2021年廣東省高考物理猜題試卷(含答案解析)

2021年廣東省高考物理猜題試卷

一、單選題(本大題共7小題，共28.0分)

1.已知阻、汨、2He'"的質量分別為四、山2、巾3、m4＞關于核反應：iW+jH-^2We+Jn,

下列說法正確的是()

①這是核裂變反應

②這是核聚變反應

2

③反應中放出的能量為Oi+m2-m3-m4)c

2

④反應中放出的能量為(m3+一一m2)c

A.①③B.①④C.②③D.②④

2.海王星有13顆已知的天然衛(wèi)星.現(xiàn)認為海衛(wèi)二繞海王星沿圓軌道勻速運轉，已知海衛(wèi)二的質量

2.0x2019如,軌道半徑為5.5x106km,運行的周期為360天，萬有引力常量G=6.67X，()T'N?

m2/kg2則海王星的質量大約為()

A.1.0x1017kgB.1.0x1026kgC.2.0xlOllkgD.2.0x1019kg

3.如圖所示，豎直放置在水平面上的輕彈簧上放著質量為2kg的物體4處于靜止狀B

態(tài).若將一個質量為3kg的物體B豎直向下輕放在4上，則放在4上的一瞬間B對4的壓

力大小為(g取10?n/s2)()

A.30N

B.0

c.15/V

D.12N

4.如圖電路中，2、B為兩塊豎直放置的金屬板，G是一只靜電計,

開關S合上時，靜電計張開一個角度，下述情況中可使指針張角

增大的是()

A.合上S,使4、B兩板靠近一些

B.合上S,使4、B正對面積錯開一些

C.斷開S,使4、B間距靠近一些

D.斷開S,使4、B正對面積錯開一些

5.甲球的重力是乙球的5倍，甲和乙從同一高度同時由靜止釋放，不考慮空氣阻力，貝lj()

A.兩球同時落地B.甲球先落地C.乙球先落地D.無法確定

?

6.如圖所示，螺線管兩端通入大小及方向隨時間周期性變化的電流，沿著

螺線管軸線方向有一正電荷射入，則該正電荷在螺線管內將做（）'em—

一切砥5加爵

A.加速直線運動B.勻速圓周運動C.勻速直線運動D.往返

運動

7.有一個變壓器，當輸入電壓為2201/時輸出電壓為12U,某同學在實驗過程々

中發(fā)現(xiàn)此變壓器副線圈燒壞了，于是他從變壓器上拆掉燒壞的副線圈，用1

絕緣導線在鐵芯上新繞了5匝線圈作為副線圈（如圖所示），然后將原線圈接

至U110U交流電源上，將交流電流表與1000的固定電阻串聯(lián)后接在新繞的5匝線圈兩端，這時電

流表的示數(shù)為5m4該同學按理想變壓器分析，求出了該變壓器副線圈的匝數(shù)。你認為該變壓器

原來的副線圈匝數(shù)應為（）

A.2200B,1100C.60D.30

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

8.質量為2X103kg的汽車發(fā)動機的額定功率為gokw,若汽車在平直公路上行駛所受阻力大小恒

為4X103N,那么（）

A.汽車在公路上以額定功率行駛的最大行駛速度為20m/s

B.汽車以額定功率起動，當汽車速度為5m/s時，加速度為&n/s2

C.汽車以2?n/s2的加速度起動做勻加速啟動，第2s末發(fā)動機實際功率為16k勿

D.汽車以2m/s2的加速度起動做勻加速啟動，勻加速運動所能維持的時間為10s

9.如圖所示為甲、乙兩物體運動的u-t圖象，t2<2t1（關于兩物體在0至t2時間內的運動，下列

說法正確的是（）

A.在。至t2時間內甲一直做勻加速直線運動

B.乙先做勻減速到速度為0,再做勻加速直線運動

C.兩物體在0至12時間內的位移大小關系為4中>2%

D.此圖中，甲做一維直線運動，乙做二維折線運動

io.如圖所示，等邊閉合三角形線框，開始底邊與勻強磁場的邊界平行A

咀重合，磁場的寬度大于三角形的高度，線框由靜止釋放，穿過該.......J*'

