2024屆山東省濰坊諸城市第七中學數學九年級第一學期期末監(jiān)測試題含解析

2024屆山東省濰坊諸城市第七中學數學九年級第一學期期末監(jiān)測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題(每小題3分,共30分)1．在開展“愛心捐助”的活動中，某團支部8名團員捐款的數額（單位：元）分別為3，5，6，5，6，5，5，10，這組數據的中位數是（）A．3元 B．5元 C．5.5元 D．6元2．某校“研學”活動小組在一次野外實踐時，發(fā)現(xiàn)一種植物的主干長出若干數目的支干，每個支干又長出同樣數目的小分支，主干、支干和小分支的總數是，則這種植物每個支干長出的小分支個數是（）A． B． C． D．3．在同一坐標系中，二次函數的圖象與一次函數的圖象可能是（）A． B．C． D．4．如圖，的半徑為2，圓心的坐標為，點是上的任意一點，，且、與軸分別交于、兩點，若點、點關于原點對稱，則的最大值為（）A．7 B．14 C．6 D．155．已知a、b、c、d是比例線段．a=2、b=3、d=1．那么c等于（）A．9 B．4 C．1 D．126．從這七個數中隨機抽取一個數記為，則的值是不等式組的解，但不是方程的實數解的概率為（）．A． B． C． D．7．如圖，已知梯形ABCO的底邊AO在軸上，BC∥AO，AB⊥AO，過點C的雙曲線交OB于D，且OD：DB=1:2，若△OBC的面積等于3，則k的值（）A．等于2 B．等于 C．等于 D．無法確定8．拋物線的頂點坐標是A． B． C． D．9．如圖，雙曲線與直線相交于、兩點，點坐標為，則點坐標為（）A． B． C． D．10．某地質學家預測：在未來的20年內，F(xiàn)市發(fā)生地震的概率是．以下敘述正確的是（）A．從現(xiàn)在起經過13至14年F市將會發(fā)生一次地震B(yǎng)．可以確定F市在未來20年內將會發(fā)生一次地震C．未來20年內，F(xiàn)市發(fā)生地震的可能性比沒有發(fā)生地震的可能性大D．我們不能判斷未來會發(fā)生什么事，因此沒有人可以確定何時會有地震發(fā)生二、填空題(每小題3分,共24分)11．有五張分別印有等邊三角形、正方形、正五邊形、矩形、正六邊形圖案的卡片（這些卡片除圖案不同外，其余均相同）．現(xiàn)將有圖案的一面朝下任意擺放，從中任意抽取一張，抽到卡片的圖案既是中心對稱圖形，又是軸對稱圖形的概率為_____．12．如圖，正方形EFGH的四個頂點分別在正方形ABCD的四條邊上，若正方形EFGH與正方形ABCD的相似比為，則（）的值為_____.13．如圖，菱形ABCD的對角線AC與BD相交于點O，AC＝6，BD＝8，那么菱形ABCD的面積是____．14．如圖，AB∥DE，AE與BD相交于點C．若AC＝4，BC＝2，CD＝1，則CE的長為_____．15．如圖，正方形ABCD的邊長為5，E、F分別是BC、CD上的兩個動點，AE⊥EF．則AF的最小值是_____．16．如圖所示，在△ABC中，BC=6，E、F分別是AB、AC的中點，動點P在射線EF上，BP交CE于D，∠CBP的平分線交CE于Q，當CQ=CE時，EP+BP=．17．在Rt△ABC中，∠C＝90°，若AC＝3，AB＝5，則cosB的值為__________．18．如圖，點B是反比例函數y＝（x＞0）的圖象上任意一點，AB∥x軸并交反比例函數y＝﹣（x＜0）的圖象于點A，以AB為邊作平行四邊形ABCD，其中C、D在x軸上，則平行四邊形ABCD的面積為_____．三、解答題(共66分)19．（10分）如圖，A(8，6)是反比例函數y＝(x＞0)在第一象限圖象上一點，連接OA，過A作AB∥x軸，且AB＝OA(B在A右側)，直線OB交反比例函數y＝的圖象于點M(1)求反比例函數y＝的表達式；(2)求點M的坐標；(3)設直線AM關系式為y＝nx+b，觀察圖象，請直接寫出不等式nx+b﹣≤0的解集．