猜題卷（五） 備戰(zhàn)2021年中考物理猜題卷（湖北武漢專用）（解析版）

備戰(zhàn)2021年中考物理猜題卷（武漢市專用）猜題卷（五）參考答案1．D【解析】由題中的焦距和物距可知，物距小于1倍焦距，因此成正立放大的虛像．故選D.2．C【解析】A．響度指聲音的強(qiáng)弱或大小，鼓面振動(dòng)的幅度越大，鼓聲的響度越大，而不是音調(diào)越高，故A錯(cuò)誤；B．瓶?jī)?nèi)水量越多，質(zhì)量越大，越難振動(dòng)，頻率越小，音調(diào)越低；所以敲擊裝水量不同的玻璃瓶時(shí)，發(fā)聲的音調(diào)不同，故B錯(cuò)誤；C．聲音是由物體的振動(dòng)產(chǎn)生的，發(fā)聲的音叉激起水花，說明音叉在振動(dòng)，故C正確；D．聲音不能在真空中傳播，而電磁波可以在真空中傳播，所以北斗衛(wèi)星不能依靠超聲波與地面接收站通訊，而是依靠電磁波與地面聯(lián)系的，故D錯(cuò)誤。3．A【解析】A．圖中氣泡在上升過程中，體積增大，所以是沸騰時(shí)的情景，故A正確為答案．B．探究冰熔化時(shí)的特點(diǎn)，（b）圖用“水浴法”受熱均勻，冰熔化較慢，便于觀察記錄溫度變化，所以（b）圖比（a）圖的效果好，故B錯(cuò)誤．C．把酒精燈撤去，用注射器向試管內(nèi)打氣，使水面上方氣壓增大，水的沸點(diǎn)升高，所以水不會(huì)重新沸騰，故C錯(cuò)誤．D．用溫度計(jì)測(cè)量水的溫度，讀數(shù)時(shí)，視線應(yīng)與溫度計(jì)液面相平，故D錯(cuò)誤．4．C【解析】A．核電站是利用鈾核裂變發(fā)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)釋放出大量的核能來發(fā)電的，是可控鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，故A正確，不符合題意；B．北斗衛(wèi)星定位系統(tǒng)是利用電磁波來傳遞信息的，故B正確，不符合題意；C．光纖通信是利用激光從光纖的一端射入，在內(nèi)壁上多次反射后在另一端射出來，然后在接收端，檢測(cè)器收到光信號(hào)后把它變換成電信號(hào)，經(jīng)解調(diào)后恢復(fù)原信息，故C錯(cuò)誤，符合題意；D．煤炭、石油、天然氣屬于不可再生能源，也是一次性能源，故D正確，不符合題意。

故選C。5．A【解析】A．由于力的作用是相互的小紅推墻的過程中小紅對(duì)墻施加了力的作用，墻對(duì)小紅也施加了力的作用，使小紅由靜止變?yōu)檫\(yùn)動(dòng)，故正確；B．小紅能繼續(xù)向后退一段距離，是因?yàn)樗哂袘T性，要保持原來的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，故錯(cuò)誤；C．小紅后退時(shí)速度會(huì)越來越慢是由于受到阻力的作用，故錯(cuò)誤；D．小紅在后退的過程中，受到重力、支持力、摩擦力和空氣阻力的共同作用，故錯(cuò)誤。故選A。6．B【解析】A．水對(duì)杯底的壓強(qiáng)：，故錯(cuò)誤；B．由得，水對(duì)杯底的壓力：，故正確；CD．杯放在桌面上，杯對(duì)桌面的壓力：，杯對(duì)桌面的壓強(qiáng)：，故CD錯(cuò)誤．7．C【解析】A．A未浸入時(shí)，水深0.06m，水對(duì)容器底的壓強(qiáng)故A不符合題意；B．A未浸入時(shí)，容器對(duì)桌面的壓強(qiáng)故B不符合題意；C．A浸沒在水中時(shí)，它受到的浮力大小故C符合題意；D．A浸沒在水中靜止時(shí)，它受到細(xì)線的拉力大小故D不符合題意。故選C。8．D【解析】A．第1次滑動(dòng)過程中，以彈簧測(cè)力計(jì)為參照物，木塊的位置沒有發(fā)生改變，所以是靜止的，故A錯(cuò)誤；B．第1次滑動(dòng)過程中，手的拉力作用在彈簧測(cè)力計(jì)上，而摩擦力作用在木塊上，不是同一物體，因此不是一對(duì)平衡力，故B錯(cuò)誤；C．第2次滑動(dòng)過程中，速度變小，但滑動(dòng)摩擦力只與壓力和接觸面的粗糙程度有關(guān)，與速度無關(guān)，因此兩次拉動(dòng)時(shí)，木塊受到的摩擦力相同，故C錯(cuò)誤；D．第2次滑動(dòng)過程中，木塊的質(zhì)量不變，速度比第一次小，所以動(dòng)能變?。