福建省寧德市大安中學高三物理下學期期末試卷含解析

福建省寧德市大安中學高三物理下學期期末試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.一個質量為2kg的物體，在5個共點力作用下做勻速直線運動．現(xiàn)同時撤去大小分別為10N和15N的兩個力，其余的力保持不變，關于此后該物體運動的說法中正確的是（

）A．可能做勻減速直線運動，加速度大小是2m/s2B．可能做勻速圓周運動，向心加速度大小是5m/s2C．一定做勻變速直線運動，加速度大小可能是15m/s2D．可能做勻變速曲線運動，加速度大小可能是5m/s2參考答案：D2.（單選）某物體做直線運動的v-t圖象如圖甲所示，據(jù)此判斷圖乙（F表示物體所受合力，x表示物體的位移）四個選項中正確的是參考答案：A3.某車隊從同一地點先后從靜止開出n輛汽車，在平直的公路上沿一直線行駛，各車均先做加速度為a的勻加速直線運動，達到速度v后做勻速直線運動，汽車都勻速行駛后，相鄰兩車距離均為s，則相鄰兩車啟動的時間間隔為（

）參考答案：4.（單選）應用物理知識分析生活中的常見現(xiàn)象，可以使物理學習更加有趣和深入．例如平伸手掌托起物體，由靜止開始豎直向上運動，直至將物體拋出．對此現(xiàn)象分析正確的是（）A．在物體離開手的瞬間，物體的加速度大于重力加速度B．物體離開手的瞬間，手的加速度大于重力加速度C．手托物體向上運動的過程中，物體始終處于超重狀態(tài)D．手托物體向上運動的過程中，物體始終處于失重狀態(tài)參考答案：解：A、B、重物和手有共同的速度和加速度時，二者不會分離，故物體離開手的瞬間，物體向上運動，物體的加速度等于重力加速度，但手的加速度大于重力加速度，并且方向豎直向下，故A錯誤，B正確；C、D、物體向上先加速后減速，加速度先向上，后向下，根據(jù)牛頓運動定律可知物體先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)，故C錯誤．D錯誤．故選：B．5.在如圖所示的電路中，電源的內電阻r不能忽略，其電動勢E小于電容器C的耐壓值。斷開開關S，待電路穩(wěn)定后，再閉合開關S，則在電路再次達到穩(wěn)定的過程中，下列說法中錯誤的是（

）A．電阻R1兩端的電壓增大

B．電容器C兩端的電壓減小C．電容器C上所帶的電量增加

D．電源兩端的電壓減小參考答案：C二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.（3分）某測量員是這樣利用回聲測距離的：他站在兩平行峭壁間某一位置鳴槍，經(jīng)過1.00s第一次聽到回聲，又經(jīng)過0.50s再次聽到回聲，已知聲速為340m/s，則兩峭壁間距離為_________。參考答案：

答案：425m7.如圖所示，一列簡諧波沿x軸傳播，實線為t=0時的波形圖，此時P質點向y軸負方向運動，虛線為經(jīng)過0.02s時第一次出現(xiàn)的波形圖，則波沿x軸▲

(填“正”或“負”)方向傳播，波速為

▲

m/s。參考答案：正

508.利用氦—3（He）和氘進行的聚變安全無污染，容易控制．月球上有大量的氦—3，每個航天大國都將獲得的氦—3作為開發(fā)月球的重要目標之一．“嫦娥一號”探月衛(wèi)星執(zhí)行的一項重要任務就是評估月球中氦—3的分布和儲量．已知兩個氘核（H）聚變生成一個氦—3，則該核反應方程為_________________________；已知H的質量為m1，He的質量為m2，反應中新產(chǎn)生的粒子的質量為m3，光速為c,則上述核反應中釋放的核能為____________參考答案：H＋H→He十n

，

9.汽車的速度計顯示的是

的大小。（填“瞬時速度”或“平均速度”）參考答案：瞬時速度10.質量相等的兩輛汽車以相同的速度分別通過半徑皆為R的凸形橋的頂部與凹形橋底部時，兩橋面各受的壓力之比F1：F2=

。參考答案：11.帶電量為C的粒子先后經(jīng)過電場中的A、B兩點，克服電場力做功J，已知B點電勢為50V，則（l）A、B間兩點間的電勢差是V；（2）A點的電勢V；（3）電勢能的變化J；（4）把電量為C的電荷放在A點的電勢能J．參考答案：（1）V；（2）V；（3）J；（4）12.在如右圖所示的邏輯電路中，當A端輸入電信號為“1”，B端輸入電信號為“1”時，在C端和D端輸出的電信號分別為_____和______。參考答案：0，0

13.質量為2噸的打樁機的氣錘，從5m高處白由落下與地面接觸0.2s后完全靜止下來，空氣阻力不計、g取10m/s2，則在此過程中地面受到氣錘的平均打擊力為___________N。參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖所示，在滑雪運動中一滑雪運動員，從傾角θ為37°的斜坡頂端平臺上以某一水平初速度垂直于平臺邊飛出平臺，從飛出到落至斜坡上的時間為1.5s，斜坡足夠長，不計空氣阻力，若g取10m/s2，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：(1)運動員在斜坡上的落點到斜坡頂點(即飛出點)間的距離；(2)運動員從斜坡頂端水平飛出時的初速度v0大小.參考答案：18.75m

