2021年江蘇省揚(yáng)州市高考物理調(diào)研試卷（一模）（附答案詳解）

2021年江蘇省揚(yáng)州市高考物理調(diào)研試卷（2月份）（一模）

一、單選題（本大題共10小題，共40.0分）

1.下列說法正確的是（）

A.物體從單一熱源吸收的熱量可全部用于做功

B.液晶的光學(xué)性質(zhì)與某些多晶體相似，具有各向同性

C.花粉在液體中做布朗運(yùn)動(dòng)的劇烈程度僅與液體的溫度有關(guān)

D.一塊（TC的冰逐漸熔化成OK的水的過程中分子勢能會(huì)減小

2.一定量的理想氣體從狀態(tài)M開始，經(jīng)狀態(tài)N、P、?；氐綘顟B(tài)如p-T圖所示。

下列說法正確的是（）

A.Nt尸過程，氣體放熱

B.MtN過程，氣體體積變大

C.氣體在N時(shí)的體積比在。時(shí)的體積小

D.P-M過程，單位時(shí)間內(nèi)撞擊器壁單位面積的分子數(shù)增加

3,我國重大科學(xué)工程“人造太陽”主要是將氣核聚變反應(yīng)釋放的能量用來發(fā)電。氣核

聚變反應(yīng)的方程為：H+aH-X+M。已知笊核的質(zhì)量為mi，中子的質(zhì)量為機(jī)2,反

應(yīng)中釋放的核能為4E,光速為c,下列說法正確的是（）

A.X為黜e

B.X的比結(jié)合能比出小

C.X的質(zhì)量為,+2m1—m2

D.要使該聚變反應(yīng)發(fā)生，必須克服兩流核間巨大的庫侖斥力

4.科學(xué)家通過對大量不同材料進(jìn)行實(shí)驗(yàn)證實(shí)：聲波速度隨傳播介質(zhì)內(nèi)原子質(zhì)量的增加

而下降。并由此推測聲波在固態(tài)氫內(nèi)傳播速度最快，計(jì)算得出聲波在固態(tài)氫內(nèi)接近

理論極限值的傳播速度為36km/s。下列說法正確的是（）

A.聲波可以在真空中傳播

B.聲波在固態(tài)銅中的速度比在固態(tài)鋁中的速度大

C.聲波由固態(tài)銅傳播到固態(tài)鋁中，波長變長

D.聲波在固態(tài)氫內(nèi)傳播時(shí)，氫原子運(yùn)動(dòng)速度可達(dá)36/nn/s

5.如圖所示為汽車內(nèi)常備的“菱形千斤頂”，搖動(dòng)手柄使螺旋桿轉(zhuǎn)動(dòng)，A、B間距離

發(fā)生改變，從而實(shí)現(xiàn)重物的升降。若物重為G,螺旋桿保持水平，A3與BC之間的

夾角為0=30。，不計(jì)桿件自重，則螺旋桿的拉力大小為（）

A.yGB.GC.V3GD.2百G

6.“S路”曲線行駛是我國駕駛證考試中的一個(gè)項(xiàng)目。在某次練習(xí)過程中，質(zhì)量相同

的兩名學(xué)員分別坐在駕駛座和副駕駛座上，汽車勻速率行駛，當(dāng)汽車通過圖示位置

時(shí)（）

A.汽車所受合力為零B.兩學(xué)員的速度相同

C.汽車對兩學(xué)員的作用力大小相等D.汽車對兩學(xué)員的作用力方向不同

7.2021年1月20日0時(shí)25分我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用

長征三號(hào)乙運(yùn)載火箭成功將天通一號(hào)03星發(fā)射升空。

天通一號(hào)03星將與在軌的01星、02星組網(wǎng)，構(gòu)建我國

首個(gè)自主可控的衛(wèi)星移動(dòng)通信系統(tǒng)。如圖所示，天通一

