云南省玉龍納西族自治縣一中2024屆物理高二上期中綜合測試模擬試題含解析

云南省玉龍納西族自治縣一中2024屆物理高二上期中綜合測試模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示電路中，電源電壓U恒定，由于某元件出現(xiàn)故障，使燈L1變亮，燈L2不亮，其原因可能是（）A．R1斷路 B．R2斷路 C．R2短路 D．R1短路2、如圖所示，平行板電容器充電后，在其正中P點處有一個帶電微粒恰好能保持靜止狀態(tài)。用什么方法能使該帶電微粒仍在原處保持靜止，且電勢能增加（）A．K閉合,將上極板M接地，下移NB．K閉合,將下極板N接地，左移MC．K斷開,將下極板N接地，上移ND．K斷開,將上極板M接地，下移M3、有關電場強度的理解，下述說法正確的是()A．由E=Fq可知，電場強度E跟放入的電荷B．在電場中某點放入試探電荷q，該點的場強為E=Fq，取走C．由E=kqr2D．沿電場線方向，場強一定越來越大4、如圖所示，Q1、Q2為兩個等量同種正點電荷，在Q1、Q2產(chǎn)生的電場中有M、N和O三點，其中M和O在Q1、Q2的連線上(O為連線的中點)，N為兩電荷連線中垂線上的一點，則下列說法中正確的是A．O點電勢等于N點電勢B．O點場強一定大于M點場強C．將一個負點電荷從M點移到N點，電場力對其做負功D．若將一個正點電荷分別放在M、N和O三點，則該點電荷在O點時電勢能最大5、研究電場能的性質時，一般選無限遠處為零電勢點，若將一個電子從電場中的A點釋放自由移動到無限遠處，電場力做功5eV，則電子在電場中A點的電勢能、A點電勢分別為（）A．5eV、5V B．5eV、﹣5V C．﹣5eV、5V D．﹣5eV、﹣5V6、關于電動勢與電壓的說法正確的是（）A．電動勢就是電壓，等于內外電壓之和B．電動勢就是電源沒有接入電路時兩極之間的電壓C．電動勢、電壓、電勢差雖然名稱不同，但物理意義相同，所以單位也相同．D．電動勢表征的是非靜電力做功的能力，即電源將其他形式能轉化為電能本領的物理量，電壓表征的是電場力做功的能力，在電路中將電能轉化為其他形式能的物理量二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在研究平行板電容器電容的實驗中，電容器的A、B兩極板帶有等量異種電荷，A板與靜電計連接，如圖所示．實驗中可能觀察到的現(xiàn)象是()A．增大A、B板間的距離，靜電計指針張角變小B．減小A、B板間的距離，靜電計指針張角變小C．把B板向上平移，減小A、B板的正對面積，靜電計指針張角變小D．在A、B板間放入一介質板，靜電計指針張角變小8、如圖所示的火警報警裝置，R1為熱敏電阻，若溫度升高，則R1的阻值會急劇減小，從而引起電鈴電壓的增加，當電鈴電壓達到一定值時，電鈴會響．下列說法正確的是（）A．要使報警的臨界溫度升高，可以適當增大電源的電動勢B．要使報警的臨界溫度升高，可以把R2的滑片P適當向下移C．要使報警的臨界溫度降低，可以適當增大電源的電動勢D．要使報警的臨界溫度降低，可以把R2的滑片P適當向下移9、如圖所示，圖中K?L?M為靜電場中的3個相距較近的等勢面.一帶電粒子射入此靜電場中后，沿abcde軌跡運動.已知電勢φK<φLA．粒子帶負電B．粒子在a點的加速度大于在b點的加速度C．粒子在a點與e點的速度大小相等D．粒子在a點的電勢能大于在d點的電勢能10、如圖所示，一個內壁光滑的圓管軌道ABC豎直放置，軌道半徑為R；O、A、D位于同一水平線上，A、D間的距離為R；質量為m的小球(球的直徑略小于圓管直徑)，從管口A正上方由靜止釋放，要使小球能通過C點落到AD區(qū)，則球經(jīng)過C點時()A．速度大小滿足B．速度大小滿足0≤vC≤C．對管的作用力大小滿足mg≤FC≤mgD．