2024屆江蘇省徐州市第五中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測試題含解析

2024屆江蘇省徐州市第五中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，某電場中的一條電場線，一電子從a點由靜止釋放，它將沿電場線向b點運動，下列有關(guān)該電場的判斷正確的是()A．該電場一定是勻強電場B．場強Ea一定小于EbC．電子具有的電勢能Epa一定大于EpbD．電勢φa>φb2、如圖所示，實線表示某電場的電場線（方向未標(biāo)出），虛線是一帶負(fù)電的粒子只在電場力作用下的運動軌跡，設(shè)M點和N點的電勢分別為，粒子在M和N時加速度大小分別為，速度大小分別為，電勢能分別為．下列判斷正確的是A． B．C． D．3、如圖所示，在光滑絕緣的水平面上存在一平行于水平面的勻強電場，在水平面上的M點有一質(zhì)量為m的帶電小物塊（可看成質(zhì)點，電性不知），現(xiàn)給小物塊一平行水平面的初速度v0，經(jīng)過一段時間小物塊運動到N點時的速度大小仍是v0，且經(jīng)M、N兩點時速度方向均是以O(shè)為圓心、R為半徑的圓的切線，N、O兩點電勢差的絕對值為U，則A．粒子在M、N間是做圓周運動B．粒子從M到N的運動過程中，動能一定先增大后減小C．勻強電場的電場強度大小E=D．圓周上，O點與電勢最低的點的電勢差為，且O點電勢一定較高4、下列說法中正確的是（）A．檢驗電荷在某處不受電場力的作用，則該處電場強度不一定為零B．一小段通電導(dǎo)線在某處不受磁場力作用，則該處磁感應(yīng)強度一定為零C．表征電場中某點電場的強弱，是把一個檢驗電荷放在該點時受到的電場力與檢驗電荷本身電荷量的比值D．表征磁場中某點磁場的強弱，是把一小段通電導(dǎo)線放到該點時受到的磁場力與該小段導(dǎo)線長度和電流乘積的比值5、帶電量分別為2Q、4Q的兩點電荷，相距為r，相互作用力為F?，F(xiàn)把兩個電荷的電量各減少一半，距離減小為r4，則兩個點電荷的相互作用力變?yōu)椋ˋ．4FB．2FC．FD．F6、一質(zhì)子在靜電場中由a點移到b點，在這過程中，電場力做的功為8.0×10-17J，則a、b兩點間的電勢差Uab為()A．3×102V B．5×102V C．4×102V D．7×102V二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在地面上觀察下列物體的運動，其中物體做曲線運動的是A．向東運動的質(zhì)點受到一個向西的力的作用B．正在豎直上升的氣球突然遭遇一陣北風(fēng)C．河水勻速流動，正在河里勻速駛向?qū)Π兜钠．在以速度v勻速行駛的列車上，自由釋放的一個小鐵球8、如圖所示，電源的電動勢是6V，內(nèi)電阻是0.5，小電動機M的線圈電阻為0.5，限流電阻R0為3，若電壓表的示數(shù)為3V，下列說法中正確的是（）A．電源的功率6W B．電源的輸出功率6WC．電動機消耗的功率2.5W D．電動機輸出的機械功率2.5W9、如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為8V，燈泡L標(biāo)有“3V6W”字樣，電動機線圈的電阻RM＝1Ω.若燈泡恰能正常發(fā)光，下列說法不正確的是A．電動機的輸入電壓是5VB．通過電動機的電流是2AC．電動機的效率是60%D．整個電路消耗的電功率是10W10、有三個質(zhì)量相等，分別帶正電、負(fù)電和不帶電的小球A、B、C，從同一位置以相同速度v0先后射入豎直方向的勻強電場中，它們落在正極板的位置如圖所示，則下列說法中正確的是（）A．小球A帶正電，小球B不帶電，小球C帶負(fù)電B．三個小球在電場中運動的時間相等C．三個小球到達(dá)正極板的動能EkA＜EkB＜EkCD．三個小球到達(dá)正極板的動量的增量△pA＜△pB＜△pC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）現(xiàn)要測定一個額定電壓為3V、額定功率為1.2W的小燈泡的伏安特性曲線．要求所測電壓范圍為0～3V.現(xiàn)有器材：直流電源E(電動勢4.5V，內(nèi)阻不計)，電壓表V1(量程3V，內(nèi)阻約為3kΩ)，電壓表V2(量程15V，內(nèi)阻約為15kΩ)，電流表A1(量程200mA，內(nèi)阻約為2Ω)，電流表A2(量程400mA，內(nèi)阻約為1Ω)，滑動變阻器R(最大阻值為20Ω)，開關(guān)S，導(dǎo)線若干．