2024屆北京市房山區(qū)4中物理高二第一學期期中考試模擬試題含解析

2024屆北京市房山區(qū)4中物理高二第一學期期中考試模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示是某靜電場的一部分電場線分布情況，下列說法中正確的是A．這個電場可能是負點電荷的電場B．點電荷q在A點處受到的電場力比在B點處受到的電場力大C．負電荷在B點處受到的電場力的方向沿電場線的切線方向D．點電荷q在A點處的瞬時加速度比在B點處的瞬時加速度小不計重力2、如圖所示，、為兩個固定的等量同種正電荷，在其連線的中垂線上的點釋放一個負粒子，僅在電場力作用下由靜止開始運動，下列說法中正確的是（）A．粒子將一直沿中垂線做單方向直線運動B．從到的過程中，加速度可能先變大，再變小，速度越來越大C．整個運動過程中，粒子在點時，加速度最大D．整個運動過程中，粒子的電勢能一直增加3、如圖甲所示，一條電場線與Ox軸重合，取O點電勢為零，Ox方向上各點的電勢隨x變化的情況如圖乙所示．若在O點由靜止釋放一電子，電子僅受電場力的作用，則()A．電子將沿Ox軸負方向運動B．電子的電勢能將增大C．電子運動的加速度恒定D．電子運動的加速度先減小后增大4、一個帶負電的點電荷，只在電場力的作用下沿曲線abc由a運動到c，已知質點的速率是遞減的．關于B點電場強度E的方向（虛線是曲線在b點的切線），下列圖中可能正確的是（）A． B．C． D．5、圖為多用電表歐姆擋的原理示意圖，其中電流表的滿偏電流為300μA，內阻Rg＝100Ω，調零電阻的最大值R0＝50kΩ，電池電動勢E＝1.5V，兩表筆短接調零后，用它測量電阻Rx，當電流計指針指在滿刻度的時，則Rx的阻值是（）A．1kΩB．10kΩC．100kΩD．100Ω6、下列說法中正確的是（）A．物體受力平衡，則機械能一定守恒B．物體做勻速直線運動，則機械能一定守恒C．物體做自由落體運動，則機械能一定守恒D．物體沿斜面滑下，則機械能一定守恒二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，虛線a、b、c代表靜電場中的三個等勢面,它們的電勢分別為φa、φb和φc，φa>φb>φc．一帶正電的粒子射入電場中，其運動軌跡如圖中實線KLMN所示．由圖可知（）A．粒子從K到L的過程中，電場力做正功B．粒子從L到M的過程中，電場力做負功C．粒子從K到L的過程中，電勢能增加D．粒子從L到M的過程中，動能增加8、B超成像的基本原理就是向人體發(fā)射一組超聲波,遇到人體組織會產生不同程度的反射(類似回聲)，通過探頭發(fā)送和接收超聲波信號，經過電子電路和計算機的處理，形成了我們今天的B超圖像(如圖所示)。圖為儀器檢測到發(fā)送和接收的超聲波圖象，其中實線為沿x軸正方向發(fā)送的超聲波，虛線為一段時間后遇到人體組織沿x軸負方向返回的超聲波。已知超聲波在人體內傳播速度約為1500m/s，下列說法正確的是()A．根據題意可知此超聲波的頻率約為1.25×105HzB．圖乙中質點A在此后的1s內運動的路程為1500mC．圖乙中質點B此時沿y軸正方向運動D．圖乙中質點A、B兩點加速度大小方向都相同9、電路圖中，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，電源內阻不可忽略，當滑動變阻器的滑動片向右移動時，電流表、電壓表可視為理想電表，關于電流表和電壓表示數的變化情況的分析，正確的是（）A．電流表和電壓表讀數均增大B．電流表和電壓表讀數均減小C．電壓表V1的示數變化量小于電壓表V2的示數變化量D．電流表讀數變小，電壓表V2讀數變大，V1讀數減小10、條形磁鐵放在水平桌面上，它的上方靠S極的一側懸掛一根與它垂直的導體棒，如圖所示．圖中只畫出此棒的橫截面，且標出棒中的電流是流向紙內的．在通電的一瞬間，可能出現(xiàn)的情況是()A．磁鐵對桌面的壓力減小B．磁鐵對桌面的壓力增大C．磁鐵受到向左的摩擦力D．磁鐵受到向右的摩擦力三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖，用“碰撞實驗器”可以驗證動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系．(1)實驗中，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通過僅測量________(填選項前的符號)，間接地解決這個問題．A、小球開始釋放高度hB、小球拋出點距地面的高度HC、小球做平拋運動的射程(2)圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影．實驗時，先將入射球m1多次從斜軌上S位置由靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP．然后，把被碰小球m2靜止于軌道的水平部分，再將入射小球m1從斜軌上S位置由靜止釋放，與小球m2相撞，并多次重復．（小球質量關系滿足m1>m2）接下來要完成的必要步驟是__________．(填選項前的符號)A、用天平測量兩個小球的質量m1、m2B、測量小球m1開始釋放高度hC、測量拋出點距地面的高度HD、分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、NE、測量平拋射程OM、ON(3)若兩球相碰前后的動量守恒，其表達式可表示為______________________[用(2)中測量的量表示]．12．（12分）在“描述小燈泡的伏安特性曲線”實驗中，需要用伏安法測定小燈泡兩端的電壓和通過小燈泡的電流，除開關、導線外，還有如下器材：A．小燈泡“6V3W”B．直流電源6~8VC．電流表（量程3A，內阻1．2Ω）D．電流表（量程1．6A，內阻1Ω）E．電壓表（量程6V，內阻21kΩ）F．電壓表（量程21V，內阻61kΩ）G．滑動變阻器（1~21Ω、2A）H．滑動變阻器（1kΩ、1．5A）（1）把實驗所用到的器材按字母的先后順序填入空中：（2）在下面的虛線框內畫出最合理的實驗原理圖．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質量M＝8kg的小車放在光滑的水平面上，在小車左端加一水平推力F＝8N，當小車向右運動的速度達到1.5m/s時，在小車前端輕輕地放上一個大小不計，質量為m＝2kg的小物塊，物塊與小車間的動摩擦因數μ＝0.2，小車足夠長。（取g＝10m/s2）求：(1)小物塊放后，小物塊及小車的加速度各為多大？(2)經多長時間兩者達到相同的速度？(3)從小物塊放到小車上開始，經過t＝1.5s小物塊通過的位移大小為多少？14．（16分）如圖所示，有一根導線ab緊靠著豎直導軌上，它們之間的動摩擦因數為μ=0.5，勻強磁場的磁感應強度B=0.4T，如果導線的質量為M=0.01kg，長度L=0.2m，問：在導線ab中至少要通過多大的電流才能使它保持靜止？電流方向如何？（g=10m/s2）15．（12分）宇航員在某星球表面讓一個小球從高度為h處做自由落體運動，經過時間t小球落到星球表面。已知該星球的半徑為R，引力常量為G。不考慮星球自轉的影響。求：（1）該星球的質量；（2）該星球的“第一宇宙速度”。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】

