖1所示

圖1

(4)[4]根據(jù)題圖丙描繪的點，用直線進行擬合，注意讓盡可能多的點在直線上，若有不在直線上的點，則

應(yīng)大致分布在直線兩側(cè)，偏離直線較遠的點舍去，如答圖2所示

圖2

⑸由實驗原理得

尺+RA=?"=15.0Q

、aΔ∕×200

解得待測電阻

RA=(15.0—5.0)0=10.0Q

由于誤差9.90。?10.2Q均可

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、

方程式和演算步驟。

273

13、(l)-v;(2)—znvɑ

J0IUo

【解析】

【分析】

【詳解】

⑴設(shè)C球與B球粘結(jié)成D時，D的速度為VI,由動量守恒定律可得

mv0=(m+m)vl

解得

1

vι=QVo

當(dāng)彈簧壓至最短時，D與A的速度相等，設(shè)此速度為V2,由動量守恒，有

2mvl+mva=3∕nv,

解得A的速度

2

(2)設(shè)彈簧長度第一次被鎖定后，儲存在彈簧中的勢能為Epi。由能量守恒得

1O?O?2J-*

—?2mVy+—mv0=—?3mv2+?pl

解得

εmv

pι=^o

2

撞擊P后，D的速度大小不變，仍為5%,方向向右；A的速度大小和方向均不變。然后D與A繼續(xù)相

互作用，設(shè)當(dāng)彈簧壓縮到最短時，A與D的速度為V3,根據(jù)動量守恒定律可得

2mv2-mv2=3mv3

解得

彈性勢能的增加量為

ΔE=—?3mv1---?3mv?=—mvɑ

p22327

彈簧長度第二次被鎖定后的最大彈性勢能

%=%+EP=白相］

14、(1)VA'=0.8∕??/5(2)F=SN

【解析】

【分析】

【詳解】

①A、B系統(tǒng)動量守恒，設(shè)B的運動方向為正方向

由動量守恒定律得mvB-mvA=0+mvλ'

解得。’=0.8加/5；

②對B,由動量定理得-戶/=PB=O-

解得R=8N;

3mg②P2=((A)+

15、①Po+

S

【解析】

【詳解】

①分析初始狀態(tài)下兩活塞的受力情況，根據(jù)力的平衡有

/70×25+ptS+3mg=p∣χ2S+POS

解得初始狀態(tài)下氧氣的壓強

3me

Λ=Po+-

e

②初始狀態(tài)氧氣體積

L3SL

VI=2+S2

V4I2=Γ2

當(dāng)小活塞緩慢上升到上表面與大圓筒底部平齊時，氧氣體積％=2SL,壓強為P2,根據(jù)玻意耳定律有

P2V2=plVl,解得

2019-2020高考物理模擬試卷

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合

題目要求的。

1、2019年11月5日1時43分，中國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運載火箭，成功發(fā)射第49顆北斗

導(dǎo)航衛(wèi)星，該衛(wèi)星發(fā)射成功，標志著北斗三號系統(tǒng)3顆IGSo衛(wèi)星（傾斜地球同步軌道衛(wèi)星）全部發(fā)射完

畢。該衛(wèi)星在軌道上運動的周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同，但該軌道平面與赤道平面有一定的夾角，因此該軌

道也被稱為傾斜同步軌道，根據(jù)以上信息請判斷，下列說法中不正確的是（）

A.該衛(wèi)星做勻速圓周運動的圓心一定是地球的球心

B.該衛(wèi)星離地面的高度等于地球同步衛(wèi)星離地面的高度

C.地球?qū)υ撔l(wèi)星的萬有引力一定等于地球?qū)Φ厍蛲叫l(wèi)星的萬有引力

D.只要傾角合適，處于傾斜同步軌道上的衛(wèi)星可以在每天的固定時間經(jīng)過同一城市的上空

2、如圖是雙縫干涉實驗裝置的示意圖，S為單縫，SKS2為雙縫，P為光屏.用綠光從左邊照射單縫S

時，可在光屏P上觀察到干涉條紋.下列說法正確的是（）.

