江蘇省淮安市清江中學等四校物理高一第一學期期末教學質量檢測模擬試題含解析

江蘇省淮安市清江中學等四校物理高一第一學期期末教學質量檢測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、牛頓第二定律認為：有力作用在物體上，物體運動狀態(tài)就要發(fā)生變化。某人用力推靜止在地面上的桌子，但沒有推動。原因是（）A.人推桌子的力小于桌子受到的摩擦力B.人推桌子的力小于桌子受到的最大靜摩擦力C.人推桌子的力小于桌子受到的重力D.與牛頓第二定律相矛盾2、如圖所示，A、B兩個木塊疊放在水平桌面上，B對桌面施加一個豎直向下壓力．該壓力是由于（）A.A發(fā)生彈性形變產生的B.B發(fā)生彈性形變產生的C.桌面發(fā)生彈性形變產生的D.桌面和A發(fā)生彈性形變產生的3、如圖所示，質量分別為m和2m的A、B兩球用輕彈簧連接，A球用細線懸掛起來，兩球均處于靜止狀態(tài)．如果將懸掛A球的細線剪斷，此時A和B兩球的瞬時加速度aA、aB的大小分別是（）AaA=0，aB=0 B.aA=g，aB=gC.aA=3g，aB=g D.aA=3g，aB=04、如圖所示，一質點做平拋運動先后經過A、B兩點，到達A點時速度方向與水平方向的夾角為，到達B點時速度方向與水平方向的夾角為，已知sin=0.6，cos=0.8，設質點的位移AB與水平方向的夾角為θ，則tanθ的值為（）A. B.C. D.5、一輕質彈簧在彈性限度內伸長了1cm時產生了2N的彈力，則這根彈簧的勁度系數是（）A.2N／m B.200N／mC.20N／m D.0．2N／m6、蹦床運動深受青少年兒童喜歡，其運動可以簡化為如圖乙所示的模型，輕彈簧豎直固定在水平面上，一質量為m=0.2kg的小球，從彈簧上端某高度處自由下落，從它接觸彈簧到彈簧壓縮至最短的過程中（彈簧始終在彈性限度內），其速度v和彈簧壓縮量Δx之間的函數關系如圖丙所示，其中A為曲線的最高點，取g=10m/s2，則下列說法正確的是A小球剛接觸彈簧時速度最大B.當Δx=0.2m時，小球所受的合力為零C.該彈簧的勁度系數為10.0N/mD.從接觸彈簧到壓縮彈簧至最短的過程中，小球的最大加速度為30m/s27、如圖所示，一質量為的長木板靜置于光滑水平面上，其上放置一質量為的小滑塊。木板受到水平拉力作用時，用傳感器測出長木板的加速度與水平拉力的關系如圖所示，重力加速度，下列說法正確的是（）A.小滑塊質量B.小滑塊與長木板之間的動摩擦因數為C.當水平拉力時，長木板的加速度大小為D.當水平拉力增大時，小滑塊加速度一定增大8、下列圖像中表示物體做勻變速直線運動的是（）A. B.C. D.9、物體從靜止開始做勻加速直線運動，第3s內通過的位移是3m，則（）A.前3s的位移是6mB.3s末的速度是3.6m/sC.第3s內平均速度是3m/sD.3s內平均速度是2m/s10、如圖所示，質量不等的木塊A和B的質量分別為m1和m2，置于光滑的水平面上。當水平力F作用于左端A上，兩物體一起做勻加速運動時，A、B間作用力大小為F1。當水平力F作用于右端B上，兩物體一起做勻加速運動時，A、B間作用力大小為F2，在兩次作用過程中（）A.F1+F2＜FB.F1+F2=FC.F1=F2D.