20．（6分）如圖，點A、B、C、D是⊙O上的四個點，AD是⊙O的直徑，過點C的切線與AB的延長線垂直于點E，連接AC、BD相交于點F．（1）求證：AC平分∠BAD；（2）若⊙O的半徑為，AC＝6，求DF的長．21．（6分）如圖，已知拋物線與軸相交于、兩點，與軸相交于點，若已知點的坐標為．（1）求拋物線的解析式；（2）求線段所在直線的解析式；（3）在拋物線的對稱軸上是否存在點，使為等腰三角形？若存在，求出符合條件的點坐標；若不存在，請說明理由．22．（8分）在一個不透明的盒子中裝有張卡片，張卡片的正面分別標有數字，，，，，這些卡片除數字外，其余都相同．（1）從盒子中任意抽取一張卡片，恰好抽到標有偶數的卡片的概率是多少？（2）先從盒子中任意抽取一張卡片，再從余下的張卡片中任意抽取一張卡片，求抽取的張卡片上標有的數字之和大于的概率（畫樹狀圖或列表求解）．23．（8分）如圖，已知拋物線y＝x2+bx+c與x軸相交于A（﹣1，0），B（m，0）兩點，與y軸相交于點C（0，﹣3），拋物線的頂點為D．（1）求B、D兩點的坐標；（2）若P是直線BC下方拋物線上任意一點，過點P作PH⊥x軸于點H，與BC交于點M，設F為y軸一動點，當線段PM長度最大時，求PH+HF+CF的最小值；（3）在第（2）問中，當PH+HF+CF取得最小值時，將△OHF繞點O順時針旋轉60°后得到△OH′F′，過點F′作OF′的垂線與x軸交于點Q，點R為拋物線對稱軸上的一點，在平面直角坐標系中是否存在點S，使得點D、Q、R、S為頂點的四邊形為菱形，若存在，請直接寫出點S的坐標，若不存在，請說明理由．24．（8分）有2部不同的電影A、B，甲、乙、丙3人分別從中任意選擇1部觀看.（1）求甲選擇A部電影的概率；（2）求甲、乙、丙3人選擇同一部電影的概率（請用畫樹狀圖的方法給出分析過程，并求出結果）25．（10分）如圖，已知是的外接圓，是的直徑，為外一點，平分，且．（1）求證：；（2）求證：與相切．26．（10分）如圖，在平面直角坐標系中，點A的坐標為（m，m），點B的坐標為（n，﹣n），拋物線經過A、O、B三點，連接OA、OB、AB，線段AB交y軸于點C，已知實數m、n（m＜n）分別是方程x2﹣2x﹣3=0的兩根．（1）求拋物線的解析式；（2）若點P為線段OB上的一個動點（不與點O、B重合），直線PC與拋物線交于D、E兩點（點D在y軸右側），連接OD、BD①當△OPC為等腰三角形時，求點P的坐標；②求△BOD面積的最大值，并寫出此時點D的坐標．

參考答案一、選擇題(每小題3分,共30分)1、B【分析】將這組數據從小到大的順序排列，最中間兩個位置的數的平均數為中位數．【題目詳解】將這組數據從小到大的順序排列3，5，5，5，5，6，6，10，最中間兩個位置的數是5和5，所以中位數為（5+5）÷2=5（元），故選：B．【題目點撥】本題考查中位數，熟練掌握中位數的求法是解答的關鍵．2、C【分析】設這種植物每個支干長出x個小分支，根據主干、支干和小分支的總數是43，即可得出關于x的一元二次方程，解之取其正值即可得出結論【題目詳解】設這種植物每個支干長出個小分支，依題意，得：，解得：（舍去），．故選C．【題目點撥】此題考查一元二次方程的應用，解題關鍵在于列出方程3、C【分析】根據二次函數、一次函數圖像與系數的關系，對每個選項一一判斷即可．【題目詳解】A．由一次函數圖像可得：a>0，b>0；由二次函數圖像可得：a>0，b<0，故A選項不可能．B．由一次函數圖像可得：a>0，b<0；由二次函數圖像可得：a>0，b>0，故B選項不可能．C．由一次函數圖像可得：a<0，b>0；由二次函數圖像可得：a<0，b>0，故C選項可能．D．