2021年江蘇省徐州一中高考物理模擬預(yù)測試卷（附答案詳解）

2021年江蘇省徐州一中高考物理模擬預(yù)測試卷

一、單選題（本大題共11小題，共44.0分）

1.在雙縫干涉實驗中，光屏上某點尸到雙縫S［、52的路程差為7.5x10-7加，如果用

頻率為6.0xlO'Hz的單色光照射雙縫，貝歐）

A.單色光的波長是2x10-7m；點出現(xiàn)暗條紋

B.單色光的波長是2xP點出現(xiàn)亮條紋

C.單色光的波長是5x10-7血；p點出現(xiàn)暗條紋

D.單色光的波長是5x10-76；尸點出現(xiàn)亮條紋

2.如圖所示，4、b兩束單色光先后以相同的入射角從同一點射入一平行玻璃磚，其

A.4光在玻璃磚中的傳播速度更大

B.。光的波長較大

C.a、〃兩束單色光經(jīng)過同一雙縫干涉裝置后，“光產(chǎn)生的相鄰兩個亮條紋的中心

間距較小

D.a、匕兩束單色光經(jīng)過同一雙縫干涉裝置后，人光產(chǎn)生的相鄰兩個亮條紋的中心

間距較小

3.圖為2020年深圳春節(jié)期間路燈上懸掛的燈籠，三個燈籠由輕

繩連接起來掛在燈柱上，。為結(jié)點，輕繩04OB,OC長度

相等，無風(fēng)時三根繩拉力分別為以、7、&?其中OB、OC兩

繩的夾角為60。，燈籠總質(zhì)量為3M,重力加速度為g。下列表

述正確的是（）

A.向一定小于1ng

B.4與凡是一對平衡力

C.自與日大小相等

D.尸8與尸c合力大小等于3”?

