2024屆內蒙古自治區(qū)赤峰市赤峰二中物理高二第一學期期中統考試題含解析

2024屆內蒙古自治區(qū)赤峰市赤峰二中物理高二第一學期期中統考試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在《測定電源電動勢和內阻》的實驗中，進行數據處理時的作圖，正確做法是（）A．橫坐標I的起點一定要是零B．縱坐標U的起點一定要是零C．使表示實驗數據的點盡可能地集中在一邊D．使表示實驗數據的點盡可能地布滿整個圖紙2、某電場的電場線如圖所示，質子在A、B兩點受到電場力的大小分別為FA和FB，則它們的關系是（）A．FA＞FB B．FA＝FB C．FA＜FB D．無法比較3、如圖所示，電源電動勢為E，內阻為r，合上開關S后各電燈恰能正常發(fā)光．如果某一時刻電燈L1的燈絲燒斷，則()A．L2、L3變亮，L4變暗B．L3變亮，L2、L4變暗C．L4變亮，L2、L3變暗D．L3、L4變亮，L2變暗4、類比是物理學中常用的思想方法。狄拉克曾經預言，自然界應該存在只有一個磁極的磁單極子，其周圍磁感線星均勻輻射狀分布，距離它r處的磁感應強度大小為B=k/(k為常數)。磁單極S的磁場分布如圖所示，將其固定，有一帶電小球在S附近做勻速圓周運動，則下列判斷正確的是A．若小球帶正電，其運動軌跡平面可在S正上方且從上往下看順時針轉動，如圖甲所示B．若小球帶正電，其運動軌跡平面可在S正下方且從上往下看逆時針轉動，如圖乙所示C．若小球帶負電，其運動軌跡平面可在S正上方且從上往下看順時針轉動，如圖甲所示D．若小球帶負電，其運動軌跡平面可在S正下方且從上往下看逆時針轉動，如圖乙所示5、類似雙星運動那樣，兩個點電荷的質量分別為m1、m2，且?guī)М惙N電荷，電荷量分別為Q1、Q2，相距為d，在庫侖力作用下不計萬有引力各自繞它們連線上的某一固定點，在同一水平面內做勻速圓周運動，已知m1的動能為Ek，則m2的動能為（）A． B．C． D．6、如圖所示，一根長度L的直導體棒中通以大小為I的電流，靜止在導軌上，已知垂直于導體棒的勻強磁場的磁感應強度為B，B的方向與豎直方向成θ角。下列說法中正確的是（）A．導體棒受到磁場力大小為BLIsinθB．導體棒對軌道壓力大小為mg+BLIsinθC．導體棒受到導軌摩擦力為D．導體棒受到導軌摩擦力BLIcosθ二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，虛線a、b、c、d、e是電場中的一組平行且間距相等的等差等勢面，實線是一帶正電粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，M、N、P、Q分別為運動軌跡與等勢面的交點，下列判斷正確的是()A．粒子在電場中做勻變速運動B．圖中等勢面a的電勢最高C．粒子經過Q點的動能小于P點的動能D．粒子在M點的電勢能比Q點的小8、如圖所示電路，在平行金屬板M、N內部左側中央P有一質量為m的帶電粒子（重力不計）以水平速度v0射入電場并打在N板的O點，改變R1或R2的阻值，粒子仍以v0射入電場，則下列說法正確的是A．該粒子帶正電B．減小R1，粒子將打在O點左側C．增大R1，粒子在板間運動時間不變D．減小R2，粒子還能打在O點9、如圖所示，木塊AB用輕彈簧連接，放在光滑的水平面上，A緊靠墻壁，在木塊B上施加向左的水平力Ｆ，使彈簧壓縮，當撤去外力后()A．A尚未離開墻壁前，AB系統的動量守恒；B．A尚未離開墻壁前，彈簧和B系統的機械能守恒C．A離開墻壁后，AB系統動量守恒；D．A離開墻壁后，AB系統機械能守恒．