廣東省高考物理試卷(純word詳解版)

2015年廣東省高考物理試卷一、單項選擇題（本大題共4小題，每小題4分，滿分16分。在每小題給出的四個選項中只有一個選項符合題目要求，選對的得4分，選錯或不答的得0分）1．（4分）（2015?廣東）甲、乙兩人同時同地出發(fā)騎自行車做直線運動，前1小時內(nèi)的位移-時間圖象如圖所示.下列表述正確的是（）A.-小時內(nèi)，甲的加速度比乙的大B.-小時內(nèi)，甲的速度比乙的大C.-小時內(nèi)，甲的位移比乙的小D.小時內(nèi)，甲、乙騎行的路程相等考點：勻變速直線運動的圖像．專題：運動學(xué)中的圖像專題.分析：位移圖象反映質(zhì)點的位置隨時間的變化情況，其斜率表示速度，傾斜的直線表示勻速直線運動；根據(jù)斜率的正負分析速度的方向.物體的位移等于s的變化量.解答：解：A、由圖知，-小時內(nèi)甲乙都做勻速直線運動，加速度均為零，故A錯誤.B、s-t圖象的斜率表示速度，甲的斜率大，則甲的速度比乙的大，故B正確.C、物體的位移等于s的變化量.則知-小時內(nèi)，甲的位移比乙的大，故C錯誤.D、0-小時內(nèi)，甲的位移比乙的大，-小時內(nèi)，甲的位移比乙的大，所以小時內(nèi)，甲的路程比乙的大，故D錯誤.故選：B.點評：該題考查了對位移--時間圖象的理解和應(yīng)用，要掌握：在位移-時間圖象中，圖象的斜率表示質(zhì)點運動的速度的大小，縱坐標(biāo)的變化量表示位移.（4分）（2015?廣東）如圖所示，帆板在海面上以速度v朝正西方向運動，帆船以速度v朝正北方向航行，以帆板為參照物（）帆船朝正東方向航行，速度大小為v帆船朝正西方向航行，速度大小為v_帆船朝南偏東45°方向航行，速度大小為帆船朝北偏東45°方向航行，速度大小為l^v考點：運動的合成和分解.分析：將帆板視為靜止，則可得出船相對于板的速度，再由運動的合成與分解可求得合速度的大小和方向.解答：解：以帆板為參考系，即把帆板看作靜止，則帆船相對于帆板有向東的速度v及向北的速度v；_由矢量合成可知，二者的合速度v合f'：'2v；方向北偏東45度.故選：D口點評：本題考查運動的合成與分解及參考系的內(nèi)容，矢量是高中物理中的重要內(nèi)容要掌握其合成與分解的方法.（4分）（2015?廣東）如圖為氣流加熱裝置的示意圖，使用電阻絲加熱導(dǎo)氣管，視變阻器為理想變壓器，原線圈接入電壓有效值恒定的交流電并保持匝數(shù)不變，調(diào)節(jié)觸頭P,使輸出電壓有效值由220V降至110V.調(diào)節(jié)前后（）副線圈中的電流比為1：2B.副線圈輸出功率比為2：1C.副線圈的接入匝數(shù)比為2：1D.原線圈輸入功率比為1：2考點：變壓器的構(gòu)造和原理.專題：交流電專題.

