2023年黑龍江省齊齊哈爾市“四校聯(lián)盟”物理高二上期末經(jīng)典試題含解析

2023年黑龍江省齊齊哈爾市“四校聯(lián)盟”物理高二上期末經(jīng)典試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法中正確的是()A.體操運動員雙手握住單杠吊空中不動時處于失重狀態(tài)B.蹦床運動員在空中上升和下落過程中都處于失重狀態(tài)C.舉重運動員在舉起杠鈴后不動的那段時間內處于超重狀態(tài)D.游泳運動員仰臥在水面上靜止不動時處于失重狀態(tài)2、如圖所示，甲是一個帶正電的小物塊，乙是一個不帶電的絕緣物塊，甲、乙疊放在一起靜置于粗糙的水平地板上，地板上方空間有水平向里的勻強磁場．現(xiàn)用水平恒力拉乙物塊，使甲、乙無相對滑動地一起水平向左加速運動，則在加速運動階段（）A.乙物塊與地之間的摩擦力不斷減小B.甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷減小C.乙物塊與地之間的摩擦力大小不變D.甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷增大3、如圖所示，小球沿斜面向上運動，依次經(jīng)過a、b、c、d后到達最高點e．已知ab=bd=6m，bc=1m，小球從a到c和從c到d所用的時間都是2s，設小球經(jīng)b、c時的速度分別為vb、vc，則()A.a=1m/s2B.vc=3m/sC.vb=2m/sD.從d到e所用時間為3s4、如圖所示，電源電動勢E=3V，內阻為r=1Ω，R1=0.5Ω，R2=1Ω，滑動變阻器R最大阻值為5Ω，平行板電容器兩金屬板水平放置，開關S是閉合的，兩板間一質量為m，電荷量大小為q的油滴恰好處于靜止狀態(tài)，G為靈敏電流計．則下列說法正確的是（）A.若電阻R2斷路，油滴向上加速運動，G中有從a到b的電流B.在將滑動變阻器滑片P向上移動的過程中，油滴向下加速運動，G中有從a到b的電流C.當滑動變阻器阻值為1Ω時，電源的效率最大D.當滑動變阻器阻值為0時，R1的功率最大5、如圖所示，正方形區(qū)域EFGH中有垂直于紙面向里的勻強磁場，一個帶正電的粒子（不計重力）以一定的速度從EF邊的中點M沿既垂直于EF邊又垂直于磁場的方向射入磁場，正好從EH邊的中點N射出．若該帶電粒子的速度減小為原來的一半，其它條件不變，則這個粒子射出磁場的位置是A.E點 B.N點C.H點 D.F點6、回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其主體部分是兩個D形金屬盒．兩金屬盒處在垂直于盒底的勻強磁場中，a、b分別與高頻交流電源兩極相連接，下列說法正確的是（不計粒子通過窄縫的時間及相對論效應）()：A.帶電粒子從磁場中獲得能量B.帶電粒子的運動周期是變化的C.磁場對帶電粒子只起換向作用，電場起加速作用D.增大金屬盒的半徑粒子射出時的動能不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，兩平行金屬板MN、PQ的板長和板間距離相等，板間存在如圖乙所示的隨時間周期性變化的電場，電場方向與兩板垂直，不計重力的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向源源不斷地射入電場，粒子射入電場時的初動能均為Ek0。已知t=0時刻射入電場的粒子剛好沿上板右邊緣垂直電場方向射出電場。則（）A.所有粒子最終都垂直電場方向射出電場B.t=0之后射入電場的粒子有可能會打到極板上C.所有粒子在經(jīng)過電場過程中最大動能都不可能超過2Ek0D.若入射速度加倍成2v0，則粒子從電場出射時的側向位移與v0相比必定減半8、如圖所示，平行金屬板中帶電質點P原處于靜止狀態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器的滑片向b端移動時，則A電壓表讀數(shù)減小B.電流表讀數(shù)增大C.質點P將向上運動D.上消耗的功率逐漸增大9、如圖一質量為m物體放在水平面上，受到與水平方向成37°的拉力F作用，物體始終保持靜止狀態(tài)，則下面的說法正確的有：（）A.地面受到的壓力大小為mgB.物體受到的靜摩擦力大小為FC.當拉力變大時物體所受的靜摩擦力變大D.當拉力變小時，地面受到的壓力變大10、如圖所示，圖中的三個電表均為理想電表，閉合電鍵后，電流表A和電壓表V1、V2示數(shù)分別用I、U1、U2表示，當滑動變阻器滑片P向右端滑動時，電流表A和電壓表V1、V2示數(shù)變化量的大小分別用ΔI、ΔU1、ΔU2表示，下面說法正確的是（）A.I增大、U1減小、U2增大B.ΔU1>ΔU2C.減小，不變D.