2021年江蘇省徐州一中高考物理模擬預(yù)測(cè)試卷（附答案詳解）

2021年江蘇省徐州一中高考物理模擬預(yù)測(cè)試卷

一、單選題（本大題共11小題，共44.0分）

1.在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，光屏上某點(diǎn)尸到雙縫S［、52的路程差為7.5x10-7加，如果用

頻率為6.0xlO'Hz的單色光照射雙縫，貝歐）

A.單色光的波長(zhǎng)是2x10-7m；點(diǎn)出現(xiàn)暗條紋

B.單色光的波長(zhǎng)是2xP點(diǎn)出現(xiàn)亮條紋

C.單色光的波長(zhǎng)是5x10-7血；p點(diǎn)出現(xiàn)暗條紋

D.單色光的波長(zhǎng)是5x10-76；尸點(diǎn)出現(xiàn)亮條紋

2.如圖所示，4、b兩束單色光先后以相同的入射角從同一點(diǎn)射入一平行玻璃磚，其

A.4光在玻璃磚中的傳播速度更大

B.。光的波長(zhǎng)較大

C.a、〃兩束單色光經(jīng)過同一雙縫干涉裝置后，“光產(chǎn)生的相鄰兩個(gè)亮條紋的中心

間距較小

D.a、匕兩束單色光經(jīng)過同一雙縫干涉裝置后，人光產(chǎn)生的相鄰兩個(gè)亮條紋的中心

間距較小

3.圖為2020年深圳春節(jié)期間路燈上懸掛的燈籠，三個(gè)燈籠由輕

繩連接起來掛在燈柱上，。為結(jié)點(diǎn)，輕繩04OB,OC長(zhǎng)度

相等，無風(fēng)時(shí)三根繩拉力分別為以、7、&?其中OB、OC兩

繩的夾角為60。，燈籠總質(zhì)量為3M,重力加速度為g。下列表

述正確的是（）

A.向一定小于1ng

B.4與凡是一對(duì)平衡力

C.自與日大小相等

D.尸8與尸c合力大小等于3”?

4.如圖所示是“嫦娥三號(hào)”環(huán)月變軌的示意圖。在I圓軌道

運(yùn)行的“嫦娥三號(hào)”通過變軌后繞n圓軌道運(yùn)行，則下列

說法中正確的是（）

A.“嫦娥三號(hào)”在I軌道的線速度大于在n軌道的線速度

B.“嫦娥三號(hào)”在I軌道的角速度大于在n軌道的角速度

c.“嫦娥三號(hào)”在I軌道的運(yùn)行周期大于在口軌道的運(yùn)行周期

D.“嫦娥三號(hào)”由I軌道通過加速才能變軌到n軌道

一學(xué)生用兩個(gè)顏色不同的籃球做斜拋運(yùn)動(dòng)游戲，如圖

所示，第一次出手時(shí)，紅色籃球的初速度與豎直方向

的夾角a=60。；第二次出手時(shí)，橙色籃球的初速度與

豎直方向的夾角為0=30°；兩次出手的位置在同一豎

直線上，結(jié)果兩籃球正好到達(dá)相同的最高點(diǎn)C,則紅色籃球與橙色籃球運(yùn)動(dòng)的高度

之比為（）

A.|B.IC.ID.|

6.在“用單分子油膜估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中，我們估測(cè)到的物理量是（）

A.水分子的直徑B.水分子的體積C.油分子的直徑D.油分子的體積

2020年冬季，南方多地拉閘限電，湖南、浙江、江

用

西等地出臺(tái)限電措施，而山東在這一方面做得比較戶

好。其中外省電力的調(diào)入，起了有力保障，這就涉

及遠(yuǎn)距離輸電問題。遠(yuǎn)距離輸電可簡(jiǎn)化為如圖所示電路，發(fā)電廠發(fā)出的電先通過升

壓變壓器升壓傳輸，再通過降壓變壓器降壓到用戶端。若所用變壓器均為理想變壓

器，J、&分別表示升壓變壓器的原、副線圈電壓，出、以分別表示降壓變壓器

的原、副線圈電壓，發(fā)電廠輸出電壓及輸電線的電阻R均不變。若用戶端消耗的功

率增加，下列說法正確的是（）

A.輸電線上損失的電壓變小B.升壓變壓器的輸出功率變小

C.輸電線上損耗的功率變大D.用戶端的電壓力變大

8.如圖所示，在坐標(biāo)軸尤=0和％=20m處有兩個(gè)連續(xù)振動(dòng)的波源，在介質(zhì)中形成相

向傳播的甲、乙兩列波，t=0時(shí)刻兩列波剛好傳到％=2m和x=16zn處。已知兩

列波的波速均為3.5m/s,則下列判斷中正確的是（）

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A.兩列波在空間相遇時(shí)會(huì)發(fā)生干涉現(xiàn)象