分析：變壓器的電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，輸入功率等于輸出功率，結(jié)合歐姆定律分析．解答：解：A、通過調(diào)節(jié)觸頭P,使輸出電壓有效值由220V降至110V,輸出電壓減小為原來的一半，在原線圈電壓和匝數(shù)不變的情況下,根據(jù)原副線圈電壓之比等于匝數(shù)之比得副線圈接入匝數(shù)也應(yīng)該變?yōu)樵瓉淼囊话?所以接入匝數(shù)之比為2：1,副線圈電壓減半,電阻不變,電流也隨之減半,所以電流之比為2：1，故A錯誤，C正確；U2B、由P=，所以輸出功率之比為4：1，故B錯誤；KD、副線圈輸出功率等于原線圈輸入功率，所以原線圈輸入功率之比為4：1,故D錯誤；故選：C點評：本題不僅考查了變壓器的特點和歐姆定律，還結(jié)合閉合電路考查了電路的動態(tài)分析.（4分）（2015?廣東）在同一勻強磁場中，a粒子（學(xué)He）和質(zhì)子（］h）做勻速圓周運動，若它們的動量大小相等，則a粒子和質(zhì)子（）運動半徑之比是2：1B.運動周期之比是2：1運動速度大小之比是4：1D.受到的洛倫茲力之比是2：1考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動.專題：帶電粒子在磁場中的運動專題.分析：質(zhì)子H和a粒子以相同的動量在同一勻強磁場中作勻速圓周運動，均由洛侖茲力提供向心力，由牛頓第二定律和圓周運動的規(guī)律，可求得比較r、速度v及T的表達式，根據(jù)表達式可以得到半徑以及周期之比.解答：解：C、兩個粒子的動量大小相等，質(zhì)量之比是4：1，所以：?故C錯誤；VHmHe4A、質(zhì)子H和a粒子在勻強磁場中作勻速圓周運動，均由洛侖茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：TT2,,DqvB=m，得軌道半徑：R」^=:,lxqpqp根據(jù)質(zhì)子質(zhì)子（｝H）和a（彳He）粒子的電荷量之比是1：2,質(zhì)量之比是1：4，則得：RHe:Rh=，故A錯誤;qHe2RHeB、粒子運動的周期：T上嚴，所以:故B正確;THB、粒子運動的周期：T上嚴，所以:故B正確;Th"RH_RH^He"2L_PD、根據(jù)粒子受到的洛倫茲力：f=qvB,D、根據(jù)粒子受到的洛倫茲力：f=qvB,得:QHe"vHe_2fH了故D錯誤.故選：B點評：本題主要考查了帶電粒子在磁場場中運動的問題,知道洛倫茲力充當(dāng)向心力,熟練掌握圓周運動的基本公式即可.二、雙項選擇題（本大題共5小題,每小題6分,共30分.在每小題給出的四個選項中,有兩個選項符合題目要求,全部選對的得6分,只選1個正確的得3分,有錯選或不答的得0分）（6分）（2015?廣東）如圖為某實驗器材的結(jié)構(gòu)示意圖，金屬內(nèi)筒和隔熱外筒間封閉了一定體積的空氣,內(nèi)筒中有水,在水加熱升溫的過程中,被封閉的空氣（）內(nèi)能增大B.壓強增大C.分子間引力和斥力都減小D.所有分子運動速率都增大考點：理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強.專題：理想氣體狀態(tài)方程專題.分析：氣體分子間距較大,內(nèi)能主要體現(xiàn)在分子平均動能上,溫度升高時內(nèi)能增大；再根據(jù)壓強的微觀解釋可明確壓強的變化.解答：解：水加熱升溫使空氣溫度升高,故封閉空氣的內(nèi)能增大,氣體分子的平均動能增大,分子對器壁的撞擊力增大,故壓強增大；但分子間距離不變,故分子間作用力不變；由于溫度是分子平均動能的標(biāo)志是一個統(tǒng)計規(guī)律,溫度升高時并不是所有分子的動能都增大,有少數(shù)分子動能可能減?。还蔬x：AB.點評：本題考查分子的微觀性質(zhì),要注意明確氣體內(nèi)能取決于溫度；而壓強取決于溫度和體積.（6分）（2015?廣東）科學(xué)家使用核反應(yīng)獲取氚,再利用氘和氚的核反應(yīng)獲得能量,核反應(yīng)方程分別為：X+Y應(yīng)方程分別為：X+YTHe+X+.下列表述正確的有（）X是中子Y的質(zhì)子數(shù)是3,中子數(shù)是6兩個核與都沒有質(zhì)量虧損氘和氚的核反應(yīng)是核聚變反應(yīng)考點：愛因斯坦質(zhì)能方程.專題：愛因斯坦的質(zhì)能方程應(yīng)用專題.