由一次函數圖像可得：a>0，b>0；由二次函數圖像可得：a<0，b<0，故D選項不可能．故選：C．【題目點撥】本題主要考查一次函數、二次函數圖像與系數的關系，根據一次函數、二次函數圖像判斷系數的正負是解題關鍵．4、B【分析】根據“PA⊥PB，點A與點B關于原點O對稱”可知AB=2OP，從而確定要使AB取得最大值，則OP需取得最大值，然后過點M作MQ⊥x軸于點Q，確定OP的最大值即可.【題目詳解】∵PA⊥PB∴∠APB=90°∵點A與點B關于原點O對稱，∴AO=BO∴AB=2OP若要使AB取得最大值，則OP需取得最大值，連接OM，交○M于點，當點P位于位置時，OP取得最小值，過點M作MQ⊥x軸于點Q，則OQ=3，MQ=4,∴OM=5∵∴當點P在的延長線于○M的交點上時，OP取最大值，∴OP的最大值為3+2×2=7∴AB的最大值為7×2=14故答案選B.【題目點撥】本題考查的是圓上動點與最值問題，能夠找出最值所在的點是解題的關鍵.5、B【分析】根據比例線段的定義得到a：b=c：d，即2：3=c：1，然后利用比例性質求解即可．【題目詳解】∵a、b、c、d是比例線段，∴a：b=c：d，即2：3=c：1，∴3c=12，解得：c=2．故選：B．【題目點撥】本題考查了比例線段：對于四條線段a、b、c、d，如果其中兩條線段的比(即它們的長度比)與另兩條線段的比相等，如a：b=c：d(即ad=bc)，我們就說這四條線段是成比例線段，簡稱比例線段．6、B【分析】先解不等式，再解一元二次方程，利用概率公式得到概率【題目詳解】解①得，，解②得，．∴．∵的值是不等式組的解，∴．方程，解得，．∵不是方程的解，∴或．∴滿足條件的的值為，（個）．∴概率為．故選．7、B【解題分析】如圖分別過D作DE⊥Y軸于E,過C作CF⊥Y軸于F,則△ODE∽△OBF,∵OD：DB=1:2∴相似比=1:3∴面積比=OD：DB=1:9即又∴∴解得K=故選B8、A【分析】已知拋物線頂點式y(tǒng)=a（x﹣h）2+k，頂點坐標是（h，k）．【題目詳解】∵拋物線y=3（x﹣1）2+1是頂點式，∴頂點坐標是（1，1）．故選A．【題目點撥】本題考查了由拋物線的頂點式寫出拋物線頂點的坐標，比較容易．9、B【解題分析】反比例函數的圖象是中心對稱圖形,則經過原點的直線的兩個交點一定關于原點對稱.【題目詳解】解:點A與B關于原點對稱,點坐標為A點的坐標為(2,3).所以B選項是正確的.【題目點撥】本題主要考查了反比例函數圖象的中心對稱性,要求同學們要熟練掌握.10、C【分析】根據概率的意義，可知發(fā)生地震的概率是，說明發(fā)生地震的可能性大于不發(fā)生地震的可能性，從而可以解答本題．【題目詳解】∵某地質學家預測：在未來的20年內，F(xiàn)市發(fā)生地震的概率是，∴未來20年內，F(xiàn)市發(fā)生地震的可能性比沒有發(fā)生地震的可能性大，故選C．【題目點撥】本題主要考查概率的意義，發(fā)生地震的概率是，說明發(fā)生地震的可能性大于不發(fā)生地政的可能性，這是解答本題的關鍵．二、填空題(每小題3分,共24分)11、【解題分析】判斷出即是中心對稱，又是軸對稱圖形的個數，然后結合概率計算公式，計算，即可．【題目詳解】解：等邊三角形、正方形、正五邊形、矩形、正六邊形圖案中既是中心對稱圖形，又是軸對稱圖形是：正方形、矩形、正六邊形共3種，故從中任意抽取一張，抽到卡片的圖案既是中心對稱圖形，又是軸對稱圖形的概率為：．故答案為．【題目點撥】考查中心對稱圖形和軸對稱圖形的判定，考查概率計算公式，難度中等．12、【分析】根據題意，由AAS證明△AEH≌△BFE，則BE=AH，根據相似比為，令EH=，AB=，設AE=，AH=，在直角三角形AEH中，利用勾股定理，即可求出的值，即可得到答案.