2024屆上海市寶山區(qū)市級(jí)名校高二物理第一學(xué)期期中綜合測(cè)試模擬試題含解析

2024屆上海市寶山區(qū)市級(jí)名校高二物理第一學(xué)期期中綜合測(cè)試模擬試題注意事項(xiàng)：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書(shū)寫，字體工整、筆跡清楚。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫的答案無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，閉合開(kāi)關(guān)S，電路穩(wěn)定后，水平放置的平行金屬板間的帶電質(zhì)點(diǎn)P處于靜止?fàn)顟B(tài)，若將滑動(dòng)變阻器R2的滑片向a端移動(dòng)，則（）A．電壓表讀數(shù)增大 B．電流表讀數(shù)減小C．R1消耗的功率減小 D．質(zhì)點(diǎn)P將向下運(yùn)動(dòng)2、比值定義法是定義物理量的一種方法，所定義的物理量只與兩者比值有關(guān)，與單個(gè)物理量的大小無(wú)關(guān)．下列各物理量中不屬于比值定義法的是（

）A．B．C．D．3、如圖所示，小球A、B質(zhì)量均為m，初始帶電量均為+q，都用長(zhǎng)L的絕緣細(xì)線掛在絕緣的豎直墻上O點(diǎn)，A球緊靠絕緣的墻壁且其懸線剛好豎直，B球懸線偏離豎直方向角而靜止，如果保持B球的電量不變，使A球的電量緩慢減小，當(dāng)兩球間距緩慢變?yōu)樵瓉?lái)的時(shí)，下列判斷正確的是A．小球A受到細(xì)線的拉力大小不變B．小球B受到細(xì)線的拉力變小C．兩球之間的庫(kù)侖力大小不變D．小球A的電量減小為原來(lái)的4、甲、乙兩球在光滑水平軌道上同向運(yùn)動(dòng)，已知它們的動(dòng)量分別是=5kg·m/s，=7kg·m/s，甲追上乙并發(fā)生碰撞，碰后乙球的動(dòng)量變?yōu)?10kg·m/s，則兩球質(zhì)量m甲與m乙的關(guān)系可能是（）A．m甲=m乙B．m乙=2m甲C．m乙=4m甲D．m乙=6m甲5、在如圖所示電路中，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸點(diǎn)向b移動(dòng)時(shí)，正確的是（）A．電壓表和電流表的示數(shù)均減小B．電壓表和電流表的示數(shù)均增大C．電壓表的示數(shù)減小，電流表的示數(shù)增大D．電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小6、如圖所示，是一個(gè)由電池、電阻R、開(kāi)關(guān)S與平行板電容器組成的串聯(lián)電路，開(kāi)關(guān)閉合，平行板電容器內(nèi)一帶電液滴靜止，則A．減小電容器兩極板間距離，液滴向下運(yùn)動(dòng)B．減小電容器兩極板間距離，電容器的電容變小C．減小電容器兩極板間距離，電阻R中有從b流向a的電流D．若開(kāi)關(guān)斷開(kāi)再減小電容器兩極板間距離，液滴向下運(yùn)動(dòng)二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、圖中R1=4Ω，R2=9Ω，R3=18Ω．通電后（）A．經(jīng)R1和R3的電流之比I1：I3=3：1B．R1兩端的電壓和R3兩端的電壓之比U1：U3=4：9C．三個(gè)電阻消耗的電功率之比P1：P2：P3=2：1：2D．三個(gè)電阻消耗的電功率之比P1：P2：P3=2：2：18、如圖所示，在一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一個(gè)四邊形ABCD，電場(chǎng)方向與四邊形ABCD平行，其中M為AD的中點(diǎn)，N為BC的中點(diǎn)．一個(gè)電荷量為q的正粒子，從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)過(guò)程中，電勢(shì)能減小W1，若將該粒子從D點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)，電勢(shì)能減小W2，下列說(shuō)法正確的是（）A．勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向必沿MN方向B．若將該粒子從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做功W=C．若D、C之間的距離為d，則該電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E=D．若M、N之間的距離為d，該電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)最小值為E=9、如圖所示，兩根光滑金屬導(dǎo)軌平行放置，導(dǎo)軌所在平面與水平面間的夾角為θ．整個(gè)裝置處于沿豎直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．質(zhì)量為m的金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，當(dāng)桿中通有從a到b的恒定電流I時(shí)，金屬桿ab剛好靜止．則（）A．磁場(chǎng)方向豎直向下B．磁場(chǎng)方向豎直向上C．a(chǎn)b所受支持力的大小為mgcosθD．a(chǎn)b所受安培力的大小為mgcosθ10、如圖所示,是將滑動(dòng)變阻器作分壓器用的電路,、為分壓器的輸出端,是負(fù)載電阻,電源電壓為保持恒定,滑動(dòng)片位于變阻器的中央,下列判斷正確的是(