煌瑫r(shí)高度不變，重力勢(shì)能不變，因此機(jī)械能比第一次小，故D正確．9．D【解析】A．O點(diǎn)和P點(diǎn)串聯(lián)，流過的電流相同，故A不符合題意；B．AB段與CD段電流方向相同，磁場(chǎng)方向也相同，所以CD段受到的磁場(chǎng)力方向向上，故B不符合題意；CD．讓線圈轉(zhuǎn)180o到右圖位置，電流、磁場(chǎng)方向均不變，則受到的磁場(chǎng)力方向向上，故C不符合題意、D符合題意。故選D。10．D【解析】A．開關(guān)閉合后燈不發(fā)光，若是燈絲發(fā)生斷路，用測(cè)電筆測(cè)試電燈，只有右邊接線處發(fā)光，左邊接線處不發(fā)光，測(cè)試插座左孔不發(fā)光，故A不符合題意；B．若插座發(fā)生短路，則保險(xiǎn)絲會(huì)燒斷，故B不符合題意；C．若進(jìn)戶火線斷路，則用測(cè)電筆測(cè)試電燈和插座都不會(huì)發(fā)光，故C不符合題意；D．若進(jìn)戶零線斷路，則燈泡不能形成回路，不發(fā)光，但用電燈兩接線處及插座兩孔都與火線相通，所以測(cè)電筆接觸接觸這些位置都發(fā)光，故D符合題意。故選D。11．B【解析】由電路圖甲可知，與串聯(lián)，電流表測(cè)電路中的電流，當(dāng)滑片位于最左端時(shí)，變阻器接入電路中的電阻為零，此時(shí)電路中的電流最大，由圖乙可知，電路中的最大電流由可得：電源電壓當(dāng)滑片位于右端時(shí)，接入電路中的電阻最大，由圖乙可知，變阻器的最大阻值根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點(diǎn)和歐姆定律可得：電路中的最小電流即圖乙中坐標(biāo)值當(dāng)電流表示數(shù)時(shí)，電路中的總電阻則滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值定值電阻消耗的電功率與滑動(dòng)變阻器R消耗的電功率之比故ACD不符合題意，B符合題意。故選B。12．D【解析】當(dāng)滑片P置于變阻器的b端時(shí)，其電阻變大，分壓增多，電壓表的示數(shù)變化了2V，則變阻器此時(shí)電壓是6V，設(shè)電源電壓是U，滑動(dòng)變阻器最大阻值是R，由題意列方程得解得由串聯(lián)分壓比等于電阻比可知，滑片在b端時(shí)，R和R1各分6V電壓，電源電壓是12V。當(dāng)滑片在中點(diǎn)時(shí)，R分4V電壓，R1分8V電壓?；琍置于變阻器的b端時(shí)，在10s內(nèi)定值電阻R1產(chǎn)生的熱量為36J，則R1的阻值是A．當(dāng)滑片在a點(diǎn)時(shí)，變阻器接入電路的阻值為0，電路中的電流最大，最大電流是故A錯(cuò)誤；B．串聯(lián)電路中各處電流相等，滑片在中點(diǎn)時(shí)，電路中的電流10s內(nèi)滑動(dòng)變阻器消耗的電能故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)滑片在b點(diǎn)時(shí)，變阻器接入的阻值最大，電路中的電流最小，最小電流是由P=UI可得，滑動(dòng)變阻器R先后兩次消耗的電功率之比故C錯(cuò)誤；D．由P=UI可得，R1先后兩次消耗的電功率之比故D正確。故選D。13．【解析】（1）由歐姆定律知，電阻一定時(shí)，電流與電壓成正比，由圖象知，正比例圖象是R的I﹣U圖象，曲線是L的I﹣U圖象，由電路圖可知，只閉合開關(guān)S1，電路是燈泡的簡(jiǎn)單電路，由圖象可知，當(dāng)燈泡兩端的電壓UL＝2V，通過的電流IL＝0.5A，此時(shí)小燈泡L的實(shí)際功率：PL＝ULIL＝2V×0.5A＝1W，符合題意，所以此時(shí)燈泡電阻RL＝＝＝4Ω，且電源電壓U＝UL＝2V；（2）再閉合開關(guān)S2時(shí)，R與L并聯(lián)，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，U＝UL＝UR＝2V，由圖象可知，此時(shí)通過R的電流IR＝0.2A，R在1min內(nèi)產(chǎn)生的熱量：QR＝IR2Rt＝（0.2A）2×10Ω×60s＝24J。故答案為：4；24。14．