XX專用高考物理總復(fù)習(xí)優(yōu)編題型增分練：選擇題提速練八

PAGE選擇題提速練(八)一、單項(xiàng)選擇題(本題共6小題，每小題4分，共計(jì)24分，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意．)1．(2018·常州一中等聯(lián)考)電容式加速度傳感器的原理結(jié)構(gòu)圖如圖1，質(zhì)量塊右側(cè)連接輕質(zhì)水平彈簧，左側(cè)連接電介質(zhì)，彈簧與電容器固定在外框上，質(zhì)量塊可帶動(dòng)電介質(zhì)移動(dòng)改變電容．則()圖1A．電介質(zhì)插入極板間越深，電容器電容越小B．當(dāng)傳感器以恒定加速度運(yùn)動(dòng)時(shí)，電路中有恒定電流C．若傳感器原來向右勻速運(yùn)動(dòng)，突然減速時(shí)彈簧會(huì)伸長D．當(dāng)傳感器由靜止突然向右加速瞬間，電路中有順時(shí)針方向電流答案D解析根據(jù)電容器的電容決定式C＝eq\f(εrS,4kπd)，電介質(zhì)插入極板間越深，電介質(zhì)越大，則電容器電容越大，故A錯(cuò)誤；當(dāng)傳感器以恒定加速度運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可知，彈簧彈力大小不變，則電容器的電容不變，因兩極板間的電壓不變，則電容器的帶電荷量不變，因此電路中沒有電流，故B錯(cuò)誤；若傳感器原來向右勻速運(yùn)動(dòng)，突然減速時(shí)，因慣性，質(zhì)量塊繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)，從而壓縮彈簧，故C錯(cuò)誤；當(dāng)傳感器由靜止突然向右加速瞬間，質(zhì)量塊相對電容器向左運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)致插入極板間電介質(zhì)加深，因此電容會(huì)增大，由于電壓不變，根據(jù)Q＝CU可知，極板間的帶電荷量增大，電容器處于充電狀態(tài)，因此電路中有順時(shí)針方向電流，故D正確．2．如圖2所示，A、B兩物塊放在光滑的水平面上，一水平輕彈簧放在A、B之間與A相連，與B接觸但不連接，彈簧剛好處于原長，將物塊A鎖定，物塊C與A、B在一條直線上，三個(gè)物塊的質(zhì)量相等，現(xiàn)讓物塊C以v＝2m/s的速度向左運(yùn)動(dòng)，與B相碰并粘在一起，當(dāng)C的速度為零時(shí)，解除A的鎖定，則A最終獲得的速度大小為()圖2A.eq\f(3,2)m/s B.eq\f(2,3)m/sC.eq\f(\r(3),2)m/s D.eq\f(2\r(3),3)m/s答案D解析設(shè)每個(gè)物塊的質(zhì)量為m，C與B碰撞后的共同速度為v1，以v的方向?yàn)檎较颍鶕?jù)動(dòng)量守恒定律：mv＝2mv1，代入數(shù)據(jù)解得：v1＝1m/s，設(shè)A最終獲得的速度大小為v2，B和C獲得的速度大小為v3，根據(jù)動(dòng)量守恒定律則有：mv2＝2mv3，根據(jù)能量守恒定律可得：eq\f(1,2)×2mv12＝eq\f(1,2)mv22＋eq\f(1,2)×2mv32，代入數(shù)據(jù)解得：v2＝eq\f(2\r(3),3)m/s，故D正確，A、B、C錯(cuò)誤．3．(2018·泰州中學(xué)月考)如圖3所示，半徑為R的均勻帶正電薄球殼，殼內(nèi)的電場強(qiáng)度處處為零，其球心位于坐標(biāo)原點(diǎn)O，一帶正電的試探電荷靠近球殼表面處由靜止釋放沿坐標(biāo)軸向右運(yùn)動(dòng)．下列關(guān)于坐標(biāo)軸上某點(diǎn)電勢φ、試探電荷在該點(diǎn)的動(dòng)能Ek與離球心距離x的關(guān)系圖線，可能正確的是()圖3答案A4．如圖4所示，OM的左側(cè)存在范圍足夠大、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向外，OM左側(cè)到OM距離為L的P處有一個(gè)粒子源，可沿紙面內(nèi)各個(gè)方向射出質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子(重力不計(jì))，速率均為eq\f(qBL,m)，則粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為()圖4A.eq\f(πm,2qB) B.eq\f(πm,3qB)C.eq\f(πm,4qB) D.eq\f(πm,6qB)答案B解析粒子進(jìn)入磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則有：qvB＝meq\f(v2,r)，將題中的v值代入得：r＝L，粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最短，則粒子運(yùn)動(dòng)軌跡對應(yīng)的弦最短，最短弦為L，等于圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，根據(jù)幾何關(guān)系，粒子轉(zhuǎn)過的圓心角為60°，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為eq\f(T,6)，故tmin＝eq\f(T,6)＝eq\f(1,6)×eq\f(2πm,qB)＝eq\f(πm,3qB)，故B正確，A、C、D錯(cuò)誤．5．如圖5所示，等腰三角形內(nèi)分布有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，它的底邊在x軸上且長為2L，高為L，紙面內(nèi)一邊長為L的正方形導(dǎo)線框沿x軸正方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)穿過勻強(qiáng)磁場區(qū)域，在t＝0時(shí)刻恰好位于如圖所示的位置，以順時(shí)針方向?yàn)閷?dǎo)線框中電流的正方向，下面四幅圖中能夠正確表示導(dǎo)線框中的電流－位移(I－x)關(guān)系的是()圖5答案B解析位移在0～L過程，通過導(dǎo)線框的磁通量增大，由楞次定律判斷感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，為正值．