福建省安溪八中2024屆高二物理第一學(xué)期期中經(jīng)典模擬試題含解析

福建省安溪八中2024屆高二物理第一學(xué)期期中經(jīng)典模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、首先發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家是（）A．牛頓 B．伽里略 C．奧斯特 D．庫(kù)侖2、如圖所示，在光滑水平面上放著一個(gè)質(zhì)量為m的木箱，大小為F的拉力與水平方向成，木箱從靜止開始運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)位移為的過程中，拉力做的功為（）A．B．C．D．3、如圖所示，直線邊界ab的下方有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B．邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正三角形導(dǎo)線框（粗細(xì)均勻）繞過a點(diǎn)的轉(zhuǎn)軸在紙面內(nèi)順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度為ω。當(dāng)ac邊即將進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，a、c兩點(diǎn)間的電壓為A．BωL2B．BωL2C．BωL2D．BωL24、電場(chǎng)中有、兩點(diǎn)，一個(gè)點(diǎn)電荷在點(diǎn)的電勢(shì)能為，在點(diǎn)的電勢(shì)能為。已知，兩點(diǎn)在同一條電場(chǎng)線上，如圖所示，該點(diǎn)電荷的電荷量為，那么：（）A．該電荷為負(fù)電荷B．該電荷為正電荷C．、兩點(diǎn)的電勢(shì)差D．把電荷從移到，電場(chǎng)力做功為5、如圖所示，d處固定有負(fù)點(diǎn)電荷Q，一個(gè)帶電質(zhì)點(diǎn)只在電場(chǎng)力作用下運(yùn)動(dòng)，射入此區(qū)域時(shí)的軌跡為圖中曲線abc，a、b、c、d恰好是一正方形的四個(gè)頂點(diǎn)，則有()A．a(chǎn)、b、c三點(diǎn)處電勢(shì)高低關(guān)系是φa=φc>φbB．質(zhì)點(diǎn)由a到c，電勢(shì)能先增加后減小，在b點(diǎn)動(dòng)能最大C．質(zhì)點(diǎn)在a、b、c三點(diǎn)處的加速度大小之比為2∶1∶2D．若將d處的點(diǎn)電荷改為＋Q，該帶電質(zhì)點(diǎn)的軌跡仍可能為曲線abc6、如圖所示，P和Q為兩平行金屬板，板間有恒定的電壓，在P板附近有一電子（不計(jì)重力）由靜止開始向Q板運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A．電子到達(dá)Q板時(shí)的速率，與加速電壓無(wú)關(guān)，僅與兩板間距離有關(guān)B．電子到達(dá)Q板時(shí)的速率，與兩板間距離無(wú)關(guān)，僅與板間電壓有關(guān)C．兩板間距離越小，電子的加速度就越小D．兩板間距離越大，加速時(shí)間越短二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、P1、P2為相距遙遠(yuǎn)的兩顆行星，距各自表面相同高度處各有一顆衛(wèi)星s1、s2做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圖中縱坐標(biāo)表示行星對(duì)周圍空間各處物體的引力產(chǎn)生的加速度a，橫坐標(biāo)表示物體到行星中心的距離r的平方，兩條曲線分別表示P1、P2周圍的A．P1的平均密度比PB．P1的第一宇宙速度比PC．s1的向心加速度比sD．s1的公轉(zhuǎn)周期比s8、如圖所示，豎直正對(duì)的平行板電容器帶等量異種電荷，帶正電的右板與靜電計(jì)相連，左板接地．假設(shè)兩極板所帶的電荷量不變，電場(chǎng)中P點(diǎn)固定一帶正電的點(diǎn)電荷，下列說(shuō)法正確的是A．若僅將左板上移少許，則靜電計(jì)指針偏角變小B．若僅將左板右移少許，則靜電計(jì)指針偏角變小C．若僅將左板上移少許，則P點(diǎn)電勢(shì)升高D．若僅將左板右移少許，則P的點(diǎn)電荷電勢(shì)能增大9、如圖所示的電路，閉合開關(guān)后，滑動(dòng)變阻器的滑片P向右滑動(dòng)，則（）A．電流表示數(shù)變大B．電流表示示數(shù)不變C．電壓表示數(shù)變大D．電壓表示數(shù)變小10、下列說(shuō)法正確的是（）A．由E=FB．電容器的電容C=QC．由R=ρlD．由R=U三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一多用電表的歐姆擋有4擋,分別為×1Ω，×10Ω，×100Ω，×1000Ω，現(xiàn)用它來(lái)測(cè)一未知電阻值．當(dāng)用×100Ω擋測(cè)量時(shí),發(fā)現(xiàn)指針的偏轉(zhuǎn)角度很小．為了使測(cè)量結(jié)果更準(zhǔn)確,測(cè)量前應(yīng)進(jìn)行如下兩項(xiàng)操作,先_____，接著_____，然后再測(cè)量并讀數(shù)．12．（12分）某學(xué)生設(shè)計(jì)一實(shí)驗(yàn)來(lái)粗略驗(yàn)證向心力的表達(dá)式，如圖所示．細(xì)線下面懸掛一個(gè)鋼球，細(xì)線上端固定在鐵架臺(tái)上．將畫著一個(gè)圓的白紙置于水平桌面上，使鋼球靜止時(shí)正好位于圓心，如果小球的向心力和合力相等，則說(shuō)明向心力的表達(dá)式正確．a(chǎn).用手帶動(dòng)鋼球，設(shè)法使它沿紙上的圓懸空做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，用秒表記錄鋼球運(yùn)動(dòng)n圈所用時(shí)間t，用直尺測(cè)出紙上的圓的半徑為r，如果向心力的表達(dá)式正確，并假設(shè)鋼球質(zhì)量為m，則由向心力表達(dá)式求出來(lái)的向心力_______（用題中所給字母表示）b.然后，測(cè)出線的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，假設(shè)鋼球可看做質(zhì)點(diǎn)，從力的角度計(jì)算鋼球的合力_______（用題中所給字母表示）c.在本實(shí)驗(yàn)中小球的質(zhì)量_________（“需要”或“不需要”）測(cè)出；四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電源的電動(dòng)勢(shì)E=110V，電阻R1=21Ω，電動(dòng)機(jī)繞組的電阻R0=0.5Ω，電鍵S1始終閉合。當(dāng)電鍵S2斷開時(shí)，電阻R1的電功率是525W；當(dāng)電鍵S2閉合時(shí)，電阻R1的電功率是336W，求（1）電源的內(nèi)電阻；（2）當(dāng)電鍵S2閉合時(shí)流過電源的電流；（3）電動(dòng)機(jī)的輸出的功率。14．（16分）帶電荷量q=-5.0×10-8C的點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)時(shí)，克服電場(chǎng)力做功3.0×10-6J．已知B點(diǎn)的電勢(shì)為φB=50V．求：（1）A、B間的電勢(shì)差UAB；（2）A點(diǎn)的電勢(shì)φA（3）電荷在B點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能EpB．15．（12分）如圖所示，A、B兩塊帶異號(hào)電荷的平行金屬板間形成勻強(qiáng)電場(chǎng)，一電子以v0=4×106m/s的速度垂直于場(chǎng)強(qiáng)方向沿中心線由O點(diǎn)射入電場(chǎng)，從電場(chǎng)右側(cè)邊緣C點(diǎn)飛出時(shí)的速度方向與v0方向成30°的夾角．已知電子電荷e=1.6×10-19C，電子質(zhì)量m=0.91×10﹣30kg，求：（1）電子在C點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能是多少J？（2）O、C兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大小是多少V？