10、如圖所示的電路中，L1，L2是兩個不同的小燈泡，a，b間有恒定的電壓，他們都正常發(fā)光，當滑動變阻器的滑動觸頭向右滑動時，發(fā)生的現象是（）A．L1亮度不變，L2變暗B．L1變暗，L2變亮C．電路消耗的總功率變小D．流過滑動變阻器的電流變小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，電流表內阻，現把它改裝成兩個量程的電流表，當接a、b兩個接線柱時量程為3A，當接a、c兩個接線柱時兩車為0.6A，求電阻和．12．（12分）在“測電池的電動勢和內阻”的實驗中，測量對象為一節(jié)新的干電池。（1）用圖（a）所示電路測量時，在較大范圍內調節(jié)滑動變阻器，發(fā)現電壓表變化不明顯，原因是________，從而影響測量值的精確性。（2）為了提高實驗的精確度采用（b）所示電路，提供器材：A．量程3V和15V的雙量程電壓表VB．量程0.6A和3A的雙量程電流表AC．定值電阻R0（R0=1.5Ω）D．滑動變阻器R1（0～10Ω）E．滑動變阻器R2（0～200Ω）F．開關S和一些導線．①圖（b）電路中，加接電阻R0有兩方面的作用：一是方便實驗操作和數據測量；二是_____。②為方便實驗調節(jié)且能較準確地進行測量，滑動變阻器應選用_______（填R1或R2）。③實驗中改變滑動變阻器的阻值，測出幾組電流表和電壓表的讀數，并在給出的U-I坐標系中畫出U-I圖線如圖（c）所示，則新干電池的內阻r=______Ω（結果保留兩位有效數字）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩平行金屬導軌間的距離L=0.40m，金屬導軌所在的平面與水平面夾角θ=37°，在導軌所在平面內，分布著磁感應強度B=5.0T、方向豎直向上的勻強磁場．金屬導軌的一端接有電動勢E=4.5V、內阻r=0.50Ω的直流電源．現把一個質量m=0.3kg的導體棒ab放在金屬導軌上，導體棒恰好靜止．導體棒與金屬導軌垂直且接觸良好，導體棒與金屬導軌接觸的兩點間的電阻R=1.5Ω，金屬導軌電阻不計，g取10m/s1．已知sin37°=0.60，cos37°=0.80，求：（1）導體棒受到的安培力；（1）導體棒受到的摩擦力．14．（16分）如圖所示，在正方形區(qū)域abcd內充滿方向垂直紙面向里的、磁感應強度為B的勻強磁場．在t=0時刻，一位于ad邊中點o的粒子源在abcd平面內發(fā)射出大量的同種帶電粒子，所有粒子的初速度大小相同，方向與od邊的夾角分布在0～180°范圍內．已知沿od方向發(fā)射的粒子在時刻剛好從磁場邊界cd上的p點離開磁場，粒子在磁場中做圓周運動的半徑恰好等于正方形邊長L，粒子重力不計，求：（1）粒子的比荷q／m；（2）假設粒子源發(fā)射的粒子在0～180°范圍內均勻分布，此時刻仍在磁場中的粒子數與粒子源發(fā)射的總粒子數之比；（3）從粒子發(fā)射到全部粒子離開磁場所用的時間．（若角度不特殊時可以用反三角表示，如：已知sinθ＝0.3，則θ＝arcsin0.3)15．（12分）如圖所示的三個小球的質量都為m，B、C兩球用輕彈簧連接后放在光滑的水平面上，A球以速度沿B、C兩球球心的連線向B球運動，碰后A、B兩球粘在一起.問：（1）A、B兩球剛粘合在一起時的速度是多大？（2）彈簧壓縮至最短時三個小球的速度是多大？（3）彈簧的彈性勢能最大是多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】根據實驗得到的數據，要盡可能多的把圖像占滿坐標紙，縱截距表示電動勢，斜率表示內阻，所以不必要橫縱坐標一定要從零開始2、A【解題分析】