【解析】自拍桿可以看成一個(gè)杠桿（O為支點(diǎn)），游客施加在A點(diǎn)的力為動(dòng)力；手機(jī)對(duì)桿的壓力為阻力，則由圖示可知，利用自拍桿進(jìn)行自拍時(shí)動(dòng)力臂小于阻力臂，所以這是一個(gè)費(fèi)力杠桿。在阻力、阻力臂一定的情況下，要使動(dòng)力最小，由杠桿平衡條件可知?jiǎng)恿Ρ坌枰铋L(zhǎng)，則由圖知OA為最長(zhǎng)的動(dòng)力臂L1；阻力為手機(jī)對(duì)桿的壓力，方向向下，所以動(dòng)力的方向應(yīng)該向上；因動(dòng)力與動(dòng)力臂垂直，則過A點(diǎn)作垂直于OA向上的力，即為施加在A點(diǎn)的最小動(dòng)力F1，如下圖所示：故答案為：費(fèi)力；最小動(dòng)力F1及力臂見解答圖。15．【解析】（1）探究動(dòng)能的大小可能與物體的密度有關(guān)時(shí)，采用控制變量法，需要控制小球的質(zhì)量相同，滾下的高度相同，小球的材料不同；所以應(yīng)該選用100g的鐵球和100g的鋁球從同一斜面的相同高度滾下，觀察木塊移動(dòng)的距離來判定動(dòng)能與密度的關(guān)系；（2）探究動(dòng)能大小與質(zhì)量的關(guān)系，采用的是控制變量法，需要控制速度相同，質(zhì)量不同，實(shí)驗(yàn)表格為：物體的質(zhì)量木塊移動(dòng)的距離故答案為：（1）100g的鐵球；100g的鋁球；相同；木塊移動(dòng)的距離；（2）如上表。16．【解析】（1）為測(cè)量滾動(dòng)摩擦的大小，將小車置于水平長(zhǎng)木板上，用彈簧測(cè)力計(jì)沿水平方向拉動(dòng)小車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，讀數(shù)時(shí)發(fā)現(xiàn)彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)很小，無法準(zhǔn)確讀數(shù)；（2）于是將毛巾鋪在長(zhǎng)木板上，重復(fù)（1）中的操作，如圖甲所示，測(cè)力計(jì)分度值為0.1N，此時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)為0.4N；（3）當(dāng)一個(gè)物體在另一個(gè)物體表面滑動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生的摩擦力叫滑動(dòng)摩擦，為測(cè)量滑動(dòng)摩擦的大小，將車輪卡住，在毛巾表面重復(fù)（1）中的操作，此時(shí)彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)為0.8N；實(shí)驗(yàn)二：（1）小車在木板上運(yùn)動(dòng)時(shí)，受到沿水平向左的摩擦阻力的作用，受力示意圖如下所示：；（2）探究水平面上摩擦阻力對(duì)車運(yùn)動(dòng)的影響，要控制小車到達(dá)水平面的速度相同，使小車在粗糙程度不同的水平面上運(yùn)動(dòng)。故應(yīng)將毛巾鋪在木板表面，再次讓小車從斜面頂端由靜止下滑，觀察小車在水平面上運(yùn)動(dòng)的距離；（3）小車在毛巾表面受到的阻力最大，小車毛巾在上運(yùn)動(dòng)的距離較小，這表明：小車運(yùn)動(dòng)時(shí)所受摩擦阻力越大，速度減小得越快，綜合兩個(gè)實(shí)驗(yàn)可知：急剎車時(shí)抱死車輪是用滑動(dòng)代替滾動(dòng)增大摩擦來減小剎車距離。故答案為：實(shí)驗(yàn)一：（1）勻速直線；（2）0.4；（3）卡住；實(shí)驗(yàn)二：（1）如上所示；（2）木板；（3）快。17．【解析】（1）方案一：①根據(jù)F?。紾﹣F可知，石塊浸沒在水中受到的浮力：F?。紽1﹣F3＝2.5N﹣1.4N＝1.1N；排開水的重力G排＝1N；所以，F(xiàn)浮≠G排，A、若最初溢水杯中的水未裝至溢水口，則石塊排開水的只有一部分溢出到桶中，排開水的重力G排減小，故A有可能；B、若彈簧測(cè)力計(jì)都沒有校零，那么四次測(cè)量結(jié)果都應(yīng)加上測(cè)量前彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)，那么所得浮力與排開水的重力大小應(yīng)不變，故B不可能；C、步驟C中，石塊浸沒后，碰觸到溢水杯底部，容器對(duì)石塊有支持力，測(cè)的F3偏小，由F浮＝F1﹣F3可知F浮偏大，故C有可能；故選：B；（2）方案二：重物浸入水中時(shí)，由F?。