2021年江蘇省常州市高考物理調(diào)研試卷（一模）

2021年江蘇省常州市高考物理調(diào)研試卷（一模）

一、單選題（本大題共H小題，共44.0分）

1.疫情期間，我國(guó)人民通過(guò)戴口罩來(lái)阻斷疫情傳播，體現(xiàn)了“人人為我、我為人人”

的優(yōu)良傳統(tǒng)和守望相助的家國(guó)情懷?？谡种虚g層的熔噴布是一種用絕緣材料做成的

帶有靜電的超細(xì)纖維布，它能阻隔幾微米的病毒，這種靜電的阻隔作用屬于（）

A.尖端放電B.靜電屏蔽

C.靜電感應(yīng)和靜電吸附D.靜電感應(yīng)和靜電屏蔽

2.下列說(shuō)法正確的是（）

A.圖中的醬油蛋是布朗運(yùn)動(dòng)的結(jié)果

B.圖中的水龜可以停在水面，是因?yàn)樗谋砻鎻埩?/p>

圖中兩種材料上的醬油滴，從形狀可以看出醬油與左

邊材料不浸潤(rùn)，與右邊材料浸潤(rùn)

D.圖中電冰箱能把熱量從低溫的箱內(nèi)傳到高溫的箱外，違背了熱

力學(xué)第二定律

3.下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

A.a射線能消除紡織過(guò)程產(chǎn)生的靜電

B.y射線可用于探測(cè)高鐵軌道是否有裂縫

C.若質(zhì)子、電子具有相同動(dòng)能，則它們的物質(zhì)波波長(zhǎng)相等

D.普朗克認(rèn)為黑體輻射的能量是不連續(xù)的

4.關(guān)于核反應(yīng)方程無(wú)8〃一銘47Vl+x,下列說(shuō)法正確的是（）

A.此核反應(yīng)一定會(huì)釋放能量

B.通過(guò)降低溫度的方法，一定能縮短U的半衰期

C.此核反應(yīng)方程中的X代表的粒子為氫原子核

D.鈾核的比結(jié)合能大于鐵核的比結(jié)合能

5.某同學(xué)希望在暗室中用如圖實(shí)驗(yàn)裝置觀察光現(xiàn)象：平面鏡水平放置，單色線光源S

垂直于紙面放置，S發(fā)出的光有一部分直接入射到豎直放置的光屏上，一部分通過(guò)

平面鏡反射后射再到光屏上，貝U（）

平面銀光屏

A.光現(xiàn)象為干涉現(xiàn)象，光屏上的條紋與鏡面垂直

B.光現(xiàn)象為衍射現(xiàn)象，光屏上的條紋與鏡面平行

C.將光源沿豎直方向靠近平面鏡，相鄰條紋間距減小

D.將光屏沿水平方向遠(yuǎn)離平面鏡，相鄰條紋間距增大

6.“遂古之初，誰(shuí)傳道之？上下未形，何由考之？”2020年7月23日，我國(guó)探測(cè)飛

船天間一號(hào)飛向火星/偉大詩(shī)人屈原的“天問(wèn)”夢(mèng)想正成為現(xiàn)實(shí)。圖中虛線為天問(wèn)

一號(hào)的“地”“火”轉(zhuǎn)移軌道，下列說(shuō)法正確的是（）

A.天問(wèn)一號(hào)發(fā)射速度為大于7.9km/s小于11.2km/s

B.天間一號(hào)的在軌速度總大于地球繞太陽(yáng)的公轉(zhuǎn)速度

C.天問(wèn)一號(hào)的在軌加速度總小于火星繞太陽(yáng)的加速度

D.天間一號(hào)從地球飛到火星軌道的時(shí)間小于半個(gè)火星年

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7.如圖甲所示，在一條張緊的繩子上掛幾個(gè)擺。當(dāng)a擺振動(dòng)的時(shí)候，其余各擺在。擺

的驅(qū)動(dòng)下也逐步振動(dòng)起來(lái)，不計(jì)空氣阻力，達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，方擺的振動(dòng)圖像如圖乙。

下列說(shuō)法正確的是（）

口”

甲乙

A.穩(wěn)定時(shí)力擺的振幅最大B.穩(wěn)定時(shí)匕擺的周期最大

C.由圖乙可以估算出b擺的擺長(zhǎng)D.由圖乙可以估算出c擺的擺長(zhǎng)