電場線的疏密表示電場強度的大小，由F=Eq可比較電荷在兩點處的電場力的大?。绢}目詳解】電場線的疏密表示電場強度的大小，由圖可知，A點處的場強大于B點的場強，故質子在A點的受力大于在B點的受力；故選A。3、A【解題分析】

當電燈L1的燈絲燒斷后，L2這段電路電阻增大，外電路總電阻R總增大，路端電壓U增大，干路電流I減小，由R3不變，故L3變亮；由I4=I-I3知I減小，I3增大，則I4減小，U4=I4R4R4不變，U4減小，則L4變暗；U2=U-U4U增大，U4減小，則U2增大，則L2變亮。A.L2、L3變亮，L4變暗，與分析相符，故A正確。B.L3變亮，L2、L4變暗，與分析不符，故B錯誤。C.L4變亮，L2、L3變暗，與分析不符，故C錯誤。D.L3、L4變亮，L2變暗，與分析不符，故D錯誤。4、C【解題分析】

AC．要使帶電小球能做勻速圓周運動，則洛侖茲力與重力的合力應能充當向心力；在甲圖中，若粒子為正電荷且順時針轉動（由上向下看）則其受洛倫茲力斜向下，與重力的合力不指向圓心；而若為負電荷，但順時針轉動，同理可知，合力也可以充當向心力，故A錯誤，C正確；

BD．在乙圖中，若小球帶正電，運動軌跡平面在S正下方且從上向下看逆時針轉動，則其受洛倫茲力斜向上，與重力的合力不可能指向圓心；若小球帶負電，運動軌跡平面在S正下方且從上向下看逆時針轉動，則其受洛倫茲力斜向下，故其與重力的合力向下，合力不能全部提供向心力，故不會做勻速圓周運動，故BD錯誤；5、B【解題分析】

對于質量m1，它們的庫侖力提供其向心力．即；對于質量m2，它們的庫侖力提供其向心力．即；則它們總的動能為：m1v2+m2v2=k；所以m2的動能為k-EK，故選B．6、D【解題分析】試題分析：根據左手定則可得導體棒受力分析如圖所示．因為B與I垂直，故導體棒受到磁場力大小為F=BIL，故A錯誤；根據共點力平衡規(guī)律得：BILsinθ+Fn=mg，得導體棒對軌道的壓力大小為Fn=mg-BILsinθ，故B錯誤；由題意知導體棒受到的是靜摩擦力，由平衡條件可得：Ff=BILcosθ，故C錯誤，D正確。所以D正確，ABC錯誤?？键c：物體的平衡、安培力【名師點睛】此題考查了物體的平衡、安培力。首先對導體棒受力分析，并進行正交分解，注意安培力公式F=BILsinθ，θ為B與I之間的夾角；根據平衡條件求解導體棒受到導軌摩擦力和支持力，此題屬于基礎題。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解題分析】

粒子在勻強電場中做勻變速運動。根據軌跡彎曲的方向可判斷出粒子所受的電場力方向，可分析電場線的方向，從而判斷出電勢的高低。由電場力做功正負分析動能及電勢能的變化.【題目詳解】A、由圖知，等差等勢面均勻分布，則知該電場是勻強電場，粒子所受的電場力恒定，所以粒子在電場中做勻變速運動；故A正確.B、根據電場線與等勢面垂直，可知電場線位于水平方向，粒子所受的電場力也在水平方向。由粒子的軌跡向左彎曲，所以粒子所受的電場力水平向左，粒子帶正電，則電場線方向水平向左，則a處電勢最低；故B錯誤.C、D、若粒子從M運動到Q，電場力做負功，粒子的動能減小，電勢能增加，則粒子經過Q點動能小于P點動能，粒子在M點的電勢能比Q點的??；故C、D正確.故選ACD.【題目點撥】根據電場線與等勢面垂直，可作出電場線，結合曲線運動的條件分析電場力的方向是解決本題的關鍵，同時結合能量的觀點分析是解決這類問題常用方法.8、BD【解題分析】A、由電路可知，N板帶正電，所以帶電粒子帶負電，A錯誤；BC、由電路可知，RO、R1串聯接在電源兩端，MN兩板間的電壓等于R0兩端電壓．帶電粒子在兩板間做類平拋運動，平行兩板方向做勻速運動，垂直兩板方向做勻加速運動．減小R1，兩板間電壓增大，加速度增大，粒子將打在O點左側，時間變短，B正確，C錯誤；D、減小R2，兩板間電壓不變，粒子在板間運動時間不變，還能打在O點，D正確．故選BD．9、BC【解題分析】