B.甲波與乙波的周期之比為1：2

C.乙比甲先到達(dá)x=9m處

D.t=2s時(shí)，x=9m處質(zhì)點(diǎn)開始向上振動(dòng)

9.如圖所示，導(dǎo)熱的氣缸開口向下，缸內(nèi)活塞封閉了一定質(zhì)量的理

想氣體，活塞可自由滑動(dòng)且不漏氣，活塞下掛一個(gè)砂桶，砂桶裝

滿砂子時(shí)，活塞恰好靜止，現(xiàn)將砂桶底部鉆一個(gè)小洞，讓細(xì)砂慢

慢漏出.氣缸外部溫度恒定不變，貝女）

A.缸內(nèi)的氣體壓強(qiáng)減小，內(nèi)能減小

B.缸內(nèi)的氣體壓強(qiáng)增大，內(nèi)能減小

C.缸內(nèi)的氣體壓強(qiáng)增大，內(nèi)能不變

D.外界對(duì)氣體做功，缸內(nèi)的氣體內(nèi)能增加

10.如圖所示，水平放置的。形光滑框架上接一個(gè)電阻值為

R0的電阻，放在垂直紙面向里的、場(chǎng)強(qiáng)大小為B的勻強(qiáng)磁

場(chǎng)中，一個(gè)半徑為心、質(zhì)量為，"的半圓形硬導(dǎo)體AC在水

平向右的恒定拉力/作用下，由靜止開始運(yùn)動(dòng)距離d后速度達(dá)到心半圓形硬導(dǎo)體

AC的電阻為r,其余電阻不計(jì)，下列說法邊不正確的是（）

A.此時(shí)AC兩端的電壓為。"=煞?

B.此過程中電路產(chǎn)生的電熱Q=Fd-^mv2

C.此過程中通過電阻品的電荷量為勺=然

D.此過程所用時(shí)間1=（亭等+mv）

kt<0+r

11.如圖甲所示，0、A為電場(chǎng)中一直線上的兩個(gè)點(diǎn)，帶正電的點(diǎn)電荷只受電場(chǎng)力的作

用，從。點(diǎn)以某一初速度沿直線運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)，其電勢(shì)能J隨位移x的變化關(guān)系如

圖乙所示。則從O到A過程中，說法正確的是（）

0.V

0

困甲

A.點(diǎn)電荷的速度先增大后減小B.點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力先減小后增大

C.該電場(chǎng)是某個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷形成的D.0到A電勢(shì)先降低后升高

二、實(shí)驗(yàn)題(本大題共1小題，共10.0分)

12.某同學(xué)制作了一個(gè)簡(jiǎn)易多用電表，圖甲為電路原理圖，B為選擇開關(guān)，電流表內(nèi)阻

R=400,滿偏電流I。=25mA,定值電阻R?=600,該多用電表表盤如圖乙所示，

下排刻度均勻，C為上排正中間刻線，其它刻線沒有畫出。

(1)當(dāng)選擇開關(guān)接3時(shí)，電表為(選填“歐姆表”“電壓表"或''電流表"),

量程為。

(2)為了測(cè)該多用電表歐姆擋的內(nèi)阻和表內(nèi)電源的電動(dòng)勢(shì)，該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)室找到了

一個(gè)電阻箱，設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)：

①將選擇開關(guān)接2,紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)比的阻值使電表指針滿偏；

②將多用電表紅、黑表筆與電阻箱相連，調(diào)節(jié)電阻箱使多用電表指針指在C處，

此時(shí)電阻箱如圖丙所示；

③計(jì)算得到多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)為n.

(3)選擇歐姆擋進(jìn)行歐姆調(diào)零后，將紅、黑表筆與某一待測(cè)電阻相連，若指針指在

圖乙所示位置，則待測(cè)電阻的阻值為

(4)該簡(jiǎn)易電表使用一段時(shí)間后，電池的電動(dòng)勢(shì)下降到3H內(nèi)阻變大，但此表仍能

調(diào)零，調(diào)零后用此表測(cè)得某電阻阻值為1800,該電阻真實(shí)值為Q.