8.零刻度在表盤(pán)正中間的電流計(jì)，非常靈敏，通入電流后，線圈所受安培力和螺旋彈

簧的彈力作用達(dá)到平衡時(shí)，指針在示數(shù)附近的擺動(dòng)很難停下，使讀數(shù)變得困難。在

指針轉(zhuǎn)軸上裝上的扇形鋁框或扇形鋁板，在合適區(qū)域加上磁場(chǎng)，可以解決此困難。

下列方案合理的是（）

9.如圖所示，圓形區(qū)域中的勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度占隨時(shí)間，的變化關(guān)系為九=肛，4

為大于零的常量；邊界右側(cè)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B?。光滑平行金屬導(dǎo)

軌左端接一阻值為R的電阻、處放置一和導(dǎo)軌接觸良好的金屬棒，不計(jì)導(dǎo)軌和

金屬棒電阻。t=0時(shí)，給金屬棒一初速度火,使其在外力作用下向右勻速運(yùn)動(dòng)。

回路的總磁通量為中、回路的電流為i、電阻R上產(chǎn)生的熱量為。、導(dǎo)體棒受到的

外力為F,它們隨時(shí)間/的變化圖像正確的是（）

10.殲-20戰(zhàn)斗機(jī)安裝了我國(guó)自主研制的矢量發(fā)動(dòng)機(jī)，能夠在不改變飛機(jī)飛行方向的情

況下，通過(guò)轉(zhuǎn)動(dòng)尾噴口方向改變推力的方向，使戰(zhàn)斗機(jī)獲得很多優(yōu)異的飛行性能。

已知在殲-20戰(zhàn)斗機(jī)沿水平方向超音速勻速巡航時(shí)升阻比（垂直機(jī)身向上的升力和

平行機(jī)身向后的阻力之比）為行。飛機(jī)的重力為G,使飛機(jī)實(shí)現(xiàn)節(jié)油巡航模式的最

11.物體沿粗糙斜面底端以一初速度上滑到頂端又滑回到底端。下列關(guān)于物體的動(dòng)能隨

時(shí)間的變化圖像正確的是（）

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二、實(shí)驗(yàn)題（本大題共1小題，共15.0分）

12.為準(zhǔn)確測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，實(shí)驗(yàn)室提供有下列器材：

靈敏電流計(jì)G（內(nèi)阻約為500）；

電壓表|/（0?3U，內(nèi)阻約為10k。）；

電阻箱%（0?99990）;

滑動(dòng)變阻器/?2（。?100。,1.54）;

舊干電池一節(jié)；

導(dǎo)線開(kāi)關(guān)若干。

（1）某實(shí)驗(yàn)小組先測(cè)靈敏電流計(jì)的內(nèi)阻，電路如圖甲所示，測(cè)得電壓表示數(shù)為2V,

靈敏電流計(jì)示數(shù)為4〃洲，電阻箱旋鈕位置如圖乙所示，則靈敏電流計(jì)內(nèi)阻為

（2）該實(shí)驗(yàn)小組將電阻箱與靈敏電流計(jì)并聯(lián)，將靈敏電流計(jì)的量程擴(kuò)大為原來(lái)的10

倍.調(diào)節(jié)好后連接成如圖丙所示的電路測(cè)量干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻

器讀出幾組電壓表和電流計(jì)的示數(shù)如表，請(qǐng)?jiān)趫D丁所示的坐標(biāo)系中選擇合理的標(biāo)度,

作出對(duì)應(yīng)的（7一上圖線。

U/V0.80.91.01.11.2

IG/MA3.02.52.01.51.0

（3）由作出的U-*圖線求得干電池的電動(dòng)勢(shì)E=V,內(nèi)阻r=0。

（4）本實(shí)驗(yàn)測(cè)出的電源電動(dòng)勢(shì)與真實(shí)值相比（選填“偏大”“偏小”或“相

等”）。

甲乙

丙丁

三、計(jì)算題（本大題共4小題，共41.0分）

13.某同學(xué)用圖甲所示裝置，測(cè)量系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受阻力的大小。已知m=460g、

M=520g的兩物體用細(xì)線連接，跨過(guò)光滑輕質(zhì)小滑輪。在〃，下端接上紙帶，接通

打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源，讓M從高處由靜止開(kāi)始下落，如圖乙為實(shí)驗(yàn)打出的一條紙帶，