)A．空載(不接)時(shí),輸出電壓為B．接上負(fù)載時(shí),輸出電壓C．負(fù)載電阻的阻值越大,輸出電壓越低D．接上負(fù)載后,要使輸出電壓為,滑片須向下移動(dòng)至某一位置三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）某同學(xué)做描繪小燈泡（額定電壓為3.8V，額定電流為0.32A）的伏安性曲線實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)給定的實(shí)驗(yàn)器材如下：（本實(shí)驗(yàn)要求小燈泡的電壓從零開(kāi)始調(diào)至額定電壓）直流電源的電動(dòng)勢(shì)為5V，內(nèi)阻不計(jì)開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干。電壓表V!（量程6V，內(nèi)阻約為8kΩ）電壓表V2（量程3.0V，內(nèi)阻約為5kΩ）電流表A1（量程0.6A，內(nèi)阻約為4kΩ）電流表A2（量程3A，內(nèi)阻約為1kΩ）滑動(dòng)變阻器R1（0到1000Ω，0.5A）滑動(dòng)變阻器R2（0到10Ω，0.5A）滑動(dòng)變阻器R3（0到8Ω，2A）電路圖應(yīng)選下圖哪個(gè)______；電壓表應(yīng)選______；電流表應(yīng)選______，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選______。12．（12分）某同學(xué)用如圖所示的實(shí)驗(yàn)電路描繪一電阻的伏安特性曲線，所用實(shí)驗(yàn)器材如下:A．待測(cè)電阻(2.5V，1.2W)B．電流表A(0～0.6A，內(nèi)阻為1)C．電壓表V(0～3V，內(nèi)阻約3)D．滑動(dòng)變阻器(0～10，額定電流1A)E．電源(E=3V，內(nèi)阻r=1)F．開(kāi)關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干(1)該同學(xué)測(cè)得實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下，其中I是電流表的示數(shù)，U是電壓表的示數(shù)，是待測(cè)電阻兩端的實(shí)際電壓，請(qǐng)通過(guò)計(jì)算先補(bǔ)出表格中最后一格的數(shù)值________，然后在坐標(biāo)系中通過(guò)描點(diǎn)畫(huà)出待測(cè)電阻的伏安特性曲線___________(以為縱坐標(biāo)，I為橫坐標(biāo)).I/A0.150.200.250.300.350.400.450.48U/V0.250.400.600.901.251.852.503.00UR/V0.100.200.350.600.901.452.05(2)該同學(xué)將本實(shí)驗(yàn)中的待測(cè)電阻與一定值電阻串聯(lián)起來(lái)，接在本實(shí)驗(yàn)提供的電源兩端，則消耗的功率是_________W。(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E=2.0×104N/C，沿電場(chǎng)線方向有A、B兩點(diǎn)，A、B兩點(diǎn)間的距離s=0.10m．將電荷量q=+2.0×10-8C的點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移至B點(diǎn)．求：（1）電荷從A點(diǎn)移至B點(diǎn)的過(guò)程中，電勢(shì)能變化了多少．（2）若將A點(diǎn)的電勢(shì)規(guī)定為0，則B點(diǎn)的電勢(shì)是多少？14．（16分）如圖兩平行正對(duì)帶等量異種電荷金屬板距離d，之間的勻強(qiáng)電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度E，電子質(zhì)量m，由負(fù)電金屬板表面A點(diǎn)靜止釋放，由正電金屬板B孔飛出時(shí)速度v。求電子電荷量（不計(jì)電子受重力）。15．（12分）如圖所示，在無(wú)限長(zhǎng)的豎直邊界AC和DE間，上、下部分分別充滿方向垂直于平面ADEC向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，上部分區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0，OF為上、下磁場(chǎng)的水平分界線，質(zhì)量為m、帶電荷量為＋q的粒子從AC邊界上與O點(diǎn)相距為a的P點(diǎn)垂直于AC邊界射入上方磁場(chǎng)區(qū)域，經(jīng)OF上的Q點(diǎn)第一次進(jìn)入下方磁場(chǎng)區(qū)域，Q與O點(diǎn)的距離為3a，不考慮粒子重力．（1）求粒子射入時(shí)的速度大小；（2）要使粒子不從AC邊界飛出，求下方磁場(chǎng)區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度B1應(yīng)滿足的條件；（3）若下方區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=3B0，粒子最終垂直DE邊界飛出，求邊界DE與AC間距離的可能值．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解題分析】