（1）如果既要滿足測量要求，又要測量誤差較小，應(yīng)該選用的電壓表是________（填寫V1或V2），選用的電流表是________（填寫A1或A2），（2）將測量小燈泡電阻的實驗電路圖畫在答題紙的虛線框內(nèi)___________．12．（12分）某學(xué)習(xí)小組用半徑相同的小球1和小球2碰撞驗證動量守恒定律，實驗裝置如圖所示槽與水平槽平滑連接。安裝好實驗裝置，在地上鋪一張白紙，白紙上鋪放復(fù)寫紙，記下鉛垂線所指的位置O。接下來的實驗步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點由靜止?jié)L下，并落在地面上。重復(fù)多次，用盡可能小的圓把小球的所有落點圈在里面，認(rèn)為其圓心就是小球落點的平均位置；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣處的B點，讓小球1從A點由靜止?jié)L下，使它們碰撞。重復(fù)多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標(biāo)出碰撞后兩小球落點的平均位置；步驟3：用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置M、P、N離O點的距離，即線段OM、OP、ON的長度。(1)在上述實驗操作中，下列說法正確的是（______）A．小球1的質(zhì)量一定大于小球2的質(zhì)量，小球1的半徑可以大于小球2的半徑B．將小球靜止放置在軌道末端看小球是否滾動來檢測斜槽軌道末端是否水平C．小球在斜槽上的釋放點應(yīng)該越高越好，這樣碰前的速度大，測量誤差較小D．復(fù)寫紙鋪在白紙的上面，實驗過程中復(fù)寫紙可以隨時拿起來看印跡是否清晰并進行移動(2)以下提供的器材中，本實驗必需的有（______）A．刻度尺B．彈簧秤C．天平D．秒表(3)設(shè)小球1的質(zhì)量為m1，小球2的質(zhì)量為m2，OM的長度為L1，OP的長度為L2，ON的長度為L3則本實驗驗證動量守恒定律的表達(dá)式為______________________________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在場強大小為E、方向豎直向上的勻強電場內(nèi)取一個半徑為R的圓周,圓周所在平面平行于電場方向，O點為該圓周的圓心，A點是圓周上的最低點，B點是圓周上最右側(cè)的點.在A點有放射源，在圓周所在的平面內(nèi)沿著垂直于電場向右的方向釋放出相同的帶正電的粒子，這些粒子從A點出發(fā)時的初速度大小各不相同，已知粒子的質(zhì)量為m,電荷量為q，不計重力.（1）某一粒子的運動軌跡經(jīng)過圓周上的B點,求該粒子從A點出發(fā)時的初速度大小;（2）取圓周上的某點C,設(shè)OC連線與OA夾角為θ,試寫出粒子經(jīng)過C點時的動能表達(dá)式;14．（16分）如圖甲所示，有小孔O和O′的兩金屬板正對并水平放置，上下板分別與A，B接口連接，接上乙圖所示電源，零時刻開始一帶負(fù)電小球從O孔以某一初速度v豎直射入兩板間．在0-T/2半個周期小球勻速下落；當(dāng)在T時刻時，小球恰好從O′孔離開．已知板間距為3d，帶電小球質(zhì)量為m，電荷量為q，重力加速度為g．求：（1）U0的大?。?）在T/2-T時間內(nèi)，小球的加速度大?。?）小球射入O孔時的速度v15．（12分）在光滑絕緣水平面上放置一質(zhì)量m＝0.2kg、電荷量q＝5×10－4C的帶正電的小球，小球系在長L＝0.5m的絕緣細(xì)線上，線的另一端固定在O點．整個裝置置于勻強電場中，電場方向與水平面平行且沿OA方向，如圖所示（此圖為俯視圖）．現(xiàn)給小球一初速度使其繞點O做圓周運動，小球經(jīng)過A點時細(xì)線的張力F＝140N，小球在運動過程中，最大動能比最小動能大20J，小球視為質(zhì)點．（1）求電場強度的大?。?）求運動過程中小球的最小動能。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

