2024屆新疆博爾塔拉蒙古自治州第五師高級中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中質(zhì)量檢測試題含解析

2024屆新疆博爾塔拉蒙古自治州第五師高級中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中質(zhì)量檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在火星與木星軌道之間有一小行星帶．假設(shè)該帶中的小行星只受到太陽的引力，并繞太陽做勻速圓周運動．下列說法正確的是A．太陽對小行星的引力相同B．各小行星繞太陽運動的周期小于一年C．小行星帶內(nèi)側(cè)小行星的向心加速度值大于小行星帶外側(cè)小行星的向心加速度值D．小行星帶內(nèi)各小行星圓周運動的線速度值大于地球公轉(zhuǎn)的線速度值2、如圖所示，在傾角為α的光滑斜面上，垂直斜面放置一根長為L、質(zhì)量為m的直導(dǎo)線．當通以電流I時，欲使導(dǎo)體靜止在斜面上，外加勻強磁場B的大小和方向應(yīng)是（）A．,方向垂直斜面向上B．,方向垂直斜面向下C．,方向垂直向下D．,方向水平向右3、有一鉛蓄電池，當移動1C電荷時非靜電力做功2J，該鉛蓄電池的電動勢是（）A．2V B．1VC．2.5V D．1.5V4、如圖所示，洛倫茲力演示儀由勵磁線圈、玻璃泡、電子槍等部分組成．勵磁線圈是一對彼此平行的共軸的圓形線圈，它能夠在兩線圈之間產(chǎn)生勻強磁場．玻璃泡內(nèi)充有稀薄的氣體，電子槍在加速電壓下發(fā)射電子，電子束通過泡內(nèi)氣體時能夠顯示出電子運動的徑跡．若電子槍垂直磁場方向發(fā)射電子，給勵磁線圈通電后，能看到電子束的徑跡呈圓形．若只增大電子槍的加速電壓或勵磁線圈中的電流，下列說法正確的是A．增大電子槍的加速電壓，電子束的軌道半徑不變B．增大電子槍的加速電壓，電子束的軌道半徑變小C．增大勵磁線圈中的電流，電子束的軌道半徑不變D．增大勵磁線圈中的電流，電子束的軌道半徑變小5、如圖所示，MN是負點電荷產(chǎn)生的電場中的一條電場線。一個帶正電的粒子（不計重力）從a到b穿越這條電場線的軌跡如圖中虛線所示。下列中結(jié)論正確的是A．帶電粒子從a到b過程中動能逐漸減小。B．電場線的方向由N指向M。C．帶電粒子在a點時的電勢能小于在b點時的電勢能。D．帶電粒子在a點的加速度大于在b點的加速度。6、如圖所示，在光滑水平面上有直徑相同的a、b兩球，在同一直線上運動，選定向右為正方向，兩球的動量分別為pa＝6kg·m/s、pb＝－4kg·m/s。當兩球相碰之后，兩球的動量可能是（）A．pa＝－6kg·m/s、pb＝4kg·m/sB．pa＝－6kg·m/s、pb＝8kg·m/sC．pa＝－4kg·m/s、pb＝6kg·m/sD．pa＝2kg·m/s、pb＝0二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、圖甲為某一電阻R的I－U特性曲線，圖乙為某一電源的路端電壓U與電流I的關(guān)系圖線，用該電源直接與電阻R相連組成閉合電路，由圖象可知()A．電源的電動勢為3V，內(nèi)阻為0.5ΩB．電阻R的阻值為1ΩC．電源的輸出功率為1WD．電源的效率為66.7%8、如圖所示，帶電體Q固定，帶電體P的帶電量為q，質(zhì)量為m，與絕緣的水平桌面間的動摩擦因數(shù)為μ，將P在A點由靜止放開，則在Q的排斥下運動到Ｂ點停下，A、B相距為s，下列說法正確的是（）A．將P從B點由靜止拉到A點，水平拉力最少做功B．將P從B點由靜止拉到A點，水平拉力做功C．P從A點運動到B點，電勢能增加D．P從A點運動到B點，電勢能減少9、真空中存在方向斜向上的勻強電場，一帶電小球水平射入電場中，恰好沿水平方向運動，如圖所示．下列說法正確的是A．小球可能帶負電B．小球所受的重力一定小于電場力C．運動過程中小球的機械能可能先減小后增大D．