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解題分析】

首先發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家是奧斯特；A．牛頓，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．伽里略，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．奧斯特，與結(jié)論相符，選項(xiàng)C正確；D．庫(kù)侖，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；2、C【解題分析】由功的公式可得，拉力的功W=Fxcosα；故選C．【題目點(diǎn)撥】本題考查功的計(jì)算公式，要注意力和位移夾角的確定．3、A【解題分析】

當(dāng)ac邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，abc部分在切割磁感線，等效長(zhǎng)度為兩個(gè)端點(diǎn)間的距離，即a、c間的距離，為L(zhǎng)；故：設(shè)每個(gè)邊的電阻為R，a、c兩點(diǎn)間的電壓為：；A．BωL2，與結(jié)論相符，選項(xiàng)A正確；B．BωL2，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．BωL2，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．BωL2，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選A.4、A【解題分析】

AB．沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，則該點(diǎn)電荷從B到A，電勢(shì)能增大，電場(chǎng)力做負(fù)功，根據(jù)電勢(shì)能該電荷為負(fù)電荷，B錯(cuò)誤A正確；D．該點(diǎn)電荷從A移到B，電勢(shì)能減小所以電場(chǎng)力做功為D錯(cuò)誤；C．則A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差大小C錯(cuò)誤。故選A。5、C【解題分析】試題分析：距負(fù)電荷越近，電勢(shì)越低，則φa=φC＜φb,A錯(cuò)誤；由運(yùn)動(dòng)軌跡可知合力在軌跡的凹側(cè)，則帶電質(zhì)點(diǎn)帶正電，受到的作用力為引力，質(zhì)點(diǎn)由a到b電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加；由b到c電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少，B錯(cuò)誤；由題知abc三點(diǎn)到Q的距離之比為1：：1，則由知，三點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度之比為2：1：2，由F＝Eq則三點(diǎn)所受電場(chǎng)力之比為2：1：2，則三點(diǎn)的加速度之比為2：1：2，C正確；由運(yùn)動(dòng)軌跡可知合力在軌跡的凹側(cè)，D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：本題考查點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度．6、B【解題分析】極板之間的電壓U不變，由可知兩極板距離d越大，場(chǎng)強(qiáng)E越小，電場(chǎng)力F=Eq越小，加速度越小，加速時(shí)間越長(zhǎng)；由可得，可知速度與極板間距無(wú)關(guān)，與加速電壓有關(guān)，故ACD錯(cuò)誤，B正確；故選B．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解題分析】由圖可知，兩行星的球體半徑相同，對(duì)行星周圍空間各處物體來(lái)說(shuō)，萬(wàn)有引力提供加速度，故有，故可知P1的質(zhì)量比P2的大，即P1的平均密度比P2的大，所以選項(xiàng)A正確；由圖可知，P1表面的重力加速比P2的大，由可知，P1的第一宇宙速度比P2的大，所以選項(xiàng)B錯(cuò)誤；對(duì)衛(wèi)星而言，萬(wàn)有引力提供向心加速度，即，故可知，s1的向心加速度比s2考點(diǎn)：天體與萬(wàn)有引力定律8、BC【解題分析】