4.如圖所示是“嫦娥三號”環(huán)月變軌的示意圖。在I圓軌道

運行的“嫦娥三號”通過變軌后繞n圓軌道運行，則下列

說法中正確的是（）

A.“嫦娥三號”在I軌道的線速度大于在n軌道的線速度

B.“嫦娥三號”在I軌道的角速度大于在n軌道的角速度

c.“嫦娥三號”在I軌道的運行周期大于在口軌道的運行周期

D.“嫦娥三號”由I軌道通過加速才能變軌到n軌道

一學(xué)生用兩個顏色不同的籃球做斜拋運動游戲，如圖

所示，第一次出手時，紅色籃球的初速度與豎直方向

的夾角a=60。；第二次出手時，橙色籃球的初速度與

豎直方向的夾角為0=30°；兩次出手的位置在同一豎

直線上，結(jié)果兩籃球正好到達相同的最高點C,則紅色籃球與橙色籃球運動的高度

之比為（）

A.|B.IC.ID.|

6.在“用單分子油膜估測分子的大小”實驗中，我們估測到的物理量是（）

A.水分子的直徑B.水分子的體積C.油分子的直徑D.油分子的體積

2020年冬季，南方多地拉閘限電，湖南、浙江、江

用

西等地出臺限電措施，而山東在這一方面做得比較戶

好。其中外省電力的調(diào)入，起了有力保障，這就涉

及遠距離輸電問題。遠距離輸電可簡化為如圖所示電路，發(fā)電廠發(fā)出的電先通過升

壓變壓器升壓傳輸，再通過降壓變壓器降壓到用戶端。若所用變壓器均為理想變壓

器，J、&分別表示升壓變壓器的原、副線圈電壓，出、以分別表示降壓變壓器

的原、副線圈電壓，發(fā)電廠輸出電壓及輸電線的電阻R均不變。若用戶端消耗的功

率增加，下列說法正確的是（）

A.輸電線上損失的電壓變小B.升壓變壓器的輸出功率變小

C.輸電線上損耗的功率變大D.用戶端的電壓力變大

8.如圖所示，在坐標(biāo)軸尤=0和％=20m處有兩個連續(xù)振動的波源，在介質(zhì)中形成相

向傳播的甲、乙兩列波，t=0時刻兩列波剛好傳到％=2m和x=16zn處。已知兩

列波的波速均為3.5m/s,則下列判斷中正確的是（）

第2頁，共20頁

A.兩列波在空間相遇時會發(fā)生干涉現(xiàn)象

B.甲波與乙波的周期之比為1：2

C.乙比甲先到達x=9m處

D.t=2s時，x=9m處質(zhì)點開始向上振動

9.如圖所示，導(dǎo)熱的氣缸開口向下，缸內(nèi)活塞封閉了一定質(zhì)量的理

想氣體，活塞可自由滑動且不漏氣，活塞下掛一個砂桶，砂桶裝

滿砂子時，活塞恰好靜止，現(xiàn)將砂桶底部鉆一個小洞，讓細(xì)砂慢

慢漏出.氣缸外部溫度恒定不變，貝女）

A.缸內(nèi)的氣體壓強減小，內(nèi)能減小

B.缸內(nèi)的氣體壓強增大，內(nèi)能減小

C.缸內(nèi)的氣體壓強增大，內(nèi)能不變

D.外界對氣體做功，缸內(nèi)的氣體內(nèi)能增加

10.如圖所示，水平放置的。形光滑框架上接一個電阻值為

R0的電阻，放在垂直紙面向里的、場強大小為B的勻強磁

場中，一個半徑為心、質(zhì)量為，"的半圓形硬導(dǎo)體AC在水

平向右的恒定拉力/作用下，由靜止開始運動距離d后速度達到心半圓形硬導(dǎo)體

AC的電阻為r,其余電阻不計，下列說法邊不正確的是（）

A.此時AC兩端的電壓為。"=煞?

B.此過程中電路產(chǎn)生的電熱Q=Fd-^mv2

C.此過程中通過電阻品的電荷量為勺=然

D.此過程所用時間1=（亭等+mv）

kt<0+r

11.如圖甲所示，0、A為電場中一直線上的兩個點，帶正電的點電荷只受電場力的作

用，從。點以某一初速度沿直線運動到A點，其電勢能J隨位移x的變化關(guān)系如

圖乙所示。則從O到A過程中，說法正確的是（）

0.V

0

困甲

A.點電荷的速度先增大后減小B.點電荷所受電場力先減小后增大

C.該電場是某個負(fù)點電荷形成的D.0到A電勢先降低后升高

二、實驗題(本大題共1小題，共10.0分)

12.某同學(xué)制作了一個簡易多用電表，圖甲為電路原理圖，B為選擇開關(guān)，電流表內(nèi)阻

R=400,滿偏電流I。=25mA,定值電阻R?=600,該多用電表表盤如圖乙所示，

下排刻度均勻，C為上排正中間刻線，其它刻線沒有畫出。

(1)當(dāng)選擇開關(guān)接3時，電表為(選填“歐姆表”“電壓表"或''電流表"),

量程為。

(2)為了測該多用電表歐姆擋的內(nèi)阻和表內(nèi)電源的電動勢，該同學(xué)在實驗室找到了

一個電阻箱，設(shè)計了如下實驗：

①將選擇開關(guān)接2,紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)比的阻值使電表指針滿偏；

②將多用電表紅、黑表筆與電阻箱相連，調(diào)節(jié)電阻箱使多用電表指針指在C處，

此時電阻箱如圖丙所示；

③計算得到多用電表內(nèi)電池的電動勢為n.

(3)選擇歐姆擋進行歐姆調(diào)零后，將紅、黑表筆與某一待測電阻相連，若指針指在

圖乙所示位置，則待測電阻的阻值為

(4)該簡易電表使用一段時間后，電池的電動勢下降到3H內(nèi)阻變大，但此表仍能

調(diào)零，調(diào)零后用此表測得某電阻阻值為1800,該電阻真實值為Q.