將滑動(dòng)變阻器R2的滑片向a端移動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻減小，由閉合電路歐姆定律得，I增大，即電流表的示數(shù)增大，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；R1消耗的功率增大，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；由電路的特點(diǎn)得電壓表示數(shù)為滑動(dòng)變阻器R2兩端電壓，據(jù)可知，U減小，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；由電容器與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)可知，電容器兩板間的電壓減小，帶電質(zhì)點(diǎn)P所受的電場(chǎng)力減小，重力與電場(chǎng)力的合力向下，帶電質(zhì)點(diǎn)P向下運(yùn)動(dòng)，故D項(xiàng)正確．2、B【解題分析】是電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式是比值定義的，故A不符合題意；公式是歐姆定律的表達(dá)式，不屬于比值定義法，故B符合題意；公式是電勢(shì)的定義式，為比值定義法，故C不符合題意；電容是極板上的電量與極板之間的電壓的比值，是電容的定義式，為比值定義法，故D不符合題意．本題選不是比值定義法的，故選B.點(diǎn)睛：中學(xué)物理中，有相當(dāng)數(shù)量的物理量是采用“比值法”定義的．應(yīng)用比值法定義物理量，往往需要一定的條件；一是客觀上需要，二是間接反映特征屬性的兩個(gè)物理量可測(cè)，三是兩個(gè)物理量的比值必須是一個(gè)定值．3、D【解題分析】小球B受力如圖所示，兩絕緣線的長(zhǎng)度都是L，則△OAB是等腰三角形，如果保持B球的電量不變，使A球的電量緩慢減小，當(dāng)兩球間距緩慢變?yōu)樵瓉?lái)的時(shí)，θ變小，F(xiàn)減??；線的拉力T與重力G相等，G=T，即小球B受到細(xì)線的拉力不變；對(duì)物體A：，則θ變小，TA變??；選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；小球靜止處于平衡狀態(tài)，當(dāng)兩球間距緩慢變?yōu)樵瓉?lái)的1/3時(shí)，由比例關(guān)系可知，庫(kù)侖力變?yōu)樵瓉?lái)的1/3，因保持B球的電量不變，使A球的電量緩慢減小，由庫(kù)侖定律，得：球A的電量減小為原來(lái)的，故C錯(cuò)誤，D正確；故選D．4、C【解題分析】根據(jù)動(dòng)量守恒定律得：p1+p2=p1′+p2′，解得：p1′=2kg?m/s．碰撞過(guò)程系統(tǒng)的總動(dòng)能不增加，則有：代入數(shù)據(jù)解得：．碰撞后甲的速度不大于乙的速度，則有：，代入數(shù)據(jù)解得：．綜上有，故BC正確，AD錯(cuò)誤．故選BC．點(diǎn)睛：對(duì)于碰撞過(guò)程，往往根據(jù)三大規(guī)律，分析兩個(gè)質(zhì)量的范圍：1、動(dòng)量守恒；2、總動(dòng)能不增加；3、碰撞后兩物體同向運(yùn)動(dòng)時(shí)，后面物體的速度不大于前面物體的速度．5、D【解題分析】

滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸點(diǎn)向b移動(dòng)時(shí)，R0接入電路的電阻增大，外電路電阻增大，電路中的總電流減小，電源的內(nèi)電壓減小，路端電壓增加，電壓表的示數(shù)增大；電路的總電流減小，電阻R2兩端電壓增大，流過(guò)R2的電流增大，流過(guò)電流表的電流減小，電流表的示數(shù)減?。蔇項(xiàng)正確，ABC三項(xiàng)錯(cuò)誤．【題目點(diǎn)撥】電路動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題，按局部到整體，再對(duì)局部分析各元件上電壓或電流的變化．靈活應(yīng)用閉合電路的歐姆定律，電動(dòng)勢(shì)、路端電壓和內(nèi)電壓關(guān)系，串并聯(lián)電路的電壓電流關(guān)系是解決動(dòng)態(tài)電路的關(guān)鍵．6、C【解題分析】A、減小電容器兩極板間的距離，因?yàn)殡妷翰蛔?，?chǎng)強(qiáng)增大，電場(chǎng)力增大，液滴向上運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)電容的決定式，C=εS4πkd，減小極板距離，電容器的電容變大，故B錯(cuò)誤；