電源的效率降低三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學在“探究電磁感應的產(chǎn)生條件”的實驗中，設計了如圖所示的裝置。線圈A通過電流表甲、高阻值的電阻、變阻器R和開關連接到干電池上，線圈B的兩端接到另一個電流表乙上，兩個電流表相同，零刻度居中，閉合開關后，當滑動變阻器R的滑片P不動時，甲、乙兩個電流表指針的不同的位置如圖所示。（1）當滑片P較快地向左滑動時，甲表指針的偏轉方向是___，乙表指針的偏轉方向是___(填“向右偏”、“向左偏”或“不偏轉”)（2）斷開開關，待電路穩(wěn)定后再迅速閉合開關，乙表的偏轉情況是___(填“向左偏”、“向右偏”或“不偏轉”)（3）從上述實驗可以初步得出結論：______12．（12分）電磁波譜的排列是：無線電波、微波、_______________、可見光、紫外線、X射線、γ射線；可用來滅菌消毒的電磁波是____________；在探月工程中，從地球向“月兔號”月球車發(fā)指令，電磁波信號經(jīng)過__________s到達月球車。（已知地月表面距離約為3.84×108m）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】體操運動員雙手握住單杠吊在空中不動時屬于平衡狀態(tài)，合力為零，所以拉力等于重力，不是超重也不是失重，A錯；蹦床運動員在空中上升和下落過程中都只受重力作用，支持力或拉力為零，所以屬于完全失重狀態(tài)，B對；舉重運動員在舉起杠鈴后不動的那段時間處于平衡狀態(tài)，合力為零，不是超重也不是失重，C錯；游泳運動員仰臥在水面靜止不動處于平衡狀態(tài)，合力為零，不是超重也不是失重，D錯．故答案選B思路分析：靜止狀態(tài)時，加速度為零，屬于平衡狀態(tài)，ACD錯.蹦床運動員在空中上升和下落過程中加速度即為重力加速度，方向向下，都處于完全失重狀態(tài)，B正確.試題點評：考查超重和失重現(xiàn)象的判斷，重力大于拉力屬于失重，重力小于拉力屬于超重．應該熟練掌握2、B【解析】AC．以甲乙整體為研究對象，分析受力如圖，則有N=F洛+（m甲+m乙）g，當甲乙一起加速運動時，洛倫茲力F洛增大，乙物塊與地之間的滑動摩擦力f增大．故AC錯誤BD．乙與地面之間的摩擦力f增大，F(xiàn)一定，根據(jù)牛頓第二定律得，加速度a減小，對甲研究得到，乙對甲的摩擦力f甲=m甲a，則得到f甲減小，甲、乙兩物塊間的靜摩擦力不斷減小．故B正確，D錯誤3、B【解析】AB.由題，小球從a到c和從c到d所用的時間都是2s，根據(jù)推論得知，c點的速度等于ad間的平均速度，則有：，ac間中點時刻的瞬時速度為，cd間中點時刻的瞬時速度為，故物體的加速度大小為：，A錯誤，B正確C.由得，vb=m/s．故C錯誤D.設c到e的時間為T，則vc=aT，得T=6s．則從d到e所用時間為4s，選項D錯誤4、D【解析】A．若電阻R2短路，電容器放電，板間場強逐漸減小，油滴受到的電場力減小，則油滴將向下加速運動，G中有從a到b的電流．故A錯誤B．在將滑動變阻器滑片P向上移動的過程中，R增大，總電阻增大，電源的電動勢和內阻不變，可知總電流減小，內電壓和R1上的電壓均減小，則R2與R的并聯(lián)電壓增大，電容器板間場強增大，油滴受到的電場力增大，則油滴向上加速運動．電容器充電，G中有從b到a的電流．故B錯誤C．外電阻越大，電源的效率越大，故C錯誤；D．R1為定值電阻，電流越大，消耗功率越大，當滑動變阻器阻值為0時，消耗功率最大，故D正確5、A【解析】帶電粒子垂直磁場方向進入磁場后，在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力；根據(jù)洛倫茲力提供向心力和軌跡上兩點的連線的中垂線都通過圓心找到圓心，確定半徑；改變速度后，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求出新的半徑，再次根據(jù)洛倫茲力提供向心力找出圓心，畫出軌跡【詳解】第一次從點M進入磁場，從點N射出，故M、N是軌跡上的兩個點，連線的中垂線通過圓心，經(jīng)過M點時，洛倫茲力提供向心力，判斷出洛倫茲力的方向是平行紙面向上并指向C點，故得到C即為圓心，半徑R等于線段CM的長度，即正方向邊長的一半；洛倫茲力提供向心力，有，解得：，該帶電粒子的速度減小為原來的一半后，半徑減小為一半；故圓心移到線段CM的中點，軌跡如圖；故本題選A【點睛】本題關鍵在于找出圓心、確定軌跡、求出半徑，同時要結合洛倫茲力提供向心力進行分析計算6、C【解析】本題主要考查回旋加速器的工作原理．