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文檔簡介
2024屆山東省青島市三十九中學物理高二上期中達標檢測試題注意事項:1.答卷前,考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時,選出每小題答案后,用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑,如需改動,用橡皮擦干凈后,再選涂其它答案標號?;卮鸱沁x擇題時,將答案寫在答題卡上,寫在本試卷上無效。3.考試結束后,將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、交流發(fā)電機在工作時產生的電動勢為e=Emsinωt,若將電樞的轉速提高一倍,同時將電樞所圍面積減小一半,其他條件不變,則其電動勢變?yōu)?)A.e=Emsin B.e=2Emsin C.e=Emsin2ωt D.e=2Emsin2ωt2、帶電粒子射入一固定的帶正電的點電荷Q的電場中,沿圖中實線軌跡從a運動到b,a、b兩點到點電荷Q的距離分別為ra、rb(ra>rb),b點為運動軌跡上到Q的最近點,不計粒子的重力,則可知()A.運動粒子帶負電B.b點的場強小于a點的場強C.a到b的過程中,電場力對粒子不做功D.a到b的過程中,粒子動能和電勢能之和保持不變3、直線mn是某電場中的一條電場線,方向如圖所示.一帶正電的粒子只在電場力的作用下由a點運動到b點,軌跡為一拋物線,分別為a、b兩點的電勢.下列說法中正確的是A.可能有B.該電場可能為點電荷產生的電場C.帶電粒子在b點的動能一定大于在a點的動能D.帶電粒子由a運動到b的過程中電勢能一定一直減小4、下列物理量中屬于標量的是()A.位移 B.加速度 C.功率 D.向心力5、對物體帶電現(xiàn)象的敘述,下列說法正確的是()A.一個不帶電的物體內一定沒有電荷B.物體帶電一定具有多余的電子C.物體帶電的過程就是電荷移動的過程D.物體帶電的過程就是創(chuàng)造電荷的過程6、下列說法正確的是()A.由電流I=q/t可知I與q成正比B.電流有方向,所以電流是矢量C.電動勢、電壓和電勢差名稱不同,但物理意義相同,所以單位也相同D.電壓表改裝時串聯(lián)電阻的目的是分去一部分電壓二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、如圖所示是研究自感通電實驗的電路圖,A1、A2是兩個規(guī)格相同的小燈泡,閉合電鍵調節(jié)電阻R,使兩個燈泡的亮度相同,調節(jié)可變電阻R1,使它們都正常發(fā)光,然后斷開電鍵S.重新閉合電鍵S,則()A.閉合開關瞬間,A2立刻變亮,A1逐漸變亮B.穩(wěn)定后,L和R兩端電勢差一定相同C.斷開開關瞬間,A1慢慢熄滅,A2立即熄滅D.斷開開關瞬間,通過A2燈的電流方向自左到右8、在圖所示的電路中,電源電動勢為E、內電阻為r.在滑動變阻器的滑動觸片P從圖示位置向下滑動的過程中:A.電路中的總電流變大B.路端電壓變大C.通過電阻R2的電流變小D.通過滑動變阻器R1的電流變小9、如圖所示,要使靜電計的指針偏角變小,可采用的方法是()A.使兩極板靠近 B.減小正對面積C.插入電介質 D.用手碰一下正極板10、阻值為10Ω的電阻接到電壓波形如圖所示的交流電源上,以下說法正確的是()A.電壓的有效值為10VB.通過電阻的電流有效值為1AC.電阻消耗電功率為5WD.電阻每秒鐘產生的熱量為5J三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)在測定一根粗細均勻的合金絲Rx的電阻率的實驗中。待測合金絲Rx的電阻約為5Ω。(1)測量合金絲直徑如圖示,合金絲直徑為________。(2)某同學根據(jù)以上儀器,按圖連接實驗線路,在實驗中發(fā)現(xiàn)電流表示數(shù)變化范圍較窄,現(xiàn)請你用筆在下圖中畫一條線對電路進行修改,使電流表示數(shù)的變化范圍變寬_______。(3)其測量結果比真實值偏________(選填“大”或“小”)。12.(12分)在“用DIS描繪電場的等勢線”實驗中,按圖示連接電路。