C、減小極板距離，電容變大，根據(jù)Q=CU知電壓變大，電容器充電，電阻R中有從b流向a的電流，故C正確；

D、斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)，電容器的電荷量不變，根據(jù)E=U點(diǎn)睛：根據(jù)電容的決定式判斷電容的變化，根據(jù)電容的定義式分析板間電壓的變化，根據(jù)推論分析板間場(chǎng)強(qiáng)的變化，確定電荷能否保持靜止，確定電容器是處于充電還是放電狀態(tài)，判斷電路中電流的方向。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解題分析】

因I2+I3=I1；又：；由兩式得：I1：I3=3：1，故A正確；R2與R3的并聯(lián)值；則，故B錯(cuò)誤；功率之比P1：P2：P3=，故C錯(cuò)誤，D正確．故選AD．8、BD【解題分析】

根據(jù)正電子移動(dòng)過(guò)程電勢(shì)能變化可得：電勢(shì)關(guān)系φA?φB＝W1q，φD?φC＝W2q；根據(jù)幾何關(guān)系可得：φM＝12(φA+φD)，φN＝12(φB+φC)，根據(jù)上述條件，并不能得到沿MN方向電勢(shì)降落最快，或垂直MN的兩個(gè)點(diǎn)電勢(shì)相等，故不能得到場(chǎng)強(qiáng)方向沿MN方向，故A錯(cuò)誤；若將該粒子從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做功W＝q(φM?φN)＝12q(φA?φB+φD?φC)＝W1+W22，故B正確；由于無(wú)法求解電場(chǎng)方向，故場(chǎng)強(qiáng)大小無(wú)法求解，故C【題目點(diǎn)撥】勻強(qiáng)電場(chǎng)中任一直線上的電勢(shì)變化都是均勻變化；直線與電場(chǎng)線平行，則變化速率最大；直線與電場(chǎng)線夾角越大則變化速率越小。9、BD【解題分析】根據(jù)力的平衡可得金屬桿受到的磁場(chǎng)力水平向右，所以根據(jù)左手定則磁場(chǎng)方向數(shù)值向上。金屬桿受到重力，垂直斜面向上的支持力，水平向右的磁場(chǎng)力。處于平衡狀態(tài)，所以根據(jù)正交分解可得ab受到的支持力大小為N=mg10、AB【解題分析】A、空載（不接R）時(shí),觸頭把滑動(dòng)變阻器分成相等的兩部分,由串聯(lián)電路特點(diǎn)可知,輸出電壓為電源電壓的一半,即U/2,故A正確；B、接上負(fù)載R時(shí),電路總電阻變小,干路電流變大,滑動(dòng)變阻器上半部分電壓變大,大于電源電壓的一半,則A、B間的輸出電壓小于U/2,故B正確；C、負(fù)載電阻R的阻值越大,負(fù)載電阻與滑動(dòng)變阻器下半部分電阻的并聯(lián)阻值越大,輸出電壓越大,故C錯(cuò)誤；D、接上負(fù)載R時(shí),電路總電阻變小,干路電流變大,滑動(dòng)變阻器上半部分電壓變大,大于電源電壓的一半,則A、B間的輸出電壓小于U/2,要使輸出電壓等于U/2,滑片應(yīng)向上移動(dòng),故D錯(cuò)誤．故選：AB．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、aV1A1R3【解題分析】

小燈泡電阻較小，故應(yīng)該采用安培表外接；實(shí)驗(yàn)要求小燈泡的電壓從零開(kāi)始調(diào)至額定電壓，可知滑動(dòng)變阻器必須要用分壓電路，故選a；燈泡的額定電壓為3.8V，則電壓表選擇V1；燈泡的額定電流為0.32A，則電流表選擇A1；滑動(dòng)變阻器要接成分壓電路，則選取阻值較小的R3。12、2.52伏安特性曲線如圖所示0.32±0.02【解題分析】

(1)[1]根據(jù)并聯(lián)