XXX）

磁場區(qū)域，不計空氣阻力。則下列說法正確的是（）

A.線框進磁場過程中感應電流為順時針XXX）

B.線框底邊剛進入和剛穿出磁場時線圈的加速度大小可能相同…工2

c.線框出磁場的過程，可能做先減速后加速的直線運動

D.線框進、出磁場過程，通過線框的電量不同

三、填空題（本大題共2小題，共8.0分）

11.破碎的玻璃不能把它們拼接在一起是因為其分子間反力的作用..（判斷對錯）

12.圖甲表示一列簡諧橫波在t=20s時的波形圖，圖乙是該列波中的質點P的振動圖象，由甲、乙

兩圖中所提供的信息可知該波的波長為m,該波的傳播速度為m/s

四、實驗題（本大題共2小題，共16.0分）

13.在探究物體的加速度與力、質量的關系實驗中：

（1）在探究物體的加速度與質量的關系時，應保持不變（選填“小車及車中祛碼的質量”或

“托盤及盤中祛碼的質量”），電磁打點計時器應接；（選填“低壓直流電源”或“低壓

交流電源”）

（2）在探究物體的加速度與力的關系時，應保持不變，分別改變施加在物體上的水平拉力尸，

測出相對應的加速度或（選填“小車及車中祛碼的質量”“水平拉力”或“托盤及盤中祛碼的

質量”）

14.在“測定金屬的電阻率”的實驗中，用螺旋測微器測量金屬絲直徑時的刻度位置如圖所示；金

屬絲的電阻大約為7。。先用伏安法測出金屬絲的電阻，然后根據電阻定律計算出該金屬材料的

電阻率。

MB10__

①從圖中讀出金屬絲的直徑d為______mm.o

②在用伏安法測定金屬絲的電阻時，除被測的電阻絲外，還有如下供選擇的實驗器材：

直流電源：電動勢約4.5V,內阻很?。?/p>

電流表41：量程。?0.64內阻以1等于10;

電流表4：量程。?3.04內阻R”約0。250；

電壓表V：量程0?3V,內阻約3kO；

滑動變阻器&：最大阻值1Q

滑動變阻器/?2：最大阻值500。；

開關、導線等。

在可供選擇的器材中，應該選用的電流表是,應該選用的滑動變阻器是。

③根據所選器材，在方框中畫出實驗電路圖。

④若按照以上電路圖測出電流值為/,電壓值為U,金屬絲長度為3則電阻率p的表達式為：p=

五、計算題（本大題共4小題，共44.0分）

15.如圖（a）所示，左側為某課外活動小組設計的某種速度選擇裝置（圖b為它的立體圖），由水平轉

軸及兩個薄盤N］、M構成，兩盤面平行且與轉軸垂直，相距為L=兩盤面間存在豎直向上

的勻強電場，盤上各開一狹縫，兩狹縫夾角可調；右側為長為d=1巾的絕緣水平桌面，水平桌

面的右端與一半徑為R=0,26粗糙絕緣的四分之一圓弧相切連接.今有一電荷量為q=8x

質量為m=Mg的一帶電小球沿水平方向以北=4rn/s射入Ni狹縫，勻速通過兩盤間后

通過N2的狹縫，并沿水平桌面運動到右端經圓弧后能再上升h=0.2m的高度.已知小球與水平

桌面間動摩擦因數(shù)為〃=0.2,求：

(1)小球帶何種電荷及兩盤間的電場強度E的大小；

(2)若兩狹縫夾角為。=60。，盤勻速轉動，轉動方向如圖(b),要使小球能通過兩狹縫，薄盤轉動的

角速度3多大？

(3)小球通過兩狹縫后，讓兩狹縫停止轉動且豎直對齊，如圖(c),問小球返回后能否再次通過兩狹

縫？

16.某同學利用如圖所示的裝置驗證動量守恒定律.圖中兩擺擺長相同，懸掛于同一高

度，力、8兩擺球均很小，質量之比為1：2.當兩擺均處于自由靜止狀態(tài)時，其側面剛

好接觸.向右上方拉動B球使其擺線伸直并與豎直方向成45。角，然后將其由靜止釋

放.結果觀察到兩擺球粘在一起擺動，且最大擺角成30。.若本實驗允許的最大誤差為

±4%,此實驗是否成功地驗證了動量守恒定律?