號(hào)3顆衛(wèi)星均在地球同步軌道上，已知每顆衛(wèi)星的離地

高度為/?,地球質(zhì)量為半徑為凡自轉(zhuǎn)周期為兀表面重力加速度為g,萬有

引力常量為G,忽略地球自轉(zhuǎn)，則衛(wèi)星運(yùn)行的線速度為（）

A?"照B'v=C?=Jg（R+h）D.v=年

8.在x軸上的A、B兩點(diǎn)各有一個(gè)點(diǎn)電荷，其靜電場的電勢9在x軸上分布如圖所示,

尸點(diǎn)電勢最低.下列說法正確的是（）

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A.兩點(diǎn)電荷帶異種電荷

B.A處的點(diǎn)電荷所帶電荷量較小

C.M處的電場強(qiáng)度小于N處的電場強(qiáng)度

D.電子沿x軸從M點(diǎn)移動(dòng)到N點(diǎn)，電勢能先減小后增大

9.如圖所示，地面上方存在一個(gè)沿水平方向的磁場，以。點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，水平向右為

x軸，豎直向下為了軸，磁感應(yīng)強(qiáng)度在相同高度處大小相等，豎直方向按8=3分

布（k>0）。將一個(gè)矩形線框浦4從圖示位置水平向右拋出，運(yùn)動(dòng)過程中線框始終

處于豎直平面內(nèi)，且向邊保持水平，磁場區(qū)域足夠大，不計(jì)空氣阻力。關(guān)于線框

下列說法正確的是（）

0

A.電流方向是岫cd”B.水平方向做勻減速運(yùn)動(dòng)

C.豎直方向做勻加速運(yùn)動(dòng)D.最終斜向右下方做勻速運(yùn)動(dòng)

10.如圖所示為沖關(guān)游戲的一個(gè)項(xiàng)目，導(dǎo)軌傾斜固定，傾角為a,導(dǎo)軌內(nèi)置一滑輪，繩

子一端與滑輪相連，另一端與抱枕相連。選手抱住抱枕后沿導(dǎo)軌下滑，繩與豎直方

向夾角為氏且保持不變。己知抱枕質(zhì)量為選手質(zhì)量為爪2,不計(jì)一切阻力,

下列說法正確的是（）

A.選手與抱枕一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)

B.繩子對抱枕的作用力大小為四鬻應(yīng)

cosp

C.抱枕對選手的作用力大小為巾2%。§6

D.選手質(zhì)量越大，夕角越小

二、實(shí)驗(yàn)題(本大題共2小題，共19.0分)

11.某同學(xué)用雙縫干涉實(shí)驗(yàn)測量某單色光的波長。

(1)實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，將光源放在光具座最左端，由左至右依次放置其它光學(xué)元

件，①、②兩處放置的元件分別為：、(選填“雙縫”或“單縫”)；

(2)接通電源使光源正常發(fā)光，調(diào)整光路，使得從目鏡中可以觀察到干涉條紋，若

雙縫的間距為“，屏與雙縫間的距離為/,測得第I條亮條紋到第7條亮條紋之間

的距離為△無，則單色光的波長;1=。

12.小明通過實(shí)驗(yàn)測量一種合金的電阻率。

(1)如圖甲所示，用螺旋測微器測量合金絲的直徑時(shí)，從調(diào)節(jié)到讀數(shù)的過程中，螺

旋測微器上三個(gè)部件①、②、③使用的先后順序應(yīng)該為①、、、①；

如圖乙所示，測得該合金絲的直徑為(/=mm.

