湖南省衡陽市親仁中學高二物理摸底試卷含解析

湖南省衡陽市親仁中學高二物理摸底試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.一物塊在水平地面上沿直線滑行,t=0時其速度為1m/s。從此刻開始在物塊運動方向上再施加一水平作用力F，力F與物塊的速度v隨時間變化的規(guī)律分別如圖甲、乙所示。則下列說法中正確的是A.第1秒內水平作用力F做功為1J

B.第2秒內水平作用力F做功為1.5JC.第3秒內水平作用力F不做功

D.0～3秒內水平作用力F所做總功為3J參考答案：B2.（多選）為了兒童安全，布絨玩具必須檢測其中是否存在金屬斷針，可以先將玩具放置在強磁場中，若其中有斷針，則斷針被磁化，磁敏電阻隨磁場的出現(xiàn)而減小，磁報警裝置可以檢測到斷針的存在，其電路可以簡化為如圖所示，R為磁敏電阻。若布絨玩具存在斷針時，則下列說法中正確的是(

)

A．通過R的電流變小

B．電路的路端電壓減小

C．R1兩端的電壓U1變小

D．電源的效率增大參考答案：BC3.（單選）下列說法正確的是（

）A．盧瑟福通過α粒子散射實驗確定了原子核是由質子和中子組成的B．γ射線是核反應過程中產生的一種高速運動的粒子流，它的穿透能力很差C．鈾235能自發(fā)的發(fā)生裂變反應，但因半衰期不變，所以秦山核電站的發(fā)電功率也是固定不變的D．愛因斯坦質能方程E=mc2表明，物體具有的能量和它的質量之間有簡單的正比關系，但不能說核反應中質量會轉化成能量參考答案：D4.做簡諧振動的單擺擺長不變，若擺球質量增加為原來的4倍，擺球經過平衡位置時速度減小為原來的，則單擺振動的（）A．頻率、振幅都不變 B．頻率、振幅都改變C．頻率不變、振幅改變 D．頻率改變、振幅不變參考答案：C【考點】單擺周期公式；簡諧運動的振幅、周期和頻率．【分析】由單擺的周期公式可以判斷單擺的周期的變化，由可以判斷單擺的能量的變化，從而可以判斷振幅的變化．【解答】解：由單擺的周期公式，可知，單擺擺長不變，則周期不變，頻率不變；振幅A是反映單擺運動過程中的能量大小的物理量，由可知，擺球經過平衡位置時的動能不變，但質量增加，所以高度減小，因此振幅改變，所以C正確．故選：C．

5.（多選題）木塊a和b用一根輕彈簧連接起來，放在光滑水平面上，a緊靠在墻壁上，在b上施加向左的水平力使彈簧壓縮，如圖所示，當撤去外力后，下列說法中正確的是（）A．a尚未離開墻壁前，a和b組成的系統(tǒng)動量守恒B．a尚未離開墻壁前，a和b組成的系統(tǒng)動量不守恒C．a離開墻壁后，a和b組成的系統(tǒng)動量守恒D．a離開墻壁后，a和b組成的系統(tǒng)動量不守恒參考答案：BC【考點】動量守恒定律．【分析】判斷系統(tǒng)動量是否守恒看系統(tǒng)所受的外力之和是否為零．當撤去外力F后，a尚未離開墻壁前，系統(tǒng)受到墻壁的作用力，系統(tǒng)所受的外力之和不為零．a離開墻壁后，系統(tǒng)所受的外力之和為0．【解答】解：當撤去外力F后，a尚未離開墻壁前，系統(tǒng)受到墻壁的作用力，系統(tǒng)所受的外力之和不為零．所以和b組成的系統(tǒng)的動量不守恒．故A錯、B正確．a離開墻壁后，系統(tǒng)所受的外力之和為0，所以a、b組成的系統(tǒng)的動量守恒．故C正確、D錯誤．故選BC．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.圖所示，在河岸上用細繩拉船，使小船靠岸，拉繩的張力為F拉繩的速度為v，當拉船頭的細繩與水平面的夾角為θ時，船的速度大小為______________，繩子張力的功率為___________。參考答案：

(1).