【題目詳解】解：在正方形EFGH與正方形ABCD中，∠A=∠B=90°，EF=EH，∠FEH=90°，∴∠AEH+∠AHE=90°，∠BEF+∠AEH=90°，∴∠AHE=∠BEF，∴△AEH≌△BFE（AAS），∴BE=AH，∵，令EH=，AB=，在直角三角形AEH中，設AE=，AH=AB-AE=，由勾股定理，得，即，解得：或，∵，∴，∴，∴；故答案為：.【題目點撥】本題考查了相似四邊形的性質，正方形的性質，全等三角形的判定和性質，勾股定理，解題的關鍵是利用勾股定理求出AE和BE的長度.13、1【分析】根據菱形的面積公式即可求解．【題目詳解】∵菱形ABCD的對角線AC與BD相交于點O，AC＝6，BD＝8，∴菱形ABCD的面積為AC×BD=×6×8=1，故答案為：1．【題目點撥】此題主要考查菱形面積的求解，解題的關鍵是熟知其面積公式．14、1【分析】先證明△ABC∽△EDC，然后利用相似比計算CE的長．【題目詳解】解：∵AB∥DE，∴△ABC∽△EDC，∴，即，∴CE＝1．故答案為1【題目點撥】本題考查了相似三角形的判定與性質：在判定兩個三角形相似時，應注意利用圖形中已有的公共角、公共邊等隱含條件，以充分發(fā)揮基本圖形的作用，尋找相似三角形的一般方法是通過作平行線構造相似三角形；靈活應用相似三角形相似的性質進行幾何計算．也考查了解直角三角形．15、【分析】設BE＝x，CF＝y(tǒng)，則EC＝5﹣x，構建二次函數了，利用二次函數的性質求出CF的最大值，求出DF的最小值即可解決問題．【題目詳解】解：設BE＝x，CF＝y(tǒng)，則EC＝5﹣x，∵AE⊥EF，∴∠AEF＝90°，∴∠AEB+∠FEC＝90°，而∠AEB+∠BAE＝90°，∴∠BAE＝∠FEC，∴Rt△ABE∽Rt△ECF，∴＝，∴＝，∴y＝﹣x2+x＝﹣（x﹣）2+，∵﹣＜0，∴x＝時，y有最大值，∴CF的最大值為，∴DF的最小值為5﹣＝，∴AF的最小值＝＝＝，故答案為．【題目點撥】本題考查了幾何動點問題與二次函數、相似三角形的綜合問題，綜合性較強，解題的關鍵是找出相似三角形，列出比例關系，轉化為二次函數，從而求出AF的最小值．16、1．【分析】延長BQ交射線EF于M，根據三角形的中位線平行于第三邊可得EF∥BC，根據兩直線平行，內錯角相等可得∠M=∠CBM，再根據角平分線的定義可得∠PBM=∠CBM，從而得到∠M=∠PBM，根據等角對等邊可得BP=PM，求出EP+BP=EM，再根據CQ=CE求出EQ=2CQ，然后根據△MEQ和△BCQ相似，利用相似三角形對應邊成比例列式求解即可．【題目詳解】如圖，延長BQ交射線EF于M，∵E、F分別是AB、AC的中點，∴EF∥BC．∴∠M=∠CBM．∵BQ是∠CBP的平分線，∴∠PBM=∠CBM．∴∠M=∠PBM．∴BP=PM．∴EP+BP=EP+PM=EM．∵CQ=CE，∴EQ=2CQ．由EF∥BC得，△MEQ∽△BCQ，∴．∴EM=2BC=2×6=1，即EP+BP=1．故答案為：1．【題目點撥】本題考查了相似三角形的判定與性質，角平分線的定義，平行線的性質，延長BQ構造出相似三角形，求出EP+BP=EM并得到相似三角形是解題的關鍵，也是本題的難點．17、【分析】先根據勾股定理求的BC的長，再根據余弦的定義即可求得結果.【題目詳解】由題意得則故答案為：點睛：勾股定理的應用是初中數學極為重要的知識，與各個知識點聯(lián)系極為容易，因而是中考的熱點，在各種題型中均有出現(xiàn)，一般難度不大，需特別注意.18、1．【分析】設A的縱坐標是b,則B的縱坐標也是b,即可求得AB的橫坐標,則AB的長度即可求得,然后利用平行四邊形的面積公式即可求解【題目詳解】設A的縱坐標是b,則B的縱坐標也是b把y=b代入y＝得,b=則x=,即B的橫坐標是同理可得:A的橫坐標是：則AB=-（）=則S=×b=1.