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三、計算題(本大題共4小題，共46.0分)

13.質(zhì)量為M=30kg的汽缸如圖甲所示放置，質(zhì)量為巾=103、橫截面積為S=

0.01瓶2的活塞密封一部分氣體，氣體的長度為Li=12cm,此時環(huán)境溫度為19T,

大氣壓強為Po=1.0x105pa,重力加速度g取10m/s2,不計活塞與汽缸之間的摩

擦，汽缸導(dǎo)熱性能良好，氣體可視為理想氣體。

(1)現(xiàn)將汽缸緩慢倒過來用彈簧支撐，如圖乙所示，在這一過程中沒有氣體泄漏，

若環(huán)境溫度升高至29丁，求此時彈簧的彈力；

(2)現(xiàn)將汽缸緩慢倒過來懸掛，如圖丙所示，在這一過程中沒有氣體泄漏，求穩(wěn)定

后活塞相對汽缸移動的距離(結(jié)果保留小數(shù)點后一位)。

14.如圖甲所示為某半徑為R的半球形透明介質(zhì)的截面,AB為半圓的直徑，。為圓心，

在。點左側(cè)，一束單色光從A。上的E點垂直A3射入半球形介質(zhì)，在圓弧上恰好

發(fā)生全反射，OE=^R。

2

(1)求該半球形透明介質(zhì)的折射率；

(2)若將該透明介質(zhì)制成截面為直角三角形的透明體，如圖乙所示，AABC=30°,

4C邊的長度為令上述單色光的平行光束從AC邊以45。角入射，求A3

邊和邊上有光射出的區(qū)域的長度之和(不考慮光在介質(zhì)中二次反射)。

15.如圖甲所示，加1=5kg的滑塊自光滑圓弧形槽的頂端A點無初速度地滑下，槽的

底端與水平傳送帶相切于左端導(dǎo)輪頂端的B點，傳送帶沿順時針方向勻速運轉(zhuǎn)。Hi1

下滑前將巾2=3kg的滑塊停放在槽的底端。下滑后與機2發(fā)生碰撞，碰撞時間極

短，碰后兩滑塊均向右運動，傳感器分別描繪出了兩滑塊碰后在傳送帶上從B點運

動到C點的u-t圖象,如圖乙、丙所示。兩滑塊均視為質(zhì)點，重力加速度g=10m/s2o

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(1)求A、8的高度差人；

(2)求滑塊根］與傳送帶間的動摩擦因數(shù)〃和傳送帶的長度LBC；

(3)滑塊血2到達C點時速度恰好減至U3m/s,求滑塊血2的傳送時間;

(4)求系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量。

16.如圖所示為一簡易的速度篩選器，形狀為一等腰直角三角形，直角邊長為2”。在

該區(qū)域里，有一垂直紙面向外、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場。一束速度大小不同、

質(zhì)量為〃?、電荷量為q的帶正電粒子從中點。垂直A8射入該磁場區(qū)域，在BC邊

放置一粒子收集器，長度與BC等長，粒子打到收集器上會被收集，從而把這些粒

子篩選出來。其中粒子重力不計，也不計粒子間相互作用。

(1)求能被收集粒子的最小速度；

(2)求能被收集粒子的速度范圍；

(3)討論能被收集粒子在磁場中運動的時間與速度的關(guān)系；

(4)如果入射點稍向下移，能被收集粒子的速度范圍會增大還是減?。?不需要寫出

推導(dǎo)過程)

A

粒子收集甥

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答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：根據(jù)光波的速度公式：c=2/

則有：A=7=S^m=5xl0-7/n

光的路程差跟光波長之比為：71=手=①耳=1.5；

X5x10-7

即路程差為光的半個波長的奇數(shù)倍.因此，兩束光在該點振動減弱，出現(xiàn)光的暗條紋,

故C正確，ABD錯誤.