AB．因電子由靜止釋放，且由a向b運動，則電子所受的電場力一定是由a指向b，因為電子帶負(fù)電荷，所受的電場力方向與場強方向相反，說明電場線的方向一定是由b指向a。由于不知負(fù)電荷由a運動到b的過程中電場力的變化情況，因此無法確定場強大小關(guān)系，故A錯誤，B錯誤；C．由題意知，電場力對電子做正功，電勢能減小，所以電子具有的電勢能EPa一定大于EPb，故C正確；D．由分析可知電場方向由b指向a，而沿著電場線方向電勢降低，所以電勢φa一定低于φb，故D錯誤。2、D【解題分析】試題分析：將粒子的運動分情況討論：從M運動到N；從N運動到M，根據(jù)電場的性質(zhì)依次判斷；電場線越密，電場強度越大，同一個粒子受到的電場力越大，根據(jù)牛頓第二定律可知其加速度越大，故有；若粒子從M運動到N點，則根據(jù)帶電粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，可知在某點的電場力方向和速度方向如圖所示，故電場力做負(fù)功，電勢能增大，動能減小，即，負(fù)電荷在低電勢處電勢能大，故；若粒子從N運動到M，則根據(jù)帶電粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，可知在某點的電場力方向和速度方向如圖所示，故電場力做正功，電勢能減小，動能增大，即，負(fù)電荷在低電勢處電勢能大，故；綜上所述，D正確；【題目點撥】考查了帶電粒子在非勻強電場中的運動；本題的突破口是根據(jù)粒子做曲線運動時受到的合力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，從而判斷出電場力方向與速度方向的夾角關(guān)系，進而判斷出電場力做功情況．3、C【解題分析】A、電場是勻強電場，故粒子受力方向恒定，不可能做勻速圓周運動，故A錯誤；B、粒子在電場中合外力等于電場力，在M、N兩點速度相同，動能相同，由能量守恒可知M、N兩點的電勢能也相同，即MN處于同一等勢線上，根據(jù)曲線運動的條件，速度與電場力的夾角先大于900后小于900，所以電場力必先做負(fù)功后做正功，即速度會先減小后增大，動能先減小后增大，故B錯誤；C、由B項可知MN處于同一等勢線上，所以電場方向垂直于NM，勻強電場的電場強度大小，故C正確；D、圓周上，O點與電勢最低的點的電勢差為，但O點電勢不一定較高，故D錯誤；故選C．【題目點撥】粒子在電場中合外力等于電場力，在M、N兩點速度相同，動能相同，由能量守恒可知M、N兩點的電勢能也相同，即MN處于同一等勢線上．4、C【解題分析】

A．電荷不受電場力的作用，則該點的電場強度一定為零，所以A選項錯誤：BD．通電導(dǎo)線在磁場中不一定受到磁場力的作用，與導(dǎo)線和磁感應(yīng)強度的夾角有關(guān)系，即，其中θ為B與電流I的夾角，所以BD兩項錯誤；C．電場強度的定義為，所以C項錯誤．5、A【解題分析】

由庫侖定律可得，變化前的F=K2Q·4Qr2，變化后F'=KQ·2Q(【題目點撥】此題比較簡單，直接根據(jù)庫侖定律得出兩次作用的表達(dá)式，則可求得距離減小后相互作用力，從而解出此題。6、B【解題分析】