(2)按圖丙連接電路，請?jiān)趫D丁中將電路原理圖補(bǔ)充完整。

(3)小明利用刻度尺測出合金絲接入電路的長度/。閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，讀

出電壓表和電流表的示數(shù)，算出接入電路部分合金絲的阻值上改變線夾在合金絲

上的位置，重復(fù)上述步驟，獲得多組數(shù)據(jù)，在方格紙上作出R-2圖像，發(fā)現(xiàn)圖像

是一條傾斜直線，斜率為工，計(jì)算該合金絲電阻率p=(用％和d表示)。

(4)小華認(rèn)為電流表內(nèi)阻會(huì)導(dǎo)致測出的R值偏大，因此小明測出的電阻率偏大。你

覺得小華的觀點(diǎn)是否正確？請簡要說明理由。

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三、簡答題(本大題共1小題，共15.0分)

13.如圖所示直角坐標(biāo)系中，在)，軸和MN之間以x軸為邊界存在兩個(gè)勻強(qiáng)磁場區(qū)域I、

H,磁場寬度為4,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為8、方向垂直于紙面。一粒子加速器放置

在y軸上，其出射口坐標(biāo)為(0,y)且y>0,其加速電壓可調(diào)。初速度為0、質(zhì)量為

，心電荷量為+q的粒子經(jīng)加速器加速后平行于x軸射入?yún)^(qū)域I,不計(jì)粒子重力。

(1)若、=心調(diào)節(jié)加速電壓，粒子恰好從。點(diǎn)射出磁場，求加速電壓的大小U；

(2)若y=^d,粒子僅經(jīng)過x軸一次，然后垂直于MN從區(qū)域n射出，求粒子在磁

場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間r：

(3)若粒子以v=包速度射入磁場，最終垂直于MN射出，求y滿足的條件。

四、計(jì)算題(本大題共3小題，共26.0分)

14.如圖所示，圓形線圈的匝數(shù)為〃、半徑為心電阻為R,電容器的電容為C,右側(cè)電

阻的阻值也為R。勻強(qiáng)磁場垂直于線圈平面向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度在r時(shí)間內(nèi)從0均勻

增加到8,然后保持不變，求：

(1)磁場變化過程中，電容器兩端的電壓。；

(2)磁場變化過程中，通過右側(cè)電阻R的電荷量分

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15.如圖所示為某光學(xué)元件的橫截面，乙4=ND=4E=90。，AE=20V3cm.現(xiàn)使用

一束波長4=600nm、功率P=66.3mW的激光照射到AB邊上的M點(diǎn),AM=10cm,

入射角a=60。，此時(shí)反射光與入射光的功率之比為1：10。元件對激光的折射率

n=V5,真空中光速c=3x1087n右，普朗克常量為/!=6.63x10-34/7,求：

(1)激光通過元件經(jīng)歷的時(shí)間t(不考慮多次反射);

(2)單位時(shí)間內(nèi)進(jìn)入元件的激光的光子數(shù)N。

16.如圖所示，靜置于水平地面的兩輛手推車同向沿直線排列，質(zhì)量均為機(jī)。t=0時(shí)

刻某同學(xué)水平推第一輛車，脫手后小車?yán)^續(xù)運(yùn)動(dòng)，曲時(shí)刻與第二輛車發(fā)生正碰，碰

撞時(shí)間極短，碰后兩車以共同速度繼續(xù)運(yùn)動(dòng)距離L后停止。車運(yùn)動(dòng)時(shí)所受阻力為車

重的上倍，重力加速度為g,求：

(1)碰后瞬間兩車的速度V;

(2)該同學(xué)給第一輛車的沖量大小/；

(3)若該同學(xué)對車做功為生,求整個(gè)過程中兩車克服阻力所做的功W。

八\ij

G〃加，〃蘇M〃力〃〃〃〃吩〃力〃〃/〃〃〃，，力

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：A、根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，在外界的影響下物體從單一熱源吸收的熱

量可全部用于做功，故4正確；

8、液晶光學(xué)性質(zhì)與某些單晶體相似，具有各向異性，故B錯(cuò)誤；

C、布朗運(yùn)動(dòng)的劇烈程度與懸浮顆粒的大小有關(guān)，是由于顆粒越大，分子碰撞的不平衡

性越不明顯，溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越明顯，故C錯(cuò)誤；

D、的冰逐漸熔化成0汽的水的過程中吸收熱量，冰的內(nèi)能增大，而冰的溫度不變，

則分子的平均動(dòng)能不變，所以分子勢能會(huì)增加，故O錯(cuò)誤。

故選：Ao

根據(jù)熱力學(xué)第二定律分析熱傳遞的方向性；液晶具有晶體的光學(xué)各向異性；布朗運(yùn)動(dòng)是

懸浮微粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不是分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，形成的原因是由于液體分子對懸浮微