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三、計(jì)算題(本大題共4小題，共46.0分)

13.質(zhì)量為M=30kg的汽缸如圖甲所示放置，質(zhì)量為巾=103、橫截面積為S=

0.01瓶2的活塞密封一部分氣體，氣體的長(zhǎng)度為L(zhǎng)i=12cm,此時(shí)環(huán)境溫度為19T,

大氣壓強(qiáng)為Po=1.0x105pa,重力加速度g取10m/s2,不計(jì)活塞與汽缸之間的摩

擦，汽缸導(dǎo)熱性能良好，氣體可視為理想氣體。

(1)現(xiàn)將汽缸緩慢倒過來用彈簧支撐，如圖乙所示，在這一過程中沒有氣體泄漏，

若環(huán)境溫度升高至29丁，求此時(shí)彈簧的彈力；

(2)現(xiàn)將汽缸緩慢倒過來懸掛，如圖丙所示，在這一過程中沒有氣體泄漏，求穩(wěn)定

后活塞相對(duì)汽缸移動(dòng)的距離(結(jié)果保留小數(shù)點(diǎn)后一位)。

14.如圖甲所示為某半徑為R的半球形透明介質(zhì)的截面,AB為半圓的直徑，。為圓心，

在。點(diǎn)左側(cè)，一束單色光從A。上的E點(diǎn)垂直A3射入半球形介質(zhì)，在圓弧上恰好

發(fā)生全反射，OE=^R。

2

(1)求該半球形透明介質(zhì)的折射率；

(2)若將該透明介質(zhì)制成截面為直角三角形的透明體，如圖乙所示，AABC=30°,

4C邊的長(zhǎng)度為令上述單色光的平行光束從AC邊以45。角入射，求A3

邊和邊上有光射出的區(qū)域的長(zhǎng)度之和(不考慮光在介質(zhì)中二次反射)。

15.如圖甲所示，加1=5kg的滑塊自光滑圓弧形槽的頂端A點(diǎn)無初速度地滑下，槽的

底端與水平傳送帶相切于左端導(dǎo)輪頂端的B點(diǎn)，傳送帶沿順時(shí)針方向勻速運(yùn)轉(zhuǎn)。Hi1

下滑前將巾2=3kg的滑塊停放在槽的底端。下滑后與機(jī)2發(fā)生碰撞，碰撞時(shí)間極

短，碰后兩滑塊均向右運(yùn)動(dòng)，傳感器分別描繪出了兩滑塊碰后在傳送帶上從B點(diǎn)運(yùn)

動(dòng)到C點(diǎn)的u-t圖象,如圖乙、丙所示。兩滑塊均視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度g=10m/s2o

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(1)求A、8的高度差人；

(2)求滑塊根］與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃和傳送帶的長(zhǎng)度LBC；

(3)滑塊血2到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度恰好減至U3m/s,求滑塊血2的傳送時(shí)間;

(4)求系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量。

16.如圖所示為一簡(jiǎn)易的速度篩選器，形狀為一等腰直角三角形，直角邊長(zhǎng)為2”。在

該區(qū)域里，有一垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一束速度大小不同、

質(zhì)量為〃?、電荷量為q的帶正電粒子從中點(diǎn)。垂直A8射入該磁場(chǎng)區(qū)域，在BC邊

放置一粒子收集器，長(zhǎng)度與BC等長(zhǎng)，粒子打到收集器上會(huì)被收集，從而把這些粒

子篩選出來。其中粒子重力不計(jì)，也不計(jì)粒子間相互作用。

(1)求能被收集粒子的最小速度；

(2)求能被收集粒子的速度范圍；

(3)討論能被收集粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間與速度的關(guān)系；

(4)如果入射點(diǎn)稍向下移，能被收集粒子的速度范圍會(huì)增大還是減??？(不需要寫出

推導(dǎo)過程)

A

粒子收集甥

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答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：根據(jù)光波的速度公式：c=2/

則有：A=7=S^m=5xl0-7/n

光的路程差跟光波長(zhǎng)之比為：71=手=①耳=1.5；

X5x10-7

即路程差為光的半個(gè)波長(zhǎng)的奇數(shù)倍.因此，兩束光在該點(diǎn)振動(dòng)減弱，出現(xiàn)光的暗條紋,

故C正確，ABD錯(cuò)誤.