在電極A、B的連線上等距離地取a、b、c、d、e共5個基準點。已知電壓傳感器紅色探針的電勢高于黑色探針的電勢時,讀數(shù)為正。(1)若電壓傳感器的紅色探針接觸a點,黑色探針接觸b點時,讀數(shù)為負,則電極A接在電源的_____極上(選填“正”或“負”)。(2)若傳感器的兩個探針分別接觸a點和b點時的示數(shù)為U1;分別接觸b點和c點時的示數(shù)為U2,則|U1|_____|U2|(選填“>”、“<”或“=”)。四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)水平面上有電阻不計的U形導軌NMPQ,它們之間的寬度為L,M和P之間接入電動勢為E的電源(不計內阻).現(xiàn)垂直于導軌擱一根質量為m,電阻為R的金屬棒ab,并加一個范圍較大的勻強磁場,磁感應強度大小為B,方向與水平面夾角為θ且指向右斜上方,如圖所示,問:(1)當ab棒靜止時,受到的支持力和摩擦力各為多少?(2)若B的大小和方向均能改變,則要使ab棒所受支持力為零,B的大小至少為多少?此時B的方向如何?14.(16分)一臺電風扇,內阻為20Ω,接上220V的電壓后,正常運轉,這時電風扇消耗的功率是66W.求:(1)通過電動機的電流是多少?(2)轉化為機械能和內能的功率各是多少?電動機的效率是多大?(3)如果接上電源后,扇葉被卡住,不能轉動,這時通過電動機的電流多大?電動機消耗的電功率和發(fā)熱功率又是多大?15.(12分)在靜電場中,把電荷量為q=5×10-6C的點電荷從A點移動到B點,靜電力做功WAB=2×10-4J,把這個電荷從A點移動到C點,靜電力做功WAC=6×10-4J,若設電荷在B點時的電勢能等于零,試求該電荷在A點和C點的電勢能,以及A點和C點的電勢.
參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】試題分析:據(jù)題意,當轉速提高一倍,由可知,角速度w變?yōu)樵瓉淼?倍,面積減小一半,則由:可知:,故C選項正確.考點:本題考查交流發(fā)電機電動勢的產生.2、D【解題分析】
由帶電粒子的運動軌跡可知帶電粒子帶正電;由點電荷所形成電場的場強公式E=k知,Eb>Ea;粒子從a到b的過程中,電場力對粒子做負功,動能減小,電勢能增大,但總能量不變,故選B、D.3、C【解題分析】
根據(jù)粒子做曲線運動過程中,受到的合力指向軌跡內側,并且粒子帶正電,受到的電場力方向和電場線方向相同,故可知粒子的運動軌跡有圖中1、2所示兩種情況,有圖線2可知電場力一直做正功,電勢能一直減小,動能增大,電勢減小,由圖線1可知電場力先做負功,后做正功,電勢能先增大后減小,故一定有,帶電粒子在b點的動能一定大于在a點的動能,AD錯誤C正確;因為軌跡是拋物線,所以要求受力恒定,故不可能是點電荷形成的電場,B錯誤;4、C【解題分析】試題分析:位移、加速度和向心力都是既有大小又有方向,相加時遵循平行四邊形定則的物理量,都是矢量,只有功率是只有大小,沒有方向的物理量,是標量,故C正確.故選C5、C【解題分析】
A.任何物體內部總有正負電荷,不帶電是因為它呈現(xiàn)了電中性,故A錯誤;B.物體帶電可能是有多余的電了或失去電子,故B錯誤;C.物體帶電是因為失去電子或得到電子,故帶電過程就是電荷移動的過程,故C正確;D.電荷是不能被創(chuàng)生的,故D錯誤。6、D【解題分析】
電荷的定向移動形成電流,電流與電荷量及時間無關;電流的單位為安培,安培是國際單位制的基本單位。電壓與電動勢的單位相同,但物理意義不同。電壓表的改裝需串聯(lián)分壓電阻,從而減小加在表頭兩端的電壓?!绢}目詳解】A、電流的定義采用比值定義法,I與q無關;故A錯誤;B、電流有方向,但電流的運算不適用平行四邊形定則;故電流是標量;故B錯誤;C、電壓與電動勢的單位相同,但物理意義不同,是兩個不同的物理量。故C錯誤;D、電流表和電壓表是同樣原理制成的,電流表內阻很小,直接測電壓,會形成大電流,燒壞表頭.串適當?shù)碾娮?流過表頭的電流就小了,把電流值換算成電壓值就可以了,如果量程不夠,就需要增大量程,這樣在串聯(lián)一電阻來分去的一部分電壓,就能達到側大電壓的目的了,故D正確;故選:D?!绢}目點撥】本題考查電流的定義,要注意明確電流的定義及電流的方向規(guī)定。明確電動勢的物理意義,知道與電壓的區(qū)別。二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、ABD【解題分析】