P

左三SS，右

—"Sl

A.減小雙縫間的距離，干涉條紋間的距離減小

B.增大雙縫到屏的距離，干涉條紋間的距離增大

C.將綠光換為紅光，干涉條紋間的距離減小

D.將綠光換為紫光，干涉條紋間的距離增大

3、質(zhì)量為m的物體用輕繩AB懸掛于天花板上。用水平向左的力F緩慢拉動繩的中點O,如圖所示。用

T表示繩OA段拉力的大小，在O點向左移動的過程中

B.F逐漸變大，T逐漸變小

C.F逐漸變小，T逐漸變大

D.F逐漸變小，T逐漸變小

4、將一定值電阻分別接到如圖1和圖2所示的兩種交流電源上，在一個周期內(nèi)該電阻產(chǎn)生的焦耳熱分別

為。I和。2,則Q：等于（）

OT/∕sO

一風(fēng)）-W∣ι

A.2：1K√2

5、某靜電場在X軸正半軸上的電勢Φ隨X變化的關(guān)系如圖所示，則（

A.Xl處跟X2處的電場強度方向相同

B.Xl處跟X2處的電場強度大小相等

C.若把帶正電的粒子從Xl處移到X2處，電場力先做正功再做負功

D.同一個帶正電的粒子在R處具有的電勢能小于X2在處的電勢能

6、下列四個選項中哪個不等于磁感應(yīng)強度的單位特斯拉（）

NN?sV?sWb

A.-------B.-------C.——D.-------

AmCm∏Γm

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符

合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、在勻強磁場中，一矩形金屬線圈共100匝，繞垂直于磁場的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動，如圖甲所示，產(chǎn)生的交變

電動勢的圖像如圖乙所示，則下列說法中正確的是（）

OlB4?V

??

甲

A.r=0.01s時，線圈在中性面

B.線圈產(chǎn)生的交變電動勢的頻率為IOOHZ

C.若不計線圈電阻，在線圈中接入IkC定值電阻，則該電阻消耗的功率為48.4W

D.線圈磁通量隨時間的變化率的最大值為3.IlWb/s

8、如圖，在水平桌面上放置兩條相距1的平行光滑導(dǎo)軌ah與cd,阻值為R的電阻與導(dǎo)軌的a、C端相連.質(zhì)

量為m、電阻不計的導(dǎo)體棒垂直于導(dǎo)軌放置并可沿導(dǎo)軌自由滑動.整個裝置放于勻強磁場中，磁場的方向

豎直向上，磁感應(yīng)強度的大小為B.導(dǎo)體棒的中點系一不可伸長的輕繩，繩繞過固定在桌邊的光滑輕滑輪

后，與一個質(zhì)量也為m的物塊相連，繩處于拉直狀態(tài).現(xiàn)若從靜止開始釋放物塊，用h表示物塊下落的

高度（物塊不會觸地），g表示重力加速度，其他電阻不計，則（）

B.物體下落的最大加速度為0?5g

C.若h足夠大，物體下落的最大速度為鬻

D.通過電阻R的電量為季

9、如圖所示，在某一峽谷的兩側(cè)存在與水平面成相同角度的山坡，某人站在左側(cè)山坡上的P點向?qū)γ娴?/p>

山坡上水平拋出三個質(zhì)量不等的石塊，分別落在A、B、C三處，不計空氣阻力，A、C兩處在同一水平

面上，則下列說法正確的是（）

A.落到A、B、C三處的石塊落地速度方向相同

B,落到A、B兩處的石塊落地速度方向相同

C.落到B、C兩處的石塊落地速度大小可能相同

D.落到C處的石塊在空中運動的時間最長

10、對于分子動理論的理解，下列說法正確的是。

A.只要知道氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)，就可以算出氣體分子的體積

B.溫度越高，擴散現(xiàn)象越明顯

C.兩個分子間的距離變大的過程中，分子間引力變化總是比斥力變化慢

D.當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為引力時，分子間的距離越大，分子勢能越大

E.只要兩物體的質(zhì)量、溫度、體積相等，兩物體的內(nèi)能一定相等

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、某實驗小組的同學(xué)利用如圖甲所示的實驗裝置驗證了動能定理，實驗時該小組的同學(xué)將小車由光電門

