2021年陜西省西安市高考物理猜想試卷（全國(guó)Ⅱ卷）

2021年陜西省西安市高考物理猜想試卷（全國(guó)n卷）

1.一質(zhì)量為1版的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）靜止于水平桌面上，物體能受到的最大靜摩擦力

為5M現(xiàn)將水平面內(nèi)的三個(gè)力同時(shí)作用于物體的同一點(diǎn)，三個(gè)力的大小分別為2M

2M3M下列關(guān)于物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況判斷正確的是（）

A.物體所受摩擦力可能為0

B.物體不可能繼續(xù)處于靜止?fàn)顟B(tài)

C.物體可能做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其加速度大小可能為3m/s2

D.物體可能做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)

2.當(dāng)?shù)貢r(shí)間2020年1月26日，科比?布萊恩特于加利福尼亞州的一

場(chǎng)直升機(jī)墜機(jī)事故中不幸遇難，令人惋惜，很多人都聽說(shuō)過(guò)他的

洛杉磯凌晨四點(diǎn)太陽(yáng)的故事。某次比賽中，科比正對(duì)籃板罰球，

籃球恰好垂直打在籃板上距離地面高為3.55m的位置后反彈入框。

己知罰球線到籃板的水平距離為4.60m,籃球出手點(diǎn)在罰球線正

上方高為2.306的位置。不計(jì)空氣阻力，重力加速度g=10m/s2,則籃球出手時(shí)速

度大小最接近（）

A.9.20m/sB.10.5m/sC.13.5m/sD.15.5m/s

3.如圖所示，在光滑平面上有一靜止小車，小車上靜止地放置著一小物塊，物塊和小

車間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=0.3,用水平恒力F拉動(dòng)小車，下列關(guān)于物塊的加速度必和

小車的加速度?當(dāng)水平恒力廠取不同值時(shí)，%與的值可能為（當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭

取10m/s2）（）

2222

A.%=2m/s,a2=3m/sB.=3m/s,a2=2m/s

2222

C.=5m/s,a2~3m/sD.=3m/s,a2=5m/s

4.我國(guó)即將展開深空探測(cè)，計(jì)劃在2020年通過(guò)一次發(fā)射，，./工工詁、:

實(shí)現(xiàn)火星環(huán)繞探測(cè)和軟著陸巡視探測(cè)，已知太陽(yáng)的質(zhì)量/，?三

為M,地球、火星繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑分，-嬴G式二

別為R1和勺，速率分別為由和"2,地球繞太陽(yáng)的周期為\

*'-------""

兀當(dāng)質(zhì)量為m的探測(cè)器被發(fā)射到以地球軌道上的A點(diǎn)

為近日點(diǎn)，火星軌道上的B點(diǎn)為遠(yuǎn)日點(diǎn)的軌道上圍繞太陽(yáng)運(yùn)行時(shí)（如圖），只考慮太

陽(yáng)對(duì)探測(cè)器的作用，貝女）

?2

A.探測(cè)器在A點(diǎn)加速度的值大于黃

B.探測(cè)器在B點(diǎn)的加速度小于黑

K2

C.探測(cè)地在8點(diǎn)的加速度為普

D,探測(cè)器沿橢圓軌道從4飛行到B的時(shí)間為“”&）%

ZKj

5.圖1是某同學(xué)設(shè)計(jì)的電容式速度傳感器原理圖，其中上板為固定極板，下板為待測(cè)

物體，在兩極板間電壓恒定的條件下，極板上所帶電量。將隨待測(cè)物體的上下運(yùn)動(dòng)

而變化，若。隨時(shí)間f的變化關(guān)系為Q=9、〃為大于零的常數(shù)），其圖象圖2

所示，那么圖3、圖4中反映極板間場(chǎng)強(qiáng)大小E和物體速率v隨f變化的圖線可能

是（）

6.發(fā)射地球同步衛(wèi)星時(shí)，先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1,然

后經(jīng)點(diǎn)火，使其沿橢圓軌道2運(yùn)行，最后再次點(diǎn)火，將衛(wèi)

星送入同步圓軌道3.軌道I、2相切于。點(diǎn)，軌道2、3相

切于P點(diǎn)，如圖所示，則當(dāng)衛(wèi)星分別在1、2、3軌道上正

常運(yùn)行時(shí)，以下說(shuō)法正確的是（）

A.要將衛(wèi)星由圓軌道1送入圓軌道3,需要在圓軌道1的。點(diǎn)和橢圓軌道2的遠(yuǎn)