故選：Co

先根據(jù)公式c=%/求出光的波長，然后判斷路程差是半波長的奇數(shù)倍還是偶數(shù)倍，若是

偶數(shù)倍即波長的整數(shù)倍則出現(xiàn)亮條紋.

本題考查雙縫干涉實驗中出現(xiàn)明暗條紋的條件，掌握光的干涉中出現(xiàn)明亮條紋的條件并

會應(yīng)用，解決本題的關(guān)鍵掌握雙縫到光屏上P點的距離之差是波長的整數(shù)倍，則出現(xiàn)明

條紋，路程之差是半波長的奇數(shù)倍，則出現(xiàn)暗條紋.

2.【答案】C

【解析】

【分析】

復(fù)色光從空氣斜射到厚平板玻璃（上、下表面平行）的上表面，穿過玻璃后從下表面射出，

變?yōu)椤?、b兩束平行單色光，根據(jù)側(cè)移大小，可確定折射率大小.頻率與折射率成正比，

從而判定波長的長短，進而可確定傳播速度及雙縫干涉條紋間距大小。

此題關(guān)鍵要理解玻璃磚的光學(xué)特性，知道光線通過平板玻璃后，出射光線與入射光線平

行，不會發(fā)生全反射.根據(jù)公式雙縫干涉條紋間距公式比較干涉條紋的間距大

小。

【解答】

AB、作出以人兩束單色光在玻璃磚中的光路圖如下圖所示，

設(shè)光在玻璃磚上表面的折射角為匕由圖可知％<%，根據(jù)點=黑=?可知〃光在介

質(zhì)中的折射率較大，在介質(zhì)中傳播的速度較小，波長較小，故A、B錯誤；

CD、由于4a<兒，根據(jù)=可知經(jīng)過同一雙縫干涉裝置后，4光產(chǎn)生的相鄰兩個

亮條紋的中心間距較小，故C正確，。錯誤。

故選：Co

3.【答案】D

【解析】解：ACD,三個燈籠受到重力與0A的拉力，所以。4的拉力4=3mg

三根繩子等長，可知0B與0C的拉力是相等額；對。點進行受力分析如圖：

可知：FBCOS300+Fccos30°=FA=3mg,

所以：FB=FQ='y/3mg,故A錯誤，C錯誤，。正確；

B、由圖可知，4與心的方向不在同一條直線上，所以不是一對平衡力，故8錯誤；

故選：D。

以。點為研究對象作出受力分析圖，由正交分解法可得出平行四邊形，由幾何關(guān)系可得

出各力間的關(guān)系。

該題結(jié)合力的合成與分解考查共點力平衡，解答的關(guān)鍵是要先判斷出繩子。3與0C上

的拉力相等。

4.【答案】C

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【解析】解：航天器繞星球做勻速圓周運動萬有引力提供圓周運動向心力，由此可知:

x,mMv22，2TT、2

G—"m7=mr<D=7n7（T）

4、線速度v=秒知,/軌道上半徑大，線速度小，故A錯誤;

B、角速度3=J詈知，/軌道上半徑大，角速度小，故8錯誤;

C、周期7=厝知，/軌道上半徑大，周期大，故C正確；

。、衛(wèi)星在較高軌道上到較低軌道上運動時，變軌時是在較高軌道上減速，使得萬有引

力大于在該軌道上做勻速圓周運動的向心力，從而做近心運動而減小軌道半徑，故。

錯誤。

故選：C。

萬有引力提供圓周運動向心力并由此分析描述圓周運動各物理量與半徑間的關(guān)系，根據(jù)