對管的作用力大小滿足0≤FC≤mg三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）成都七中實驗室新進了一批金屬絲，每卷長度L=10m，阻值約為150Ω，高二物理興趣小組想盡量準確測岀其電阻率。先用螺旋測微器測岀金屬絲的直徑如圖所示，然后在實驗室找來了下列器材：待測金屬絲1卷電源E（電動勢4.5V，內阻r≈0.5Ω）電流表A1（量程10mA，內阻RA1=50Ω）電流表A2（量程30mA，內阻RA2≈30Ω）滑動變阻器R1（最大阻值為20Ω）滑動變阻器R2（最大阻值為5000Ω）定值電阻R3=10Ω定值電阻R4=400Ω開關一個、導線若干(1)螺旋測微器測出金屬絲的直徑d=________mm。(2)滑動變阻器應選用________，定值電阻應選用________。(3)為了精確的測量金屬絲的電阻率，請在方框中畫出實驗電路圖。（________）(4)連接電路，閉合開關，移動滑動變阻器，并記錄下多組電流表A1的示數(shù)I1、電流表A2的示數(shù)I2，以I1為橫坐標，I2為縱坐標，描點作圖并測得圖象的斜率為k，則金屬絲的電阻率可以表示為_______（用題中給出的字母表示）12．（12分）某同學用伏安法測定待測電阻Rx的阻值（約為10kΩ），除了Rx，開關S、導線外，還有下列器材供選用：A．電壓表（量程0~1V，內阻約10kΩ）B．電壓表（量程0~10V，內阻約100kΩ）C．電流表（量程0~1mA，內阻約30Ω）D．電流表（量程0~0.6A，內阻約0.05Ω）E.電源（電動勢1.5V，額定電流0.5A，內阻不計）F.電源（電動勢12V，額定電流2A，內阻不計）G.滑動變阻器R0（阻值范圍0~10Ω，額定電流2A）①為使測量盡量準確，電壓表選用_______，電流表選用_______，電源選用_______。（均填器材的字母代號）；②畫出測量Rx阻值的實驗電路圖_______。③該同學選擇器材、連接電路和操作均正確，從實驗原理上看，待測電阻測量值會_______其真實值（填“大于”“小于”或“等于”），原因是_______。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示,在直角坐標系xoy的第一、四象限區(qū)域內存在兩個有界的勻強磁場；垂直紙面向外的勻強磁場I、垂直紙面向里的勻強磁場Ⅱ，O、M、P、Q為磁場邊界和x軸的交點，OM=MP=L．在第三象限存在沿y軸正向的勻強電場．一質量為m帶電荷量為+q的帶電粒子從電場中坐標為(-2L，-L)的點以速度V0沿+x方向射出,恰好經(jīng)過原點O處射入磁場I，又從M點射出磁場I(粒子的重力忽略不計)．求：（1）第三象限勻強電場場強E的大小；（2）磁場Ⅰ的磁感應強度B的大小；（3）如果帶電粒子能再次回到原點O，問磁場Ⅱ的寬度至少為多少?粒子兩次經(jīng)過原點O的時間間隔為多少．14．（16分）如圖所示，將某正粒子放射源置于原點O，其向各方向射出的粒子速度大小均為υ0、質量均為m、電荷量均為q．在0≤y≤d的一、二象限范圍內分布著一個左右足夠寬的勻強電場，方向與y軸正向相同，在d＜y≤2d的一、二象限范圍內分布著一個左右足夠寬的勻強磁場，方向垂直于xOy平面向里．粒子第一次離開電場上邊界y=d時，能夠到達的最右側的位置為（d，d），且最終恰沒有粒子從y=2d的邊界離開磁場，若只考慮每個粒子在電場中和磁場中各運動一次，不計粒子重力以及粒子間的相互作用，求：（1）電場強度E和磁感應強度B；（2）粒子在磁場中運動的最短時間．15．（12分）用30cm的細線將質量為-3kg的帶電小球P懸掛在O點下，當空中有方向為水平向右，大小為4N/C的勻強電場時，小球偏轉37°后處在靜止狀態(tài)（1）分析小球的電性；（2）求小球的帶電量；（3）求細線的拉力．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