粒無規(guī)則撞擊引起的，溫度越高，分子熱運(yùn)動(dòng)越劇烈；冰溶化的過程中吸收熱量，分子

勢能會(huì)增加。

本題主要是考查分子動(dòng)理論、液晶、布朗運(yùn)動(dòng)等知識(shí)，解答本題的關(guān)鍵是能夠熟練掌握

熱學(xué)部分的基本知識(shí)并能夠熟練應(yīng)用，這種題型知識(shí)點(diǎn)廣，多以基礎(chǔ)為主，只要平時(shí)多

加積累，難度不大。

2.【答案】A

【解析】解：A、由圖示圖象可知，N-P過程氣體溫度T不變而壓強(qiáng)p增大，由理想

氣體狀態(tài)方程與=C可知，氣體體積V減小，外界對氣體做功，W>0,氣體溫度不變，

氣體內(nèi)能不變，△(/=(),由熱力學(xué)第一定律△U=W+Q可知，Q=△U-〃=一勿<0,

氣體放出熱量，故A正確；

3、由圖示圖象可知，MTN過程氣體溫度T降低而壓強(qiáng)p不變，由理想氣體狀態(tài)方程

牛=C可知，氣體體積V減小，故8錯(cuò)誤；

C、由理想氣體狀態(tài)方程華=C可知：p.T,「-7圖象的斜率/￡=也由圖示圖象可

知，N、。的連線過坐標(biāo)原點(diǎn)，圖象的斜率不變，說明氣體在狀態(tài)N和狀態(tài)。時(shí)的體積

相等，故C錯(cuò)誤；

。、由圖示圖象可知，P-M過程氣體溫度升高而壓強(qiáng)減小，氣體壓強(qiáng)減小，氣體分子

對器壁單位面積的平均作用力減小，氣體溫度升高分子平均動(dòng)能增大，則單位時(shí)間內(nèi)撞

擊器壁單位面積的分子數(shù)減少，故。錯(cuò)誤。

故選：Ao

一定量的理想氣體內(nèi)能由溫度決定，溫度越高氣體內(nèi)能越大；氣體體積增大，氣體對外

做功；氣體分子對器壁單位面積的平均作用力等于氣體的壓強(qiáng)；根據(jù)圖示圖象分析清楚

氣體狀態(tài)變化過程，應(yīng)用理想氣體狀態(tài)方程與熱力學(xué)第一定律分析答題。

本題主要是考查理想氣體的狀態(tài)方程之圖象問題，關(guān)鍵是弄清楚p-7圖象中某點(diǎn)與坐

標(biāo)原點(diǎn)連線斜率表示的物理意義，能夠根據(jù)圖象分析氣體做功情況，根據(jù)熱力學(xué)第一定

律判斷內(nèi)能的變化情況。

3.【答案】D

【解析】解：A、根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，可知X的質(zhì)量數(shù)為3,電荷數(shù)為2,所