每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），g取9.8m/s2,請(qǐng)測(cè)量并求出運(yùn)動(dòng)過(guò)程

中系統(tǒng)受到的阻力大小（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。

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14.新冠肺炎疫情期間，某班級(jí)用于消毒的噴壺示意圖如圖甲所示。壺的容積為1.5L,

內(nèi)含1.0L的消毒液。閉合閥門K,緩慢向下壓壓桿A,每次可向瓶?jī)?nèi)儲(chǔ)氣室充入0.05L

的l.Oatm的空氣，多次下壓后，壺內(nèi)氣體壓強(qiáng)變?yōu)?.0atni時(shí)，按下按柄8,閥門K

打開(kāi)，消毒液從噴嘴處噴出。儲(chǔ)氣室內(nèi)氣體可視為理想氣體，充氣和噴液過(guò)程中溫

5

度保持不變，l.Oatm=1.0x10Pao

(1)求充氣過(guò)程向下壓壓桿A的次數(shù)和打開(kāi)閥門K后最多可噴出液體的體積；

(2)噴液全過(guò)程，氣體狀態(tài)變化的等溫線近似看成一段傾斜直線，如圖乙所示，估

算全過(guò)程壺內(nèi)氣體從外界吸收的熱量。

甲

15.如圖所示，質(zhì)量為M=4kg的大滑塊靜置在光滑水平面上，滑塊左側(cè)為光滑圓弧,

圓弧底端和水平面相切，頂端豎直。一質(zhì)量為rn=1kg的小物塊，被壓縮彈簧彈出

后,沖上大滑塊，能從大滑塊頂端滑出，滑出時(shí)大滑塊的速度為lm/s°g取lOm/s?。

求：

(1)小物塊被彈簧彈出時(shí)的速度；

(2)小物塊滑出大滑塊后能達(dá)到的最大高度九1；

(3)小物塊回到水平面的速度及再次滑上大滑塊后能達(dá)到的最大高度電。

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16.如圖所示為用質(zhì)譜儀測(cè)定帶電粒子比荷的裝置示意圖。它是由離子室、加速電場(chǎng)、

速度選擇器和分離器四部分組成。已知速度選擇器的兩極板間的勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)為E,

勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B],方向垂直紙面向里。分離器中勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2,

方向垂直紙面向外。某次實(shí)驗(yàn)離子室內(nèi)充有大量氫的同位素離子，經(jīng)加速電場(chǎng)加速

后從速度選擇器兩極板間的中點(diǎn)。平行于極板進(jìn)入，部分粒子通過(guò)小孔。'后進(jìn)入分

離器的偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中，在底片上形成了對(duì)應(yīng)于笈;H、疑；H三種離子的三個(gè)有

一定寬度的感光區(qū)域，測(cè)得第一片感光區(qū)域的中心P到0'點(diǎn)的距離為5。不計(jì)離子

的重力、不計(jì)離子間的相互作用，不計(jì)小孔。'的孔徑。

(1)打在感光區(qū)域中心P點(diǎn)的離子，在速度選擇器中沿直線運(yùn)動(dòng)，試求該離子的速

度為和比荷親

(2)以u(píng)=v0±A"的速度從。點(diǎn)射入的離子，其在速度選擇器中所做的運(yùn)動(dòng)為一個(gè)

速度為火的勻速直線運(yùn)動(dòng)和另一個(gè)速度為△u的勻速圓周運(yùn)動(dòng)的合運(yùn)動(dòng)，試求該速

度選擇器極板的最小長(zhǎng)度A；

(3)為能區(qū)分三種離子，試求該速度選擇器的極板間最大間距4

加速電場(chǎng)

XBiX

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答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：由題意可知，熔噴布是一種用絕緣材料做成的帶有靜電的超細(xì)纖維布，所