故選：Co

先根據(jù)公式c=%/求出光的波長(zhǎng)，然后判斷路程差是半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍還是偶數(shù)倍，若是

偶數(shù)倍即波長(zhǎng)的整數(shù)倍則出現(xiàn)亮條紋.

本題考查雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中出現(xiàn)明暗條紋的條件，掌握光的干涉中出現(xiàn)明亮條紋的條件并

會(huì)應(yīng)用，解決本題的關(guān)鍵掌握雙縫到光屏上P點(diǎn)的距離之差是波長(zhǎng)的整數(shù)倍，則出現(xiàn)明

條紋，路程之差是半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，則出現(xiàn)暗條紋.

2.【答案】C

【解析】

【分析】

復(fù)色光從空氣斜射到厚平板玻璃（上、下表面平行）的上表面，穿過玻璃后從下表面射出，

變?yōu)椤?、b兩束平行單色光，根據(jù)側(cè)移大小，可確定折射率大小.頻率與折射率成正比，

從而判定波長(zhǎng)的長(zhǎng)短，進(jìn)而可確定傳播速度及雙縫干涉條紋間距大小。

此題關(guān)鍵要理解玻璃磚的光學(xué)特性，知道光線通過平板玻璃后，出射光線與入射光線平

行，不會(huì)發(fā)生全反射.根據(jù)公式雙縫干涉條紋間距公式比較干涉條紋的間距大

小。

【解答】

AB、作出以人兩束單色光在玻璃磚中的光路圖如下圖所示，

設(shè)光在玻璃磚上表面的折射角為匕由圖可知％<%，根據(jù)點(diǎn)=黑=?可知〃光在介

質(zhì)中的折射率較大，在介質(zhì)中傳播的速度較小，波長(zhǎng)較小，故A、B錯(cuò)誤；

CD、由于4a<兒，根據(jù)=可知經(jīng)過同一雙縫干涉裝置后，4光產(chǎn)生的相鄰兩個(gè)

亮條紋的中心間距較小，故C正確，。錯(cuò)誤。

故選：Co

3.【答案】D

【解析】解：ACD,三個(gè)燈籠受到重力與0A的拉力，所以。4的拉力4=3mg

三根繩子等長(zhǎng)，可知0B與0C的拉力是相等額；對(duì)。點(diǎn)進(jìn)行受力分析如圖：

可知：FBCOS300+Fccos30°=FA=3mg,

所以：FB=FQ='y/3mg,故A錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤，。正確；

B、由圖可知，4與心的方向不在同一條直線上，所以不是一對(duì)平衡力，故8錯(cuò)誤；

故選：D。

以。點(diǎn)為研究對(duì)象作出受力分析圖，由正交分解法可得出平行四邊形，由幾何關(guān)系可得

出各力間的關(guān)系。

該題結(jié)合力的合成與分解考查共點(diǎn)力平衡，解答的關(guān)鍵是要先判斷出繩子。3與0C上

的拉力相等。

4.【答案】C

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【解析】解：航天器繞星球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力，由此可知:

x,mMv22，2TT、2

G—"m7=mr<D=7n7（T）

4、線速度v=秒知,/軌道上半徑大，線速度小，故A錯(cuò)誤;

B、角速度3=J詈知，/軌道上半徑大，角速度小，故8錯(cuò)誤;

C、周期7=厝知，/軌道上半徑大，周期大，故C正確；

。、衛(wèi)星在較高軌道上到較低軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)，變軌時(shí)是在較高軌道上減速，使得萬有引

力大于在該軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，從而做近心運(yùn)動(dòng)而減小軌道半徑，故。

錯(cuò)誤。

故選：C。

萬有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力并由此分析描述圓周運(yùn)動(dòng)各物理量與半徑間的關(guān)系，根據(jù)

半徑關(guān)系求解其它物理的變化。

熟悉衛(wèi)星變軌原理，并掌握萬有引力提供衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力是解題的關(guān)鍵。

5.【答案】B

【解析】解：因?yàn)镃點(diǎn)是兩個(gè)籃球斜拋運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn)，所以在C點(diǎn)兩個(gè)籃球的速度都

是水平方向，可用逆向思維，將該題看成從C點(diǎn)水平拋出紅、橙兩個(gè)籃球，當(dāng)運(yùn)動(dòng)到虛

線處時(shí)，速度方向與豎直方向的夾角分別為a、0

根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的推論：做平拋運(yùn)動(dòng)的物體任意時(shí)刻速度的反向延長(zhǎng)線過水平位移的中點(diǎn)。