故答案為1【題目點撥】此題考查反比例函數系數k的幾何意義，解題關鍵在于設A的縱坐標為b三、解答題(共66分)19、(1)y＝；(2)M(1，4)；(3)0＜x≤8或x≥1．【分析】(1)根據待定系數法即可求得；(2)利用勾股定理求得AB＝OA＝10，由AB∥x軸即可得點B的坐標，即可求得直線OB的解析式，然后聯(lián)立方程求得點M的坐標；(3)根據A、M點的坐標，結合圖象即可求得．【題目詳解】解：(1)∵A(8，6)在反比例函數圖象上∴6＝，即m＝48，∴反比例函數y＝的表達式為y＝；(2)∵A(8，6)，作AC⊥x軸，由勾股定理得OA＝10，∵AB＝OA，∴AB＝10，∴B(18，6)，設直線OB的關系式為y＝kx，∴6＝18k，∴k＝，∴直線OB的關系式為y＝x，由，解得x＝±1又∵在第一象限∴x＝1故M(1，4)；(3)∵A(8，6)，M(1，4)，觀察圖象，不等式nx+b﹣≤0的解集為：0＜x≤8或x≥1．【題目點撥】本題主要考查一次函數與反比例函數的交點問題，解題的關鍵是掌握待定系數法求函數解析式及求直線、雙曲線交點的坐標．20、（1）證明見解析；（2）．【分析】（1）連接OC，先證明OC∥AE，從而得∠OCA＝∠EAC，再利用OA＝OC得∠OAC＝∠OCA，等量代換即可證得答案；（2）設OC交BD于點G，連接DC，先證明△ACD∽△AEC，從而利用相似三角形的性質解得，再利用＝cos∠FDC，代入相關線段的長可求得DF．【題目詳解】（1）證明：如圖，連接OC∵過點C的切線與AB的延長線垂直于點E，∴OC⊥CE，CE⊥AE∴OC∥AE∴∠OCA＝∠EAC∵OA＝OC∴∠OAC＝∠OCA∴∠OAC＝∠EAC，即AC平分∠BAD；（2）如圖，設OC交BD于點G，連接DC∵AD為直徑∴∠ACD＝90°，∠ABD＝90°∵CE⊥AE∴DB∥CE∵OC⊥CE∴OC⊥BD∴DG＝BG∵∠OAC＝∠EAC，∠ACD＝90°＝∠E∴△ACD∽△AEC∴∵⊙O的半徑為，AC＝6∴AD＝7，∴∴易得四邊形BECG為矩形∴DG＝BG＝∵＝cos∠FDC∴解得：∴DF的長為.【題目點撥】本題考查相似三角形的性質，借助輔助線，判定△ACD∽△AEC，再根據相似三角形的性質求解.21、（1）；（2）；（3）存在，(2，2)或(2，-2)或(2，0)或(2，)【分析】（1）將A點代入拋物線的解析式即可求得答案；（2）先求得點B、點C的坐標，利用待定系數法即可求得直線BC的解析式；（3）設出P點坐標，然后表示出△ACP的三邊長度，分三種情況計論，根據腰相等建立方程，求解即可．【題目詳解】（1）將點代入中，得：，解得：，∴拋物線的解析式為；（2）當時，，∴點C的坐標為(0，4)，當時，，解得：，∴點B的坐標為(6，0)，設直線BC的解析式為，將點B(6，0)，點C(0，4)代入，得：，∴，∴直線BC的解析式為，（3）拋物線的對稱軸為，假設存在點P，設，則，，，∵△ACP為等腰三角形，①當時，，解之得：，∴點P的坐標為(2，2)或(2，-2)；②當時，，解之得：或(舍去)，∴點P的坐標為(2，0)或(2，8)，設直線AC的解析式為，將點A(-2，0)、C(0，4)代入得，解得：，∴直線AC的解析式為，當時，，∴點(2，8)在直線AC上，∴A、C、P在同一直線上，點(2，8)應舍去；③當時，，解之得：，∴點P的坐標為(2，)；綜上，符合條件的點P存在，坐標為：(2，2)或(2，-2)或(2，0)或(2，)．【題目點撥】本題為二次函數的綜合應用，涉及待定系數法求二次函數解析式，待定系數法求一次函數解析式，二次函數的性質，方程思想及分類討論思想等知識點．在（3）中利用點P的坐標分別表示出AP、CP的長是解題的關鍵．22、（1）；（2）0.6【分析】（1）裝有張卡片，其中有2張偶數，直接用公式求概率即可．（2）根據抽取結果畫樹狀圖或列表都可以，再根據樹狀圖來求符合條件的概率．