17.如圖所示，一定質量的理想氣體被封閉在體積為％的容器中，室溫為7O=3OOK,有一光滑導熱

活塞C(不占體積)將容器分成4、B兩室，B室的體積是4室的3倍，4室容器上連接有一U形管(U形

管內氣體的體積忽略不計)，兩邊水銀柱高度差為76cm,B室容器中連接有一閥門K,可與大氣

相通(夕卜界大氣壓等于76cmHg)。求：

(1)將閥門K打開后，A室的體積變成多大？

(2)打開閥門K后，對容器內的氣體加熱，使U形管內兩邊水銀面的高度差為零，則對氣體加熱的最

高溫度可達多少？

B

18.如圖所示為一直角棱鏡ABC,光從空氣中以入射角9從4B面上的P點進入棱鏡，在4c面恰無光

線射出.

①求棱鏡的折射率.

②要使該光線能從AC面射出，說明。角應如何變化?

RC

參考答案及解析

1.答案：C

解析：解：①②、聚變是質量數(shù)較小的核聚變生成質量數(shù)較大的核，②正確，①錯誤；

③④、由質能方程知反應中放出的能量為(nil+瓶2-澳3-爪4%2,④錯誤，③正確，故C正確,

A8。錯誤。

故選：Co

聚變是質量數(shù)較小的核聚變生成質量數(shù)較大的核，裂變是質量數(shù)較大的核裂變生成兩個質量數(shù)中等

的和，由質能方程求放出的能量。

本題考查了聚變和裂變的特點以及質能方程的應用。

2.答案：4

解析：解：根據G萼=mr當?shù)煤Ｍ跣堑馁|量為：

T2T2

M=需=母罐豁“MX1。"場故A正確,B、C、O錯誤?

故選：A.

根據萬有引力提供向心力，結合海衛(wèi)二的周期和軌道半徑求出海王星的質量.

解決本題的關鍵掌握萬有引力提供向心力這一理論，并能靈活運用，并且熟練進行估算.

3.答案：D

解析：解：放B物體前，A物體受重力和彈簧的支持力，二力平衡，故彈簧彈力0=犯^=20%；

放上B物體后，先對人B整體受力分析，受到重力和彈簧的彈力，然后根據牛頓第二定律，有

(jnA+mB}g-瓦=(mA+mB)a

解得

a=q-------=6m/s2

mA+mB

再對B受力分析，受到重力和4對B的支持力，根據牛頓第二定律，有

mBg-FAB=mBa

解得

FAB=巾B（g—a）=12N

故選D

放B物體前，4物體受重力和彈簧的支持力，二力平衡；放上B物體后，先對4、8整體受力分析，受

到重力和彈簧的彈力，然后根據牛頓第二定律求解出加速度；再對B受力分析，受到重力和4對B的

支持力，根據牛頓第二定律列式求解出4對B的彈力.

本題關鍵是先用整體法求出4、B整體的加速度，然后再對B受力分析，求出整體內部物體間的彈力.

4.答案：D

解析：解：力、合上開關，電容器兩端間的電勢差不變，靜電計指針張角不變.故A、B錯誤.

C、斷開S,電容器帶電量保持不變，使4、B間距靠近一些，根據C=d變小，C變大.根據

4nka

C號，u減小，張角變小.故C錯誤.

D、斷開S,電容器帶電量保持不變，使4、B正對面積錯開一些，根據。=指，S變小，C變小.根

4nkd

據C號，U增大，張角增大.故。正確.