A.兩極板所帶的電荷量不變，若僅將左板上移少許，根據(jù)可知，電容C減小，由可知，U增大，所以靜電計(jì)指針偏角θ增大，故A錯(cuò)誤；B.若僅將左板右移少許，d減小，可知，電容C增大，由可知，U減小，由則靜電計(jì)指針偏角θ變小，故B正確；C.若僅將左板上移少許，根據(jù)可知，電容C減小，由可知，U增大，由可知，E增大；左極板接地，由沿電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低可知P點(diǎn)的電勢(shì)為正，根據(jù)可得，P點(diǎn)電勢(shì)升高，故C正確；D.若僅將左板右移少許，兩極板所帶的電荷量不變，則E不變，根據(jù)可得，P點(diǎn)電勢(shì)減小，則由可得P的點(diǎn)電荷電勢(shì)能減小，故D錯(cuò)誤；9、AD【解題分析】

AB．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向右滑動(dòng)，總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知總電流增加，即電流表示數(shù)變大，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)U=E-Ir可知路端電壓減小，即電壓表示數(shù)減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。10、BC【解題分析】試題分析：電場(chǎng)強(qiáng)度反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，與試探電荷的電荷量無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤；電容是電容器本身的性質(zhì)，和極板上的電荷量及電壓無(wú)關(guān)，而是決定于電容器本身的結(jié)構(gòu)．故B正確；由電阻定律的表達(dá)式R=ρl【題目點(diǎn)撥】該題考查對(duì)電場(chǎng)強(qiáng)度、電容、電阻的定義式以及歐姆定律的表達(dá)式等幾個(gè)不同的公式的理解，要通過它們的比較，理解定義式與定律的表達(dá)式的差別．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、換“×1000Ω”擋將兩表筆短接調(diào)零【解題分析】

[1][2]第一次測(cè)量時(shí)用×100擋，調(diào)零后測(cè)量時(shí)發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太小，說(shuō)明待測(cè)電阻阻值較大，應(yīng)換一更大擋，所以，換×1000Ω的檔位后兩表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零，接著將兩表筆短接調(diào)零，然后再測(cè)量并讀數(shù)。12、不需要【解題分析】

（1）鋼球運(yùn)動(dòng)n圈所用時(shí)間t，則周期為T=，這個(gè)實(shí)驗(yàn)中由向心力表達(dá)式求出來(lái)的向心為：（2）對(duì)小球受力分析如圖所示，則有：F合=mgtanθ=；

（3）根據(jù)可知，質(zhì)量可以約去，則不需要測(cè)出小球的質(zhì)量，【題目點(diǎn)撥】通過實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)來(lái)粗略驗(yàn)證向心力表示式，培養(yǎng)學(xué)生善于分析問題與解決問題的能力，同時(shí)運(yùn)用力的合成尋找向心力的來(lái)源．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、r=1Ω，I=26A，P=1606W【解題分析】試題分析：(1)根據(jù)S2斷開時(shí)R1消耗的功率為，即可求出內(nèi)阻r；(2)當(dāng)電鍵S2閉合時(shí)，根據(jù)電阻R1的電功率求出R1兩端的電壓和通過R1的電流，再根據(jù)E=U+Ir，求出總電流．從而求出通過電動(dòng)機(jī)的電流；(3)根據(jù)求電動(dòng)機(jī)的輸出功率。(1)設(shè)S2斷開時(shí)R1消耗的功率為P1，則，代入數(shù)據(jù)可得；(2)設(shè)S2閉合時(shí)R1兩端的電壓為U，消耗的功率為P2，則，代入數(shù)據(jù)可得，由閉合電路歐姆定律得，E=U+Ir，代入數(shù)據(jù)，得；(3)流過R1的電流為I1，流過電動(dòng)機(jī)的電流為I2，，而I1+I2=I，所以I2=22A，由代入數(shù)據(jù)得。點(diǎn)晴：解決本題的關(guān)鍵能夠靈活運(yùn)用閉合電路歐姆定律，以及知道電動(dòng)機(jī)輸入功率、輸出功率、熱功率的關(guān)系。14、（1）60V（2）110V（3）-5.5×10-6J【解題分析】

（1）A、B間的電勢(shì)差（2）因?yàn)閁AB=φA-φB，則φA=φB+UAB=50+60V