2020-2021學(xué)年高一物理下學(xué)期期末測(cè)試卷（人教版）01（全解全析）

2020-2021學(xué)年下學(xué)期期末測(cè)試卷01卷

高一物理?全解全析

123456789101112

DDACACCBACADACABC

1.D

【詳解】

ABC.兩種方式推出的鉛球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不可能相同，滑步推鉛球時(shí)，鉛球出手時(shí)的速度大小增大，

其豎直方向的分速度，與水平方向的分速度都增大，則在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間更長(zhǎng)，上升的高度更高，在最高

點(diǎn)的速度較大，所以ABC錯(cuò)誤；

D.滑步推鉛球可以增加成績(jī)，可能是因?yàn)檠娱L(zhǎng)了運(yùn)動(dòng)員對(duì)鉛球的作用位移，做功更多，讓鉛球出手速度增

大，所以D正確；

故選D。

2.D

【詳解】

A.飛鏢B下落的高度大于飛鏢A下落的高度，根據(jù)〃=gg產(chǎn)得

B下降的高度大，則8鏢的運(yùn)動(dòng)時(shí)間長(zhǎng)，故A錯(cuò)誤；

B.兩飛鏢平拋的起點(diǎn)相同，而落點(diǎn)不同，則由起點(diǎn)指向落點(diǎn)的位移方向不同，故B錯(cuò)誤；

C.因?yàn)锳、8鏢都做平拋運(yùn)動(dòng)，速度變化量的方向與加速度方向相同，均豎直向下，故C錯(cuò)誤;

D.因?yàn)樗轿灰葡嗟?，B鏢的時(shí)間長(zhǎng)，則B鏢的初速度小，故D正確；

故選D。

3.A

【詳解】

風(fēng)車(chē)被風(fēng)吹著繞中心轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，A、B兩點(diǎn)屬于同軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度相等，則/八=08，由

v=cor

可得

匕》＞以

故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選Ao

4.C

【詳解】

A.近地衛(wèi)星的速度為7.9km/s,周期約為84分鐘，飛船在軌圓周運(yùn)動(dòng)的周期5小時(shí)，比近地高，越高越慢,

所以飛船的速度小于7.9km/s,A錯(cuò)誤；

B.同步衛(wèi)星的周期為24小時(shí)，越高越慢，所以飛船離地高度小于地球同步衛(wèi)星離地高度，B錯(cuò)誤；

C.越高越慢，所以飛船的角速度大于地球同步衛(wèi)星的角速度，C正確；

D.根據(jù)萬(wàn)有引力定律，飛船和地球間的萬(wàn)有引力與飛船到地心的距離的平方成反比，D錯(cuò)誤。

故選C。

5.A

【詳解】

AB.根據(jù)動(dòng)能定理，總功是動(dòng)能變化的量度，故動(dòng)能變化量等于W所以A正確，B錯(cuò)誤；

CD.除重力外其它力做的功是機(jī)械能變化的量度，故高壓燃?xì)庾龅墓涂諝庾枇团谕沧枇ψ龅墓χ偷?/p>

于機(jī)械能的增加量，故C、D錯(cuò)誤。

故選Ao

6.C

【詳解】

設(shè)小物塊間在BC面上運(yùn)動(dòng)的總路程為s,物塊在BC面上所受的滑動(dòng)摩擦力大小始終為

/=〃加g

對(duì)小物塊從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到停止運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程進(jìn)行研究，由動(dòng)能定理得

mgh-Rings

解得

s=1.0m

由于d=0.60m,分析可知，小物塊在BC面上來(lái)回共運(yùn)動(dòng)2次，最后停在距離C點(diǎn)0.4m的地方，則停的地

點(diǎn)到B的距離為0.20m。

故選Co

7.C

【詳解】

由動(dòng)量定理可得

Ft=Q-mv

則

0-60x—

F=----------漁N=-300N

4

負(fù)號(hào)表示力的方向，則安全帶對(duì)乘客的平均作用力大小約為300N。

故選C。

8.B

【詳解】

A.子彈損失的動(dòng)能等于克服阻力做的功，為/(s+m，故A錯(cuò)誤；

B.木塊增加的動(dòng)能等于合力做的功，為力，故B正確；

C.子彈動(dòng)能的減少等于木塊增加的動(dòng)能與系統(tǒng)增加的內(nèi)能之和，故C錯(cuò)誤；

D.子彈和木塊摩擦產(chǎn)生的熱量等于摩擦力與相對(duì)路程的乘積，即〃，故D錯(cuò)誤。

故選Bo

9.AC

【詳解】

AB.對(duì)小物體研究，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，受重力、支持力和向上的靜摩擦力，豎直方向

F(=mg

靜摩擦力不變，B錯(cuò)誤A正確；

CD.對(duì)小物體研究，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，受重力、支持力和向上的靜摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，水平方向

FN=mco^r

當(dāng)角速度。加倍后，支持力變?yōu)?倍，D錯(cuò)誤C正確。

故選AC。

10.AD

【詳解】

AB.由題意可知，該星球表面的重力加速度為

由黃金代換公式可得

mg=m—

得星球的第一宇宙速度為

%=榨=馬

該星球的第二宇宙速度為

"瓜二^~

B錯(cuò)誤，A正確；

CD.地球表面上的物體的重力等于萬(wàn)有引力，即有

GMm

二mg

則地球的質(zhì)量為

M=四=0±研

G3

同理，可得星球的質(zhì)量為

gR24y

M—=p一汽建

G3

聯(lián)立解得

p=)