(2).船的速度等于沿繩子方向和垂直于繩子方向速度的合速度，

根據平行四邊形定則，有v船cosθ=v，則v船=；拉力的瞬時功率：P=Fv；

點睛：解決本題的關鍵知道船的速度是沿繩子方向和垂直于繩子方向速度的合速度，會根據平行四邊形定則對速度進行合成。7.（4分）電感和電容均對交變電流有阻礙作用，且阻礙作用的大小與交變電流的頻率有關。當交變電流的頻率增大時，接在該交變電路中的電感對交變電流的阻礙作用

，接在該交變電路中的電容對交變電流的阻礙作用

。（填“增大”、“減小”）參考答案：增大（2分）、減小（2分）8.（1）圖6展示了等量異種點電荷的電場線和等勢面，從圖中我們可以看出，A、B兩點的場強大小

，方向

，電勢

；C、D兩點的場強

，電勢

（選填“相同”或“不同”）。（2）在電場中P點放一個電荷量為C的檢驗電荷，它受到的電場力為N，則P點的場強為

N/C。把放在P點的檢驗電荷的電荷量減為C，則P點的場強為__________N/C，把該點的點電荷移走，P點的場強又為

N/C。參考答案：9.如圖所示，Ⅰ和Ⅱ是一對異名磁極，ab為放在其間的金屬棒。ab和cd用導線連成一個閉合回路。當ab棒向左運動時，cd導線受到向下的磁場力。由此可知Ⅰ是

▲

極，a點電勢▲

（填“大于”或“小于”）b點電勢。參考答案：S；大于試題分析:由左手定則可知，cd棒中電流方向是：由c指向d；ab棒中電流方向是：由a指向b，由右手定則可知，ab棒所處位置磁場方向：豎直向上，則Ⅰ是S極，Ⅱ是N極。ab棒是電源，ab棒中電流由b指向a，則a點電勢高，b點電勢低考點：右手定則；左手定則10.真空中有一電場，在電場中的P點放一電荷量為C的檢驗電荷，它受到的電場力為N，則P點的場強為_______N／C.把檢驗電荷的電荷量減小為C，則檢驗電荷所受到的電場力為____N.如果把這個檢驗電荷取走，則P點的電場強度為_____N／C.參考答案：11.（3分）如圖所示，平放在凹槽中的圓柱體重為60N，其重心不在中軸線O處，而在軸線O的正下方O'處；已知：∠POQ=900，∠PO'Q=1200，不計槽對圓柱體的摩擦。則接觸點P對圓柱體的支持力為________N參考答案：3012.某同學把兩塊大小不同的木塊用細線連接，中間夾一被壓縮的彈簧，如圖所示，將這一系統(tǒng)至于光滑的水平桌面上，燒斷細線，觀察物體的運動情況，進行必要的測量，尋找物體間相互作用時的不變量。⑴該同學還必須有的器材是________、________，鉛錘，木板，白紙，復寫紙，圖釘，細線。⑵需要直接測量的數(shù)據是___________________、____________________。⑶用所得數(shù)據表示不變量的關系式為____________________。參考答案：13.右圖為某電場的部分電場線。由圖可知A、B兩點的場強大小EA

EB（選填“>”、“<”或“＝”）。參考答案：．>

三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.在1731年，一名英國商人發(fā)現(xiàn)，雷電過后，他的一箱新刀叉竟顯示出磁性．請應用奧斯特的實驗結果，解釋這種現(xiàn)象．參考答案：閃電產生的強電流產生磁場會使刀叉磁化．15.如圖所示，有兩個質量均為m、帶電量均為q的小球，用絕緣細繩懸掛在同一點O處，保持靜止后懸線與豎直方向的夾角為θ=30°，重力加速度為g，靜電力常量為k.求：(1)帶電小球A在B處產生的電場強度大?。?2)細繩的長度L.參考答案：（1）（2）（1）對B球，由平衡條件有：mgtan