地點(diǎn)P分別點(diǎn)火加速一次

B.由于衛(wèi)星由圓軌道1送入圓軌道3點(diǎn)火加速兩次，則衛(wèi)星在圓軌道3上正常運(yùn)

行速度大于衛(wèi)星在圓軌道1上正常運(yùn)行速度

C.衛(wèi)星在橢圓軌道2上的近地點(diǎn)。點(diǎn)的速度一定大于7.9km/s,而在遠(yuǎn)地點(diǎn)P的

速度一定小于7.9/cm/s

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D.衛(wèi)星在桶圓軌道2上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)的加速度大于它在圓軌道3上經(jīng)過(guò)尸點(diǎn)時(shí)的加

速度

7.如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)以直線48為分界線，上半圓內(nèi)有垂v*

直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8,下半圓內(nèi)有垂I7xx-xx\

直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小未知，圓的半徑為'（?；?:）

R.在磁場(chǎng)左側(cè)有一粒子水平加速器，質(zhì)量為小電量大小為

q的粒子在極板M右側(cè)附近，由靜止釋放，在電場(chǎng)力的作用下加速，以一定的速度

沿直線CD射入磁場(chǎng)，直線CD與直徑AB距離為0.6R.粒子在AB上方磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)

后，恰能垂直直徑AB進(jìn)入下面的磁場(chǎng)，之后在AB下方磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)后恰好從。點(diǎn)

進(jìn)入上方的磁場(chǎng)。帶電粒子的重力不計(jì)。則（）

A.帶電粒子帶負(fù)電

B,加速電場(chǎng)的電壓為罷里

257n

C.粒子進(jìn)入AB下方磁場(chǎng)時(shí)的運(yùn)動(dòng)半徑為0.1R

D.AB下方磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為上方磁場(chǎng)的3倍

8.如圖所示的理想變壓器，其輸入端接在a=100/sinlOO;rt（lO的交流電源上，原、

副線圈的匝數(shù)比為%：n2=2：1,%為電阻箱，副線圈中的電阻R=100,電表

均為理想電表。下列說(shuō)法正確的是（）

A.當(dāng)品=。時(shí)，電壓表的讀數(shù)為100V

B.當(dāng)&=0時(shí)，電流表的讀數(shù)為5A

C,當(dāng)即=100時(shí)，電流表的讀數(shù)為4A

D.當(dāng)年=1。0時(shí)，電壓表的讀數(shù)為100V

9.在探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中，將一端帶有滑輪的長(zhǎng)木板放在水平桌面上，

小車通過(guò)輕細(xì)繩跨過(guò)定滑輪與小砂桶連接，小車與紙帶相連，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用交流

電的頻率為f=50Hz,平衡摩擦力后，在保持實(shí)驗(yàn)小車質(zhì)量不變的情況下，打開

電源，釋放小車，根據(jù)紙帶得到小車運(yùn)動(dòng)的加速度為a；多次改變砂桶和沙子的總

質(zhì)量〃?，根據(jù)紙帶計(jì)算出對(duì)應(yīng)的加速度.

（1）在驗(yàn)證“質(zhì)量一定，加速度。與合外力尸的關(guān)系”時(shí)，某學(xué)生根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作

出了如圖乙所示的a-F圖象，其中圖線不過(guò)原點(diǎn)并在末端發(fā)生了彎曲現(xiàn)象，產(chǎn)生

這兩種現(xiàn)象的原因可能有。

A.木板右端墊起的高度過(guò)大

B.木板右端墊起的高度過(guò)小

C.砂桶和沙子的總質(zhì)量機(jī)遠(yuǎn)小于小車和祛碼的總質(zhì)量M

D砂桶和沙子的總質(zhì)量〃，未遠(yuǎn)小于小車和祛碼的總質(zhì)量M

（2）實(shí)驗(yàn)過(guò)程中打出的一條理想紙帶如圖丙所示，圖中0、A、B、C、D、E、F為

相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)打出的點(diǎn)未畫出，則小車運(yùn)動(dòng)的加速度

a=m/s2.（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）

（3）小車質(zhì)量M一定，改變砂桶中沙子的質(zhì)量，砂桶和沙子的總質(zhì)量為相，根據(jù)實(shí)

驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪出的小車加速度a與砂桶和沙子的總質(zhì)量，”之間的工-工關(guān)系圖象如圖

am

丁所示，則小車的質(zhì)量M=kg.（g取10m/s2）

10.在測(cè)定干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，備有下列器材：

人待測(cè)干電池（1節(jié)）B.電流表G（滿偏電流1〃認(rèn)，內(nèi)阻Rg=lO0）

C.電流表4（0?0.6?34內(nèi)阻未知）。,滑動(dòng)變阻器％（0?150,104）

￡滑動(dòng)變阻器（0?2000,14）F.定值電阻&（阻值19900）

G開關(guān)K與導(dǎo)線若干

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(1)在實(shí)驗(yàn)中，為了操作方便且能夠準(zhǔn)確進(jìn)行測(cè)量，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用(填