半徑關(guān)系求解其它物理的變化。

熟悉衛(wèi)星變軌原理，并掌握萬有引力提供衛(wèi)星做勻速圓周運動的向心力是解題的關(guān)鍵。

5.【答案】B

【解析】解：因為C點是兩個籃球斜拋運動的最高點，所以在C點兩個籃球的速度都

是水平方向，可用逆向思維，將該題看成從C點水平拋出紅、橙兩個籃球，當(dāng)運動到虛

線處時，速度方向與豎直方向的夾角分別為a、0

根據(jù)平拋運動的推論：做平拋運動的物體任意時刻速度的反向延長線過水平位移的中點。

又因為紅、橙籃球的水平位移相同，所以反向延長紅、橙籃球的速度，會交于水平位移

的中點，如下圖：

X

設(shè)水平位移為X,紅色籃球的豎直位移為砥，橙色籃球的豎直位移為h2,則有:tana=—,

解得：心=就？電=就

所以紅色籃球與橙色籃球運動的高度之比為：?=黑=察黑故AC。錯誤、B

"2tanatan603

正確。

故選：Bo

兩個斜拋運動的最高點都在C處，可以用逆向思維，將兩個球的運動看成從C點開始

的平拋運動，再根據(jù)“做平拋運動的物體任意時刻速度的反向延長線過水平位移的中點”