θ=qE帶電小球在B處產生的電場強度大小：

（2）由庫侖定律有：

其中：r=2Lsin

θ=L

解得：【點睛】本題關鍵是對物體受力分析，然后結合共點力平衡條件、庫侖定律和電場強度的定義列式求解．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.邊長L=0.1m的正方形金屬線框abcd,質量m=0.1kg,總電阻R=0.02Ω,從高為h=0.2m處自由下落(abcd始終在豎直平面內且ab水平),線框下有一水平的有界勻強磁場,豎直寬度L=0.1m,磁感應強度B=1.0T,方向如圖7所示,(g=10m/s2).求:(1)線圈ab邊剛進入磁場時所受到的安培力(2）整個線框穿越磁場過程中發(fā)出的熱.(3)全程通過a點截面的電荷量.參考答案：17.如圖（甲）所示，一固定的矩形導體線圈水平放置，線圈的兩端接一只小燈泡，在線圈所在空間內存在著與線圈平面垂直的均勻分布的磁場．已知線圈的匝數(shù)n=100匝，電阻r=1.0Ω，所圍成矩形的面積S=0.040m2，小燈泡的電阻R=9.0Ω，磁場的磁感應強度隨按如圖（乙）所示的規(guī)律變化，線圈中產生的感應電動勢瞬時值的表達式為e=nBmScost，其中Bm為磁感應強度的最大值，T為磁場變化的周期．不計燈絲電阻隨溫度的變化，求：（1）線圈中產生感應電動勢的最大值．（2）小燈泡消耗的電功率．（3）在磁感強度變化的0～的時間內，通過小燈泡的電荷量．參考答案：解：（1）因為線圈中產生的感應電流變化的周期與磁場變化的周期相同，所以由圖象可知，線圈中產生交變電流的周期為T=3.14×10﹣2s．所以線圈中感應電動勢的最大值為Em=nBmSω=nBmS?=100×1×0.040×V=8V（2）根據歐姆定律，電路中電流的最大值為通過小燈泡電流的有效值為I==0.4A小燈泡消耗的電功率為P=I2R=2.88W（3）在磁感應強度變化的1～1/4周期內，線圈中感應電動勢的平均值通過燈泡的平均電流通過燈泡的電荷量答：（1）線圈中產生感應電動勢的最大值為8V；（2）小燈泡消耗的電功率為2.88W；（3）在磁感應強度變化的0～時間內，通過小燈泡的電荷量為4.0×10﹣3C．【考點】導體切割磁感線時的感應電動勢；電磁感應中的能量轉化．【分析】（1）根據B﹣t圖象讀出周期T，由公式Em=nBmSω求出線圈中產生感應電動勢的最大值；（2）根據歐姆定律求出電流的最大值，再求出電流的有效值，由電流的有效值求解小燈泡消耗的電功率．（3）根據法拉第電磁感應定律、歐姆定律和電流的公式求解0～時間內，通過小燈泡的電荷量．18.“30m折返跑”中．在平直的跑道上，一學生站立在起點線處，當聽到起跑口令后（測試員同時開始計時），跑向正前方30m處的折返線，到達折返線處時，用手觸摸固定的折返處的標桿，再轉身跑回起點線，到達起點線處時，停止計時，全過程所用時間即為折返跑的成績．學生可視為質點，加速或減速過程均視為勻變速，觸摸桿的時間不計．該學生加速時的加速度大小為a1=2.5m/s2，減速時的加速度大小為a2=5m/s2，到達折返線處時速度需減小到零，并且該學生全過程最大速度不超過vm=12m/s．求該學生“30m折返跑”的最好成績．參考答案：解：設起點線處為A，折返線處為B，學生從A到B的過程中，先做勻加速運動，緊接著做勻減速直線運動，直至速度為零，并設此過程中達到的最大速度為v，做勻加速運動的時間為t1，做勻減速運動的時間為t2，從A到B要求用時最短，則由運動學公式，有：v=a1t1①V=a2t2②LAB=（t1+t2）

③聯(lián)立①②③式，可解得：v=10m/s

t1=4st2=2s因為v＜vm，所以從A到B的過程中，學生的確先做勻加速運動，然后做勻減速運動；從B到A的加速過程中，速度從零增大到12m/s需用時：t3═=s=4.8s加速過程的位移x=t3=28.8