AB.閉合開關瞬間,有線圈L的支路相當于斷路,A2立刻變亮,A1逐漸變亮,穩(wěn)定后,兩個燈泡的亮度相同,說明它們兩端的電壓相同,線圈L和滑變器R兩端電勢差一定相同,故AB正確;CD.斷開開關瞬間,線圈L發(fā)生自感現(xiàn)象,阻礙電流的減小,此時L與兩燈組成回路中電流不能迅速變小,亮燈同時逐漸熄滅,通過A2燈的電流方向自左到右,故C錯誤,D正確。故選ABD.【題目點撥】閉合開關的瞬間,L相當于斷路,穩(wěn)定后自感作用消失,結合歐姆定律分析電壓大小,斷開開關瞬間,L相當于電源與兩燈組成回路.8、AC【解題分析】試題分析:在滑動變阻器的滑動觸片P從圖示位置向下滑動的過程中,滑動變阻器電阻減小,回路中總電阻減小,由歐姆定律可知電路中電流增大,電源內阻分得電壓增大,由U=E-Ir可知路端電壓減小,A對;B錯;R2兩端電壓減小,流過R2的電流減小,C對;干路電流增大,R2支路電流減小,由此可判斷流過電阻R1的電流增大,D錯;考點:考查串并聯(lián)和全電路的歐姆定律和動態(tài)變化點評:在閉合電路中能夠明確串并聯(lián)關系是解決此類問題的關鍵,分析動態(tài)變化的步驟是:局部—整體—局部9、ACD【解題分析】
A.兩極板靠近時,減小,根據(jù)電容的決定式可知增大,根據(jù)電容的定義式電荷量保持不變,可知電勢差減小,即靜電計指針偏角變小,A正確;B.減小正對面積,則正對面積減小,根據(jù)電容的決定式可知減小,根據(jù)電容的定義式可知極板間電勢差增大,即指針偏角變大,B錯誤;C.插入電介質時,增大,根據(jù)電容的決定式可知增大,根據(jù)電容的定義式可知減小,故指針偏角減小,C正確;D.由于負板接地,用手觸摸正極板時,正極板接地,可知極板間電勢差為0,故指針偏角度變小,D正確。故選ACD。10、CD【解題分析】
A.由圖象可知,交流電壓最大值為,所以有效值為,故A錯誤;B.通過電阻的電流有效值為,故B錯誤;C.根據(jù)知電阻消耗的電功率P=5W,故C正確;D.電阻每秒產生熱量,故D正確.所以選CD.三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、(均正確)小【解題分析】
(1)[1]螺旋測微器的精度為,所以讀數(shù)為,均正確。(2)[2]添加如圖所示的一條導線,使滑動變阻器的接入方式由限流式變?yōu)榉謮菏?,電流表示?shù)可以從0開始變化,使電流表示數(shù)的變化范圍變寬:。(3)[3]由電路圖可知,電流表采用外接法,由于電壓表的分流,實驗所測電流偏大,而電壓測量準確,由歐姆定律可知電阻的測量值偏小。12、負>【解題分析】
(1)[1].根據(jù)題意,當正接線柱的電勢高于負接線柱時,電壓傳感器的讀數(shù)為正,則當電壓傳感器的讀數(shù)為負時,可以知道a點的電勢低于b的電勢,則知電極A接在電源的負極.(2)[2].根據(jù)等量異種電荷電場線的分布情況得知,a、b間場強大于b、c間場強,根據(jù)U=Ed分析得知,a、b間的電勢差大于b、c間的電勢差.故有|U1|>|U2|.四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)mg-;(2)水平向右【解題分析】
從b向a看其受力如圖所示.(1)水平方向:f=FAsinθ①豎直方向:N+FAcosθ=mg②又FA=BIL=BL③聯(lián)立①②③得:N=mg-f=(2)使ab棒受支持力為零,且讓磁場最小,須使所受安培力豎直向上,則有FA=mgFA=BminILBmin=.根據(jù)左手定則判定磁場方向水平向右.14、(1)0.3A(2)64.2W,1.8W,97.3%(3)11A,2.42×103W,2.42×103W【解題分析】
(1)電風扇消耗的電功率:P=UI所以通過電動機的電流:(2)電動機電阻消耗的電功率即為轉化為內能的功率
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