“RJ或"/?2”);電流表的量程應(yīng)為A擋(填“0.6”或“3”)。

(2)根據(jù)題目提供的實(shí)驗(yàn)器材，請(qǐng)?jiān)O(shè)計(jì)出測(cè)量干電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的電路原理圖,

并畫在答卷的方框內(nèi)(圖3)

(3)如圖4為某同學(xué)利用上述設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路測(cè)出的數(shù)據(jù)繪出的/J?圖線(4為電流表G

的示數(shù)，/2為電流表A的示數(shù))，則由此圖線可以得到被測(cè)干電池的電動(dòng)勢(shì)

E=V,內(nèi)阻r=(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

11.如圖所示，兩光滑的平行金屬軌道與水平面成。角，兩軌道間距為L(zhǎng),一金屬棒垂

直兩軌道水平放置。金屬棒質(zhì)量為〃?，電阻為R,軌道上端的電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)

阻為公為使金屬棒能靜止在軌道上，可加一方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，求：

(1)該磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度8應(yīng)是多大？

(2)若將磁場(chǎng)方向變?yōu)樨Q直向下，此時(shí)導(dǎo)軌由靜止下滑的瞬間加速度？

研

爭(zhēng)-

12.學(xué)校科技小組設(shè)計(jì)了“e”字型軌道豎直放置在水平面上，該軌道由兩個(gè)光滑半圓

形軌道ABC、CDE和粗糙的水平直軌道EF組成，末端與豎直的彈性擋板OF連接，

軌道CDE半徑r=0.1m,軌道A8C半徑為2r,A端與地面相切。現(xiàn)將質(zhì)量m=0.2kg

小滑塊從水平地面尸點(diǎn)以速度%=2bm/s沿軌道上滑，運(yùn)動(dòng)到F點(diǎn)與擋板發(fā)生完

全彈性相碰。已知直線軌道EF長(zhǎng)為L(zhǎng)=0.5加，小滑塊與軌道EF的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=

0.5,其余阻力均不計(jì)，小滑塊可視為質(zhì)點(diǎn)。求：

(1)小滑塊在ABC圓軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)對(duì)軌道C點(diǎn)的壓力：

(2)小滑塊最終停止的位置離F點(diǎn)的距離；

(3)若改變小滑塊的初速度，使小滑塊能停在所軌道上，且運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不脫離軌道,

則小滑塊的初速度滿足什么條件。

13.如圖，一開口向上的導(dǎo)熱汽缸內(nèi)，用活塞封閉了一定質(zhì)量的理想

氣體，活塞與汽缸壁間無(wú)摩擦?，F(xiàn)用外力作用在活塞上，使其緩

慢下降。環(huán)境溫度保持不變，系統(tǒng)始終處于平衡狀態(tài)。在活塞下

降過(guò)程中()