以X為稱He（氮的同位素），故A錯(cuò)誤；

B、由于核聚變的過程中釋放能量，所以反應(yīng)后生成物的總結(jié)合能大于反應(yīng)前的笊核的

結(jié)合能，所以X的比結(jié)合能比大，故8錯(cuò)誤；

C、根據(jù)質(zhì)能方程可得釋放的核能為：—me"虧損的質(zhì)量Am=詈，所以X的

質(zhì)量為2叫一瓶2-箸，故C錯(cuò)誤；

D,要使聚變產(chǎn)生，必須克服核子間庫侖斥力作用，故。正確。

故選:Do

根據(jù)核反應(yīng)過程中質(zhì)量數(shù)與核電荷數(shù)守恒，求出X的核電荷數(shù)，確定其種類；

根據(jù)質(zhì)能方程求出核反應(yīng)的質(zhì)量虧損，從而求出生成物的質(zhì)量即可；

本題考查核聚變的相關(guān)內(nèi)容，包括核聚變的核反應(yīng)方程以及愛因斯坦質(zhì)能方程等，要熟

練掌握相關(guān)內(nèi)容。

4.【答案】C

【解析】解：A、聲波傳播需要介質(zhì)，不可以在真空中傳播，故A錯(cuò)誤；

8、銅的相對原子質(zhì)量為64,鋁的相對原子質(zhì)量為27,所以聲波在固態(tài)鋁中傳播速度大，

故B錯(cuò)誤

C、同一聲波頻率不變，速度越大波長越長，因此聲波由固態(tài)銅傳播到固態(tài)鋁中，由于

波速變大，波長變長，故C正確；

。、固態(tài)氫只是作為介質(zhì)，氫原子速度達(dá)不到聲速，故。錯(cuò)誤。

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故選：Co

本題考查了聲波的傳播條件，是一道基礎(chǔ)題，掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可正確解題。

5.【答案】C

【解析】解：根據(jù)題意，“菱形千斤頂”C點(diǎn)受到的壓力G分解沿兩臂的兩個(gè)分力篤,

根據(jù)對稱性可知，兩臂受到的壓力大小相等，如圖1所示。

圖1

根據(jù)幾何關(guān)系可得：2F\Sin。=G

解得AC桿的彈力大?。壕?昌；

2sin0

對“菱形千斤頂”A點(diǎn)受力分析如圖2所示,

圖2

由平衡條件得：F=2&cos。

聯(lián)立解得：?=高=卷=遍G,故C正確、ABO錯(cuò)誤。

3

故選：Co

本題主要是考查了共點(diǎn)力的平衡問題，解答此類問題的一般步驟是：確定研究對象、進(jìn)

行受力分析、利用平行四邊形法則進(jìn)行力的合成或者是正交分解法進(jìn)行力的分解，然后

在坐標(biāo)軸上建立平衡方程進(jìn)行解答。

6.【答案】D

【解析】解：A、汽車做圓周運(yùn)動(dòng)，受到的合外力充當(dāng)向心力，故汽車受到的合外力不

為零，故A錯(cuò)誤；

8、兩名學(xué)員繞同一圓心做圓周運(yùn)動(dòng)，則他們的角速度相等，兩名學(xué)員離圓心的距離不

相等，由u=r3可知，所以他們的線速度大小不相同，故B錯(cuò)誤；

C、兩學(xué)員受到重力和汽車的作用力，二者的合力充當(dāng)向心力，因兩人轉(zhuǎn)動(dòng)半徑不同，

需要的向心力不同，因兩人的重力相等，故汽車對學(xué)員的作用力大小不相等，故C錯(cuò)誤；

。、因兩學(xué)員的重力相等，向心力大小不同，方向相同，根據(jù)平行四邊形定則可知，汽

車對兩學(xué)員的作用力方向不同，故C正確。

故選：D?

兩名學(xué)員的角速度相等，但離圓心的距離不相等，根據(jù)U=「3半徑線速度大?。桓鶕?jù)向

心力公式確定汽車對學(xué)員的作用力的大小和方向.