小球一定做勻加速運動10、如圖電路，電動勢為E、內(nèi)阻為r，阻值各不相同的定值電阻R1、R2、R1．初始時，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動變阻器R，使M、N兩點間支路上電流為零．當滑動變阻器的觸頭向做左動時，下列說法正確的是（）．A．電流表讀數(shù)增大，電壓表減小B．電壓表讀數(shù)增大，電流表讀數(shù)增大C．M、N間支路出現(xiàn)由N指向M方向的電流D．M、N間支路出現(xiàn)由M指向N方向的電流三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）為完成“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”的實驗，必須要選用的是______。A．有閉合鐵芯的原副線圈B．無鐵芯的原副線圈C．交流電源D．直流電源E．多用電表（交流電壓擋）F．多用電表（交流電流擋）（2）用匝數(shù)na=60匝和nb=120匝的變壓器，實驗測量數(shù)據(jù)如下表，根據(jù)測量數(shù)據(jù)可判斷連接電源的線圈是______（填na或nb），并說明判斷的依據(jù)________（至少寫兩條）。Ua/V1.802.803.804.90Ub/V4.006.018.029.9812．（12分）有一標有“6V，1.5W”的小燈泡，現(xiàn)用圖甲所示電路繪測其伏安特性曲線，提供的器材除導(dǎo)線和開關(guān)外，還有：A．直流電源6V（內(nèi)阻不計）B．直流電流表0～3A（內(nèi)阻0.1Ω以下）C．直流電流表0～300mA（內(nèi)阻約為5Ω）D．直流電壓表0～15V（內(nèi)阻約為15kΩ）E．滑動變阻器10Ω，2AF．滑動變阻器1kΩ，0.5A（1）實驗中電流表應(yīng)選用_____，滑動變阻器應(yīng)選用_____．（用序號表示）（2）試按圖甲電路將圖乙所示器材連成電路___________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，在xoy平面內(nèi)，Ⅰ象限中有勻強電場，場強大小為E，方向沿y軸正向，在x軸下方有方向垂直于紙面向里的勻強磁場。今有一個質(zhì)量為m電量為e的電子（不計重力），從y軸上的P點以初速度v0垂直于電場方向進入電場。經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)后，沿著與x軸正方向成45°進入磁場，并能返回到原出發(fā)點P。求：（1）作出電子運動轉(zhuǎn)跡的示意圖P點離坐標原點的距離h。（2）勻強磁場的磁感應(yīng)強度。（3）電子從P點出發(fā)經(jīng)多長時間第一次返回P點？14．（16分）如圖，在區(qū)域Ⅰ（0≤x≤d）和區(qū)域Ⅱ（d<x≤2d）內(nèi)分別存在大小相等、方向相反的勻強磁場，且垂直于oxy平面．兩個質(zhì)量均為m、帶電量均為q（q>0）的粒子a、b于某時刻從坐標原點O沿著x軸正方向射入?yún)^(qū)域Ⅰ，入射速度分別為和，粒子在區(qū)域Ⅰ內(nèi)向y軸正方向偏轉(zhuǎn)．己知粒子a在離開區(qū)域Ⅰ時，速度方向與x軸正向的夾角為30°．不計重力和兩粒子之間的相互作用力．求：（1）區(qū)域Ⅰ內(nèi)的磁場方向和磁感應(yīng)強度大小；（2）a在磁場中運動的時間；（3）當a離開區(qū)域Ⅱ時，a、b兩粒子的y坐標之差．15．（12分）如圖所示，R為電阻箱，V為理想電壓表．當電阻箱讀數(shù)為R1=2Ω時，電壓表讀數(shù)為U1=4V；當電阻箱讀數(shù)為R2=5Ω時，電壓表讀數(shù)為U2=5V．求：（1）電源的電動勢E和內(nèi)阻r；（2）當電阻箱R讀數(shù)為多少時，電源的輸出功率最大？最大值為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