以當(dāng)幾微米的病毒靠近時(shí)，由于靜電感應(yīng)而帶電，從而被熔噴布吸附，則可知，其原理

為靜電感應(yīng)和靜電吸附，故C正確，480錯(cuò)誤。

故選：C。

由題意明確熔噴布為絕緣體，再結(jié)合常見(jiàn)的靜電現(xiàn)象即可明確其基本原理。

本題考查對(duì)靜電現(xiàn)象的認(rèn)識(shí)，要知道尖端放電和靜電屏蔽均與導(dǎo)體有關(guān)，而熔噴布為絕

緣體，所以肯定與尖端放電和靜電屏蔽無(wú)關(guān)。

2.【答案】B

【解析】解：A、腌茶葉蛋時(shí)，醬油里的色素進(jìn)入蛋清，是擴(kuò)散現(xiàn)象，故4錯(cuò)誤；

8、水甌可以停在水面上說(shuō)明了水存在表面張力，是水分子引力的宏觀表現(xiàn)，故B正確；

C、圖中兩種材料上的醬油滴，從形狀可以看出醬油與左邊材料浸潤(rùn)，與右邊材料不浸

潤(rùn)，故C錯(cuò)誤；

。、電冰箱通電后由于壓縮機(jī)做功從而將低溫?zé)崃總鞯较渫獾母邷匚矬w，不違背熱力學(xué)

第二定律，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

醬油里的色素進(jìn)入蛋清為擴(kuò)散現(xiàn)象；根據(jù)液體表面張力解釋；根據(jù)浸潤(rùn)與不浸潤(rùn)現(xiàn)象的

特點(diǎn)來(lái)判斷；根據(jù)熱力學(xué)第二定律判斷。

本題考查了擴(kuò)散現(xiàn)象、液體表面張力、浸潤(rùn)與不浸潤(rùn)、熱力學(xué)第二定律等知識(shí)，這種題

型知識(shí)點(diǎn)廣，多以基礎(chǔ)為主，只要平時(shí)多加積累，難度不大。

3.【答案】C

【解析】解：A、a射線有電離作用，可消除紡織過(guò)程產(chǎn)生的靜電危害，故A正確；

8、y射線具有非常強(qiáng)的穿透能力，可用于探測(cè)高鐵軌道是否有裂縫，故8正確；

C、根據(jù)德布羅意波長(zhǎng)公式4=：=湍/，可知質(zhì)子、電子具有相同動(dòng)能，由于質(zhì)量不

等，則物質(zhì)波波長(zhǎng)不等，故C錯(cuò)誤；

。、普朗克認(rèn)為振動(dòng)著的帶電微粒的能量只能是某一最小能量值￡的整數(shù)倍，即能量是

量子化的，黑體輻射的能量是不連續(xù)的，故。正確。

本題選擇錯(cuò)誤的，

故選：C

y射線的穿透能力最強(qiáng)，a射線的電離能力最強(qiáng)；根據(jù)德布羅意波長(zhǎng)公式，結(jié)合質(zhì)子和

電子的動(dòng)量大小比較波長(zhǎng)的大小；普朗克認(rèn)為帶電微粒的能量只能是某一最小能量值￡

的整數(shù)倍，是量子化的。

本題考查了天然放射現(xiàn)象的射線的性質(zhì)、物質(zhì)波、量子理論等基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)，關(guān)鍵要熟悉

教材，牢記這些基礎(chǔ)知識(shí)點(diǎn)，即能輕松解決。

4.【答案】A

【解析】解：AC,根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知X的質(zhì)量數(shù)為4,電荷數(shù)為2,X

是a粒子即氫原子核，此反應(yīng)是a衰變，衰變的過(guò)程中釋放能量，故A正確，C錯(cuò)誤；

B、放射性元素的半衰期是由原子核本身性質(zhì)決定的，與外界的溫度等條件無(wú)關(guān)，故8

錯(cuò)誤；

D、由于衰變的過(guò)程中釋放能量，可知鈾核的比結(jié)合能小于針核的比結(jié)合能，故。錯(cuò)誤。

故選：Ao

衰變的過(guò)程釋放能量；放射性元素的半衰期與外界條件以及化合狀態(tài)無(wú)關(guān)；核反應(yīng)方程

要求質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，判斷生成產(chǎn)物，確定反應(yīng)類型。

對(duì)于原子物理中核反應(yīng)方程遵循質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，基本知識(shí)要熟練掌握和應(yīng)用。

5.【答案】D

【解析】解：AB,平面鏡的反射光相當(dāng)于從S的像點(diǎn)發(fā)出的光，所以該裝置類似于雙縫

干涉裝置，所以能在光屏上觀察到與鏡面平行的干涉條紋，故AB錯(cuò)誤；

C、若將線光源S沿豎直方向靠近平面鏡平移，相當(dāng)于減小了兩束干涉光的間距d,根

據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△%=4人可知屏上的兩個(gè)相鄰暗條紋間的距離增大，故