這一推論，作圖之后得到幾何關(guān)系式，從而求出兩球運動的豎直高度之比。

本題考查平拋運動，解題的關(guān)鍵在于用逆向思維將兩球的運動看成是從C點出發(fā)的平拋

運動，另外要熟知平拋運動的相關(guān)推論，簡化解題過程。

6.【答案】C

【解析】解：“用單分子油膜估測分子的大小”實驗中是將酒精油酸容液滴在水面上形

成單分子油膜，通過測量油膜體積以及油膜面積來求出油分子的直徑，故C正確，ABD

錯誤。

故選：C。

明確實驗原理，知道實驗方法和過程從而明確實驗中物理量的來源。

本題考查“用單分子油膜估測分子的大小”實驗，關(guān)鍵是明確實驗原理，知道實驗?zāi)康?/p>

和實驗方法。

7.【答案】C

【解析】解：A、當(dāng)用戶端消耗的功率增加時，降壓變壓器的輸出功率會增加，降壓變

壓器的輸入功率增加，從而導(dǎo)致降壓變壓器的輸入電流變大，根據(jù)U=/R可知，輸電線

上損失的電壓變大，故A錯誤；

8、升壓變壓器副線圈中的電流變大，電壓U2不變，輸出功率變大，故B錯誤；

C、輸電線上損失的電壓變大，輸電線的電阻R不變，根據(jù)P=?可知，輸電線上損耗

的功率變大，故C正確：

。、輸電線上損失的電壓變大，降壓變壓器原線圈的電壓/減小，副線圈電壓&也減小，

故。錯誤。

故選：Co

通過用戶端消耗的功率增加，判斷出輸電線的電流/的變化，利用U=/R判斷輸電線損

失電壓的變化；利用「2=判斷升壓變壓器的輸出功率的變化；利用U的變化，由P=

號判斷輸電線上損耗功率的變化；利用g=4-u判斷降壓變壓器原線圈電壓4的變

R

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化，通過3判斷力的變化。

本題考查理想變壓器和遠距離輸電問題。在推導(dǎo)各物理量變化時，應(yīng)該從用戶端功率變

化出發(fā)，判斷出輸電線中的電流的變化。注意計算線圈功率或整個電路功率時，由于不

是純電阻電路，故只能用P=U/來計算；而對于導(dǎo)線R,其功率用P線=囁R或P線

計算均可。

8.【答案】B

【解析】解：A、由題圖可知兩列波的波長不同，則兩列波的頻率不同，所以兩列波在

空間相遇時不會發(fā)生干涉現(xiàn)象，故A錯誤；

B、甲波的波長為2”,乙波的波長為4m,兩波波速相等，則由7=河知甲波與乙波

的周期之比為1：2,故B正確；

CD、由=§知，兩波在t=2s時同時到達％=9m處，且x=9m處的質(zhì)點開始向下

振動，故CD錯誤。

故選:B。

根據(jù)波長，由波速求得周期，即可判斷是否能發(fā)生穩(wěn)定干涉；由波速得到兩波傳到某一

質(zhì)點的時間，再根據(jù)疊加原理得到質(zhì)點振動。

本題考查機械波。機械振動問題中，一般根據(jù)振動圖象得到周期、質(zhì)點振動方向；再根

據(jù)波形圖得到波長和波的傳播方向，從而得到波速及質(zhì)點振動，進而根據(jù)周期得到路程。

9.【答案】C

【解析】

【分析】

以活塞為研究對象，根據(jù)力平衡得知氣缸內(nèi)氣體的壓強逐漸增大，氣體被壓縮，體積減

小，外界對氣體做功.由于氣缸是導(dǎo)熱的，氣體的溫度與環(huán)境相等，保持不變，其內(nèi)能

不變.

本題關(guān)鍵是運用力學(xué)知識分析氣體壓強如何變化，同時抓住一定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能

只跟溫度有關(guān).

【解答】

設(shè)活塞重力為G,橫截面積為S,大氣壓為po,則以活塞為研究對象，

根據(jù)力平衡得到：氣缸內(nèi)氣體的壓強p=Po-g,由于G減小，則p增大，即氣體壓強

增大，由玻義耳定律pU=C可知氣體體積丫變小，則外界對氣體做功.

由于氣缸是導(dǎo)熱的，氣體的溫度與環(huán)境相等，保持不變，其內(nèi)能不變.

故選C

10.【答案】D

【解析】解：A、導(dǎo)體AC有效切割的長度等于半圓的直徑23半圓形導(dǎo)體AC切割磁

感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的大小為：E=B-2L-v=2BLv,

而AC相當(dāng)于電源，其兩端的電壓是外電壓，由歐姆定律得：辦c=/±E=

華警4正確；

“0十丁

8、根據(jù)能量守恒定律可知，外力做的功，一方面轉(zhuǎn)化為導(dǎo)體動能的增加，另一方面

轉(zhuǎn)化為焦耳熱，即：Fd=Q+^mv2,解得：Q=Fd-16172.故B正確；

C、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：l==又因為電流定義式為：T

r+R。t(Ro+r)f

解得此過程中通過電阻&的電荷量為：q=7t=若.故C正確；

。、根據(jù)動量定理得：Ft-B12Lt=mv,又因為q=7t，則有“：Ft-qB2L=mv,

解得：t=%片=*多等+小切故。錯誤.

rrKQ+F

本題選不正確的，故選：Do

先根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出電動勢，再結(jié)合電路的結(jié)構(gòu)算出AC兩端的電壓；根據(jù)