A．負電荷電場中的電場線是從無窮遠出發(fā)指向負電荷的直線，而該電場線是曲線，所以A錯誤；B．電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，所以EA＞EB，依據F=qE，則有點電荷q在A點處受到的電場力比在B點處受到的電場力大，故B正確；C．電場線的切線方向為該點場強的方向，所以負電荷在B點處受到的電場力的方向沿電場線切線的反方向，故C錯誤；D．根據牛頓第二定律，可知，電場力越大的，產生加速度也越大，則點電荷q在A點處的瞬時加速度比在B點處的瞬時加速度大，故D錯誤。故選B。2、B【解題分析】

BD、在等量同種電荷連線中垂線上電場強度方向，負點電荷q從P點到O點運動的過程中，電場力方向，速度越來越大，動能增大，粒子的電勢能減小，但電場線的疏密情況不確定，電場強度大小變化情況不確定，則電荷所受電場力大小變化情況不確定，加速度變化情況無法判斷，但可能是加速度先變大后變小，故B正確，D錯誤；AC、越過O點后，負電荷q做減速運動，則點電荷運動到O點時速度最大，電場力為零，加速度為零，根據電場線的對稱性可知，越過O點后，負電荷q做減速運動，加速度的變化情況：先增大后減?。粚τ谒俣纫恢睖p小，粒子將沿中垂線做往返直線運動，故A、C錯誤；故選B．【題目點撥】M、N為兩個等量的正點電荷，其連線中垂線上電場強度方向O→P，負點電荷q從P點到O點運動的過程中，電場力方向P→O，速度越來越大．但電場線的疏密情況不確定，電場強度大小變化情況不確定，則電荷所受電場力大小變化情況不確定，加速度變化情況不確定．越過O點后，負電荷q做減速運動，點電荷運動到O點時加速度為零，速度達最大值，加速度變化情況同樣不確定．3、D【解題分析】

A、由圖可知沿0?x方向電勢逐漸升高，則電場線方向沿x負方向，電子所受電場力方向沿x軸正方向，故電子將沿Ox方向運動，故A錯誤；B、由靜止釋放后，電場力對電子做正功，電子的電勢能減小，故B錯誤；CD、φ?x圖象的斜率大小等于電場強度，由幾何知識得知，斜率先減小后增大，則電場強度先減小后增大，所受電場力先減小后增大，電子加速度先減小后增大，故D正確，C錯誤；故選D．【題目點撥】根據φ-x圖象的斜率大小等于電場強度，分析場強的變化，判斷電子運動的加速度變化，由圖可知沿Ox軸電勢逐漸升高，可判斷出電場線的方向，確定電子的運動方向，并判斷電子電勢能的變化．4、D【解題分析】