分析：根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒以及電荷數(shù)守恒即可判斷出X和Y；根據(jù)是否釋放能量判定有沒有質(zhì)量虧損；根據(jù)核反應(yīng)的特點判定是否是聚變反應(yīng).解答：解：A解答：解：A、根據(jù)核反應(yīng)方程:+H2J.He+X,X的質(zhì)量數(shù)：mi=2+3-4=l,核電荷數(shù)：Z]=1+1-2=0,所以X是中子?故A正確；B、根據(jù)核反應(yīng)方程：X+YT:He+；H,X是中子，所以Y的質(zhì)量數(shù)：m2=4+3-1=6,核電荷數(shù)：Z2=2+1-0=3，所以Y的質(zhì)子數(shù)是3,中子數(shù)是3.故B錯誤；C、根據(jù)兩個核反應(yīng)方程可知，都有大量的能量釋放出來，所以一定都有質(zhì)量虧損.故C錯誤；D、氘和氚的核反應(yīng)過程中是質(zhì)量比較小的核生成質(zhì)量比較大的新核，所以是核聚變反應(yīng).故D正確.故選：ABD點評：該題考查常見的核反應(yīng)方程，在這一類的題目中，要注意質(zhì)量數(shù)守恒和核電荷數(shù)守恒的應(yīng)用．基礎(chǔ)題目．7．（6分）（2015?廣東）如圖所示，三條繩子的一端都系在細直桿頂端，另一端都固定在水平地面上，將桿豎直緊壓在地面上，若三條繩長度不同，下列說法正確的有（）A．三條繩中的張力都相等B．桿對地面的壓力大于自身重力C．繩子對桿的拉力在水平方向的合力為零D．繩子拉力的合力與桿的重力是一對平衡力考點：共點力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運用．專題：共點力作用下物體平衡專題．分析：對桿進行分析，明確桿受力情況，再根據(jù)水平和豎直方向的平衡關(guān)系可分析力之間的關(guān)系．解答：解：A、由于三力長度不同，故說明三力與豎直方向的夾角不相同，由于桿保持靜止，故在水平方向三力水平分力的合力應(yīng)為零；故說明三力的大小不可能相等；故A錯誤；C正確；B、由于三力在豎直方向有拉力，桿在豎直方向合力為零，故桿對地面的壓力大于重力；故B正確；D錯誤；故選：BC．點評：本題考查共點力的平衡條件及應(yīng)用，要注意本題中應(yīng)分別對水平和豎直兩個方向進行分析才能得出正確結(jié)果．（6分）（2015?廣東）在星球表面發(fā)射探測器，當(dāng)發(fā)射速度為v時，探測器可繞星球表面做勻速圓周運動，當(dāng)發(fā)射速度達到'-邁v時，可擺脫星球引力束縛脫離該星球，已知地球、火星兩星球的質(zhì)量比約為10：1，半徑比約為2：1，下列說法正確的有（）探測器的質(zhì)量越大，脫離星球所需要的發(fā)射速度越大探測器在地球表面受到的引力比在火星表面的大探測器分別脫離兩星球所需要的發(fā)射速度相等探測器脫離星球的過程中，勢能逐漸增大考點：萬有引力定律及其應(yīng)用；向心力.專題：萬有引力定律的應(yīng)用專題.分析：探測器剛好脫離星球，動能全部轉(zhuǎn)化為勢能，發(fā)射速度與質(zhì)量無關(guān)，根據(jù)萬有引力公式以及地球、火星兩星球質(zhì)量、半徑的關(guān)系比較萬有引力大小，根據(jù)發(fā)射速度為冋詈比較發(fā)射速度大小，探測器脫離星球過程中，引力做負功，引力勢能增大.解答：解：A、探測器剛好脫離星球，動能全部轉(zhuǎn)化為勢能，發(fā)射速度與質(zhì)量無關(guān)，故A錯誤；GM地inB、根據(jù)萬有引力公式得：探測器在地球表面受到的引力，在火星表面受到的引R地GM火m力，而地球、火星兩星球的質(zhì)量比約為10：1，半徑比約為2：1，尺火F15解得：，即探測器在地球表面受到的引力比在火星表面的大，故B正確；C、探測器脫離星球時，其需要發(fā)射速度為，地球與火星的不同，所以所需發(fā)射速度也不同，故C錯誤；D、由于探測器脫離星球過程中，引力做負功，引力勢能增大，故D正確.故選：BD點評：本題主要考查了萬有引力公式得直接應(yīng)用，知道繞星球表面做勻速圓周運動速度的含義，明確探測器剛好脫離星球，動能全部轉(zhuǎn)化為勢能，難度適中．（6分）（2015?廣東）如圖所示的水平勻強電場中，將兩個帶電小球M和N分別沿圖示路徑移動到同一水平線上的不同位置，釋放后，M、N保持靜止，不計重力，則（）A.B.C.D.考點：專題：分析：M的帶電量比N的大M帶負電荷，N帶正電荷靜止時M受到的合力比N的大移動過程中勻強電場對M做負功帶電粒子在勻強電場中的運動.帶電粒子在電場中的運動專題.分別對MN兩個小球進行受力分析，然后結(jié)合受力平衡的特點與庫侖力的特點即可正確解答.