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A.氣體體積逐漸減小，內(nèi)能增加

B.氣體壓強(qiáng)逐漸增大，內(nèi)能不變

C.氣體壓強(qiáng)逐漸增大，放出熱量

D.外界對(duì)氣體做功，氣體內(nèi)能不變

E.外界對(duì)氣體做功，氣體吸收熱量

14.如圖，兩側(cè)粗細(xì)均勻、橫截面積相等、高度均為H=18cm的U|

型管，左管上端封閉，右管上端開口。右管中有高九。=4cm的口

水銀柱，水銀柱上表面離管口的距離Z=12cm,管底水平段的體

積可忽略。環(huán)境溫度為A=283K,大氣壓強(qiáng)Po=76cmHg。

。）現(xiàn)從右側(cè)端口緩慢注入水銀（與原水銀柱之間無(wú)氣隙），恰好使水銀柱下端到達(dá)右

管底部。此時(shí)水銀柱的高度為多少？

5）再將左管中密封氣體緩慢加熱，使水銀柱上表面恰與右管口平齊，此時(shí)密封氣

體的溫度為多少？

15.如圖所示，玻璃磚的橫截面由半徑為R的;圓和寬度也為

R的矩形組成，。點(diǎn)為9圓的圓心，光屏PQ與玻璃磚左

右兩側(cè)的直邊緣部分平行，到玻璃磚右側(cè)直邊緣的距離

也為R。一單色光線在A點(diǎn)垂直玻璃磚左側(cè)邊緣射入玻

璃磚，4、。兩點(diǎn)間的距離烤，入射光線的延長(zhǎng)線與光屏尸。的交點(diǎn)為M點(diǎn)，光線

進(jìn)入玻璃磚后，自玻璃磚右側(cè)弧面再射出時(shí)的折射角60。，則此玻璃磚的折射率為

,若使入射光線繞入射點(diǎn)A順時(shí)針旋轉(zhuǎn)60。，光線照射到屏PQ上的亮點(diǎn)到

例點(diǎn)的距離為o

16.如圖所示，波源M和N完全相同，質(zhì)點(diǎn)P到M的距

離Li=0.3m；質(zhì)點(diǎn)尸到N的距離G=1.1皿。兩波源

自t=0時(shí)開始振動(dòng)，位移隨時(shí)間變化的關(guān)系式都為

x-5siTuit（cm）,兩波源傳出的波在介質(zhì)中的波長(zhǎng)都為4=0,8m。求:

（團(tuán)）兩波源傳出的波在介質(zhì)中的傳播速度；

（團(tuán)）質(zhì)點(diǎn)尸在t=0至t=3s時(shí)間內(nèi)經(jīng)過(guò)的路程。

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：A、2N和2N的合力范圍為。?4N,3N在此范圍內(nèi)，故當(dāng)兩個(gè)2N力的合

力為3N時(shí)，再與第三個(gè)力大小相等，方向相反，則三個(gè)力的合力為0,故2M2N、3N

三個(gè)力的合力范圍為0?7N。當(dāng)三力合力為0時(shí)，物體所受摩擦力為0,故4正確；

B、當(dāng)三個(gè)力的合力大小小于最大靜摩擦力時(shí)，物體處于靜止?fàn)顟B(tài)，故8錯(cuò)誤；

C、如果物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，假設(shè)物體所受的滑動(dòng)摩擦力等于最大靜摩擦力篇ax=

5/V,當(dāng)三個(gè)力的合力最大，即治"=7乂物體做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度。最大。根據(jù)牛

頓第二定律F臺(tái)=7ax-源"=ma，解得a=2m/s2,其加速度大小不可能為3m/s2,

故C錯(cuò)誤；

。、物體在恒定外力的作用下由靜止開始開始運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向始終與外力方向相同，物

體不可能做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故。錯(cuò)誤。

故選:Ao

(1)根據(jù)平行四邊形定則，求解三個(gè)共點(diǎn)力合力的大小范圍；

(2)分析三力的合力與物體所受靜摩擦力的大小關(guān)系，根據(jù)牛頓第二定律確定物體的運(yùn)

動(dòng)情況。

靜摩擦力的大小，隨著外力的變化，在0?5N范圍內(nèi)變化，解答本題時(shí)，如果不注意靜

摩擦力的被動(dòng)性，容易導(dǎo)致錯(cuò)誤。

2.【答案】B

【解析】解：將籃球從出手到撞擊籃板的運(yùn)動(dòng)逆向理解為平拋運(yùn)動(dòng)，水平位移為x=

4.60m,豎直位移為/i=3.55m-2.30m=1.25m,由自由落體運(yùn)動(dòng)九=；9產(chǎn)，可知運(yùn)

動(dòng)時(shí)間為t=0.5s。

從而豎直速度為%=gt=5m/s,水平速度為%=；=翟加/s=9.2m/s,

合成后速度大小〃=J詔+藥=10.5m/s,故B正確，ACZ)錯(cuò)誤。

故選：B。

將籃球從出手到撞擊籃板的運(yùn)動(dòng)逆向理解為平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)幾何知識(shí)確定水平位移和豎

直位移，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)豎直方向位移求解時(shí)間，根據(jù)水平方向位移公式求解初速度，根

據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成求解合速度的大小。

此題的關(guān)鍵是將運(yùn)動(dòng)逆向視為平拋運(yùn)動(dòng)，從而利用平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解，抓住兩分運(yùn)動(dòng)

的時(shí)間相等。

3.【答案】D

【解析】解：當(dāng)尸<〃mg=3mN時(shí)，木塊與小車一起運(yùn)動(dòng)，且加速度相等，最大共同

加速度為

“mg=mamax

dmax="9=3mls2

故AB錯(cuò)誤

當(dāng)F23mN時(shí)，小車的加速度大于木塊的加速度，此時(shí)木塊與小車發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，

此時(shí)木塊加速度最大，由牛頓第二定律得：==臂=聞=3m/s2

小車的加速度。2>3m/s2

故C錯(cuò)誤，力正確，

故選。

對(duì)整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方程；再對(duì)，〃受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列方

程；最后聯(lián)立方程組求解.