故選D.

靜電計測量的是電容器兩端間的電勢差.合上開關，電容器兩端間的電勢差不變；斷開開關，電容

器所帶的電荷量不變.

解決本題的關鍵在處理電容器動態(tài)分析時，電容始終與電源相連，兩端間電勢差不變，與電源斷開，

電量保持不變.

5.答案：A

解析：兩個物體都做自由落體運動，它們的運動的情況是完全相同的，所以它們的加速度相同，落

到地面所用時間相同，故同時落地。

故選A。

6.答案：C

解析：解：螺線管內的磁場方向平行于螺線管的中心軸線，與正電荷的運動方向平行，則正電荷不

受洛倫茲力，正電荷做勻速直線運動，故C正確，A3。錯誤。

故選：Co

根據安培定則得出螺線管內磁場的方向，結合電荷運動方向與磁場方向的關系，通過受力確定電荷

的運動規(guī)律。

本題關鍵是了解通電螺線管磁場方向特點，知道當帶電粒子與磁場方向平行時不受洛倫茲力。

7.答案：C

解析：解：由題意可知當新繞5匝線圈后，原線圈接到110V交流電源上，新繞線圈電流為564則

新繞線圈的電壓為U‘2=/R=5X10-3*100K=0.5V

根據原副線圈電壓值比等于匝數(shù)比可知夢=詈

U>271'2

可得原線圈的匝數(shù)為%=器=￥X5匝=1100匝

U>2U.3

又因為當副線圈沒有損壞時輸入電壓為220U時輸出電壓為12匕可得m=詈

U2n2

可得該變壓器原來的副線圈匝數(shù)應為改=竿=工崇匝=60匝

UIZZU

故C正確，AB。錯誤。

故選：Co

由歐姆定律求出副線圈上的電壓，根據電壓與匝數(shù)成正比求出原線圈的匝數(shù)；再根據變壓器完好時

的輸入電壓和輸出電壓列式即可求出副線圈的匝數(shù)。

本題主要是考查了變壓器的知識；解答本題的關鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之比，在只有

一個副線圈的情況下的電流之比等于匝數(shù)的反比；知道理想變壓器的輸出功率決定輸入功率且相等。

8.答案：AB

解析：解：4、當牽引力等于阻力時，速度達到最大.財赤=￡=￡=^m/s=20m/s.故A正確.

rJ4UUU

B、汽車以額定功率起動，當汽車速度為5m/s時，牽引力尸=￡=等N=16000N,根據牛頓第二

定律得，a=三=16。；：；；。。。加/$2=6m/s2.故B正確.

C、汽車以2m/s2的加速度起動做勻加速啟動，牽引力F=/+ma=4000/V+2000X2N=8000/V,

2s末的實際功率為P=Fv=Fat=8000x2x2W=32000MZ=32kV7.故C錯誤.

。、汽車以2zn/s2的加速度起動做勻加速啟動，牽引力尸=/+ma=4000N+2000X2N=8000/V,

勻加速直線運動的末速度v=半=端僧/s=10m/S,則勻加速直線運動的時間t=;=5s.故。錯

誤.

故選A8.

汽車在平直公路上行駛，當牽引力等于阻力時，速度達到最大.以恒定加速度啟動，當功率達到額

定功率時，勻加速直線運動結束，根據牛頓第二定律求出牽引力，從而根據功率與牽引力的關系求

出勻加速直線運動的末速度，再通過速度時間公式求出勻加速直線運動的時間.

解決本題的關鍵會通過汽車受力情況判斷其運動情況，知道汽車在平直路面上行駛時，當牽引力與

阻力相等時,，速度最大.