解答：解：A、B、因為M、N在釋放后保持靜止，說明受到的合力為0,若M帶正電，不論N帶正電，還是帶負電，都不可能同時靜止，只有M帶負電，N帶正電才能滿足同時靜止?又M與N之間的庫侖力是作用力與反作用力，總是大小相等方向相反，所以二者受到的電場力也必定是大小相等方向相反，由F=qE可知，二者所帶的電量大小相等.故A錯誤，B正確；C、靜止時，二者受到的合力都是0.故C錯誤；D、M帶負電，受到的電場力的方向向左，所以移動過程中勻強電場對M做負功.故D正確.故選：BD點評：該題考查電場中物體的受力平衡問題，對于電場中的共點力作用下物體的平衡其解決方法和純力學(xué)中共點力作用下物體的平衡適用完全相同的解決方法.三、非選擇題：（按題目要求作答.解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分.有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）（8分）（2015?廣東）某同學(xué)實驗打點計時器測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?（1）請完成以下主要實驗步驟：按圖（a）安裝實驗器材并連接電源；豎直提起系有重物的紙帶，使重物靠近（填“靠近"或"偏離"）計時器下端；接通電源，松開紙帶，使重物自由下落；關(guān)閉電源，取出紙帶；換新紙帶重復(fù)實驗；（2）圖（b）和（c）是實驗獲得的兩條紙帶，應(yīng)選取^（填"b”或"c”）來計算重力加速度.在實驗操作和數(shù)據(jù)處理都正確的情況下，得到的結(jié)果仍小于當(dāng)?shù)刂亓铀俣?，主要原因是空氣阻力和摩?考點：測定勻變速直線運動的加速度.專題：實驗題；機械能守恒定律應(yīng)用專題.分析：（1）通過組裝器材、進行實驗和數(shù)據(jù)處理的順序?qū)嶒灥牟襟E進行分析求解；（2）根據(jù)紙帶上的點跡分布進行分析選擇紙帶，由于存在摩擦阻力，所以在實驗操作和數(shù)據(jù)處理都正確的情況下，得到的結(jié)果仍小于當(dāng)?shù)刂亓铀俣?解答：解：（1）按圖（a）安裝實驗器材并連接電源；豎直提起系有重物的紙帶，使重物靠近計時器下端；接通電源，松開紙帶，使重物自由下落；關(guān)閉電源，取出紙帶；換新紙帶重復(fù)實驗；（2）根據(jù)紙帶上的點跡分布得出b紙帶做加速運動，而且相鄰計時點的距離較大，c紙帶先加速后減速，且相鄰計時點的距離較小，所以應(yīng)選取b來計算重力加速度.在實驗操作和數(shù)據(jù)處理都正確的情況下，得到的結(jié)果仍小于當(dāng)?shù)刂亓铀俣?，主要原因是空氣阻力和摩擦．故答案為：?）靠近；接通電源；松開紙帶；（2）b,摩擦點評：對于實驗的具體操作，不光要靠記憶理解，要親自動手實驗，切實去體會．正確解答實驗問題的前提是明確實驗原理，從實驗原理出發(fā)進行分析所需實驗器材、所測數(shù)據(jù)、誤差分析等，會起到事半功倍的效果．（10分）（2015?廣東）某實驗小組研究兩個未知元件X和Y的伏安特性，使用的器材包括電壓表（內(nèi)阻約為3kQ）、電流表（內(nèi)阻約為1Q）、定值電阻等.（1）使用多用電表粗測元件X的電阻，選擇“x1"歐姆擋測量，示數(shù)如圖（a）所示，讀數(shù)為10Q.據(jù)此應(yīng)選擇圖中的b（填"b”或"c”）電路進行實驗；（2）連接所選電路，閉合S；滑動變阻器的滑片P從左向右滑動，電流表的示數(shù)逐漸」K填“增大"或“減小”）；依次記錄電流及相應(yīng)的電壓；將元件X換成元件Y,重復(fù)實驗；（3）如圖（d）是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的U-I圖線，由圖可判斷元件Y（填"X”和“Y”）是非線性元件；（4）該小組還借助X和Y中的線性元件和阻值R=21Q的定值電阻，測量待測電池的電動勢E和內(nèi)阻r，電路如圖（e）所示，閉合S1和S2,電壓表讀數(shù)為；斷開S2,讀數(shù)為.利用圖（d）可算得E=—V.r=—Q（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字，視電壓表為理想電壓表）.考點：描繪小電珠的伏安特性曲線.專題：實驗題；恒定電流專題．分析：電阻的大小等于表盤的讀數(shù)乘以倍率.根據(jù)元件X的電阻大小確定電流表的內(nèi)外接．先分析電路的連接方式即串聯(lián)，然后根據(jù)滑動變阻器的正確使用方法進行分析．