C錯(cuò)誤；

。、若光屏沿水平方向遠(yuǎn)離平面鏡,即L增大，根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式△X=；?九

a

可知屏上的兩個(gè)相鄰暗條紋間的距離增大，故。正確。

故選：D。

本題類似于雙縫干涉，根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式4%=:九結(jié)合d和乙的變化判斷

條紋間距的變化，從而即可求解。

考查光的干涉現(xiàn)象，解決本題的關(guān)鍵掌握雙縫干涉條紋的間距公式△X=;?九并能靈

a

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活運(yùn)用，注意看成雙縫干涉是解題的突破口。

6.【答案】D

【解析】解：人“天問(wèn)一號(hào)”最終繞火星飛行，脫離了地球引力的束縛，故最小發(fā)射

速度為11.2kzn/s,故A錯(cuò)誤；

B、在地火轉(zhuǎn)移軌道上，太陽(yáng)對(duì)衛(wèi)星的萬(wàn)有引力提供向心力，根據(jù)。萼=?1或，解得

r2r

拜，軌道半徑越大，速度越小，天問(wèn)一號(hào)的在軌速度總小于地球繞太陽(yáng)的公轉(zhuǎn)速度，

故8錯(cuò)誤；

C、根據(jù)G罷=ma可得a=罌，軌道半徑越大，加速度越小，但在天間一號(hào)與火星軌

道相切位置，加速度大小相同，故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可得：號(hào)=k,由于天間一號(hào)的半長(zhǎng)軸小于火星的半長(zhǎng)軸，故

T2

天文一號(hào)的周期小于火星的周期，天問(wèn)一號(hào)從地球飛到火星軌道的時(shí)間小于半個(gè)火星年,

故。正確；

故選：Do

7.90n/s是衛(wèi)星繞地球表面飛行的環(huán)繞速度，11.2/an/s是衛(wèi)星脫離地球引力的束縛的最

小發(fā)射速度；根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，即可判斷出加速度和速度的的變化關(guān)系，根據(jù)

開(kāi)普勒第三定律求得周期即可判斷。

本題考查了萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用，解決本題的關(guān)鍵是理解衛(wèi)星的變軌過(guò)程，以及萬(wàn)有引

力定律的靈活運(yùn)用，這類問(wèn)題也是高考的熱點(diǎn)問(wèn)題。

7.【答案】D

【解析】解：A、。擺擺動(dòng)起來(lái)后，通過(guò)水平繩子對(duì)氏c兩個(gè)擺施加周期性的驅(qū)動(dòng)力，

使氏c兩個(gè)擺做受迫振動(dòng)，由于〃擺提供的驅(qū)動(dòng)力的周期和c擺的固有周期相同，所

以c擺發(fā)生了共振，c擺的振幅是最大的，故4錯(cuò)誤；

8、氏c兩擺做受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率，都等于“擺的頻率，則兩擺的周期

相同，都等于。擺的周期，因?yàn)椤?%，所以c擺和。擺的周期也都為玲，故B錯(cuò)誤；

C、由于6擺做受迫振動(dòng)，所以其固有頻率未知，即固有周期未知，所以無(wú)法求得〃擺

的擺長(zhǎng)，故C錯(cuò)誤；

。、根據(jù)單擺的周期公式7=2兀日，由于。擺提供的驅(qū)動(dòng)力的周期和c擺的固有周期相

同，結(jié)合圖乙所可以估算出c擺的擺長(zhǎng)，故。正確。

故選：Do

受迫振動(dòng)的頻率等于驅(qū)動(dòng)率的頻率，當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率接近物體的固有頻率時(shí)，振幅最大,