能量守恒定律可求出電路中產(chǎn)生的焦耳熱；

利用電量的表達式求出此過程中通過電阻品的電荷量；再利用動量定律求解出此過程所

需的時間。

解答本題的關(guān)鍵是：在計算感應(yīng)電動勢時知道半圓形硬導(dǎo)體4c有效切割的長度等于2L；

分清內(nèi)電路和外電路，充分利用能的轉(zhuǎn)化和守恒定律及動量定律解題。

11.【答案】B

【解析】解：A、正電荷在電場力作用下運動，故電荷的電勢能與動能的總和不變，由

圖象可知，電勢能先增大后減小，則動能先減小后增大，速度先減小后增大，故A錯誤；

B、電場力做的功W=Fx=Ep-0。，Ep-=Fx+Epo,圖線的斜率是電場力的大小，

可見電場力先減小后增大。故8正確，

C、根據(jù)帶負(fù)電的點荷周圍的場強分布規(guī)律可知，正的電荷在其周圍做直線運動時，單

靠近場源電荷是，電勢能減少，遠離時電勢能增加，由于圖象中是先增加后減少，故不

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可能是負(fù)電荷的電場。故C錯誤。

D、從。到A過程中，該正電荷的電勢能先增大再減小，根據(jù)電勢能的定義Ep=q<p可

知，電勢先升高后降低，故。錯誤。

故選：B。

根據(jù)能力守恒可知動能的變化。根據(jù)電勢能即隨位移x的變化關(guān)系圖象的斜率表示電

場力的大小分析電場力變化情況。跟點電荷周圍電場的分布規(guī)律，結(jié)合運動規(guī)律判斷電

場的性質(zhì)。根據(jù)電勢能的定義判斷電勢的變化。

電勢能與隨位移x的變化關(guān)系圖象的斜率表示電場力的大小，記住這個結(jié)論在分析電場

力變化情況時可以方便的得到答案。

12.【答案】電壓表0-2.5V3.75100144

【解析】解：(1)當(dāng)選擇開關(guān)接3時，電阻和電流表串聯(lián)分壓，所以電表為電壓表，

設(shè)量程為U,由串聯(lián)電路的分壓原理,有U=/g(R+R2)，所以電壓表的量程為U=2.5U；

(2)由圖可知，C為表盤的中間刻度，則/=|/g=gxl0-34

且電阻箱讀數(shù)為R=1500,

由歐姆表的原理可知，此時電阻箱的阻值和表頭內(nèi)阻相同，

EE

由閉合電路的歐姆定律有/=海"=正，

解得E=3.75匕

(3)由乙圖可讀出/'=g/g=15mA=0.015/1,

.E

由閉合電路的歐姆定律有/=可而，

解得待測電阻阻值為：R'=1OO0；

(4)由測量原理有后而

―150+RJ

解得Rx=144。。

故答案為：(1)電壓表，0-2.5V(2)3.75(3)100(4)144。

(1)根據(jù)串聯(lián)分壓可知，開關(guān)接3時為電壓表，根據(jù)閉合電路歐姆定律求解電壓表的量

程；

(2)當(dāng)指針指在中間刻度時，待測電阻的阻值等于歐姆表的內(nèi)阻，根據(jù)閉合電路歐姆定

律求解電源電動勢；

(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律求解待測電阻的阻值；

(4)根據(jù)電表的測量原理分析求解該電阻真實值。

解決該題的關(guān)鍵是掌握電壓表改裝和電流表改裝的原理，知道歐姆表測電阻時，表盤的

中值電阻等于歐姆表的內(nèi)阻，掌握閉合電路歐姆定律。

13.【答案】解：(1)對活塞與氣缸整體受力分析，根據(jù)受力分析可知，題圖乙中彈簧彈

力與汽缸和活塞的重力大小之和相等，與環(huán)境溫度無關(guān)，設(shè)彈簧的彈力為凡有.：尸=

Mg+mg=(30+10)xION=400N

(2)設(shè)甲、丙圖中氣體的壓強分別為pi和P2,氣體的長度分別是刀和功；其中：k=

12cm=0.12m

甲圖中氣體的狀態(tài)參量：pi=Po+詈=1.0*105「。+需2pa=1.1xiospa,匕=

LiS

524

丙圖中氣體的狀態(tài)參量:P2=Po-詈=1.0x10Pa一黑Pa=9x10Pa,彩=L2S,

汽缸倒置懸掛前后氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)玻意耳定律知Pl%=P2%，

聯(lián)立解得：L2x0.147m

活塞相對汽缸移動的距離為L0.147m-0.12m=0.027m=2.7cm.