又因?yàn)榧t、橙籃球的水平位移相同，所以反向延長(zhǎng)紅、橙籃球的速度，會(huì)交于水平位移

的中點(diǎn)，如下圖：

X

設(shè)水平位移為X,紅色籃球的豎直位移為砥，橙色籃球的豎直位移為h2,則有:tana=—,

解得：心=就？電=就

所以紅色籃球與橙色籃球運(yùn)動(dòng)的高度之比為：?=黑=察黑故AC。錯(cuò)誤、B

"2tanatan603

正確。

故選：Bo

兩個(gè)斜拋運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn)都在C處，可以用逆向思維，將兩個(gè)球的運(yùn)動(dòng)看成從C點(diǎn)開始

的平拋運(yùn)動(dòng)，再根據(jù)“做平拋運(yùn)動(dòng)的物體任意時(shí)刻速度的反向延長(zhǎng)線過水平位移的中點(diǎn)”

這一推論，作圖之后得到幾何關(guān)系式，從而求出兩球運(yùn)動(dòng)的豎直高度之比。

本題考查平拋運(yùn)動(dòng)，解題的關(guān)鍵在于用逆向思維將兩球的運(yùn)動(dòng)看成是從C點(diǎn)出發(fā)的平拋

運(yùn)動(dòng)，另外要熟知平拋運(yùn)動(dòng)的相關(guān)推論，簡(jiǎn)化解題過程。

6.【答案】C

【解析】解：“用單分子油膜估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)中是將酒精油酸容液滴在水面上形

成單分子油膜，通過測(cè)量油膜體積以及油膜面積來求出油分子的直徑，故C正確，ABD

錯(cuò)誤。

故選：C。

明確實(shí)驗(yàn)原理，知道實(shí)驗(yàn)方法和過程從而明確實(shí)驗(yàn)中物理量的來源。

本題考查“用單分子油膜估測(cè)分子的大小”實(shí)驗(yàn)，關(guān)鍵是明確實(shí)驗(yàn)原理，知道實(shí)驗(yàn)?zāi)康?/p>

和實(shí)驗(yàn)方法。

7.【答案】C

【解析】解：A、當(dāng)用戶端消耗的功率增加時(shí)，降壓變壓器的輸出功率會(huì)增加，降壓變

壓器的輸入功率增加，從而導(dǎo)致降壓變壓器的輸入電流變大，根據(jù)U=/R可知，輸電線

上損失的電壓變大，故A錯(cuò)誤；

8、升壓變壓器副線圈中的電流變大，電壓U2不變，輸出功率變大，故B錯(cuò)誤；

C、輸電線上損失的電壓變大，輸電線的電阻R不變，根據(jù)P=?可知，輸電線上損耗

的功率變大，故C正確：

。、輸電線上損失的電壓變大，降壓變壓器原線圈的電壓/減小，副線圈電壓&也減小，

故。錯(cuò)誤。

故選：Co

通過用戶端消耗的功率增加，判斷出輸電線的電流/的變化，利用U=/R判斷輸電線損

失電壓的變化；利用「2=判斷升壓變壓器的輸出功率的變化；利用U的變化，由P=

號(hào)判斷輸電線上損耗功率的變化；利用g=4-u判斷降壓變壓器原線圈電壓4的變

R

第12頁(yè)，共20頁(yè)

化，通過3判斷力的變化。

本題考查理想變壓器和遠(yuǎn)距離輸電問題。在推導(dǎo)各物理量變化時(shí)，應(yīng)該從用戶端功率變

化出發(fā)，判斷出輸電線中的電流的變化。注意計(jì)算線圈功率或整個(gè)電路功率時(shí)，由于不

是純電阻電路，故只能用P=U/來計(jì)算；而對(duì)于導(dǎo)線R,其功率用P線=囁R或P線

計(jì)算均可。

8.【答案】B

【解析】解：A、由題圖可知兩列波的波長(zhǎng)不同，則兩列波的頻率不同，所以兩列波在

空間相遇時(shí)不會(huì)發(fā)生干涉現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；

B、甲波的波長(zhǎng)為2”,乙波的波長(zhǎng)為4m,兩波波速相等，則由7=河知甲波與乙波

的周期之比為1：2,故B正確；

CD、由=§知，兩波在t=2s時(shí)同時(shí)到達(dá)％=9m處，且x=9m處的質(zhì)點(diǎn)開始向下

振動(dòng)，故CD錯(cuò)誤。

故選:B。

根據(jù)波長(zhǎng)，由波速求得周期，即可判斷是否能發(fā)生穩(wěn)定干涉；由波速得到兩波傳到某一

質(zhì)點(diǎn)的時(shí)間，再根據(jù)疊加原理得到質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)。