本題關(guān)鍵先對(duì)整體受力分析，再對(duì)小滑塊受力分析，然后根據(jù)牛頓第二定律列方程，聯(lián)

立方程組求解.

4.【答案】C

【解析】解：A、在4點(diǎn)根據(jù)萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力可得：=可得探測(cè)

器在A點(diǎn)的加速度為：的=*，故4錯(cuò)誤；

BC、在B點(diǎn)根據(jù)萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力可得：^=m^=ma2,可得探測(cè)器在8點(diǎn)的

加速度為：。2=,=3，故B錯(cuò)誤，C正確；

力、設(shè)探測(cè)器在橢圓軌道上運(yùn)行的周期為A,地球繞太陽(yáng)的周期為7,探測(cè)器與地球的

中心天體均為太陽(yáng)，由開普勒第三定律可得：法=匹位7,可得：7=（陪AT,探

測(cè)器從A到B運(yùn)動(dòng)了橢圓形軌道的一半，運(yùn)動(dòng)了半個(gè)周期，故從A到8的時(shí)間為t==

★爐）全，故O錯(cuò)誤；

/Zn1

故選：Co

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由萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力判斷加速度的大小，由開普勒第三定律判斷楠圓軌道周期的大小。

本題主要考查了開普勒第三定律以及萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力的計(jì)算，解題關(guān)鍵在于使用開

普勒第三定律時(shí)，兩顆環(huán)繞天體所環(huán)繞的中心天體必須相同。

5.【答案】C

【解析】解：電容式速度傳感器原理圖，其中上板為固定極板，下板為待測(cè)物體，

由。=。(7、C=品與E=5得：。與C成正比，而C與d成反比，則E與d成反比，

所以E與。成正比。

則由。與f關(guān)系可得，E與z的關(guān)系：選第②；

Q隨時(shí)間f的變化關(guān)系為、=會(huì)又由于。與d成反比。所以d與f成線性關(guān)系。故選

第③

故選：Co

某同學(xué)設(shè)計(jì)的電容式速度傳感器原理圖，隨待測(cè)物體的上下運(yùn)動(dòng)而變化，導(dǎo)致間距變化，

由于電壓恒定，電量在變化，所以其電容也在變化，從而判斷出電場(chǎng)強(qiáng)度的變化，再由

Q隨時(shí)間f的變化關(guān)系為Q=*可推導(dǎo)出位移與時(shí)間的關(guān)系.

運(yùn)用各公式去尋找變量間的關(guān)系，最終得出正確答案.

6.【答案】AC

【解析】解：A、衛(wèi)星由小圓變橢圓做離心運(yùn)動(dòng)，需要在。點(diǎn)點(diǎn)火加速，而衛(wèi)星由橢圓

變大圓做離心運(yùn)動(dòng)，需要在P點(diǎn)點(diǎn)火加速，故A正確；

8、衛(wèi)星在3軌道和1軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由萬(wàn)有引力提供向心力，可得線速度為

u=J號(hào)，而&>勺，可知衛(wèi)星在圓軌道3上正常運(yùn)行速度小于衛(wèi)星在圓軌道1上正常

運(yùn)行速度，故B錯(cuò)誤；

C、衛(wèi)星在1軌道的速度為7.9km/s,而由1軌道加速進(jìn)入2軌道，需要在。點(diǎn)點(diǎn)火加

速，則在橢圓軌道2上的近地點(diǎn)。的速度一定大于7.9km/s,而橢圓上由近地點(diǎn)到遠(yuǎn)地

點(diǎn)減速，且3軌道的線速度大于橢圓在遠(yuǎn)地點(diǎn)的速度，故在遠(yuǎn)地點(diǎn)尸的速度一定小于

7.9km/s,即〃2Q>"IQ(=7.9/cm/s)>v3p>v2p,故C正確；

D、根據(jù)牛頓第二定律得G管=ma,得。=等，則知衛(wèi)星在橢圓軌道2和圓軌道3經(jīng)

過(guò)戶點(diǎn)的加速度相同，故。錯(cuò)誤。

故選：ACo

當(dāng)衛(wèi)星要做離心運(yùn)動(dòng)時(shí)，必須點(diǎn)火加速，當(dāng)衛(wèi)星要做近心運(yùn)動(dòng)時(shí)，必須點(diǎn)火減速；近地

衛(wèi)星的線速度大小等于第一宇宙速度7.9km/s；根據(jù)牛頓第二定律和萬(wàn)有引力定律相結(jié)

合分析衛(wèi)星的加速度。

本題的關(guān)鍵要理解并掌握衛(wèi)星變軌的原理，抓住衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由萬(wàn)有引力提

供向心力列式分析線速度、加速度的關(guān)系。

7.【答案】AC

【解析】解：畫出帶電粒子在上下方做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡，j

根據(jù)幾何關(guān)系可得：HTYVA

FD=J/?2_（O.6R）2=0.8/?,\；./

而CF=6=0.6/?,由幾何關(guān)系和題意，分別求出上下方的軌

跡半徑為：

q=0.6/?

r2=0.1/?