9.答案：ABC

解析：

速度時間圖線為直線時表示物體做勻變速運動，直線的斜率表示加速度，圖線與時間軸圍成的面積

表示位移，速度的正負號表示物體的運動方向與正方向同向還是反向。

本題考查勻變速直線運動的速度時間圖象的應用，熟悉圖像中直線斜率、截距、與軸所圍成的

圖形面積的物理意義是解題的關鍵。

AB.根據u-t圖像中直線斜率的物理意義可知，甲物體在0至七時間內，u-t圖像是一條傾斜直線,

所以甲在該段時間內做勻加速直線運動；乙物體在0至t2時間內，先做勻減速到速度為0,再做勻加

速直線運動，故AB正確；

C.由于圖線與時間軸圍成的面積表示位移，我們現(xiàn)在將圖象的范圍分成6個部分如圖，

則甲的位移：StfJ=S1+S2+S3+S4+S5

乙的位移：S乙=Si+S4

其中由于S[=52,=S3+$6，由t?<2tj_可知:>S6,

所以：S[+$2+S3+S4+55=2sl+S4+(S4-56)+S5>2(Si+S4)

則：x甲>2x乙,故C正確；

t圖像不表示運動軌跡，速度的正負號表示物體運動方向，所以乙物體一直向正方向運動，故

。錯誤。

故選ABC。

10.答案：BC

解析：解：4、線框進入磁場過程中，磁通量增大，根據楞次定律可知，感應電流為逆時針方向，故

A錯誤；

3、線框底邊剛進入瞬間，速度為零，產生的感應電動勢為零，下落加速度為g,完全進入磁場后下

落加速度為9,隨著下落速度的增大，出磁場時產生的安培力可能等于27ng,此時減速的加速度大小

可能為0故8正確；

C、線框出磁場的過程，可能做先減速隨著速度減小，切割長度變短，線框受到的安培力減小，當小

于重力后線框做加速的直線運動，故C正確；

D、線框進、出磁場過程，磁通量變化相同，由感應電量公式q=n與知通過線框的電量相同，故。

錯誤。

故選:BC。

分析線框的運動過程，根據線框受力情況分析判斷線框速度隨時間變化的關系。根據牛頓第二定律，

分析加速度變化情況：根據感應電量的公式q=n普分析進出磁場過程中通過線框的電量。

理解電磁感應的實質：即機械能轉化為電能。其運動過程的分析方法與動力學部分的分析方法相同，

本題關鍵是注意線圈的有效切割長度在減小。

11.答案：錯誤

解析：解：破碎的玻璃不能把它們拼接在一起是因為其分子間距離較大，分子間不存在作用力，并

不是存在斥力作用的

故答案為：錯誤

分子間的作用力是短程力，破碎的玻璃不能把它們拼接在一起是因為其分子間距離較大

理解分子間作用力的特點，能夠應用該特點分析生活中的一些現(xiàn)象.