根據(jù)洛倫茲力不做功可知帶電粒子在電場中加速且獲得能量；根據(jù)動能公式和洛倫茲力提供向心力公式可求得粒子的動能與哪些因素有關【詳解】A、離子在磁場中受到洛倫茲力，但不做功，故A錯誤；B、帶電粒子源源不斷的處于加速狀態(tài)，雖速度增大，但在磁場中周期不變，所以粒子的運動周期是固定的，故B錯誤；C、離子由加速器的中心附近進入電場中加速后，進入磁場中偏轉，故C正確；D、帶電粒子從D形盒中射出時的動能：①，帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，則圓周半徑：②，由①②可得，顯然，當帶電粒子q、m一定的，則Ekm∝R2B2，即Ekm隨磁場的磁感應強度B、D形金屬盒的半徑R的增大而增大，與加速電場的電壓和狹縫距離無關，故D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】AB．粒子在平行極板方向不受電場力，做勻速直線運動，故所有粒子的運動時間相同；t=0時刻射入電場的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向射入電場，沿上板右邊緣垂直電場方向射出電場，說明豎直方向分速度變化量為零，說明運動時間為周期的整數(shù)倍；故所有粒子最終都垂直電場方向射出電場；由于t=0時刻射入的粒子在電場方向上始終做單向的直線運動，豎直方向的位移最大，故所有粒子最終都不會打到極板上，A正確，B錯誤；C．t=0時刻射入的粒子豎直方向的分位移最大，為；根據(jù)分位移公式，有由于L=d，故故最大動能C正確；D．粒子入射速度加倍成2v0，則粒子從電場出射時間減半，穿過電場的運動時間變?yōu)殡妶鲎兓胫芷诘恼麛?shù)倍，則不同時刻進入電場的側向位移與原v0相比關系就不確定，如t=0時刻，粒子從電場出射時的側向位移與v0相比減半，進入電場，入射速度v0時，側向位移為0，入射速度2v0時，側向位移為，D錯誤。故選AC。第II卷（非選擇題8、AB【解析】由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再由R1串連接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時R1兩端的電壓也增大；故并聯(lián)部分的電壓減?。挥蓺W姆定律可知流過R3的電流減小，則流過并聯(lián)部分的電流增大，故電流表示數(shù)增大；故B正確；因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大，故電壓表示數(shù)減小；故A正確；因電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，電荷向下運動，故C錯誤；因R3兩端的電壓減小，由公式可知，R3上消耗的功率減?。蔇錯誤綜上所述，故選AB【點晴】本題考查閉合電路的歐姆定律，一般可以先將分析電路結構，電容器看作開路；再按部分-整體-部分的分析思路進行分析9、CD【解析】本題主要考查受力分析，對物體受力分析并進行正交分解，根據(jù)平衡條件列出方程并討論即可【詳解】對物體受力分析可知，水平方向有：，豎直方向有：，則地面對物體的支持力大小為，由牛頓第三定律可知，地面受到的壓力大小為，故AB錯誤；當拉力增大時，摩擦力也增大，故C正確；當拉力變小時，減小，則增大，故D正確10、ABD【解析】A．滑片P向右滑動，電阻減小，總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律：可知干路電流增大，電流表示數(shù)增大，定值電阻分壓增大，根據(jù)：可知路端電壓減小，則滑動變阻器上的分壓減小，A正確；B．根據(jù)閉合電路歐姆定律：結合數(shù)學知識可知：所以，B正確；C．對B選項中的變化量表達式分析：根據(jù)歐姆定律可知：則：所以和均不變，C錯誤；D．電源的效率：路端電壓減小，電動勢不變，電源效率減小，D正確。故選ABD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.向右偏②.向左偏③.向左偏④.穿過閉合回路的磁通量變化而產(chǎn)生感應電流,感應電流的磁場總要阻得引起感應電流的磁通量變化【解析】（1）［1］［2］當滑片P較快地向左滑動時，變阻器接入電路的電阻減小，電路中電流增大，可知甲表指針向右偏轉，根據(jù)楞次定律判斷可知，線圈B中產(chǎn)生的感應電流方向沿順時針（從上往下看），從“-”接線住流入乙表，乙表向左偏轉。（2）［3］斷開開關，待電路穩(wěn)定后再迅速閉合開關，根據(jù)楞次定律判斷可知，線圈B中產(chǎn)生的感應電流方向沿順時針（從上往下看），從“-”接線住流入乙表，乙表向左偏轉（3）［4］由上知，當流過A線圈的電流變化時，A產(chǎn)生的磁場強弱發(fā)生變化，穿過線圈B的磁通量變化，從而在乙線圈產(chǎn)生感應電流，而且當磁場增強時，線圈乙中產(chǎn)生的磁場方向與原磁場相反，可得出的結論是：穿過閉合回路的磁通量變化而產(chǎn)生感應電流，感應電流的磁場總要阻得引起感應電流的磁通量變化。12、①.紅外線②.紫外線③.