1的左側(cè)靜止釋放，通過細繩在硅碼的牽引下開始運動，先后經(jīng)過光電門1、2,并通過計算機記錄了擋光

時間。經(jīng)測量可知小車和擋光片的總質(zhì)量為M,祛碼盤及祛碼的總質(zhì)量為m。

如

tf片

D光電門1

=

根據(jù)所學(xué)的知識回答下列問題：

(1)摩擦力的影響會對該實驗帶來一定的誤差，為了平衡摩擦力，實驗時應(yīng)________(填“取下”或“掛上”)

祛碼盤，并適當(dāng)?shù)貕|高長木板的(填“左”或“右”)端；

(2)在(1)的前提下，為了使細繩的拉力大小近似等于祛碼盤及盤中祛碼的總重力，應(yīng)使小車和擋光片的總

質(zhì)量為M(填“遠大于”“大于”“等于”“小于”或“遠小于”)祛碼盤及盤中祛碼的總質(zhì)量；

(3)實驗小組的同學(xué)用游標卡尺對擋光片的寬度進行了測量，讀數(shù)如圖乙所示，則擋光片的寬度

d=cm；

(4)計算機記錄小車通過光電門1、2的時間分別為八乙、?t2,且兩光電門之間的距離為L,重力加速度用

g表示，則驗證動能定理的關(guān)系式應(yīng)為(用以上相關(guān)物理量的字母表示)。

12、某同學(xué)查資料得知：彈簧的彈性勢能與彈簧的勁度系數(shù)和形變量有關(guān)，并且與形變量的平方成正比。

為了驗證彈簧彈性勢能與其形變量的平方成正比這一結(jié)論，他設(shè)計了如下實驗：

①如圖所示，一根帶有標準刻度且內(nèi)壁光滑的直玻璃管固定在水平桌面上，管口與桌面邊沿平齊。將一輕

質(zhì)彈簧插入玻璃管并固定左端。

LIO:I:I:I:UKIK

7∕∕∕77∕∕∕∕7^∕∕∕∕∕∕∕∕∕∕∕^∕∕∕∕Z^//

②將直徑略小于玻璃管內(nèi)徑的小鋼球放入玻璃管，輕推小球，使彈簧壓縮到某一位置后，記錄彈簧的壓縮

量X

③突然撤去外力，小球沿水平方向彈出落在地面上，記錄小球的落地位置

④保持彈簧壓縮量不變，重復(fù)1()次上述操作，從而確定小球的平均落點，測得小鋼球的水平射程S

⑤多次改變彈簧的壓縮量X,分別記作XI、X2、X3……，重復(fù)以上步驟，測得小鋼球的多組水平射程S1、

請你回答下列問題

(1)在實驗中，“保持彈簧壓縮量不變，重復(fù)10次上述操作，從而確定小球的平均落點”的目的是為了減小

一(填“系統(tǒng)誤差”或“偶然誤差”)；

(2)若測得小鋼球的質(zhì)量m、下落高度h、水平射程s,則小球彈射出去時動能表達式為_(重力加速度

為g)

(3)根據(jù)機械能守恒定律，該同學(xué)要做有關(guān)彈簧形變量X與小鋼球水平射程S的圖像，若想直觀的檢驗出結(jié)

論的正確性，應(yīng)作的圖像為一

,,1

A.s-χB.s-χzC.XD.s——

X

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、

方程式和演算步驟。

13、如圖所示，兩條直線MN與PQ所夾區(qū)域內(nèi)有兩個不同的勻強磁場，磁場的直線邊界00'與MN和

PQ均垂直。一質(zhì)量為皿、電荷量為4的帶電粒子以某一初速度垂直MN射入磁場用，受磁場力的作用,

JOOTTTTI2004〃Z

最終垂直于邊界PQ且從。'Q段射出。已知：兩磁場的磁感應(yīng)強度分別為Bl=------、B2=-------(各

Qq

物理量單位均為國際單位制中的主單位)，粒子進入磁場的初速度為v=2()mn∕s.不計粒子重力，求：

⑴粒子在用、與磁場中運動的半徑之比

(2)粒子在兩磁場中運動的最短時間

M

B2

*

O..........................V0'