A圖中電荷做曲線運動，電場力與速度方向不在同一直線上，應指向軌跡彎曲的內側，不可能沿軌跡的切線方向，則場強也不可能沿軌跡的切線方向．故A錯誤．B圖中負電荷所受的電場力方向與場強方向相反，圖中電場力方向與速度方向的夾角為銳角，電場力做正功，電荷的速率增大，與題不符．故B錯誤．C圖中場強方向指向軌跡的內側，則電場力指向軌跡的外側，電荷的軌跡應向上彎曲，不可能沿如圖的軌跡運動．故C錯誤．D圖中場強方向指向軌跡的外側，則電場力指向軌跡的內側，而且電場力方向與電荷的速度方向成鈍角，電場力做負功，電荷的速率減小，符合題意．故D正確．故選D．5、B【解題分析】

由閉合電路歐姆定律可知，當兩表筆短接，電流表滿偏時：，解得R內=5kΩ；當偏轉1/3時，；兩式聯(lián)立解得：Rx=10kΩ；故選B．【題目點撥】本題關鍵明確歐姆表的內部結構，能根據歐姆表的使用方法結合閉合電路的歐姆定律列方程；知道中值電阻等于歐姆表內電阻．6、C【解題分析】物體沿斜面勻速上滑，受力平衡，但過程中動能不變，重力勢能增大，故機械能不守恒，AB錯誤；物體做自由落體運動，過程中只有重力做功，機械能一定守恒，C正確；物體沿斜面下滑，若斜面不光滑，過程摩擦力做功，所以機械能不守恒，D錯誤．【題目點撥】在判斷物體的機械能是否守恒，可根據運動過程中是否只有重力做功或根據物體的動能和勢能之和是否保持恒定來判斷．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解題分析】試題分析：A、根據，粒子從K到L的過程中，電勢能增加，故電場力做負功；A錯誤B、根據，粒子從K到L的過程中，電勢能減小，故電場力做正功；B錯誤C、根據，粒子從K到L的過程中，電勢能增加；C正確D、粒子從L到M的過程中，電場力做正功，故動能增加；D正確故選CD考點：電勢能點評：本題根據得到電勢能的變化情況，最后確定電場力的做功情況．8、ACD【解題分析】

根據圖象讀出波長λ=12mm=1.2×10-2m，由v=λf得頻率為f=vλ=15001.2×10-2=1.25×105Hz，故A正確；質點A振動的周期為T=1/f=8×10-6s，質點A只會上下振動，因為t=1s=1.25×105，所以質點A在1s內運動的路程為S=1.25×105×4A=1.25×105×4×0.004m=2000m，故B錯誤；根據題意可知虛線是反射回來的波，傳播方向為x軸負方向，由上下坡法知，此時質點B【題目點撥】本題考查機械振動、機械波的速度、波長、頻率、加速度、圖象等相關知識。要知道質點做簡諧運動時，根據時間與周期的倍數關系求通過的路程。9、CD【解題分析】試題分析：由電路圖可知，滑動變阻器的滑動片向右移動時，滑動變阻器接入電路的阻值增大，電路的總電阻增大，電源的電動勢不變，由閉合電路歐姆定律可知，電路總電流I減小，而路端電壓，則U增大，電阻的電壓減小，則電壓表示數減小；并聯(lián)部分的電壓增大，電壓表示數增大；增大，通過的電流增大，因為總電流減小，所以通過電流表的示數變?。蔄B錯誤，D正確；電壓表的示數與電壓表的示數之和等于U，即，因示數增大，示數減小，而U減小，所以電壓表的示數增加量小于電壓表的示數減小量，故C正確．故選CD．【題目點撥】根據滑片的移動方向判斷出滑動變阻器接入電路的阻值如何變化，然后由串并聯(lián)電路特點及歐姆定律分析答題．10、AC【解題分析】在磁鐵外部磁感線由N極指向S極，通電導體棒處在磁場中，由左手定則可知其受安培力作用，條形磁鐵也受到反作用力作用，產生兩種效果，其一向上提起的效果；其二向右運動的效果，即磁鐵對桌面的壓力減小，同時磁鐵受到向左的摩擦力作用，故AC正確，BD錯誤；故選AC．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CADEm1·OM＋m2·ON＝m1·OP【解題分析】

（1）驗證動量守恒定律實驗中，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關系，直接測定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通過落地高度不變情況下水平射程來體現(xiàn)速度．故選C．（2）實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP．然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球從斜軌上S位置靜止釋放，與小球相碰，并多次重復．測量平均落點的位置，找到平拋運動的水平位移，因此步驟中D、E是必需的，而且D要在E之前．至于用天平秤質量先后均可以．故選ADE．（3）若兩球相碰前后的動量守恒，則m1v0=m1v1+m2v2，又