根據(jù)電場力做功的公式Wab=qUab，得：A．3×102V，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B．5×102V，與結(jié)論相符，選項B正確；C．4×102V，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D．7×102V，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】A．向東運動的質(zhì)點受到一個向西的力的作用，此時力的方向與速度的方向相反，物體將做勻減速直線運動，不是曲線運動，所以A錯誤；B．正在豎直上升的氣球突然遭遇一陣北風(fēng)，此時速度的方向是向上，而力的方向是水平的，不在一條直線上，物體將做曲線運動，所以B正確；C．汽艇勻速運動，河水也是勻速流動的，所以汽艇的合運動是做勻速運動，故C錯誤；D．在勻速行駛的列車上，自由下落的小球水平方向的速度與列車相同，只受到重力作用，合力和速度方向不在一條直線上，小球?qū)⒆銮€運動，所以D正確．故選：BD．點睛：物體做曲線運動的條件是合外力或加速度與速度不在一條直線上．解題的關(guān)鍵是判斷合外力的方向，或加速度的方向．8、AC【解題分析】

AB．在串聯(lián)電路中，電壓表讀R0兩端的電壓，由歐姆定律得電源的總功率P總=EI=6×1=6W由能量轉(zhuǎn)化和守恒定律得P輸出=P總-I2r=6-12×0.5=5.5W故A正確，B錯誤。CD．電源的輸出功率為電動機和限流電阻獲得功率之和，P輸出=PM+P0P0=I2R0=3WPM=P輸出-P0=5.5-3=2.5W有PM=P機+Pr得P機=PM-Pr=2.5-I2r=2.5-0.5=2W故C正確，D錯誤。故選AC。9、CD【解題分析】

A．燈泡正常發(fā)光時的電壓等于其額定電壓，電動機的輸入電壓UM=U-UL=8V-3V=5V故A正確；B．由燈泡與電動機串聯(lián)，所以電流相等，且燈泡正常發(fā)光，則電路電流故B正確；CD．整個電路消耗的功率P總=UI=8V×2A=16W電動機的熱功率則電動機的效率故CD錯誤。10、ACD【解題分析】

AB．小球做類平拋運動，水平方向為勻速運動，豎直方向為初速度為零的勻加速運動，從圖中可以看到小球A的水平位移最大，根據(jù)公式可知小球A運動的時間最長，其次是小球B，小球C的運動時間最短；在豎直方向上，則有由于相同，結(jié)合時間得知小球受重力和電場力，又由于帶正電的小球受到的電場力方向與電場方向相同，帶負(fù)電的小球受到的電場力方向與電場方向相反，不帶電的小球不受電場力，所以小球A受到向上的電場力即小球A帶正電，小球C帶負(fù)電，小球B不帶電，故A正確，B錯誤；C．以相同的水平速度先后垂直極板間電場射入，C球受合外力最大，則合外力的功最多，動能增量最大；A球受合外力最小，則合外力的功最少，動能增量最小，所以三個小球到達(dá)正極板時的動能為故C正確；D．因為，根據(jù)可知豎直位移相等，則而小球的動量增量為可知△pA＜△pB＜△pC選項D正確。故選ACD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、V1A2【解題分析】

（1）燈泡的額定電壓為3V，則電壓表選V1；小燈泡的額定電流I=P/U=0.4A=400mA，故電流表應(yīng)選量程為400mA的，即A2；（2）小燈泡的電阻R=U2/P=7.5Ω，由于R?RV，故應(yīng)選電流表外接法．滑動變阻器采用分壓式接法．電路圖為：12、BDACm1L2=m1L1+m2L3【解題分析】

（1）[1]為防止入射球1碰后反彈，則小球1的質(zhì)量一定大于小球2的質(zhì)量；為保證兩球正碰，則小球1的半徑要等于小球2的半徑，選項A錯誤；此實驗用小球平拋的水平位移代替小球的初速度，則斜槽口距地面的高度不用測量，選項B正確；小球在斜槽上的釋放點的高度大小要適當(dāng)，不一定越高越好，選項C錯誤；實驗過程中白紙不可以移動，復(fù)寫紙可以拿起來觀察點跡是否清晰，選項D正確。（2）[2]本實驗必需的有刻度尺和天平，刻度尺用來測量小球的水平位移；天平用來測量小球的質(zhì)量；故選AC.（3）[3]要驗證的表達(dá)式：兩邊乘以t可得：即m1L2=m1L1+m2L3四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【