小行星繞太陽做勻速圓周運動，萬有引力提供圓周運動向心力A．太陽對小行星的引力F=，由于各小行星軌道半徑質(zhì)量均未知，故不能得出太陽對小行星的引力相同的結(jié)論，故A錯誤；B．由周期T=知，由于小行星軌道半徑大于地球公轉(zhuǎn)半徑，故小行星的周期均大于地球公轉(zhuǎn)周期，即大于一年，故B錯誤；C．小行星的加速度a=知，小行星內(nèi)側(cè)軌道半徑小于外側(cè)軌道半徑，故內(nèi)側(cè)向心加速度大于外側(cè)的向心加速度，故C正確；D．線速度知，小行星的軌道半徑大于地球半徑，故小行星的公轉(zhuǎn)速度小于地球公轉(zhuǎn)的線速度，故D錯誤。故選C。2、B【解題分析】

通電導(dǎo)線在磁場中的受到安培力作用，由左手定則來確定安培力的方向，由平衡條件求出安培力大小，最后由安培力公式計算B的大小．【題目詳解】A、外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的方向垂直斜面向上，則沿斜面向下的安培力、支持力與重力，無論B多大三個力的合力不可能為零，直導(dǎo)線不可能處于平衡狀態(tài)，故A錯誤；B、外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的方向垂直斜面向下，則沿斜面向上的安培力、支持力與重力，處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件：mgsinθ=BIL，則，故B正確；C、外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的方向豎直向上，則水平向右的安培力、支持力與重力，無論B多大三個力的合力不可能為零，直導(dǎo)線不可能處于平衡狀態(tài)，故C錯誤；D、外加勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的方向水平向右，則受豎直向下的安培力三力作用下導(dǎo)線不會處于平衡，故D錯誤；故選B.【題目點撥】學(xué)會區(qū)分左手定則與右手定則，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感應(yīng)電流的方向．3、A【解題分析】

由電動勢公式．A．2V，與結(jié)論相符，選項A正確；B．1V，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．2.5V，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D．1.5V，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；4、D【解題分析】

AB．若增大電子槍的加速電壓，電子束運動的速度增加，根據(jù)可知，電子束的軌道半徑變大，AB錯誤；CD．增大勵磁線圈中的電流，也就是增加了磁場的磁感強度B，這時軌道半徑R將減小，C錯誤，D正確．故選D。5、B【解題分析】A、由于該粒子只受電場力作用且做曲線運動，電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，電場力方向向左，帶電粒子從a到b過程中，對帶電粒子做正功，其動能增加，故A錯誤；B、帶正電的粒子所受電場力向左，電場線的方向由N指向M，負電荷在直線M點左側(cè)，故B正確；C、電場力對帶電粒子做正功，其動能增加，電勢能減小，則帶電粒子在a點的電勢能大于在b點的電勢能，故C錯誤；D、a點離點電荷較遠，a點的電場強度小于b點的電場強度，帶電粒子在a點的電場力小于在b點的電場力，根據(jù)牛頓第二定律得知，帶電粒子在a點的加速度小于在b點的加速度，故D錯誤；故選B。【題目點撥】粒子只受電場力作用且做曲線運動，電場力指向軌跡內(nèi)側(cè)，電場力方向向左，電場線的方向由N指向M，負電荷在直線M點左側(cè)，帶電粒子從a到b過程中，對帶電粒子做正功，其動能增加。6、C【解題分析】

A．根據(jù)碰撞過程中動量守恒可知碰撞后的總動量等于原來總動量2kg?m/s。碰后的合動量為-2kg?m/s，不守恒，故A錯誤；B．a(chǎn)球的動能不變，b球的動能增加了，不符合機械能不能增大的規(guī)律，故B錯誤；C．a(chǎn)b小球的動量滿足動量守恒，也不違背物體的運動規(guī)律，故C正確；D．與實際不符，a不可能穿過停止的b向前運動，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解題分析】

A．從乙圖可以看出，電源電動勢為3V，內(nèi)阻為2Ω，故A錯誤；B．從甲圖可以得到電阻：故B錯；C．根據(jù)閉合電路歐姆定律知：所以電源的輸出功率：故C正確；D．電源的效率：故D正確；8、AD【解題分析】

CD.在A點由靜止放開，運動到Ｂ點停下，根據(jù)動能定理可知，合外力做功為零，即電場力所做正功跟摩擦力所做負功大小相等，將電場力這個變力做功可轉(zhuǎn)化為恒力做功，即從A點運動到B點，電場力做的正功為，則電勢能減少，故C錯誤，D正確AB.若將P從B點由靜止拉到A點，水平拉力需要克服電場力和摩擦力兩個力做功，所以水平拉力最少做功，故A正確，B錯誤故選AD9、BD【解題分析】