本題考查圓周運(yùn)動(dòng)的知識(shí)，理解共軸角速度相同，同帶邊緣的線速度大小相等，同時(shí)解

決本題的關(guān)鍵知道圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來源，明確平行四邊形定則的正確應(yīng)用。

7.【答案】B

【解析】解：ABC.衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道半徑為R+八，根據(jù)萬有引力提

供向心力可知，般”急

根據(jù)黃金代換式可知，GM=gR2

聯(lián)立解得衛(wèi)星運(yùn)行的線速度：v=叵=陣，故AC錯(cuò)誤，B正確；

y/R+hy/R+h

D、公式v=半計(jì)算的是地球上物體的運(yùn)行速度，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬有引力提供向心力結(jié)合黃金代換式分析。

該題考查了人造衛(wèi)星的相關(guān)知識(shí)，明確萬有引力提供向心力是解題的關(guān)鍵。

8.【答案】B

【解析】解：AC、電勢w隨x變化的關(guān)系圖線上每點(diǎn)切線的斜率大小等于電場強(qiáng)度，所

以何處的電場強(qiáng)度大于N處的電場強(qiáng)度，P點(diǎn)的切線斜率為0,知P點(diǎn)的場強(qiáng)為0,所

以A、B兩點(diǎn)的電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，方向相反，兩電荷為同種電荷，根據(jù)

沿電場線方向電勢逐漸降低，知兩電荷為正電荷，故AC錯(cuò)誤；

8、因?yàn)镻點(diǎn)的場強(qiáng)為0,所以A、B兩點(diǎn)的電荷在尸點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，方向相反，

根據(jù)后=/￡與，知距離大的電量大，所以A處電荷的電荷量小于8處電荷的電荷量，故

r2

8正確；

。、電子帶負(fù)電，根據(jù)Ep=q3，電勢先減小后增大，電勢能先增大后減小，故。錯(cuò)誤；

故選：B。

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解答本題應(yīng)抓?。阂?yàn)殡妱?隨x變化的關(guān)系圖線上每點(diǎn)切線的斜率為骨(△%-0),

表示電場強(qiáng)度E,由點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式分析兩電荷的電量大小.根據(jù)P點(diǎn)場強(qiáng)為0,知兩

電荷是同種電荷，根據(jù)電勢的變化，判斷電荷的電性.根據(jù)Ep=q<p判斷電勢能的變化.

解決本題的關(guān)鍵掌握電勢W隨x變化的關(guān)系圖線上每點(diǎn)切線的斜率表示電場強(qiáng)度E.以P

點(diǎn)場強(qiáng)為0作為突破口，展開分析.

9.【答案】D

【解析】解：A、線框沿水平向右拋出后，在重力作用下在豎直方向上做加速運(yùn)動(dòng)，磁

通量增加，磁場方向垂直紙面向外，由楞次定律判斷可知感應(yīng)電流方向是“公物，故A

錯(cuò)誤；

8、時(shí)邊和〃所受的安培力大小相等、方向相反，則線框在水平方向上所受的合力為

零，所以線框在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故3錯(cuò)誤；

8、由左手定則可知㈤邊受到的安培力豎直向下，兒邊受到的安培力豎直向上，由于

6c處的磁感應(yīng)強(qiáng)度總比而處的大，則兒邊受到的安培力比，，"邊的大，所以線框所受

安培力方向始終豎直向上，設(shè)線框邊長為L,某時(shí)刻豎直分速度為v,則線框產(chǎn)生的感

應(yīng)電動(dòng)勢為：E=BbcLv-BadLv=(Bftc-Bad)Lv=kL-Lv=kvl7,故隨著速度v的

增加，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢增加，感應(yīng)電流增加，線框所受的安培力增加，合力減小，

加速度減小，當(dāng)安培力與重力平衡時(shí)開始做勻速運(yùn)動(dòng)，所以線框在豎直方向上先做加速

度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，線框在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，因此,

線框最終斜向右下方做勻速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：Do

根據(jù)磁通量的變化情況和磁場方向，由楞次定律判斷感應(yīng)電流方向；分析線框水平方向

和豎直方向的受力情況，來判斷其運(yùn)動(dòng)情況。由左手定則判斷安培力的方向。線框在豎

直方向先做加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)。

本題中磁場隨著空間位置變化，導(dǎo)致線框移動(dòng)過程中磁通量變化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流,