即共振：再利用單擺的周期公式求擺長(zhǎng)。

解決該題需要掌握故有周期的求解公式，知道。擺是作為驅(qū)動(dòng)力，而6和c?擺做的是受

迫振動(dòng)，其頻率和周期與。擺的頻率、周期相同。

8.【答案】D

【解析】解：AC、如圖所示，當(dāng)指針向左偏轉(zhuǎn)時(shí)，鋁框或鋁板可能會(huì)離開(kāi)磁場(chǎng)，產(chǎn)生

不了感應(yīng)電流，起不到電磁阻尼的作用，指針不能很快停下，所以4、C方案不合理，

故AC錯(cuò)誤；

8、此圖是鋁框，磁場(chǎng)在鋁框中間，當(dāng)指針偏轉(zhuǎn)角度較小時(shí)，鋁框不能切割磁感線，不

能產(chǎn)生感應(yīng)電流，起不到電磁阻尼的作用，指針不能很快停下，B方案不合理，故B錯(cuò)

誤；

。、此圖是鋁板，磁場(chǎng)在鋁板中間，無(wú)論指針偏轉(zhuǎn)角度大小，都會(huì)在鋁板上產(chǎn)生感應(yīng)電

流，起到電磁阻尼的作用，指針會(huì)很快穩(wěn)定的停下，便于讀數(shù)，。方案合理，故。正確.

故選：D。

本題考查電磁阻尼基本知識(shí)，當(dāng)閉合導(dǎo)體磁通量發(fā)生改變，產(chǎn)生感應(yīng)電流，安培力阻礙

導(dǎo)體與磁場(chǎng)的相對(duì)運(yùn)動(dòng).

9.【答案】C

【解析】解：AB,由于導(dǎo)體棒在外力作用下勻速向右運(yùn)動(dòng)，則動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)為&=

根據(jù)右手定則可知電流方向?yàn)轫槙r(shí)針；

回路中產(chǎn)生的感生電動(dòng)勢(shì)為：E2=^=^S=kS,保持不變，根據(jù)楞次定律可知電流

方向?yàn)轫槙r(shí)針，

則回路中總的電動(dòng)勢(shì)為：E=+E2=BLv0+kS,不變，則感應(yīng)電流i不變，根據(jù)法

拉第電磁感應(yīng)定律可得E=一不變，所以回路的總磁通量變化率不變，O-t圖象的斜

率不變，故AB錯(cuò)誤；

C、電阻R上產(chǎn)生的熱量為Q=i2Rt,i不變，所以。與時(shí)間成正比，故C正確；

D、由于導(dǎo)體棒在外力作用下勻速向右運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平衡條件可得：F=B/L,/不變，拉

力F不變，故。錯(cuò)誤。

故選：C。

第14頁(yè)，共21頁(yè)

求出動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)和感生電動(dòng)勢(shì)大小，得到回路中總的電動(dòng)勢(shì)，由此分析電流，根據(jù)法拉

第電磁感應(yīng)定律分析W，根據(jù)Q=日取分析產(chǎn)生的熱，根據(jù)平衡條件分析外力大小。

本題主要是考查法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律，關(guān)鍵是掌握感生電動(dòng)勢(shì)和

動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)的計(jì)算方法，能夠根據(jù)圖象進(jìn)行分析。

10.【答案】D

【解析】解：飛機(jī)受到重力G、發(fā)動(dòng)機(jī)推力&、升力F2和

空氣阻力/,重力的方向豎直向下，升力?2的方向豎直向上,

空氣阻力/的方向與尸2垂直，如圖

殲-20戰(zhàn)斗機(jī)沿水平方向超音速勻速巡航，則有水平方向

Px=f

豎直方向Fz+0=G

其中F2=Af

解得%=G-V15/

則用=&+%=16f2-2V15C/+G2

結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)可知碎表達(dá)式為開(kāi)口向上，對(duì)稱軸為/=^G的拋物線，即當(dāng)f=^G

時(shí)取得最小值，將其代入用表達(dá)式,

解得/故ABC錯(cuò)誤，。正確

故選：Do

本題可以根據(jù)題意畫(huà)出受力分析圖，將推力分解到水平和豎直方向，列出共點(diǎn)力平衡的

等式，再結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)求最值。

本題考查共點(diǎn)力平衡知識(shí)，要求學(xué)生運(yùn)用力的分解，并結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)解決問(wèn)題，綜合性

較強(qiáng)。

1I.【答案】B

【解析】解：設(shè)斜面的傾角為仇物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，物體沿斜面上滑的加