二、實驗題11、（4分）小明同學在學習牛頓運動定律時，做了探究加速度與物體所受合外力和質量間的關系的實驗，采用了如圖所示的實驗裝置，小車及車中的砝碼質量用M表示，盤及盤中的砝碼質量用m表示，小車的加速度可由小車后面拖動的紙帶上打點計數器打出的點計算出：（1）小明將實驗裝置如上圖安裝好接通電源后開始做實驗，小強突然發(fā)現他的裝置圖中有兩處明顯的問題，請你寫出來：①__________________②__________________；（2）小明改正了實驗中的問題后，完成了實驗，并列出了實驗數據，他在分析數據時發(fā)現只有當M與m的大小關系滿足__________________時，才可以認為繩子對小車拉力的大小等于砝碼盤和砝碼的重力。（3）另一組同學在保持砝碼盤及盤中的砝碼質量一定時，探究物體加速度與質量的關系，在實驗操作中，以下做法錯誤的是__________________A．平衡摩擦力時，應將盤及盤中的砝碼用細繩通過定滑輪系在小車上B．每次改變小車的質量時，不需要重新平衡摩擦力C．實驗時，先接通打點計時器電源，再釋放小車D．小車運動的加速度，可用天平稱出盤及砝碼質量m、小車質量M，用求出（4）在“探究加速度與質量的關系”時，保持砝碼質量不變，改變小車質量M，得到的實驗數據如下表：為了驗證猜想，請在坐標系中作出最能直觀反映a與M之間關系的圖象（作圖需作出橫縱坐標以及刻度圖像）______________。實驗次數12345小車加速度a/ms-20.770.380.250.190.16小車質量M/kg0.200.400.600.801.0012、（10分）某同學在學習平拋運動時進行以下的實驗：（1）實驗一：如圖1所示，小球A沿軌道滑下，離開軌道末端（末端水平）時撞開輕質接觸式開關S，被電磁鐵吸住的小球B同時自由下落．改變整個裝置的高度H做同樣的試驗，發(fā)現位于同一高度的A、B總是同時落地．該實驗說明了A球在離開軌道后（）.A．在水平方向上的分運動是勻速直線運動B．在水平方向上的分運動是勻加速直線運動C．在豎直方向上的分運動是自由落體運動D．在豎直方向上的分運動是勻速直線運動（2）實驗二：用如圖2的實驗裝置研究小球平拋運動，每次將小球從弧型軌道同一位置靜止釋放，運動到從斜面頂端后做平拋運動，并逐漸改變斜面與水平地面之間的夾角θ，獲得不同的水平射程x，最后作出了如圖3所示的x-tanθ圖象，g=10m/s2.由圖可知，小球在斜面頂端水平拋出時的初速度v0=______m/s．實驗中發(fā)現θ超過60°后，小球將不會掉落在斜面上，則斜面的長度為L=______m．三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）如圖甲所示，粗糙水平面上有一個長L=lm、質量M=3kg的長木板，木板上表面左半部分粗糙，右半部分光滑，木板與地面間的動摩擦因數．質量m=lkg的物塊放置在木板的右端，物塊與木板左半部分的動摩擦因數．在木板右端施加如圖乙所示的水平拉力，g?。螅孩拍景鍎傞_始運動時的加速度大?。虎莆飰K運動多長時間后與木板速度相同；⑶經過t=2.5s物塊運動的位移大小14、（14分）如圖所示，半徑為R、內徑很小的光滑半圓管豎直放置，兩個質量均為m的小球A、B以不同速率進入管內，A通過最高點C時，對管壁恰好無壓力，B通過最高點C時，對管壁下部的壓力為0.75mg。求：（1）A球通過C點時的速度？（2）A、B兩球平拋運動的時間？（3）A、B兩球飛出C落到面上落點間的距離。15、（13分）如圖所示，質量為m＝1kg的物體置于傾角為θ＝37°的固定且足夠長的斜面上，對物體施以平行于斜面向上的拉力F，t1＝0.5s時撤去拉力，物體速度與時間(v-t)的部分圖像如圖所示．(g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)問：(1).拉力F的大小為多少？(2).物體沿斜面向上滑行的最大距離s為多少？