=L2-LX=

答：(1)此時彈簧的彈力為400N；

(2)現(xiàn)將汽缸緩慢倒過來懸掛，在這一過程中沒有氣體泄漏，穩(wěn)定后活塞相對汽缸移動

的距離為2.7cm。

【解析】(1)對活塞與氣缸整體受力分析，求出彈簧的彈力；

(2)列出甲、乙、丙圖中氣體的狀態(tài)，結(jié)合理想氣體得狀態(tài)方程與氣體的實驗定律分別

求出乙圖與丙圖氣體的長度，最后由幾何關(guān)系求出穩(wěn)定后活塞相對汽缸移動的距離即可。

本題主要是考查了理想氣體的狀態(tài)方程；解答此類問題的方法是：找出不同狀態(tài)下的三

個狀態(tài)參量，分析理想氣體發(fā)生的是何種變化，利用理想氣體的狀態(tài)方程列方程求解。

14.【答案】解：(1)由圖甲結(jié)合幾何知識可知，光線發(fā)生全反射的臨界角為C=45。

由全反射條件有sinC=

n

即sin45°=-=—,

n2

則該半球形透明介質(zhì)的折射率為71=V2o

(2)作出入射光線的光路圖，如圖所示，

第16頁，共20頁

單色光的平行光束從AC邊以45。角入射時，

由折射定律可知，折射角為30。，

由幾何關(guān)系可知，射到M點的光線，折射光線從M點射出，到C點的距離為比m,

5

反射光線垂直A8邊從N點射出，由幾何關(guān)系可知，N為48邊的中點，到A點的距離

為日L=0.3m>

故有光射出的區(qū)域的總長度為山m.

10

答：(1)求該半球形透明介質(zhì)的折射率為近。

(2)4B邊和BC邊上有光射出的區(qū)域的長度之和為穿m.

【解析】(1)根據(jù)幾何關(guān)系可求出半球形透明介質(zhì)的折射率。

(2)做出光路圖利用幾何知識可求出AB邊和BC邊上有光射出的區(qū)域的長度之和。

明確光的反射和折射以及全反射的臨界角的概念，能正確畫出光路圖是解決問題的關(guān)鍵。

15.【答案】解：(1)由圖乙丙可知，碰撞后瞬間，Hi1的速度%=lm/s,m2的速度%=

5m/sf

設(shè)碰撞前瞬間巾1的速度為孫，碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，取向右的方向為正方向，由動

量守恒定律得：=m1v1+m2v2

解得：VQ=4m/s,

血1下滑的過程機械能守恒，由機械能守恒定律得：

1

mxgh=-mrvl

解得：h—0.8m；

(2)由圖乙可知，滑塊m1在傳送帶上加速運動時的加速度大?。篴=^=0.5?n/s2

滑塊的加速度就是由滑動摩擦力提供，故：〃1巾1。=機巡，

解得，滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)：Mi=0.05

由圖乙可知，滑塊uh在傳送帶上先加速4s,后勻速運動6s到達C點

圖線與坐標(biāo)軸圍成的圖形的面積在數(shù)值上等于傳送帶的長度LBC，

即LBC=|x(14-3)x4+3x(10-4)=26m；

(3)滑塊血2一直做勻減速直線運動，達C點時速度恰好減到3m/s,

全程的平均速度為：v=^=4m/s,

設(shè)滑塊血2的傳送時間：《=嬰=彳=&5s；

4V4

(4)由圖乙可知，滑塊6］在傳送帶上加速階段的位移：

+；Q此=8m,

滑塊？Th在傳送帶上加速階段產(chǎn)生的熱量：Qi=-%i),

滑塊?在傳送帶上減速的加速大?。簝?yōu)=冬=^m/s2

滑塊加2受到的滑動摩擦力大?。篺=m2a'

滑塊徵2在傳送帶上減速階段產(chǎn)生的熱量：Qi=f@BC-vt),

系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量：Q=QI+Q2，解得：Q=16J。

答：(1)月、8的高度差力為0.8m；

(2)滑塊mi與傳送帶間的動摩擦因數(shù)4和傳送帶的長度勿。為26處

(3)滑塊血2到達C點時速度恰好減到3m/s,滑塊爪2的傳送時間為6.5s；

(4)系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量為16J。

【解析】(1)由圖示圖象可以求出兩滑塊碰撞后瞬間的速度，兩滑塊碰撞過程系統(tǒng)動量

守恒，由動量守恒定律可以求出碰撞前滑塊mi的速度，滑塊Tn1下滑