速度大小為由,下滑的加速度大小為。2。

根據(jù)牛頓第二定律得：

上滑過(guò)程有+p.mgcos9=max

下滑過(guò)程有mgsinJ-i2mgcosS=ma2

可得的＞a2o

由于上滑和下滑的位移大小相等，由X=］砒2知上滑的時(shí)間短于下滑的時(shí)間。

上滑過(guò)程，有f=%-ai3動(dòng)能為a=-。花)2,E^-t圖象是開(kāi)口向

上的拋物線(左支)；

2

設(shè)上滑的時(shí)間為功。下滑過(guò)程，有u=a2(t-t0),動(dòng)能為a=1mv=gm諼(t-to/，

E,—t圖象是開(kāi)口向上的拋物線(右支)，故ACO錯(cuò)誤，B正確。

故選：B。

先根據(jù)牛頓第二定律分析物體沿斜面上滑和下端加速度的大小，由位移-時(shí)間公式分析

上滑和下滑運(yùn)動(dòng)時(shí)間關(guān)系。根據(jù)速度-時(shí)間公式得到速度與時(shí)間的關(guān)系式，再得到動(dòng)能

與時(shí)間的關(guān)系式，即可確定圖象的形狀。

解決本題時(shí)，要知道有摩擦?xí)r物體在斜面上的運(yùn)動(dòng)過(guò)程不具有對(duì)稱性，上滑時(shí)間比下滑

時(shí)間短，要根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式分析運(yùn)動(dòng)時(shí)間關(guān)系。根據(jù)速度-時(shí)間公式和

動(dòng)能表達(dá)式得到動(dòng)能與時(shí)間的關(guān)系，從而分析圖象的形狀。

12.【答案】451.415.5相等

(3)將靈敏電流計(jì)的量程擴(kuò)為10倍后，那么實(shí)際電流就為靈敏電流計(jì)示數(shù)的10倍，且

其總內(nèi)阻以=竿=2x450=4.5。。由圖丙根據(jù)閉合電路歐姆定律有：U=E-

10/cX(RA+r),顯然U-左圖象是一條傾斜直線，縱截距b=E=1.41Z,圖象的斜率

網(wǎng)=10(以+「)=器|。

所以r=曹一a=20。-4.5。=15.50；

(4)從電路圖和實(shí)驗(yàn)原理看，即使考慮電表的內(nèi)阻，電壓表和電流表的示數(shù)均為電路的

真實(shí)值，由圖象法又減小了偶然誤差，所以電源電動(dòng)勢(shì)測(cè)量值與真實(shí)值相等。

第16頁(yè)，共21頁(yè)

1.41

故答案為：(1)45；(2)如圖所示;(3)1.4、15.5；(4)相

等

(1)電阻箱各旋鈕示數(shù)與對(duì)應(yīng)倍率的乘積之和是電阻箱示數(shù)；由串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定

律求出靈敏電流計(jì)的內(nèi)阻.

(2)由表格數(shù)據(jù)先描點(diǎn)，再盡量描成一條直線；

(3)根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出改裝后電流表的內(nèi)阻心,寫(xiě)出“-/G表達(dá)式，再

結(jié)合上一問(wèn)圖象的斜率和截距求出電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；

(4)電表測(cè)量值是電路的真實(shí)值，所以由U-/G圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢(shì)真實(shí)

值.

本題考查了求電流表內(nèi)阻、電流表改裝、作圖象、求電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻；電阻箱各旋鈕

示數(shù)與對(duì)應(yīng)倍率的乘積之和是電阻箱示數(shù)，分析清楚電路結(jié)構(gòu)、應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)可以

求出電流計(jì)內(nèi)阻；電源U-/圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值是電源電動(dòng)勢(shì)，圖象斜率的絕對(duì)值

是電源內(nèi)阻.

13.【答案】解：設(shè)0到3的距離為與，

%!=2.75cm

設(shè)3到6的距離為不，

%2=7.25cm

得a=彘==cm/s2=50cm/s?=0.50TH/S2

IJIJ)(Jn入xU.JoLJl?

根據(jù)牛頓第二定律，

(M-m)g—/=(M+m)a

得f=(M+m)g—(M+m)a

代入數(shù)據(jù)，解得：/'=9.8x10-2N.

答：運(yùn)動(dòng)過(guò)程中系統(tǒng)受到的阻力大小為9.8x10-2N.