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、B【解析】AC．人推桌子，桌子沒有被推動，此時桌子受到四個力的作用，水平方向推力與摩擦力平衡，豎直方向重力與支持力平衡，如圖，人推桌子的力與摩擦力相等，與重力沒有關系，故AC錯誤；B．之所以沒有推動，是因為人推桌子的力小于桌子受到的最大靜摩擦力，B正確；D．桌子受到的合力為零，相當于不受力，而牛頓第二定律表示的是合外力不為零時的情況，所以題設情景和牛頓第二定律不矛盾，D錯誤。故選B。2、B【解析】B對桌面施加一個豎直向下的壓力．該壓力是B發(fā)生了向上的形變，要恢復原狀，產生了向下的彈力，即對桌面的壓力．故B正確，A、C、D錯誤故選B【點睛】解決本題的關鍵知道彈力產生的原因，知道是施力物體發(fā)生形變要恢復原狀而產生的3、D【解析】懸線剪斷前，以B為研究對象可知：彈簧的彈力，以A、B整體為研究對象可知懸線的拉力為3mg；剪斷懸線瞬間，彈簧的彈力不變，，根據牛頓第二定律得對A：，又，得，對B：，，得，故D正確，ABC錯誤?！军c睛】在應用牛頓第二定律解決瞬時問題時，一定要注意，哪些力不變，（彈簧的的形變量來不及變化，彈簧的彈力不變），哪些力變化（如繩子斷了，則繩子的拉力變?yōu)榱?，或者撤去外力了，則外力變?yōu)榱?，）然后結合整體隔離法，應用牛頓第二定律分析解題4、D【解析】設質點平拋的初速度為v0，在A、B點的豎直分速度分別為vAy、vBy，則有設從A到B時間t，豎直位移和水平位移分別為y、x，則有聯立解得故D正確，ABC錯誤。故選D。5、B【解析】由題，F=2N，x=1cm=1×10-2m，根據胡克定律F=kx得彈簧的勁度系數，故選B【點睛】彈簧的彈力與形變量之間的關系遵守胡克定律．公式F=kx中，x是彈簧伸長的長度或壓縮的長度，即是彈簧的形變量6、BCD【解析】A．剛接觸彈簧時，彈簧彈力從零開始增大，還小于重力，即小剛接觸彈簧后，在一段時間內，重力大于彈力，合力仍豎直向下，即仍向下做加速運動，故小球剛接觸彈簧時速度不是最大，A錯誤；B．當Δx=0.2m時，速度最大，加速度減小到零，即彈力等于重力，合力為零，B正確；C．根據圖丙可知，從開始接觸彈簧到速度最大（A點），彈簧被壓縮了0.2m，故有，C正確；D．彈簧最短時，速度為零，從圖丙中可知，整個過程中彈簧壓縮了0.8m，故在最低點彈簧的彈力大小為：根據牛頓第二定律可知，在最低點小球的加速度最大，最大為：，D正確。故選BCD。7、AC【解析】當拉力較小時，和保持相對靜止一起做勻加速直線運動，當拉力達到一定值時，和發(fā)生相對滑動，結合牛頓第二定律，運用整體和隔離法分析?！驹斀狻緼．對整體分析，由牛頓第二定律有當時，此時兩物體具有最大共同加速度，代入數據解得當時，根據牛頓第二定律得知圖線的斜率解得：，滑塊的質量為。故A正確；BC．根據的圖線知，當時，加速度，即有代入數據解得；當時，長木板的加速度為根據得木板的加速度為故B錯誤，C正確；D．當拉力增大時，兩物體發(fā)生滑動時，木塊的加速度為恒定不變，故D錯誤。故選AC?！军c睛】本題考查牛頓第二定律與圖象的綜合，知道滑塊和木板在不同拉力作用下的運動規(guī)律是解決本題的關鍵，掌握處理圖象問題的一般方法，通常通過圖線的斜率和截距入手分析。8、BD【解析】A．根據x－t圖象的斜率等于速度，知該圖表示物體的速度恒定，處于勻速直線運動狀態(tài)，故A錯誤；B．在v－t圖象中，圖象的斜率表示加速度，該圖表示物體做勻加速直線運動，故B正確；CD．