試題分析：（1）根據(jù)位移時間公式求出下落的高度，結合平行四邊形定則求出落點和斜坡頂點間的距離。（2）根據(jù)水平位移和時間求出初速度的大小。（1）平拋運動下落的高度為：則落點與斜坡頂點間的距離為：（2）平拋運動的初速度為：【點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結合運動學公式和數(shù)學公式進行求解，并且要知道斜面的傾角是與位移有關，還是與速度有關。15.（簡答）如圖所示，在水平地面上固定一傾角θ=37°、表面光滑的斜面，物體A以初速度v1沿斜面上滑，同時在物體A的正上方，有一物體B以初速度v2=2.4m/s水平拋出，當A上滑到最高點時，恰好被B物體擊中．A、B均可看作質點，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2．求：（1）物體A上滑時的初速度v1；（2）物體A、B間初始位置的高度差h．參考答案：（1）物體A上滑時的初速度v1是6m/s．（2）物體A、B間初始位置的高度差h是6.8m．解：（1）物體A上滑過程中，由牛頓第二定律得：mgsinθ=ma設物體A滑到最高點所用時間為t，由運動學公式：0=v1﹣at物體B做平拋運動，如圖所示，由幾何關系可得：水平位移x=；其水平方向做勻速直線運動，則x=v2t聯(lián)立可得：v1=6m/s（2）物體B在豎直方向做自由落體運動，則hB=物體A在豎直方向：hA=如圖所示，由幾何關系可得：h=hA+hB聯(lián)立得：h=6.8m答：（1）物體A上滑時的初速度v1是6m/s．（2）物體A、B間初始位置的高度差h是6.8m．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，質量為m的小球A穿在絕緣桿上，細桿的傾角為α，小球A帶正電，電荷量為q。在桿上B點處固定一個電荷量為Q的正電荷。將A由距B豎直高度為H處無初速釋放，小球A下滑過程中電荷量不變，不計A與細桿間的摩擦，整個裝置處于真空中，已知靜電力常量k和重力加速度g，求：（1）A球剛釋放時的加速度是多大？（2）當A球的動能最大時，A球與B點的距離。（3）若小球到達C點速度最大為v，求A、C兩點的電勢差UAC參考答案：17.如圖軌道是由一直軌道和一半圓軌道組成，一個小滑塊從距軌道最低點B為h的A處由靜止開始運動，滑塊質量為m，不計一切摩擦。則（

）A．若滑塊能通過圓軌道最高點D，h最小為2.5RB．若h=2R，當滑塊到達與圓心等高的C點時，對軌道的壓力為3mgC．若h=2R，滑塊會從C、D之間的某個位置離開圓軌道做斜拋運動D．若要使滑塊能返回到A點，則h≤R參考答案：ACD要使物體能通過最高點D，則由mg=m可得：v=；即若速度小于物體無法達到最高點；若大于等于，則可以通過最高點做平拋運動；由機械能守恒定律可知，，解得，選項A正確。若h=2R，由A至C，由機械能守恒可得，在C點，由牛頓第二定律有，解得，由牛頓第三定律可知選項B錯誤。小滑塊不能通過D點，將在C、D中間某一位置即做斜上拋運動離開軌道，故C正確。由機械能守恒可知選項D正確．本題應選ACD。18.如圖所示，有一與地面平行的、沿水平方向的有界勻強磁場，磁場區(qū)域高度為h，有一寬度為b（b<h）、電阻為R、質量為m的矩形金屬線框（導線粗細均勻），緊貼磁場區(qū)域的上邊界從靜止起豎直下落，結果線框下邊剛出磁場下邊界時，線框就做勻速運動。已知線框穿出磁場過程產(chǎn)生的熱量是穿入磁場過程產(chǎn)生熱量的2倍。重力加速度為g，求：（1）線框勻速穿出磁場時的速度大??；（2）線框穿出磁場過程中，線框中感應電流大小；（3）線框下落速度時，線框的加速度大??；（4）換用相同材料的導線較粗的線框，其它條件均不變，試描述線框穿出磁場過程的運動情況，并比較粗、細兩個線框穿越整個磁場過程產(chǎn)生熱量的大小關系。參考答案：（1）由題意，線框勻速穿出磁場區(qū)域，設穿出時產(chǎn)生的熱量為Q2，由動能定理得：

（1分）設線框穿入時產(chǎn)生的熱量為Q1，由題意有：

設線框穿出磁場時的速度大小為vm，對線框由靜止到剛要離開磁場區(qū)域過程，由動能定理可得：

（2分）解得：

（2分）（2）設磁場的磁感應強度為B，線框切割磁感線的長度為l。線框勻速穿出時，由平衡條件可得：

（1分）又由：

（1分）即：

將代入上式得：

（1分）代入上式得：

（2分）（3）設線框恰好完全進入磁場時的速度為v1，對線框由恰好完全進入磁場到剛要穿出磁場過程研究，線框只受重力作用，由動能定理可得：可得：，說明當時，線框還未完全進入磁場。

（2分）對線框由牛頓第二定律得：

（1分）代入得：

（2分）（4）換用相同材料的導線較粗的線框時，唯一不同的是兩線框導線橫截面積s的不同，若能說明線框的速度與s無關，便可知道線框的運動情況跟原來的完全相同。當線框進入磁場后速度為v時，對線框研究，由牛頓第二定律得：加速度：

（1分）設導線的電阻率為，密度為，線框總長度為L，則有：