A.若R1斷路，則總電阻變大，總電流變小，L1變暗，不符合題意，故A錯誤；B.若R2斷路，電路不通，則燈L1和燈L2都不亮，不符合題意，故B錯誤；C.若R2短路，總電阻變小，總電流變大，燈L1變亮，L2是發(fā)光的，不符合題意，故C錯誤；D.若R1短路，總電阻變小，總電流變大，燈L1變亮，L2被短路不亮，符合題意，故D正確．2、C【解題分析】

保持K閉合時電容板間電壓保持不變．充電后將K斷開后電容器的電量保持不變，根據(jù)推論，板間場強不變．根據(jù)公式E=Ud【題目詳解】A項：K閉合，保持K閉合時，下移N，板間距離d增大，根據(jù)公式E=Ud分析得知，板間場強減小，帶電微粒受到的電場力減小，微粒將向下加速運動。不符合題意，故AB項：K閉合，保持K閉合時，左移N，板間距離d不變，電容減小，根據(jù)公式E=Ud分析得知，板間場強不變，帶電微粒受到的電場力不變，仍處于靜止狀態(tài)。P點的電勢不變，微粒的電勢能不變。不符合題意，故BC項：K斷開，將上極板M，下移N，根據(jù)推論E=4πkQεS可知，E不變，微粒所受的電場力不變，仍處于靜止，由U=Ed知，P與N的電勢差減小，N的電勢為零，P點的電勢高于N的電勢，則知P點的電勢降低，微粒帶負電，則知微粒的電勢增加，故CD項：K斷開，將上極板M，下移M，根據(jù)推論E=4πkQεS可知，E不變，微粒所受的電場力不變，仍處于靜止，由U=Ed知，P與M的電勢差減小，M的電勢為零，P點的電勢低于M的電勢，則知P點的電勢升高，微粒帶負電，則知微粒的電勢減小，故D故應選C。【題目點撥】本題是電容器動態(tài)變化分析的問題，根據(jù)決定電容的三個因素和電容的定義式相結合進行分析。3、B【解題分析】

電場強度由電場本身決定，與電荷的電量以及所受的電場力無關，由E=Fq可知，電場強度E等于電荷q所受的電場力F與電量q的比值，選項A錯誤；在電場中某點放入試探電荷q，該點的場強為E=Fq，取走q后，該點場強不變，選項B正確；在離點電荷很近，r接近于零時，電場強度的公式E=kqr2不再適用4、C【解題分析】

A.根據(jù)兩個等量同種正點電荷的電場分布特點，在兩電荷連線的垂直平分線上電場強度方向從O到N，則O點的電勢高于N點的電勢，故A錯誤；B.在M、N和O三點中O點電場強度為零，故O點場強一定小于M點場強，故B錯誤；C.將負點電荷從M點移到O點，電場力向左，電場力對負電荷做負功，其電勢能增加；再將負的試探電荷從O點移到N點，電場力做負功，電勢能增加，故C正確；D.在兩個等量同種正點電荷的連線上，中點O的電勢最低，根據(jù)兩個等量同種正點電荷的電場分布特點，在兩電荷連線的垂直平分線上，O點的電勢最高．故M、N、O三點中，M點的電勢最高，N點的電勢最低．所以正點電荷在M點的電勢能最大，在N點的電勢能最小，故D錯誤。5、B【解題分析】

一個電子從電場中的A點移到無限遠處，電場力做功5eV，則電子的電勢能減小5eV，無限遠處為零勢點，則電子在A點的電勢能為5eV．A點電勢為：，故B正確，ACD錯誤．6、D【解題分析】

AB.電動勢是電源本身的性質，其大小等于內外電壓之和，但不能說它就是電壓；故A錯誤，B錯誤；CD.電動勢是表示電源把其他形式的能轉化為電能的本領大小的物理量；電壓表征的是電場力做功的能力，在電路中將電能轉化為其他形式能的物理量．電動勢單位與電壓、電勢差相同，但意義不同．故C錯誤，D正確；故選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】

改變板間距離、改變正對面積或放入電介質，根據(jù)電容的決定式分析電容的變化，電容器的電量不變，再根據(jù)電容的定義式分析板間電壓的變化，判斷靜電計指針的變化；【題目詳解】A、增大A、B板間的距離，根據(jù)電容的決定式分析得知，電容C減小，電容器的電量Q不變，則由得知，板間電壓U增大，靜電計指針張角變大，故A錯誤；

B、減小A、B板間的距離，根據(jù)電容的決定式分析得知，電容C增大，電容器的電量Q不變，則由得知，板間電壓U減小，靜電計指針張角變?。蔅正確；

C、減小A、B板的正對面積，根據(jù)電容的決定式分析得知，電容C減小，電容器的電量Q不變，則由得知，板間電壓U增大，靜電計指針張角變大，故C錯誤；

D、在A、B板間放入一介質板，根據(jù)電容的決定式分析得知，電容C增大，電容器的電量Q不變，則由得知，板間電壓U減小，靜電計指針張角變小，故D正確．【題目點撥】本題是電容器的動態(tài)變化分析問題，在分析不變量的基礎上，由電容的決定式和電容的定義式結合分析．8、CD【解題分析】