A、根據(jù)粒子的偏轉(zhuǎn)方向和左手定則知道，粒子是帶負(fù)電，故A正確；

B、由于粒子在AB上方做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑彳=0.6/?,由洛侖茲力提供向心力:Bqu=

血口，從而進(jìn)入磁場(chǎng)的速度〃=等，而該速度是在加速電場(chǎng)中從靜止開始加速獲得，

?。軯771

由動(dòng)能定理=從而求得加速電壓為：1/=萼k，故8錯(cuò)誤；

250m

C、由上述計(jì)算可知，粒子在A3下方做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為：萬(wàn)=0.1/?,故C正確；

。、由洛侖茲力提供向心力：=可求得：B譚;

由于心=6七，所以^上二嗝口戶即AB下方磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為上方磁場(chǎng)的6倍，故。

錯(cuò)誤。

故選：AC。

帶電粒子經(jīng)電場(chǎng)加速后進(jìn)入方向相反的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)兩次后恰又從00點(diǎn)進(jìn)入AB1.

方，由幾何關(guān)系分別能求出帶電粒子在AB上下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，由洛侖茲力提

供向心力就能求出上下磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小關(guān)系。

本題是帶電粒子在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中交替運(yùn)動(dòng)的綜合，要注意的是：①洛侖茲力提供向心

力，可求得半徑公式，應(yīng)用半徑公式從而能得到加速電場(chǎng)的電壓，②帶電粒子在方向

相反的兩勻強(qiáng)磁場(chǎng)中向相反方向偏轉(zhuǎn)時(shí)，這些是在圓形磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)完成的，由幾何關(guān)系

能求出帶電粒子在兩場(chǎng)區(qū)的軌道半徑。

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8.【答案】BC

【解析】解：4、當(dāng)Ro=。時(shí)，原線圈直接接在交流電源上，最大值為100迎，則原線

圈的輸入電壓：=100IZ,根據(jù)變壓比可知，副線圈輸出電壓：4=言,％=50匕

則電壓表的讀數(shù)為50匕故A錯(cuò)誤；

B、當(dāng)品=0時(shí)，副線圈輸出電壓：U2=50V,根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電流表示

數(shù)：/2=§=54故B正確；

C、當(dāng)Ro=100時(shí)，設(shè)電流表的讀數(shù)為/2'，則副線圈輸出電壓為10/2'，根據(jù)變流比可知，

原線圈輸入電流為0.5U，分析原線圈電路，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，100U=

,

20/2（y）+0.5/2/x10（K）,解得，2'=44故C正確；

D、當(dāng)品=100時(shí)，電流表的讀數(shù)為44,根據(jù)歐姆定律可知，電壓表的讀數(shù)為40M,故

。錯(cuò)誤。

故選：BC。

當(dāng)Ro=。時(shí)，交變電源的輸出電壓為原線圈的輸入電壓，根據(jù)變壓比和閉合電路歐姆定

律分析。

當(dāng)&=100時(shí)，交變電源的輸出電壓等于原線圈的輸入電壓和電阻兩端電壓之和，

從電流入手分析電表讀數(shù)。

此題考查了變壓器的構(gòu)造和原理，解答本題的關(guān)鍵是知道變壓器的電壓之比等于匝數(shù)之

比，由于原線圈串聯(lián)電阻，故交流電源的輸出電壓不等于原線圈輸入電壓，可以從電流

入手分析。

9.【答案】⑴4。；（2）1.60；（3）0.5。

【解析】解：（1MB、圖線不過(guò)原點(diǎn)且力為零時(shí)小車加速度不為零，所以木板右端墊起

的高度過(guò)大（即平衡摩擦力過(guò)度），故A正確，3錯(cuò)誤。

CD,圖線末端發(fā)生了彎曲現(xiàn)象，是因?yàn)楫?dāng)砂桶和沙子的總質(zhì)量〃?未遠(yuǎn)小于小車和祛碼

的總質(zhì)量M后，故。正確，C錯(cuò)誤。

故選：AD?