在a－t圖象中，圖象的縱坐標表示加速度，勻變速直線運動的加速度恒定不變，故C錯誤，D正確；故選BD。9、BC【解析】A．設加速度為a，則3＝a×32?a×22可得a=1.2m/s2，則前3s的位移是選項A錯誤；B．3s末的速度為at=1.2×3=3.6m/s則B正確；C．第3s內的平均速度是則C正確；D．3s內平均速度是選項D錯誤；故選BC10、BD【解析】對整體分析，由牛頓第二定律知，兩次整體的加速度大小相等，都為第一種情況，以B為研究對象，由牛頓第二定律得，A對B的作用力為F1=m2a=第二中情況，以A為研究對象，B對A的作用力為F2=m1a=則有F1+F2=F因為m1≠m2所以F1≠F2可得故選BD。二、實驗題11、①.電源為直流電源②.沒有平衡摩擦力③.M>>m④.AD⑤.【解析】（1）[1][2]裝置中兩處明顯的問題是：①電源為直流電源；②沒有平衡摩擦力。（2）[3]在該實驗中牛頓第二定律的實際情況是要滿足應該使砝碼的總質量遠小于滑塊的質量，即只有當M與m的大小關系滿足時，才可以認為繩子對小車拉力大小等于砝碼盤和砝碼的重力。（3）[4]A．平衡摩擦力時，應不掛盤及盤中的砝碼，只讓小車拖著紙帶在木板上勻速運動，故A說法錯誤，符合題意；B．每次改變小車的質量時，不需要重新平衡摩擦力，故B說法正確，不符合題意；C．實驗時，先接通打點計時器電源，再釋放小車，故C說法正確，不符合題意；D．小車運動的加速度，是通過打出的紙帶計算得出的，故D說法錯誤，符合題意。故選AD。（4）[5]先求出質量的倒數分別為5；2.5；1.67；1.25；1利用描點法作a與1/M的關系圖線，如圖：12、①.（1）C②.（2）1.0,③.【解析】（1）[1]．球A與球B同時釋放，同時落地，時間相同；A球做平拋運動，B球做自由落體運動；將球A的運動沿水平方向和豎直方向正交分解，兩個分運動同時發(fā)生，具有等時性，因而A球的豎直分運動與B球時間相等，改變整個裝置的高度H做同樣的實驗，發(fā)現位于同一高度的A、B兩個小球總是同時落地，說明在任意時刻在兩球同一高度，即A球的豎直分運動與B球完全相同，說明了平拋運動的豎直分運動是自由落體運動；故選C（2）[2][3]．根據平拋運動規(guī)律有，豎直方向：y=gt2

水平方向：x=v0t

聯立得：x=tanθ由圖可得：=0.2解得：v0=1m/s；當斜面傾角θ=60°時，設斜面長度為L，有：Lsin60°=gt2

水平方向：Lcos60°=v0t

得：解得：L=m．點睛：解決本題的關鍵掌握平拋運動的處理方法，平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動．圖象法在物理學中應用較為廣泛，一定要掌握圖象的分析方法.三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（1），（2）0.5s，（3）4.875m.【解析】（1）對木板受力分析，根據牛頓第二定律求得加速度；（2）根據運動學公式求得在13N的拉力作用下經歷1s木板的位移，判斷出在1s末物塊的位置，然后根據牛頓第二定律求得物塊與木板的加速度，有運動學公式求得達到相同速度所需時間；（3）根據運動學公式求得達到相同速度物塊前進的位移，達到相同速度后判斷出物塊與木板的共同加速度，求得共同加速運動的位移，即可求得總位移.（1）對木板受力分析，根據牛頓第二定律得：代入數據解得：（2）在作用下，木板經歷時間前進的位移為：，速度為，則經過1s物塊將與有摩擦力的左側接觸，即物塊將受到向右的滑動摩擦力作用對物塊，由牛頓第二定律得：解得：物塊的加速度為對木木板，由牛頓第二定律得：