本題考查帶電粒子在復(fù)合場中的直線運動【題目詳解】由題意可知，小球在電場中受到豎直向下的重力和電場力，要使小球做直線運動，則必須滿足一下兩個條件之一：①合外力為0；②合外力的方向與速度的方向共線。A．電場力的方向與重力的方向不共線，所以不可能滿足二力平衡合外力為0，則應(yīng)該滿足的是條件②，即合外力一定沿水平方向，則電場力一定沿電場線方向，可知該小球帶正電；故A選項正確；B．因受到電場力和重力的合力方向沿水平向右，受力分析如圖由平行四邊形定則可知，電場力大小一定大于小球的重力，故B選項正確；C．在整個過程中電場力始終與運動方向間的夾角為銳角，即機械能逐漸的增大，故C選項錯誤；D．小球的合外力與速度的方向共線，且所受重力和電場力均保持不變即合外力不變，則小球應(yīng)做勻加速直線運動，故D選項正確。綜上所述，本題正確答案選BD。10、AD【解題分析】

A、B項：當滑動變阻器的觸頭向左移動時，滑動變阻器接入電路中的電阻減小，外電路的電阻減小，總電阻也減小，由閉合電路歐姆定律可知，總電流增大，由公式可知，路端電壓減小即電壓表示數(shù)減小，所以電流表的示數(shù)與增大，故A正確，B錯誤；C、D項：當滑動變阻器的觸頭向左移動時，滑動變阻器接入電路中的電阻減小，滑動變阻器兩端電壓減小，即電勢降落更小，所以M點電勢高于N點電勢，所以MN中有由M指向N的電流，故C錯誤，D正確．故應(yīng)選：AD．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、ACEnb由于漏磁、渦流、線圈電阻等影響，副線圈兩端的電壓小于理論值【解題分析】

（1）[1]．為了完成變壓器的探究，需要使用交流電源變壓，多用電表交流電壓檔；為了讓變壓效果明顯需要含有閉合鐵芯的原副線圈，因此正確答案為ACE；（2）[2][3]．由于漏磁、渦流、線圈電阻等影響，所以副線圈測量電壓應(yīng)該小于理論變壓值，即nb為連接電源的輸入端，na為輸出端。12、CE【解題分析】

（1）由燈泡的功率及額定電壓可求得電路中的最大電流，則可選出電流表；由電路的接法可選出滑動變阻器；（2）根據(jù)原理圖可連出實物圖，注意實物圖中導(dǎo)線不能交叉；注意分壓接法的連接方法．【題目詳解】（1）由P=UI可知，燈泡的額定電流；故電流表應(yīng)選用C；因本實驗采用分壓接法，故滑動變阻器應(yīng)選用小電阻，故滑動變阻器選擇E；（2）已知原理圖，則先將滑動變阻器及電源串聯(lián)，再將燈泡支路并聯(lián)在滑動變阻器的一部分中，注意導(dǎo)線不能交叉，且導(dǎo)線要接在接線柱上，如圖所示：【題目點撥】本題考查測小燈光的伏安特性曲線中的儀表選擇及實物圖的連接，均為重點考查內(nèi)容，在學(xué)習(xí)中要認真掌握．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解題分析】

（1）電子在電場做做類平拋運動，應(yīng)用類平拋運動規(guī)律與動能定理求出h；（2）電子在磁場中做勻速圓周運動，應(yīng)用牛頓第二定律可以求出B；（3）求出電子在電場、磁場、第二象限中的運動時間，然后求出電子總的運動時間．【題目詳解】（1）粒子運動軌跡如圖所示：

電子經(jīng)過A點的速度大?。海?/p>

電子從P到A過程，由動能定理得：eEh=mv2-mv02，解得，h=；

（2）由幾何知識可得，電子在磁場中的軌道半徑：，

電子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：evB=m，

解得：B=；

（3）電子從P到A的過程，加速度為，

時間為，

從A到C再到D，周期為，由幾何知識得：電子在磁場中運動過程速度的偏向角為270°則電子在磁場中運動的時間為，從D到P的運動過程：由幾何知識得：DP=h，運動時間為：，解得：

故t=t1+t2+t3=；【題目點撥】電子在電場中做類平拋運動的研究方法是運動的分解，而磁場中圓周運動的研究方法是畫軌跡，都常用的思路．14、（1）磁場方向垂直于紙面向里B=（2）（3）Δy=【解題分析】

（1）粒子帶正電，在區(qū)域Ⅰ內(nèi)向y正方向偏轉(zhuǎn)由左手定則可知，磁場方向垂直于紙面向里軌跡如圖所示：粒子a離開區(qū)域Ⅰ時速度的偏轉(zhuǎn)角是30°，根據(jù)數(shù)學(xué)知識，在區(qū)域Ⅰ對應(yīng)的圓心角為30°設(shè)粒子a在磁場中的軌道半徑為R根