（2）相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未畫出，則兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間時(shí)間間隔為：

T=0.1s,

根據(jù)△x=a72,運(yùn)用逐差法得，小車運(yùn)動(dòng)的加速度為:

(6.41+8.01+9.59-1.60-3.21-4.80)><10-2

a=XCF-Xocm/s2=1.60m/s2o

9T29X0.12

(3)設(shè)繩子拉力為丁，對(duì)砂桶和沙子受力分析，由牛頓第二定律可得：

mg—T—ma,

對(duì)小車受力分析，由牛頓第二定律可得：T=Ma

聯(lián)立解得：。=抵

整理得：T+；,

由卜5關(guān)系圖象可得：合*

解得：M=0.5kg,

故答案為：(1)40(2)1.60(3)0.5。

(1)根據(jù)F=0,a不等于0分析圖線不過(guò)原點(diǎn)的原因，抓住圖線的斜率表示質(zhì)量的倒數(shù)，

當(dāng)不滿足m<<M時(shí)，圖線上端會(huì)出現(xiàn)彎曲。

(2)根據(jù)連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差是一恒量，運(yùn)用逐差法求出加速度。

(3)運(yùn)用隔離法，根據(jù)牛頓第二定律得出;與+的關(guān)系式，結(jié)合圖線的斜率求出小車的質(zhì)

量。

該題考查了實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理分析，知道實(shí)驗(yàn)原理及注意事項(xiàng)即可正確解題；

探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)時(shí)，要平衡小車受到的摩擦力，不平衡摩擦力、或平

衡摩擦力不夠、或過(guò)平衡摩擦力，小車受到的合力不等于鉤碼的重力。

10.【答案】%0.61.51.0

【解析】解：(1)實(shí)驗(yàn)中電路中的電流應(yīng)較大，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選七,測(cè)一節(jié)干電池電動(dòng)

勢(shì)與內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)，電路最大電流較小，約為零點(diǎn)幾安，因此電流表應(yīng)選0.64量程。

(2)實(shí)驗(yàn)中沒(méi)有電壓表，可以用已知內(nèi)阻的電流表G與定值電阻R。串聯(lián)組成電壓表測(cè)路

端電壓，電流表A測(cè)電路電流，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示。

(3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖，由閉合電路歐姆定律得：E=I^RG+R^+I2r,

。-/2圖線的函數(shù)表達(dá)式應(yīng)為：

/1=---------/2,

RG+R。RG+R。

由圖示圖象可知，圖象的截距6=曰=0.75x10-3,

KG+KQ

第14頁(yè)，共19頁(yè)

圖象斜率的絕對(duì)值k==。75-鬻1。7=05*10-3,

KQ-VKQU.□

解得電源電動(dòng)勢(shì)E=1.5V,內(nèi)阻r=1.0。。

故答案為：(l)Ri；0.6；

(2)電路原理圖如圖所示

(3)1.5；l.Oo

(1)根據(jù)干電池的電動(dòng)勢(shì)與電路最大電流選擇電壓表與電流表。

(2)根據(jù)所給實(shí)驗(yàn)器材與伏安法測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻的原理作出實(shí)驗(yàn)電路圖。

(3)求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，讓根據(jù)表達(dá)式與圖象求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻。

本題考查了實(shí)驗(yàn)器材的選擇、設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖、求電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，要掌握伏安法測(cè)

電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻的原理，根據(jù)歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式是正確求出電源電動(dòng)勢(shì)