【解析】利用紙帶計(jì)數(shù)點(diǎn)。?6,逐差法求解加速度，結(jié)合牛頓第二定律求解阻力大小

本題考查學(xué)生對(duì)勻變速直線運(yùn)動(dòng)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理，并結(jié)合牛頓第二定律處理問(wèn)題，注意最

終結(jié)果保留兩位有效數(shù)字

14.【答案】解：(1)設(shè)充氣過(guò)程向下壓壓桿A的次數(shù)為小沖入氣體為n%=0.05nL,

充氣前氣壓為Pi=1.0x105Pa,壺中原來(lái)空氣的體積匕=0.5L,

充氣后氣體的總體積為匕=0.5L,壓強(qiáng)為22=2.0x105Pa,

由玻意爾定律Pi(n%+匕)=p2Vr

所以n=10次

最多噴射的液體4V=nV0=0.5L.

1X152X1S

(2)外界對(duì)氣體做功W=-|(Pi+p2)△U=_°+°x0,5x10-3/=一75j

由熱力學(xué)第一定律△U=W+Q=0

所以Q=75

答：(1)壓桿A的次數(shù)為10次，最多可噴出液體的體積為0.5L；

(2)氣體從外界吸收的熱量為75J,

【解析】(1)將沖入的氣體和壺中原有的氣體視為整體，由玻意耳定律可求解；

(2)p-U圖像中，圖像與橫軸圍成的面積表示外界對(duì)氣體所做的功，由此求解。

充氣問(wèn)題中，一定要注意：把沖入的氣體和瓶中原有的氣體視為一個(gè)物態(tài)變化的整體，

從而把變質(zhì)量的問(wèn)題變成定質(zhì)量的問(wèn)題，才能使用氣體實(shí)驗(yàn)定律以及理想氣體狀態(tài)方程。

15.【答案】解：(1)設(shè)小物塊離開(kāi)彈簧后的速度為%，小物塊滑上大滑塊的過(guò)程中系統(tǒng)

水平方向動(dòng)量守恒，

mv1=(m+M)V2

解得%=5m/s,

(2)小物塊第一次躍升到最高點(diǎn)時(shí)水平速度等于力，

系統(tǒng)機(jī)械能守恒，

11

-mvl=5(M+^)^2+mg%

解得九1=1tn.

(3)小物塊能下落到大滑塊并從大滑塊上滑到水平面，取向右為正方向，系統(tǒng)水平方向

動(dòng)量守恒：

mv1=mv\+Mu%

機(jī)械能守恒：

111

2mv^=+]M吟

解得u'i=-3m/s,v'2-2m/s

第18頁(yè)，共21頁(yè)

負(fù)號(hào)表示小物塊速度方向向左；

小物塊彈回后，對(duì)"八M水平方向列動(dòng)量守恒：+MV'2=(m+M)v

對(duì)相、M列系統(tǒng)機(jī)械能守恒：

111

222

-?nv{+-MV2='(M+ni)v+mgh2

解得九2=0.04m.

答：(1)小物塊被彈簧彈出時(shí)的速度為5m/s；

(2)小物塊滑出大滑塊后能達(dá)到的最大高度。為1m；

(3)小物塊回到水平面的速度為3m/s,方向水平向左，再次滑上大滑塊后能達(dá)到的最大

高度為0.04m.

【解析】(1)M、機(jī)組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，列式可以求解；

(2)小彈出后在到達(dá)最高點(diǎn)的過(guò)程中，用、機(jī)組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，列系統(tǒng)機(jī)械能守恒

表達(dá)式可以求解；

(3)m從空中再次回到地面過(guò)程中，用、機(jī)組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，可以求出，”

到地面的速度，再次被彈簧彈回后，用、機(jī)組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，系統(tǒng)機(jī)械能

也守恒，列式聯(lián)立求解即可.

本題是動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒綜合問(wèn)題，考察學(xué)生對(duì)某方向動(dòng)量守恒的理解，系統(tǒng)在某

方向受到的合外力為零時(shí)，系統(tǒng)在該方向上動(dòng)量守恒，結(jié)合機(jī)械能守恒可以求解該類問(wèn)

題.

16.【答案】解：(1)粒子在速度選擇器中做直線運(yùn)動(dòng)，由平衡條件條件有：

解得％=

進(jìn)入分離器中粒子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑：r=?

由牛頓第二定律有：q%Bz=mJ

解得A=7TT

(2)三種離子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)周期分別為

2nmnBD

△=西=21

72712m27rB2。172m37n37rB2%

2