要通過分析線框的受力情況來判斷其運(yùn)動(dòng)情況，運(yùn)用正交分解法進(jìn)行分析。

10.【答案】C

【解析】解：A、由于不計(jì)一切阻力，系統(tǒng)具有相同的加速度，根據(jù)牛頓第二定律可得：

。=喑喏等=心選手與抱枕一起做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

(mi+g)

8、以選手與抱枕整體為研究對象，受到重力和繩子的拉力作用，合力方向沿斜面向下,

則有Oi+m2'）gsinP=（恤+m2）a,解得a=gsi叩，所以a=0,即繩子的拉力方向

垂直于導(dǎo)軌，則繩子對抱枕的作用力大小為F拉=（乃+m^gcosp,故B錯(cuò)誤；

C、以選手為研究對象，選手受到重力和抱枕對選手的作用力，二者的合力沿導(dǎo)軌向下，

根據(jù)力的合成可得抱枕對選手的作用力大小為巾zgcosS，故C正確；

D、無論選手質(zhì)量多大，始終存在a=/?,所以￡角的大小與選手的質(zhì)量無關(guān)，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

由于不計(jì)一切阻力，系統(tǒng)具有相同的加速度，根據(jù)牛頓第二定律分析加速度大小，由此

確定運(yùn)動(dòng)情況；分析a與夕的大小關(guān)系確定繩子的方向，根據(jù)力的合成求解繩子對抱枕

的作用力大小以及抱枕對選手的作用力大??；無論選手質(zhì)量多大，始終存在a=￡。

解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，抓住它們的加速度相同，結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行

求解，掌握整體法和隔離法的靈活運(yùn)用。

11.【答案】（1）單縫：雙縫；

⑵《

【解析】解：

（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，濾光片后面依次應(yīng)該為單縫、雙縫。

（2）測得第1條亮條紋到第7條亮條紋之間的距離為4X,根據(jù)條紋間距公式可知,

^―-:入,知4=弓2》。

7-1（162

故答案為：（1）單縫、雙縫；（2）《zx。

ol

解決本題的關(guān)鍵掌握“用雙縫干涉測光的波長”的實(shí)驗(yàn)步驟和實(shí)驗(yàn)原理。

（1）為獲取單色線光源，白色光源后面依次要有濾光片、單縫、雙縫。

（2）根據(jù)△x=（a列式求解光的波長。

12.【答案】(1)(2)；③；0.381(0.380-0.382均可);

第14頁，共19頁

(3)；k?rd2；(4)小華的觀點(diǎn)是錯(cuò)誤的；應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)消除了電流表內(nèi)阻引起

的實(shí)驗(yàn)誤差。

【解析】解：

(1)用螺旋測微器測合金絲直徑時(shí)，先打開固定螺釘①，把待測合金絲放在測微螺桿與

測砧之間，然后調(diào)節(jié)粗調(diào)旋鈕②，當(dāng)合金絲與測微螺桿、測砧接觸時(shí)停止調(diào)節(jié)粗調(diào)旋

鈕，然后調(diào)節(jié)微調(diào)旋鈕③；為防止讀數(shù)時(shí)測微螺桿發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)，讀數(shù)前應(yīng)先旋緊固定螺

釘①，然后再讀數(shù)，故①、②、③使用的先后順序應(yīng)該①②③①；由圖乙所示螺旋

測微器可知，其示數(shù)為0mm+38.1X0.01mm=0.381mm()

(2)由圖丙所示實(shí)物電路圖可知，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，電流表采用內(nèi)接法，根據(jù)

實(shí)物電路圖完成實(shí)驗(yàn)原理圖如圖所示；

(3)

由電阻定律可知：R=pg=P/M=^'，則/?一1圖象的斜率：k=襄,則合金絲的

電阻率：p=^knd2；

4

(4)