要使報警的臨界溫度升高，R1對應的阻值減小，電路中電流會增大，電鈴兩端的電壓會增大，而電鈴電壓達到一定值時，電鈴會響，要使電鈴的電壓仍為原來的值，必須適當減小電源的電動勢，相反，要使報警的臨界溫度降低，可以適當增大電源的電動勢．故A錯誤，C正確．要使報警的臨界溫度升高，R1對應的阻值減小，根據(jù)串聯(lián)電路的特點可知，將使電鈴的電壓增大，要使電鈴的電壓仍為原來的值，可以把R2的滑片P適當向上移，以減小R2，相反，要使報警的臨界溫度降低，可以把R2的滑片P適當向下移，故B錯誤，D正確．故選CD．9、CD【解題分析】因為φk＜φL，且?guī)щ娏Ｗ釉赼b段做減速運動，因此粒子帶正電，A錯誤；由電場線分布情況可知a點場強小于b點場強，因此粒子在a點的加速度小于在b點的加速度，B錯誤；a點和e點處在同一等勢面上，因此該粒子在該兩點的動能、電勢能都相等，C正確；b點和d點處在同一等勢面上，b、d兩點的電勢能相等，由于帶電粒子在ab段做減速運動即該階段電場力做負功，電勢能增加，即a點的電勢能小于b點的電勢能，故D正確.10、AD【解題分析】

AB．小球離開C點做平拋運動，落到A點時水平位移為R，豎直下落高度為R，根據(jù)運動學公式可得：豎直方向有R=gt2水平方向有R=vC1t解得vC1=小球落到D點時水平位移為2R，則有2R=vC2t解得vC2=故速度大小滿足≤vc≤故A正確，B錯誤．CD．由于球的直徑略小于圓管直徑，所以過C點時，管壁對小球的作用力可能向下，也可能向上，當vC1=向心力＜mg所以管壁對小球的作用力向上，根據(jù)牛頓第二定律得mg-Fc1=解得N=mg當vC′=，向心力F′==2mg＞mg所以管壁對小球的作用力向下，根據(jù)牛頓第二定律得mg+Fc2=解得N′=mg假設在C點管壁對小球的作用力為0時的速度大小為vC3，則由向心力公式可得mg=解得vC3=vC3在≤vc≤范圍內，所以滿足條件．所以球經(jīng)過C點時對管的作用力大小滿足0≤Fc≤mg故C錯誤，D正確。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、3.465mmR1、R4見解析【解題分析】

(1)[1]螺旋測微器的讀數(shù)由固定刻度和可動刻度兩部分組成，直徑d=3.0mm+46.6×0.01mm=3.466mm=0.3466cm；(2)[2]滑動變阻器盡量選擇較小的且接近被測電阻，所以選擇；[3]由于無電壓表，則用電流表串聯(lián)一個較大的分壓電阻作為電壓表使用，所以變阻器選；(3)[4]待測定值阻值約為150Ω，改裝后電壓表內阻為450Ω，電流表內阻約為30Ω，電流表采用外接法；為測多組實驗數(shù)據(jù)，根據(jù)滑動變阻器阻值小于待測定值阻值，滑動變阻器應采用分壓接法，電路圖如圖所示；(4)[5]根據(jù)歐姆定律有：變形得：結合圖象的斜率為：所以求得：再由電阻定律：所以電阻率：12、BCF大于電壓表的讀數(shù)大于待測電阻兩端實際電壓【解題分析】

①由于本題的被測電阻達到10kΩ，所以電源要選擇電動勢大的，然后根據(jù)電路電流選擇電流表，電壓表；②若采用限流接法，則電路中電流和電壓變化不明顯，故采用滑動變阻器的分壓接法，根據(jù)和的關系分析電流表的接法；③根據(jù)電流表的接法判斷實驗誤差所在；【題目詳解】①[1][3]若選用電源1.5V，由于被測電阻很大，電路中電流非常小，不利于實驗，即電源選用12V的，即F；則電壓表就應該選取B；[2]電路中的最大電流為故選用電流表C。②[4]因為給的滑動變阻器的最大阻值只有10Ω，若采用限流接法，則電路中電流和電壓變化不明顯，故采用滑動變阻器的分壓接法，由于，所以采用電流表內接法，電路圖如圖所示③[5][6]由于電流表的分壓，導致電壓測量值偏大，而電流準確，根據(jù)可知測量值偏大；【題目點撥】滑動變阻器的分壓和限流接法的區(qū)別和選用原則：區(qū)別：(1)限流接法線路結構簡單，耗能少；(2)分壓接法電壓調整范圍大，可以從0到路端電壓之間連續(xù)調節(jié)；選用原則：(1)優(yōu)先限流接法，因為它電路結構簡單，耗能較少；(2)下列情況之一者，須采用分壓接法：①當測量電路的電阻遠大于滑動變阻器阻值，采用限流法不能滿足要求時（本題就是該例子）；②當實驗要求多測幾組數(shù)據(jù)（電壓變化范圍大），或要求電壓從零開始調節(jié)；③電源電動勢比電壓表量程大得多，限流法滑動變阻器調到最大仍超過電壓表量程時。電流表內接和外接的選用：當時，宜采用內接法，即大電阻用內接法；當時，宜采用外接法，即小電阻用外接法；可記憶為“大內，小外”。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要