×××

B1

14、在一個足夠長的水平桌面上，靜置著一個足夠長的木板A,A的右端與桌面邊沿平齊，其上邊緣距水

平地面的豎直高度h=0?8m0木板A上靜置兩個可視為質(zhì)點的B、C物塊，它們之間有一個被鎖定的壓縮

輕彈簧(彈簧與兩物塊均不連接)，彈簧存儲的彈性勢能為5.4J。已知mA=ms=O?lkg?MC=O?3kg,

木板A與桌面、物塊C與木板A間的動摩擦因數(shù)均為M=O.1,物塊B與木板A間的動摩擦因數(shù)μ2=0.3o

解鎖后彈簧在瞬間恢復(fù)原長，兩物塊均開始運動，此時物塊C距離木板A的右邊緣x∣=2?5m0設(shè)最大靜摩

擦力等于滑動摩擦力，重力加速度取g=10m∕s2.求：

(1)彈簧恢復(fù)原長時物塊B、C的速度；

(2)物塊C從離開A板落地過程中的水平位移；

(3)物塊B從開始運動到最終停止時，相對桌面運動的距離。

4§C

IbYV＞、、■[

]

15、光滑水平面上有一質(zhì)量m車=LOkg的平板小車，車上靜置A、B兩物塊。物塊由輕質(zhì)彈簧無栓接相

連(物塊可看作質(zhì)點)，質(zhì)量分別為mA=1.0kg,mn=1.0kg,,A距車右端xι(x∣>1.5m),B距車左端X2

=l?5m,兩物塊與小車上表面的動摩擦因數(shù)均為μ=0.1.車離地面的高度h=0.8m,如圖所示。某時刻，

將儲有彈性勢能Ep=4.()J的輕彈簧釋放，使A、B瞬間分離，A、B兩物塊在平板車上水平運動。重力加

速度g取IOm/S2,求：

(1)彈簧釋放瞬間后A、B速度的大?。?/p>

(2)B物塊從彈簧釋放后至落到地面上所需時間；

(3)若物塊A最終并未落地，則平板車的長度至少多長？滑塊在平板車上運動的整個過程中系統(tǒng)產(chǎn)生的

熱量多少？

BΛ

ΓM1

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合

題目要求的。

1、C

【解析】

【詳解】

A.傾斜同步軌道圍繞地球做勻速圓周運動，圓心一定是地球的球心，故A正確，不符合題意；

B.根據(jù)萬有引力提供向心力

CMm4π2

G—z-=ITLz-

r2T2

得

GMT-

4π2

因為傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的周期與赤道上空的同步衛(wèi)星的周期相同，故它的軌道高度與位于赤道上空的

同步衛(wèi)星的軌道高度相同，故B正確，不符合題意;

C.根據(jù)

F=GF

可知，由于不知道該衛(wèi)星和地球同步衛(wèi)星質(zhì)量的關(guān)系，所以無法判斷萬有引力的關(guān)系。故C錯誤，符合題

意；

D.傾斜同步軌道衛(wèi)星相對于地球非靜止的，所以傾斜同步軌道衛(wèi)星從地球上看是移動的，故該衛(wèi)星不可

能始終位于地球表面某個點的正上方，而且該衛(wèi)星的周期為24h,所以只要傾角合適，處于傾斜同步軌道

上的衛(wèi)星可以在每天的固定時間經(jīng)過同一城市上空，故D正確，不符合題意。

故選C。

2、B

【解析】

試題分析：根據(jù)公式ΔΛ=4/1,減小雙縫間的距離，干涉條紋間的距離變大，A錯誤，

a

根據(jù)公式ΔΛ=4∕1,增大雙縫到屏的距離，干涉條紋間的距離增大，B正確，

a

根據(jù)公式Ar=將綠光換為紅光，頻率減小，即波長增大，所以干涉條紋間的距離增大，C錯誤

a

根據(jù)公式AC=4九，將綠光換為紫光，頻率增大，即波長減小，所以干涉條紋間的距離減小，D錯誤，

a

考點：本題考查光波的干涉條紋的間距公式，

點評：應(yīng)牢記條紋間距的決定因素，不要求定量計算，但要求定性分析.