設(shè)電壓表示數(shù)為U,電流表示數(shù)為/,電流表內(nèi)阻為心,

根據(jù)圖示電路圖由歐姆定律可知合金絲的測量值：R測=E=R+RA，

由電阻定律得：4娜=R+&=0^=。志=焉1

解得：R=黑1-RA,

則R-1圖象的斜率：k=與,則合金絲的電阻率：p=；/wd2,合金絲電阻率的測量值

與真實(shí)值相等；

故答案為：(1)②；③；0.381(0.380?0.382均可)；(2)實(shí)驗(yàn)電路原理圖如圖所示；

(3),兀弓2；(4)小華的觀點(diǎn)是錯(cuò)誤的；應(yīng)用圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)消除了電流表內(nèi)阻引起

的實(shí)驗(yàn)誤差。

(1)用螺旋測微器測合金絲直徑時(shí)，把待測合金絲放在測微螺桿與測砧之間，然后調(diào)節(jié)

旋鈕，當(dāng)合金絲與測微螺桿、測砧接觸時(shí)停止調(diào)節(jié)旋鈕，然后調(diào)節(jié)微調(diào)旋鈕；為防止讀

數(shù)時(shí)測微螺桿發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)，讀數(shù)前應(yīng)先旋緊固定螺釘，然后再讀數(shù)；螺旋測微器固定刻度

與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù)。

(2)根據(jù)圖丙所示實(shí)物電路圖完成實(shí)驗(yàn)原理圖。

(3)根據(jù)電阻率求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后求出電阻率的表達(dá)式。

(4)根據(jù)圖示電路圖應(yīng)用歐姆定律與電阻定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后分析實(shí)驗(yàn)誤

差。

本題考查了螺旋測微器使用與讀數(shù)問題，考查了實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理，要掌握常用器材的使用

方法與讀數(shù)方法；理解實(shí)驗(yàn)原理是解題的前提，應(yīng)用電阻定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，

然后可以解題。

13.【答案】解：(1)由題意可知，如果粒子恰好從。點(diǎn)射出，則粒子軌跡半徑為：R*

根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qMB=若

解得：”=磐

根據(jù)動(dòng)能定理可得：qU=lmv'2

聯(lián)立以上式得：U=歿生；

8m

(2)若粒子只經(jīng)過一次x軸，又垂直射出，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示；

則在區(qū)域I、H所經(jīng)過的半徑為：R=：

根據(jù)幾何關(guān)系可得粒子在I、n區(qū)域經(jīng)過的軌跡所對應(yīng)的圓心角均為90。,

則粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：t=^r=翳；

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⑶根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qvB=

解得軌跡半徑：r=^d

2

根據(jù)幾何關(guān)系可得y應(yīng)該滿足的條件：令+(y-A)2=(等)2

解得y=或者y：4711d考慮到y(tǒng)<d時(shí)，粒子可能多次穿過y軸，故y該滿

足的條件是y—專或者y=1d——*(九=1、2、3…)

【解析】(1)由題意可知，如果粒子恰好從。點(diǎn)射出，根據(jù)幾何關(guān)系求解半徑，根據(jù)洛

倫茲力提供向心力求解速度大小，根據(jù)動(dòng)能定理求解電壓；

(2)若只經(jīng)過一次x軸，又垂直MN射出，畫出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系求解軌跡

所對應(yīng)的圓心角，根據(jù)周期公式求解粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：

(3)根據(jù)洛倫茲力提供向心力求解粒子軌跡半徑，根據(jù)幾何關(guān)系可得y應(yīng)該滿足的條件。

對于帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)情況分析，一般是確定圓心位置，根據(jù)幾何關(guān)系求半徑,

結(jié)合洛倫茲力提供向心力求解未知量；根據(jù)周期公式結(jié)合軌跡對應(yīng)的圓心角求時(shí)間。

14.【答案】解：(1)由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，平均感應(yīng)電動(dòng)勢E=^=n^S=

如刎,=竺正，平均感應(yīng)電流/=￡=吧吧,路端電壓%=/R=改貯xR=改貯，

t2tR+R4Rtu4RC4t

所以電容器兩端的電壓u=u0=—；

(2)通過右側(cè)電阻R