12.答案:10.5

解析：解：由甲圖得到該波的波長;1=100cm=1m,由乙圖知，該波的周期r=2s,則波速為：v=

0.5m/so

故答案為：1,0.5o

由波動圖象讀出波，由振動圖象讀出周期，從而求出波速。

本題考查識別、理解振動圖象和波動圖象的能力和把握兩種圖象聯(lián)系的能力，根據兩種圖象要能直

接讀出波長、周期，判斷質點的振動方向。

13.答案：托盤及盤中祛碼的質量低壓交流電源小車及車中祛碼的質量

解析：解：（1）本實驗使用控制變量法，在探究物體的加速度與質量的關系時，應保持托盤及盤中祛

碼的質量不變；電磁打點計時器使用交流6U的工作電源，故應接低壓交流電源。

（2）在探究物體的加速度與力的關系時，應保持小車及車中祛碼的質量不變。

故答案為：（1）托盤及盤中祛碼的質量，低壓交流電源；（2）小車及車中祛碼的質量。

在探究a與7n關系時，利用控制變量法，應該保持F不變；在探究a與尸關系時，利用控制變量法，應

該保持小不變；電磁打點計時器應該使用低壓交流電源。

本題要求掌握一些基本儀器的使用和工作原理，知道本實驗采取控制變量法。

14.答案：1.020&/?!—

4LI

解析：解：

①螺旋測微器的精確度為O.Olnun,從圖中讀出金屬絲的直徑為d=1.0mm+0.01mmx2.0=

1.020mm

②電路中可能出現(xiàn)的最大電流為：An="=4a0.644,則電流表應選擇公；

由于滑動變阻器&的最大阻值10，滑動變阻器/?2的最大阻值500。，而金屬絲的電阻大約為7。，若

滑動變阻器使用限流式，則電流變化不明顯，因此滑動變阻器選擇分壓式接法，且滑動變阻器應選

擇義；

③因電流表的內阻已知，則選用電流表內接，滑動變阻器接成分壓式電路，如圖所示：

④根據部分電路歐姆定律，/?=7

再依據電阻定律，R=P：=與

Sna￡

解得：夕=嚕

故答案為：①1.020；②&；%；③如上圖所示；④察。

①螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù).

②根據電路最大電流選擇電流表，為方便實驗操作應選擇最大阻值較小的滑動變阻器.

③根據題意確定滑動變阻器與電流表接法，然后作出電路圖.

④根據實驗數(shù)據，應用電阻定律求出金屬材料的電阻率.

本題關鍵：(1)用伏安法測電阻時安培表內、外接法的選擇原則是“大內小外”，即對于大電阻采用

安培表內接法，對于小電阻采用安培表外接法；(2)需要有較大的電壓測量范圍時，滑動變阻器采用

分壓式接法.并掌握歐姆定律與電阻定律的內容，還要注意螺旋測微器讀數(shù)的估計值。

15.答案：解：(1)由題意可知，當帶電小球的電場力與重力平衡時，小球做勻速直線運動，

則有：mg=qE；

解得：E=^=^^=1.25X106N/C；

由于小球所受電場力豎直向上，且電場方向豎直向上，所以小球帶正電.

(2)根據運動學公式，粒子經過電場的時間，即為t=2=；=0.25m/s；

由角速度公式3=2,則有：3=受?I=8k?r+等rad/s，k=0、1、2...

(3)小球向最高點運動的過程中，經過四分之一圓弧克服摩擦力做功為W；

由動能定理，一加一〃mgd-nig(R+/i)=取，

解得：勿=2人

若能到達N2,且到達時的速度大小為外〃'為返回時過四分之一圓弧克服摩擦力做功，

由動能定理：rng(R+h)-^mgd-W'=^mv2,

因W'<2),則有：v>0,因此能再次通過兩狹縫.

答：(1)小球帶何種電荷及兩盤間的電場強度E的大小1.25x106/V/C；

(2)要使小球能通過兩狹縫，薄盤轉動的角速度8E+4ad/s,k=。、1、2...；

(3)小球返回后能再次通過兩狹縫.

解析：(1)小球勻速過程中，合力為零，小球受到電場力和重力平衡，即可判斷出球的電性.由平衡

條件求出場強的大小.

(2)根據周期性和圓周運動的角速度公式，即可求出薄盤轉動的角速度3；

(3)由動能定理，選取小球向最高點運動的過程中，從而求得克服摩擦力做功，當返回時，再運用動

能定理，因克服滑動摩擦力做功變小，進而可求得回到圓盤時的速度大小，從而求解.

考查電場力與重力平衡的應用，掌握動能定理的內容、牛頓第二定律和圓周運動運動學公式的綜合，

難點是根據圓周運動的周期性得到角速度的表達式，注意球來回經過圓弧滑動摩擦力做功不同是解

題的關鍵.

16.答案：解：設擺球4、B的質量分別為小小加8,擺長為I,B球的初始高度為心，碰撞前B球的速

度為班.在不考慮擺線質量的情況下，根據題意及機械能守恒定律得b={1-cos45。）①:叫詔=

加8必②

設碰撞前、后兩擺球的總動量的大小分別為Pl、P2.有

Pl~mBvB③

聯(lián)立①②③式得Pi=mBy/2gl（l-cos45°）