本題考查機(jī)械波。機(jī)械振動(dòng)問題中，一般根據(jù)振動(dòng)圖象得到周期、質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向；再根

據(jù)波形圖得到波長(zhǎng)和波的傳播方向，從而得到波速及質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)，進(jìn)而根據(jù)周期得到路程。

9.【答案】C

【解析】

【分析】

以活塞為研究對(duì)象，根據(jù)力平衡得知?dú)飧變?nèi)氣體的壓強(qiáng)逐漸增大，氣體被壓縮，體積減

小，外界對(duì)氣體做功.由于氣缸是導(dǎo)熱的，氣體的溫度與環(huán)境相等，保持不變，其內(nèi)能

不變.

本題關(guān)鍵是運(yùn)用力學(xué)知識(shí)分析氣體壓強(qiáng)如何變化，同時(shí)抓住一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能

只跟溫度有關(guān).

【解答】

設(shè)活塞重力為G,橫截面積為S,大氣壓為po,則以活塞為研究對(duì)象，

根據(jù)力平衡得到：氣缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p=Po-g,由于G減小，則p增大，即氣體壓強(qiáng)

增大，由玻義耳定律pU=C可知?dú)怏w體積丫變小，則外界對(duì)氣體做功.

由于氣缸是導(dǎo)熱的，氣體的溫度與環(huán)境相等，保持不變，其內(nèi)能不變.

故選C

10.【答案】D

【解析】解：A、導(dǎo)體AC有效切割的長(zhǎng)度等于半圓的直徑23半圓形導(dǎo)體AC切割磁

感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為：E=B-2L-v=2BLv,

而AC相當(dāng)于電源，其兩端的電壓是外電壓，由歐姆定律得：辦c=/±E=

華警4正確；

“0十丁

8、根據(jù)能量守恒定律可知，外力做的功，一方面轉(zhuǎn)化為導(dǎo)體動(dòng)能的增加，另一方面

轉(zhuǎn)化為焦耳熱，即：Fd=Q+^mv2,解得：Q=Fd-16172.故B正確；

C、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：l==又因?yàn)殡娏鞫x式為：T

r+R。t(Ro+r)f

解得此過程中通過電阻&的電荷量為：q=7t=若.故C正確；

。、根據(jù)動(dòng)量定理得：Ft-B12Lt=mv,又因?yàn)閝=7t，則有“：Ft-qB2L=mv,

解得：t=%片=*多等+小切故。錯(cuò)誤.

rrKQ+F

本題選不正確的，故選：Do

先根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出電動(dòng)勢(shì)，再結(jié)合電路的結(jié)構(gòu)算出AC兩端的電壓；根據(jù)

能量守恒定律可求出電路中產(chǎn)生的焦耳熱；

利用電量的表達(dá)式求出此過程中通過電阻品的電荷量；再利用動(dòng)量定律求解出此過程所

需的時(shí)間。

解答本題的關(guān)鍵是：在計(jì)算感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)時(shí)知道半圓形硬導(dǎo)體4c有效切割的長(zhǎng)度等于2L；

分清內(nèi)電路和外電路，充分利用能的轉(zhuǎn)化和守恒定律及動(dòng)量定律解題。

11.【答案】B

【解析】解：A、正電荷在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)，故電荷的電勢(shì)能與動(dòng)能的總和不變，由

圖象可知，電勢(shì)能先增大后減小，則動(dòng)能先減小后增大，速度先減小后增大，故A錯(cuò)誤；

B、電場(chǎng)力做的功W=Fx=Ep-0。，Ep-=Fx+Epo,圖線的斜率是電場(chǎng)力的大小，

可見電場(chǎng)力先減小后增大。故8正確，

C、根據(jù)帶負(fù)電的點(diǎn)荷周圍的場(chǎng)強(qiáng)分布規(guī)律可知，正的電荷在其周圍做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，單