紾﹣F示知彈簧測(cè)力計(jì)A的示數(shù)的變化量為浮力；又因?yàn)橹匚锝胨袝r(shí)，彈簧測(cè)力計(jì)B的示數(shù)的變化量為溢出水的重力，根據(jù)阿基米德原理可知，物體所受浮力的大小和排開液體的重力相等，所以彈簧測(cè)力計(jì)A示數(shù)的變化量和彈簧測(cè)力計(jì)B的示數(shù)變化量相等；將燒杯、水和物體看做一個(gè)整體，容器對(duì)升降臺(tái)C的壓力等于空杯和杯內(nèi)水的總重與物體的重力之和再減去物體受到的拉力（大小等于測(cè)力計(jì)的示數(shù)），即：F壓＝G杯+G杯內(nèi)水+G物﹣F示，而G物﹣F示＝F浮，所以F壓＝G杯+G杯內(nèi)水+F浮，根據(jù)阿基米德原理，F(xiàn)?。紾排水，所以F壓＝G杯+G杯內(nèi)水+G排水，由于杯內(nèi)的水和排出的水的總重等于原來杯子里的水，是個(gè)定值，所以在這個(gè)過程中容器對(duì)升降臺(tái)C的壓力不變；（3）①如圖丙所示，將燒杯中裝入適量的水，置于天平上，天平平衡時(shí)的讀數(shù)為m1；②如圖丁所示，接著用細(xì)線將石塊拴住，使之完全浸沒在上述燒杯的水中，天平平衡時(shí)的讀數(shù)為m2（此時(shí)手向上拉住細(xì)線另一端，石塊不觸杯壁和杯底，水不外溢），排開水的質(zhì)量為m排＝m2﹣m1；若水的密度為ρ水，石塊的體積：V石＝V排＝＝，石塊的密度：ρ石＝＝＝。故答案為：（1）1.1；B；（2）等于；不變；（3）。18．【解析】（1）由圖知，電流表選用小量程，由表中數(shù)據(jù)知，電壓表示數(shù)為：UV＝IR＝0.48A×5Ω＝2.4V，故電壓表選用小量程與電阻并聯(lián)，如下所示：（2）連接好電路，閉合開關(guān)，發(fā)現(xiàn)電流表沒有示數(shù)，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，電壓表示數(shù)始終接近電源電壓。造成這一現(xiàn)象的原因可能是CA．若電流表壞了，整個(gè)電路斷路，兩表都沒有示數(shù)，不符合題意；B．若滑動(dòng)變阻器短路，電路為通路，兩表都有示數(shù)，不符合題意；C．電阻處接觸不良，電路斷路，電流表沒有示數(shù)，電壓表串聯(lián)在電路中測(cè)電源電壓，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，電壓表示數(shù)始終接近電源電壓，符合題意；D．若電阻短路，電壓表示為0，不符合題意；故選C；（3）其中第3次實(shí)驗(yàn)電流表示數(shù)如圖丙所示，電流表選用小量程，分度值為0.02A，其讀數(shù)為0.12A；（4）橫向比較表中數(shù)據(jù)，電阻為原來的幾倍，通過的電流為原來的幾分之一，即實(shí)驗(yàn)結(jié)果是：電阻的電壓不變時(shí)，電流與電阻成反比；（5）本實(shí)驗(yàn)中測(cè)量了多組數(shù)據(jù)，是為了從不同情況中找到普遍規(guī)律：①測(cè)量物體的長(zhǎng)度，多次測(cè)量取平均值可減小誤差；②用伏安法測(cè)量定值電阻的阻值，多次測(cè)量取平均值可減小誤差；③探究重力大小與質(zhì)量的關(guān)系，多次測(cè)量是為了從不同情況中找到普遍規(guī)律；故選③。故答案為：（1）如上所示；（2）C；（3）0.12；（4）電阻的電壓不變時(shí)，電流與電阻成反比；（5）③。19．【解析】（1）電磁波可以在真空中傳播，可以傳遞信息，無人機(jī)是通過電磁波來實(shí)現(xiàn)遙控的；無人機(jī)在加速上升的過程中，當(dāng)電機(jī)帶動(dòng)旋翼（螺旋槳）轉(zhuǎn)動(dòng)，對(duì)下方空氣施加向下的作用力，根據(jù)物體間力的作用是相互的，空氣對(duì)它施加向上的反作用力，即為升力。（2）根據(jù)v＝可得，勻速上升需要的時(shí)間：t1＝＝＝10s，水平勻速直線飛行的時(shí)間：t2＝＝＝100s，無人機(jī)從起飛到火場(chǎng)上空，這一過程共耗時(shí)：t＝t1+t2＝10s+100s＝110s；（3）懸停時(shí)電動(dòng)機(jī)總功率：P總＝4P0