【題目詳解】解：（1）在一個不透明的盒子中裝有張卡片，張卡片的正面分別標有數字，，，，，5張卡片中偶數有2張，抽出偶數卡片的概率=（2）畫樹狀如圖概率為【題目點撥】本題考查了用概率的公式來求概率和樹狀統(tǒng)計圖或列表統(tǒng)計圖．23、（1）B（3，0），D（1，﹣4）；（2）；（3）存在，S的坐標為（3，0）或（﹣1，﹣2）或（﹣1，2）或（﹣1，﹣）【分析】（1）將A（﹣1，0）、C（0，﹣3）代入y＝x2+bx+c，待定系數法即可求得拋物線的解析式，再配方即可得到頂點D的坐標，根據y＝0，可得點B的坐標；（2）根據BC的解析式和拋物線的解析式，設P（x，x2﹣2x﹣3），則M（x，x﹣3），表示PM的長，根據二次函數的最值可得：當x＝時，PM的最大值，此時P（，﹣），進而確定F的位置：在x軸的負半軸了取一點K，使∠OCK＝30°，過F作FN⊥CK于N，當N、F、H三點共線時，如圖2，F(xiàn)H+FN最小，即PH+HF+CF的值最小，根據含30°角的直角三角形的性質，即可得結論；（3）先根據旋轉確定Q的位置，與點A重合，根據菱形的判定畫圖，分4種情況討論：分別以DQ為邊和對角線進行討論，根據菱形的邊長相等和平移的性質，可得點S的坐標．【題目詳解】（1）把A（﹣1，0），點C（0，﹣3）代入拋物線y＝x2+bx+c，得：，解得：，∴拋物線的解析式為：y＝x2﹣2x﹣3＝（x﹣1）2﹣4，∴頂點D（1，﹣4），當y＝0時，x2﹣2x﹣3＝0，解得：x＝3或﹣1，∴B（3，0）；（2）∵B（3，0），C（0，﹣3），設直線BC的解析式為：y＝kx+b，則，解得：，∴直線BC的解析式為：y＝x﹣3，設P（x，x2﹣2x﹣3），則M（x，x﹣3），∴PM＝（x﹣3）﹣（x2﹣2x﹣3）＝﹣x2+3x＝﹣（x﹣）2+，當x＝時，PM有最大值，此時P（，﹣），在x軸的負半軸了取一點K，使∠OCK＝30°，過F作FN⊥CK于N，∴FN＝CF，當N、F、H三點共線時，如圖1，F(xiàn)H+FN最小，即PH+HF+CF的值最小，∵Rt△OCK中，∠OCK＝30°，OC＝3，∴OK＝，∵OH＝，∴KH＝+，∵Rt△KNH中，∠KHN＝30°，∴KN＝KH＝，∴NH＝KN＝，∴PH+HF+CF的最小值=PH+NH＝＝；（3）Rt△OFH中，∠OHF＝30°，OH＝，∴OF＝OF'＝，由旋轉得：∠FOF'＝60°∴∠QOF'＝30°，∴在Rt△QF'O中，QF'＝OF'÷=÷＝，OQ=2QF'=2×=1，∴Q與A重合，即Q（﹣1，0）分4種情況：①如圖2，以QD為邊時，由菱形和拋物線的對稱性可得S（3，0）；②如圖3，以QD為邊時，由勾股定理得：AD＝，∵四邊形DQSR是菱形，∴QS＝AD＝2，QS∥DR，∴S（﹣1，﹣2）；③如圖4，同理可得：S（﹣1，2）；④如圖5，作AD的中垂線，交對稱軸于R，可得菱形QSDR，∵A（﹣1，0），D（1，﹣4），∴AD的中點N的坐標為（0，﹣2），且AD＝2，∴DN＝，cos∠ADR＝，∴DR＝，∴QS=DR＝，∴S（﹣1，﹣）；綜上，S的坐標為（3，0）或（﹣1，﹣2）或（﹣1，2）或（﹣1，﹣）．【題目點撥】本題主要考查二次函數和幾何圖形的綜合，添加合適的輔助線構造含30°角的直角三角形，利用菱形的判定定理，進行分類討論，是解題的關鍵.24、（1）甲選擇A部電影的概率為；（2）甲、乙、丙3人選擇同一部電影的概率為.【解題分析】（1）甲可選擇電影A或B，根據概率公式即可得甲選擇A部電影的概率.（2）用樹狀圖表示甲、乙、丙3人選擇電影的所有情況，由圖可知總共有8種情況，甲、乙、丙3人選擇同一部電影的情況有2種，根據概率公式即可得出答案.【題目詳解】（1）∵甲可選擇電影A或B，∴甲選擇A部電影的概率P=，答：甲選擇A部電影的概率為；（2）甲、乙、丙3人選擇電