靠近場(chǎng)源電荷是，電勢(shì)能減少，遠(yuǎn)離時(shí)電勢(shì)能增加，由于圖象中是先增加后減少，故不

第14頁(yè)，共20頁(yè)

可能是負(fù)電荷的電場(chǎng)。故C錯(cuò)誤。

D、從。到A過程中，該正電荷的電勢(shì)能先增大再減小，根據(jù)電勢(shì)能的定義Ep=q<p可

知，電勢(shì)先升高后降低，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)能力守恒可知?jiǎng)幽艿淖兓?。根?jù)電勢(shì)能即隨位移x的變化關(guān)系圖象的斜率表示電

場(chǎng)力的大小分析電場(chǎng)力變化情況。跟點(diǎn)電荷周圍電場(chǎng)的分布規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動(dòng)規(guī)律判斷電

場(chǎng)的性質(zhì)。根據(jù)電勢(shì)能的定義判斷電勢(shì)的變化。

電勢(shì)能與隨位移x的變化關(guān)系圖象的斜率表示電場(chǎng)力的大小，記住這個(gè)結(jié)論在分析電場(chǎng)

力變化情況時(shí)可以方便的得到答案。

12.【答案】電壓表0-2.5V3.75100144

【解析】解：(1)當(dāng)選擇開關(guān)接3時(shí)，電阻和電流表串聯(lián)分壓，所以電表為電壓表，

設(shè)量程為U,由串聯(lián)電路的分壓原理,有U=/g(R+R2)，所以電壓表的量程為U=2.5U；

(2)由圖可知，C為表盤的中間刻度，則/=|/g=gxl0-34

且電阻箱讀數(shù)為R=1500,

由歐姆表的原理可知，此時(shí)電阻箱的阻值和表頭內(nèi)阻相同，

EE

由閉合電路的歐姆定律有/=海"=正，

解得E=3.75匕

(3)由乙圖可讀出/'=g/g=15mA=0.015/1,

.E

由閉合電路的歐姆定律有/=可而，

解得待測(cè)電阻阻值為：R'=1OO0；

(4)由測(cè)量原理有后而

―150+RJ

解得Rx=144。。

故答案為：(1)電壓表，0-2.5V(2)3.75(3)100(4)144。

(1)根據(jù)串聯(lián)分壓可知，開關(guān)接3時(shí)為電壓表，根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電壓表的量

程；

(2)當(dāng)指針指在中間刻度時(shí)，待測(cè)電阻的阻值等于歐姆表的內(nèi)阻，根據(jù)閉合電路歐姆定

律求解電源電動(dòng)勢(shì)；

(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律求解待測(cè)電阻的阻值；

(4)根據(jù)電表的測(cè)量原理分析求解該電阻真實(shí)值。

解決該題的關(guān)鍵是掌握電壓表改裝和電流表改裝的原理，知道歐姆表測(cè)電阻時(shí)，表盤的

中值電阻等于歐姆表的內(nèi)阻，掌握閉合電路歐姆定律。

13.【答案】解：(1)對(duì)活塞與氣缸整體受力分析，根據(jù)受力分析可知，題圖乙中彈簧彈

力與汽缸和活塞的重力大小之和相等，與環(huán)境溫度無關(guān)，設(shè)彈簧的彈力為凡有.：尸=

Mg+mg=(30+10)xION=400N

(2)設(shè)甲、丙圖中氣體的壓強(qiáng)分別為pi和P2,氣體的長(zhǎng)度分別是刀和功；其中：k=

12cm=0.12m

甲圖中氣體的狀態(tài)參量：pi=Po+詈=1.0*105「。+需2pa=1.1xiospa,匕=

LiS

524

丙圖中氣體的狀態(tài)參量:P2=Po-詈=1.0x10Pa一黑Pa=9x10Pa,彩=L2S,

汽缸倒置懸掛前后氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)玻意耳定律知Pl%=P2%，

聯(lián)立解得：L2x0.147m

活塞相對(duì)汽缸移動(dòng)的距離為L(zhǎng)0.147m-0.12m=0.027m=2.7cm.