2

2/rf

81

C錯(cuò)誤，D正確。

故選AD。

11.AC

【詳解】

AB.甲車(chē)受到的阻力瑪且=lxl()4,VnFlOm/s,且做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，動(dòng)力和阻力大小相等，則

45

4s^^flVm=lxl0xl0W=lxl0W

故A正確，B錯(cuò)誤;

CD.由圖可知

Q乙=—m/s2=0.5m/s2

乙30

對(duì)甲車(chē)，前20s由動(dòng)能定理

mv2

人—尸鶴=宅

得

si=175m

20?30s內(nèi)

S2=10xl0m=100m

對(duì)乙車(chē)，前30s

1,1,

s乙=5a乙廠=—x0.5x(30)?m=225m

此時(shí)相距

△s=(175m+100m)—225m=50m

則

50，八

△Af=—s=10s

5

所以

=30s+10s=40s

故C正確，D錯(cuò)誤。

故選AC。

12.ABC

【詳解】

A.A、B兩木塊離開(kāi)桌面后做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律

I,1,

u=一,h.gt

可得

則木塊A、B離開(kāi)彈簧時(shí)的速度大小之比為

VBh2

所以A正確；

B.以向左為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得

inAVA—mnVB=G

因此

久」=2

所以B正確；

C.木塊A、8離開(kāi)彈簧時(shí)的動(dòng)能之比為

12

%2

所以C正確；

D.彈簧對(duì)木塊4、8的作用力大小之比

區(qū)J

FB1

所以D錯(cuò)誤；

故選ABC,

13.ABD65.0(64.5-65.5)mAxp=mAxM+mBxN

【詳解】

(1)[1]D.驗(yàn)證小球在碰撞中動(dòng)量是否守恒時(shí)，需要測(cè)量碰撞前后的動(dòng)量，則需要測(cè)量?jī)尚∏虻馁|(zhì)量，〃A、

ntB，所以D正確；

ABC.必須測(cè)量小球碰撞前后的速度，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有

,12

h=Qgt

x=vot

聯(lián)立解得

x

V=-------

\2h

g

由于小球碰撞前后從相同高度飛出做平拋運(yùn)動(dòng)，則其速度與水平位移成正比，所以只需要測(cè)量小球做平拋

運(yùn)動(dòng)的水平位移就可以表示小球的速度，則AB正確；C錯(cuò)誤;

故選ABD。

(2)[2]用一個(gè)小圓把所有落點(diǎn)圈起來(lái)，圓心表示小球的平均落點(diǎn)，如圖所示，碰撞后B球的水平射程應(yīng)取

為65.0cm。(64.5-65.5)

(3)[3]A小球碰撞前的速度為

A小球碰撞后的速度為

B小球碰撞后的速度為

驗(yàn)證的動(dòng)量守恒關(guān)系式為

mAvP=mAvM+mBvN

整理得

=mAxM+mBxN

200~°03無(wú)

【詳解】

小球進(jìn)入光電門(mén)之前，彈簧的彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為小球動(dòng)能，故小球射出的速度等于通過(guò)光電門(mén)時(shí)的

水平速度，即

L

v=—

[2]

口_1，m匕

%=—mv'=一丁

22r

(2)[3]由乙圖讀出數(shù)據(jù)，并代入公式有

E〃=-kx'

「2

解得

Z=200N/m

[4]當(dāng)彈簧壓縮量從1cm變?yōu)?cm時(shí)(始終在彈簧彈性限度內(nèi))，彈簧做功

W=/一昂2=—Q03J

(3)[5]根據(jù)力作用的獨(dú)立性，可知對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果沒(méi)有影響。

15.(1)6m/s,6m/s；(2)〃=0.3,R=o.6m

【詳解】

(1)設(shè)兩物塊質(zhì)量均為小炸藥爆炸后，根據(jù)動(dòng)量守恒和能量守恒，可得

mvA-mvB

Q=~mVA+gmVB=36J

解得

vA=vB=6m/s

(2)由于A、B在木板上動(dòng)摩擦因數(shù)相同，質(zhì)量相同，則在A滑行至木板左端的過(guò)程中，木板和圓弧槽始

終不動(dòng)，A離開(kāi)滑板的末速度與B相等

VA=VH

且

L

XA=XB=-

A物塊從爆炸后到離開(kāi)木板的過(guò)程中，由動(dòng)能定理得：

A物塊從離開(kāi)木板到上滑至圓槽最高點(diǎn)過(guò)程中：由A與圓槽系統(tǒng)水平動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒得

=（根+/%）丫

mvAa

上述過(guò)程的同時(shí)，B與木板系統(tǒng)動(dòng)量守恒，能量守恒:

mvB=(〃2+〃4)片|：

解得:

〃=0.3,R=0.6m

16.(1)1.2m；(2)5m/s,與水平方向夾角為53°;(3)46080N；61200N

【詳解】

（I）從平臺(tái)飛出到A點(diǎn)，人和車(chē)做平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為

=0.4s

所以人和車(chē)運(yùn)動(dòng)的水平距離為

s="=1.2m

（2）摩托車(chē)落到A點(diǎn)時(shí)，豎直方向的速度為

vv=gt=4m/s

所以到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的速度大小為

巳=5m/s

設(shè)摩托車(chē)到達(dá)A點(diǎn)時(shí)的速度與水平方向的夾角為a,則

tana="

v3

即

a=53

（3）根據(jù)牛頓第二定律

2

m

NA-mgcos53°=~^

解得

NA=46080N

（4）在。點(diǎn)

N-mg=

解得

N=61200N

17.(1)〃=0.1m；(2)〃=8；(3)75N

【詳解】

(1)根據(jù)功能關(guān)系可得：