3、A

【解析】

【詳解】

以結(jié)點O為研究對象受力分析如下圖所示：

由題意知點O緩慢移動，即在移動過程中始終處于平衡狀態(tài)，則可知：繩OB的張力

Tβ=mg

根據(jù)平衡條件可知：

TCOSO-TB=O,TsinO-F=O

由此兩式可得：

F=TBtano=mgtanθ

cosθ

在結(jié)點為O被緩慢拉動過程中，夾角0增大，由三角函數(shù)可知：F和T均變大。

A.F逐漸變大，T逐漸變大與分析相符，故A正確。

B.F逐漸變大，T逐漸變小與分析不符，故B錯誤。

C.F逐漸變小，T逐漸變大與分析不符，故C錯誤。

D.F逐漸變小，T逐漸變小與分析不符，故D錯誤。

4、A

【解析】

【分析】

【詳解】

對于方波（圖D來說，交流電壓有效值為：

Ul=U0

故在電阻上產(chǎn)生的焦耳熱為

U21

Q.=幺7=u」丁

1RR

對于正弦波（圖2）來說，故交流電壓有效值為:

故在電阻上產(chǎn)生的焦耳熱為

喏

-1r

2R

故

22

Qi:Q=殳T:曳T=2:1

故A正確BCD錯誤。

故選A。

5、A

【解析】

【詳解】

A.XI和X2處的斜率都是負值，說明場強方向相同，故A正確；

B.Xi處的斜率大于X2處的斜率，說明Xi處的電場強度大于X2處的電場強度，故B錯誤；

C.從Xl處到X2處，電勢逐漸降低，則移動正電荷，電場力一直做正功，電勢能一直減小，故C錯誤；

D.根據(jù)Ep=qφ可知，正電荷在R處具有的電勢能為零，在X2處的電勢小于零，所以正電荷在此具有的

電勢能小于零，電勢能為標量，正負號表示大小，所以同一個帶正電荷的粒子在R處具有的電勢能大于在

X2處的電勢能，故D錯誤。

故選A。

6、D

【解析】

【詳解】

FN

A.根據(jù)B=—可知，1=一=IT,選項A不符合題意；

ILA?m

VC

NNN?s-sV-S

BC.IT=I--=1--=一=Ir，選項BC不符合題意；

A?m—C?mC?mCmm

s

φWb

D.由8=—可知，IT=I-，選項D符合題意。

Sm2

故選D。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符

合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、ACD

【解析】

【詳解】

A.t=0.01s時，感應(yīng)電動勢為零，穿過線圈的磁通量最大，線圈在中性面位置，故A正確。

B.由圖可知周期為0.02s,則頻率為f=50Hz,故B錯誤。

C.線圈產(chǎn)生的交變電動勢有效值為

311

〒丫二220V

√2

電阻消耗的功率

2202

P=------W=48.4W

1000

故C正確。

D.t=0.005s電動勢最大為3UV,則磁通量隨時間的變化率為

F

j=3.11Wb∕s

N

故D正確。

故選ACD。

8、BCD

【解析】

【詳解】

從靜止開始釋放物塊，導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，由右手定則可知，電阻R中的感應(yīng)電流方向由C

到a,故A錯誤；設(shè)導(dǎo)體棒所受的安培力大小為F,根據(jù)牛頓第二定律得：物塊的加速度。=粵二￡,

Im

當(dāng)F=(),即剛釋放導(dǎo)體棒時，a最大，最大值為:g,故B正確；物塊和滑桿先做加速運動，后做勻速運

動，此