A．當撤去外力F后，A尚未離開墻壁前，系統受到墻壁的作用力，系統所受的外力之和不為零．所以A和B組成的系統的動量不守恒，故A錯誤；B．以A、B及彈簧組成的系統為研究對象，在A離開墻壁前，除了系統內彈力做功外，無其他力做功，系統機械能守恒，故B正確；C．A離開墻壁后，A、B系統所受的外力之和為0，所以A、B組成的系統的動量守恒，故C正確；D．在A離開墻壁后，對A、B及彈簧組成的系統，除了系統內彈力做功外，無其他力做功，A、B及彈簧組成的系統機械能守恒，故D錯誤．10、BCD【解題分析】

電路結構是：滑動變阻器與燈泡L2并聯，再與燈泡L1串聯．滑動變阻器的滑動頭向右移動的過程中，變阻器接入電路的電阻增大，引起并聯部分電阻變化，外電路總電阻變化，干路電流變化，再分析燈泡L2電壓的變化來分析燈泡亮度的變化．根據P=UI來判斷電路消耗的總功率．【題目詳解】A、B項：滑動變阻器的滑動頭向右移動的過程中，RP變大，外電路總電阻R變大，干路電流減小，L1變暗，燈泡L2的電壓U2=U-IR1變大，L2變亮，故A錯誤，B正確；C項：由于干路電流減小，根據P=UI，電路消耗的總功率變小，故C正確；D項：由于干路電流減小，燈泡L2的電壓U2=U-IR1變大，流過L2的電流變大，故流過滑動變阻器的電流減小，故D正確．【題目點撥】本題是簡單的電路動態(tài)變化分析問題，通常按照“部分→整體→部分”的思路分析．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、，【解題分析】當接a、b兩個接線柱時量程為3A，其中起分流作用為一支路，與串聯為一支路，此時量程為3A，由電路結構可得，則流過的電流為根據電路結構可得電阻的關系式：，當接a、c兩個接線柱時兩車為0.6A，此時為一支路起分流作用，為一支路，此時流過的電流為，所以流過的電流為,根據電路結構知：結合以上各式可以求得：，綜上所述本題答案是：，12、新電池內阻比較小保護電流表和電源R10.29【解題分析】

（1）[1]．根據U=E-Ir可知，由于新電池時內阻很小，電池內壓降很小，電壓表的讀數變化很小，所以如果采用一節(jié)新干電池進行實驗，實驗時會發(fā)現，當滑動變阻器在阻值較大的范圍內調節(jié)時，電壓表讀數變化很小，原因是新電池的內阻很小，內電路的電壓降很??；（2）①[2]．加接電阻R0有兩方面的作用，一是方便實驗操作和數據測量，二是防止變阻器電阻過小時，電池被短路或電流表被燒壞（或限制電流，防止電源短路）；②[3]．因干電池電流較小，故應選量程I=0.6A，根據閉合電路歐姆定律可知，電路中需要的最大電阻應為：所以變阻器應選R1；③[4]．根據閉合電路歐姆定律應用：E=U+I（r+R0）整理可得