=L2-LX=

答：(1)此時(shí)彈簧的彈力為400N；

(2)現(xiàn)將汽缸緩慢倒過來懸掛，在這一過程中沒有氣體泄漏，穩(wěn)定后活塞相對(duì)汽缸移動(dòng)

的距離為2.7cm。

【解析】(1)對(duì)活塞與氣缸整體受力分析，求出彈簧的彈力；

(2)列出甲、乙、丙圖中氣體的狀態(tài)，結(jié)合理想氣體得狀態(tài)方程與氣體的實(shí)驗(yàn)定律分別

求出乙圖與丙圖氣體的長(zhǎng)度，最后由幾何關(guān)系求出穩(wěn)定后活塞相對(duì)汽缸移動(dòng)的距離即可。

本題主要是考查了理想氣體的狀態(tài)方程；解答此類問題的方法是：找出不同狀態(tài)下的三

個(gè)狀態(tài)參量，分析理想氣體發(fā)生的是何種變化，利用理想氣體的狀態(tài)方程列方程求解。

14.【答案】解：(1)由圖甲結(jié)合幾何知識(shí)可知，光線發(fā)生全反射的臨界角為C=45。

由全反射條件有sinC=

n

即sin45°=-=—,

n2

則該半球形透明介質(zhì)的折射率為71=V2o

(2)作出入射光線的光路圖，如圖所示，

第16頁(yè)，共20頁(yè)

單色光的平行光束從AC邊以45。角入射時(shí)，

由折射定律可知，折射角為30。，

由幾何關(guān)系可知，射到M點(diǎn)的光線，折射光線從M點(diǎn)射出，到C點(diǎn)的距離為比m,

5

反射光線垂直A8邊從N點(diǎn)射出，由幾何關(guān)系可知，N為48邊的中點(diǎn)，到A點(diǎn)的距離

為日L=0.3m>

故有光射出的區(qū)域的總長(zhǎng)度為山m.

10

答：(1)求該半球形透明介質(zhì)的折射率為近。

(2)4B邊和BC邊上有光射出的區(qū)域的長(zhǎng)度之和為穿m.

【解析】(1)根據(jù)幾何關(guān)系可求出半球形透明介質(zhì)的折射率。

(2)做出光路圖利用幾何知識(shí)可求出AB邊和BC邊上有光射出的區(qū)域的長(zhǎng)度之和。

明確光的反射和折射以及全反射的臨界角的概念，能正確畫出光路圖是解決問題的關(guān)鍵。

15.【答案】解：(1)由圖乙丙可知，碰撞后瞬間，Hi1的速度%=lm/s,m2的速度%=

5m/sf

設(shè)碰撞前瞬間巾1的速度為孫，碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，取向右的方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)

量守恒定律得：=m1v1+m2v2

解得：VQ=4m/s,

血1下滑的過程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：

1

mxgh=-mrvl

解得：h—0.8m；

(2)由圖乙可知，滑塊m1在傳送帶上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小：a=^=0.5?n/s2

滑塊的加速度就是由滑動(dòng)摩擦力提供，故：〃1巾1。=機(jī)巡，

解得，滑塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)：Mi=0.05

由圖乙可知，滑塊uh在傳送帶上先加速4s,后勻速運(yùn)動(dòng)6s到達(dá)C點(diǎn)

圖線與坐標(biāo)軸圍成的圖形的面積在數(shù)值上等于傳送帶的長(zhǎng)度LBC，

即LBC=|x(14-3)x4+3x(10-4)=26m；

(3)滑塊血2一直做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度恰好減到3m/s,

全程的平均速度為：v=^=4m/s,

設(shè)滑塊血2的傳送時(shí)間：《=嬰=彳=&5s；

4V4

(4)由圖乙可知，滑塊6］在傳送帶上加速階段的位移：

+；Q此=8m,

滑塊？Th在傳送帶上加速階段產(chǎn)生的熱量：Qi=-%i),

滑塊?在傳送帶上減速的加速大小：優(yōu)=冬=^m/s2

滑塊加2受到的滑動(dòng)摩擦力大?。篺=m2a'

滑塊徵2在傳送帶上減速階段產(chǎn)生的熱量：Qi=f@BC-vt),

系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量：Q=QI+Q2，解得：Q=16J。

答：(1)月、8的高度差力為0.8m；

(2)滑塊mi與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)4和傳送帶的長(zhǎng)度勿。為26處

(3)滑塊血2到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度恰好減到3m/s,滑塊爪2的傳送時(shí)間為6.5s；

(4)系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量為16J。

【解析】(1)由圖示圖象可以求出兩滑塊碰撞后瞬間的速度，兩滑塊碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量

守恒，由動(dòng)量守恒定律可以求出碰撞前滑塊mi的速度，滑塊Tn1下滑