I＝eq\f(Blv,R)，l＝x，則I＝eq\f(Bv,R)x；位移在L～2L過程，通過導(dǎo)線框的磁通量先增大后減小，由楞次定律判斷感應(yīng)電流方向先為順時(shí)針方向，為正值，后為逆時(shí)針方向，為負(fù)值；位移在2L～3L過程，通過導(dǎo)線框的磁通量減小，由楞次定律判斷感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，為負(fù)值，I＝eq\f(Bv,R)(3L－x)，故選B.6．(2018·江蘇省高考壓軸卷)如圖6所示，半徑為L＝1m的金屬圓環(huán)，其半徑Oa是銅棒，兩者電阻均不計(jì)且接觸良好．今讓Oa以圓心O為軸，以角速度ω＝10rad/s勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，圓環(huán)處于垂直于環(huán)面、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B＝2T的勻強(qiáng)磁場中．從圓心O引出導(dǎo)線，從圓環(huán)上接出導(dǎo)線，并接到匝數(shù)比為n1∶n2＝1∶4的理想變壓器原線圈兩端．則接在副線圈兩端的理想電壓表的示數(shù)為()圖6A．40VB．20VC．80VD．0答案D解析由于Oa以圓心O為軸，以角速度ω＝10rad/s勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動(dòng)勢，變壓器鐵芯中磁通量不變，接在副線圈兩端的理想電壓表的示數(shù)為零，選項(xiàng)D正確．二、多項(xiàng)選擇題(本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分．每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意．全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分．)7．(2018·高考押題預(yù)測卷)下列說法正確的是()A．放射性元素的半衰期隨溫度升高而減小B．比結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定C．放射性同位素可以用來做示蹤原子D．大量處于n＝4能級的氫原子向低能級躍遷時(shí)，可能發(fā)出6種不同頻率的光答案BCD解析放射性元素的半衰期只與原子核的結(jié)構(gòu)有關(guān)，與物理、化學(xué)狀態(tài)無關(guān)，故A錯(cuò)誤；比結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定，故B正確；放射性同位素可以利用它的放射性特點(diǎn)，用來做示蹤原子，故C正確；根據(jù)Ceq\o\al(2,4)計(jì)算出大量處于n＝4能級的氫原子向低能級躍遷時(shí)，可能發(fā)出6種不同頻率的光，故D正確．8.如圖7所示，兩顆衛(wèi)星A、B質(zhì)量相等，A繞地球運(yùn)動(dòng)的軌跡為圓，B繞地球運(yùn)動(dòng)的軌跡為橢圓，軌跡在同一平面內(nèi)且相切于P點(diǎn)，則()圖7A．在P點(diǎn)兩衛(wèi)星的加速度大小相等B．在P點(diǎn)衛(wèi)星B的速度介于11.2km/s和16.7km/s之間C．衛(wèi)星B的周期比A長D．兩衛(wèi)星的機(jī)械能相等答案AC9．(2018·南京市三模)如圖8所示，寬度為d、厚度為h的金屬導(dǎo)體放在垂直于它的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)電流通過該導(dǎo)體時(shí)，在導(dǎo)體的上、下表面之間會(huì)產(chǎn)生電勢差，這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)．實(shí)驗(yàn)表明：當(dāng)磁場不太強(qiáng)時(shí)，電勢差U、電流I和磁感應(yīng)強(qiáng)度B的關(guān)系為U＝keq\f(BI,d)，式中的比例系數(shù)k稱為霍爾系數(shù)，設(shè)載流子的電荷量大小為q，金屬導(dǎo)體單位體積內(nèi)的自由電荷數(shù)目為n，下列說法正確的是()圖8A．導(dǎo)體上表面的電勢大于下表面的電勢B．霍爾系數(shù)為k＝eq\f(1,nq)C．載流子所受靜電力的大小F＝qeq\f(U,d)D．載流子所受洛倫茲力的大小f＝eq\f(BI,nhd)答案BD10．將質(zhì)量均為M＝1kg的編號依次為1、2、…、6的劈塊靠在一起構(gòu)成傾角α＝37°的三角形劈面，每個(gè)劈塊上斜面長度均為L＝0.2m．如圖9所示，質(zhì)量為m＝1kg的小物塊A與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ1＝0.5，斜面與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ2＝0.3，假定最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等．現(xiàn)使A從斜面底端以平行于斜面的初速度v0＝4.5m/s沖上斜面，下列說法正確的是(g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)()圖9A．若所有劈均固定在水平面上，物塊最終從6號劈上沖出B．若所有劈均固定在水平面上，物塊最終能沖到6號劈上C．若所有劈均不固定在水平面上，物塊上滑到5號劈時(shí)，劈開始相對水平面滑動(dòng)D．若所有劈均不固定在水平面上，物塊上滑到4號劈時(shí)，劈開始相對水平面滑動(dòng)答案BC解析若所有劈固定，根據(jù)牛頓第二定律，a＝gsinα＋μ1gcosα＝10m/s2.由v02＝2ax，則物塊的位移x＝1.0125m，eq\f(x,L)≈5.1，故可以沖上6號劈，A錯(cuò)