根據(jù)圖象得特點判斷元件是否是非線性元件；根據(jù)閉合電路歐姆定律列出等式求解電動勢E和內(nèi)阻r.解答：解：（1）使用多用電表粗測元件X的電阻，選擇"x1"歐姆擋測量，示數(shù)如圖（a）所示，讀數(shù)為10Q.元件X的電阻遠小于電壓表內(nèi)阻，電流表采用外接法誤差較小，因此需要選擇圖b所示實驗電路．（2）連接所選電路，閉合S；滑動變阻器的滑片P從左向右滑動，并聯(lián)支路電壓增大，電流表的示數(shù)逐漸增大；（3）如圖（d）是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的U-I圖線，由圖可判斷元件Y是非線性元件；（4）根據(jù)U-I圖線得出元件X的電阻R==100；閉合S1和S2,電壓表讀數(shù)為；斷開s2,讀數(shù)為,根據(jù)閉合電路歐姆定律列出等式E=3^^xrE=1￡x（r+21）

解得：E=.r=Q故答案為：(1)10;(2)增大；(3)Y(4)；點評：知道串聯(lián)電路中電阻、電流和電壓的關(guān)系，會正確使用滑動變阻器，會根據(jù)歐姆定律判斷電壓表和電流表示數(shù)的變化.關(guān)鍵掌握滑動變阻器分壓式和限流式的區(qū)別，電流表內(nèi)外接的區(qū)別，以及會通過圖線求解電源的電動勢和內(nèi)阻.(18分)(2015?廣東)如圖(a)所示，平行長直金屬導(dǎo)軌水平放置，間距L=，導(dǎo)軌右端接有阻值R=1Q的電阻，導(dǎo)體棒垂直放置在導(dǎo)軌上，且接觸良好.導(dǎo)體棒及導(dǎo)軌的電阻均不計.導(dǎo)軌間正方形區(qū)域abed內(nèi)有方向豎直向下的勻強磁場，bd連線與導(dǎo)軌垂直，長度也為L.從0時刻開始，磁感應(yīng)強度B的大小隨時間t變化，規(guī)律如圖(b)所示；同一時刻,棒從導(dǎo)軌左端開始向右勻速運動，1s后剛好進入磁場，若使棒在導(dǎo)軌上始終以速度v=1m/s做直線運動，求：(1)棒進入磁場前，回路中的電動勢E；(2)棒在運動過程中受到的最大安培力F，以及棒通過三角形abd區(qū)域使電流i與時間t的關(guān)系式.考點：導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=專題：電磁感應(yīng)——功能問題.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=分析:根據(jù)棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢公式和歐姆定律求解感應(yīng)電流，再根據(jù)安培力大小求解.解答:解:(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律解答:解:(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=Acpnc棒進入磁場前，回路中感應(yīng)電動勢為：E=同一時刻，棒從導(dǎo)軌左端開始向右勻速運動，1s后剛好進入磁場，若使棒在導(dǎo)軌上始終以速度v=1m/s做直線運動，棒通過三角形abd區(qū)域時，棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小E，=Blv=2Bv(t-1)v，gy2Bv(t-1)v根據(jù)歐姆定律得棒通過三角形abd區(qū)域使電流i與時間t的關(guān)系式i===t-1(1s<t<)，當(dāng)t-時，電流最大，有效長度最大，最大安培力Fm=BIL=，根據(jù)左手定則得安培力方向水平向左.答：(1)棒進入磁場前，回路中的電動勢E是；(2)棒在運動過程中受到的最大安培力大小是，方向水平向左，棒通過三角形abd區(qū)域使電流i與時間t的關(guān)系式i=t-1(1s<t<).點評：本題考查了法拉第電磁感應(yīng)定律和切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢公式的綜合運用，考查了閉合歐姆定律和安培力公式，難度中等．13．(18分)(2015?廣東)如圖所示，一條帶有圓軌道的長軌道水平固定，圓軌道豎直，底端分別與兩側(cè)的直軌道相切，半徑R=，物塊A以V0=6m/s的速度滑入圓軌道，滑過最高點Q，再沿圓軌道滑出后，與直軌上P處靜止的物塊B碰撞，碰后粘在一起運動.P點左側(cè)軌道光滑，右側(cè)軌道呈粗糙段，光滑段交替排列，每段長度都為L=.物塊與各粗糙段間的動

摩擦因數(shù)都為戶，A、B的質(zhì)量均為