與內(nèi)阻的關(guān)鍵。

11.【答案】解：(1)導(dǎo)體棒受力分析如圖所示：

金屬棒受到安培力大?。篎^=BIL②

根據(jù)平衡條件：

F安=mgtanff③

聯(lián)合①②③解得：

mg(R+r)tand

B=FZ

(2)將磁場(chǎng)方向變?yōu)樨Q直向下，安培力水平向左，由牛頓第二定律可知：

mgsind+F安cosB=ma④

由③④解得：a=2gsind,加速度方向沿斜面向下。

答：(1)該磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B應(yīng)為出呼3：

cL

(2)若將磁場(chǎng)方向變?yōu)樨Q直向下，此時(shí)導(dǎo)軌由靜止下滑的瞬間加速度為2gsin0,加速度

方向沿斜面向下。

【解析】(1)先求出安培力的大小，再根據(jù)平衡條件可以求出磁感應(yīng)強(qiáng)度大??；

(2)將磁場(chǎng)方向變?yōu)樨Q直向下，安培力水平向左，由牛頓第二定律可以求出此時(shí)的加速

度。

本題考查了安培力的計(jì)算、共點(diǎn)力的平衡條件等知識(shí)點(diǎn)。將磁場(chǎng)方向變?yōu)樨Q直向下，安

培力水平向左，此時(shí)金屬棒受力不再平衡，安培力和重力沿斜面向下的分量之和為金屬

導(dǎo)體的合力。

12.【答案】解：(1)小球從P到C的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得：

1,1,

—mg-4r=-mv^--mv^

解得：vc=2m/s

在A8C圓軌道C點(diǎn)對(duì)小球分析，根據(jù)牛頓第二定律可知：mg+FN=噂

解得為=2N

根據(jù)牛頓第三定律可知對(duì)軌道的壓力為F'N=%=2N,方向豎直向上

(2)從P點(diǎn)到EF軌道停止過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得：

1,

—mg?2r—jmgs=0--mv^

解得：s=0.8m

因?yàn)閟=(L+0.3)m

小球最終停在離F點(diǎn)0.3m處；

2

(3)小球剛好經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)C,則

從P到C根據(jù)動(dòng)能定理可得:

2

-m5-4r=|mv-1mv2

解得：%=-/10m/.

第16頁(yè)，共19頁(yè)

當(dāng)小球第一次從擋板彈回時(shí)，到達(dá)小圓的圓心等高處。點(diǎn)速度為零，

從P到。根據(jù)動(dòng)能定理可得：

1

—mg-3r—fimg-2L=0——mv1

解得：v2=4m/s

所以小球的初速度范圍為：y/lOm/s<v0<4m/s

答：(1)小滑塊在ABC圓軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)對(duì)軌道C點(diǎn)的壓力為2M

(2)小滑塊最終停止的位置離F點(diǎn)的距離為0.3m；

(3)若改變小滑塊的初速度，使小滑塊能停在EF軌道上，且運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不脫離軌道，則

小滑塊的初速度滿足條件為<v0<4m/s。

【解析】(1)小滑塊從P到C根據(jù)動(dòng)能定理求得到達(dá)C點(diǎn)的速度，在C點(diǎn)根據(jù)牛頓第二

定律求得相互作用力；

(2)在整個(gè)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理求得在EF段通過(guò)的總路程，即可求得最終所停在的位

置；

(3)使小滑塊能停在EF軌道上，且運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不脫離軌道，當(dāng)速度最小時(shí)，小滑塊必須

恰能通過(guò)C點(diǎn)，求得最小速度，當(dāng)速度增大時(shí)，小球在尸點(diǎn)反彈后，最高只能到達(dá)。

點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理即可求得。

本題主要考查了動(dòng)能定理和物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的臨界速度，明確物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，及

受力，關(guān)鍵時(shí)運(yùn)動(dòng)過(guò)程的選取。

13.【答案】BCD

【解析】解：一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能僅與溫度有關(guān)，溫度不變則內(nèi)能不變，由于用外

力作用在活塞上，使其緩慢下降過(guò)程中環(huán)境溫度保持不變，則氣體溫度不變、內(nèi)能不變，

根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，外界對(duì)氣體做功，氣體要放出熱量，根據(jù)理想

氣體的狀態(tài)方程掌=C可知，氣體體積減小，壓強(qiáng)增大，故正確、4E錯(cuò)誤.

故選：BCD.

一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能僅與溫度有關(guān)，等溫壓縮過(guò)程中內(nèi)能不變，外界對(duì)氣體做功，

根據(jù)熱力學(xué)第一定律結(jié)合理想氣體的狀態(tài)方程進(jìn)行分析。

本題主要是考查了理想氣體的狀態(tài)方程和熱力學(xué)第一定律的知識(shí)，要能夠根據(jù)熱力學(xué)第

一定律判斷氣體內(nèi)能的變化與哪些因素有關(guān)(功和熱量)；熱力學(xué)第一定律在應(yīng)用時(shí)一定

要注意各量符號(hào)的意義；的正表示內(nèi)能變化，Q為正表示物體吸熱；W為正表示外

界對(duì)物體做功。

14.【答案】解：（。設(shè)左、右管的截面積為S。

密封氣體初始體積為匕=（2H-I-h0）S=20S,壓強(qiáng)為pi=76cmHg+4cmHg=

80cmHg

經(jīng)等溫壓縮過(guò)程，密閉氣體體積變?yōu)?=HS=18S,壓強(qiáng)變?yōu)镻2，

由玻意耳定律有：Pi%=p2V2,

解得：p2=88.89cmHg,

此時(shí)水銀柱的高度為：h=